2021年湖南省邵陽市高考物理一模試卷

2021年湖南省邵陽市高考物理一模試卷

一、單選題（本大題共6小題，共24.0分）

1.如圖所示，A、B、C三根通電長直導(dǎo)線均水平固定，導(dǎo)線通入的恒QA

定電流大小相等，方向如圖，其中48垂直紙面且關(guān)于C對稱，則

導(dǎo)線C所受磁場力的情況是（）

A.大小為零?1t

B.方向豎直向上

C.方向豎直向下

D.方向水平向左

2.科學(xué)家發(fā)現(xiàn)在月球上含有豐富的秘He（氨3）,它是一種高效、清潔、安全的核聚變?nèi)剂?，其參與

的一種核聚變反應(yīng)的方程式為狙e+狙加e,關(guān)于汨e聚變下列表述正確的是（）

A.反應(yīng)不會釋放能量

B.反應(yīng)產(chǎn)生了新原子核

C.反應(yīng)沒有質(zhì)量虧損

D.目前核電站大都采用gHe聚變反應(yīng)發(fā)電

3.質(zhì)量為根的長方形木塊靜止在傾角為。的斜面上，斜面對木塊的支持

力和摩擦力的合力方向可能是（）乂

A.沿斜面向下

B.垂直斜面向上

C.沿斜面向上

D.豎直向上

1

4.如圖所示，AB、CD兩塊平行金屬板接上恒定電壓，平行金屬板長度4；；g

.1T

為/,間距為d,。、b兩個(gè)電子分別以相同的速度v水平射入電場，a41

電子從上極板邊緣射入，匕電子從電場中間射入恰好打在下極板邊緣.J

的。點(diǎn)，平行金屬板外電場忽略不計(jì)，電子的荷質(zhì)比為無，則下列說法正確的是（）

A.上極板帶正電

B.“、人兩個(gè)電子在電場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間不相同

C.兩塊平行金屬板間電壓為空

D.要使兩個(gè)電子都打在下極板上，C。板應(yīng)向上移動(dòng)（1-日）d

B.在0?6s內(nèi)，物體經(jīng)過的位移為40〃？

C.在0?4s內(nèi)，物體的平均速度為7.5m/s

D.6s內(nèi)，物體的位移一直增加

6.一位同學(xué)從二樓教室窗口用力把一個(gè)籃球水平拋出，則籃球落地時(shí)重力的瞬時(shí)功率約為（）

A.5WB.50IVC.500WD.5000W

二、多選題（本大題共6小題，共29.0分）

7.2018年3月30日01時(shí)56分,我國在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用長征三號乙運(yùn)載火箭，以“一箭雙星”

方式成功發(fā)射第三十、三十一顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星。這兩顆衛(wèi)星屬于中圓地球軌道衛(wèi)星，是我國北

斗三號第七、八顆組網(wǎng)衛(wèi)星。北斗導(dǎo)航衛(wèi)星的軌道有三種：地球靜止軌道（高度35809km）、傾

斜地球同步軌道（高度35809km）、中圓地球軌道（高度21607km）,如圖所示。已知地球半徑為

6370%〃?，下列說法正確的是（）

修斜地球同步軌道

一--中圜地球軌道

，地球舲止軌道

A.傾斜同步軌道衛(wèi)星的加速度與地球靜止軌道的加速度大小相等

B.中圓地球軌道衛(wèi)星受到的萬有引力一定比靜止軌道衛(wèi)星受到的萬有引力大

C.傾斜同步軌道衛(wèi)星每天在固定的時(shí)間經(jīng)過同一地區(qū)的正上方

D.傾斜同步軌道衛(wèi)星的機(jī)械能一定大于中圓地球軌道衛(wèi)星的機(jī)械能

8.圖（甲）為手機(jī)及無線充電板，圖（乙）為充電原理示意圖。充電板接交流電源，對充電板供電，充

電板內(nèi)的送電線圈可產(chǎn)生交變磁場，從而使手機(jī)內(nèi)的受電線圈產(chǎn)生交變電流，再經(jīng)整流電路轉(zhuǎn)

變成直流電后對手機(jī)電池充電。為方便研究，現(xiàn)將問題做如下簡化：設(shè)受電線圈的匝數(shù)為〃，

面積為S,總電阻（含所接元件）為凡若在口到今時(shí)間內(nèi)，磁場垂直于受電線圈平面向上穿過線

圈，其磁感應(yīng)強(qiáng)度由當(dāng)增加到殳.下列說法正確的是（）

0

A.在0到七2時(shí)間內(nèi)，。點(diǎn)的電勢高于d點(diǎn)的電勢

B.在G到t2時(shí)間內(nèi)，受電線圈通過的電量為幽產(chǎn)

C.若只增加送電線圈匝數(shù)，可使c、d之間的電壓減小

D.受電線圈中的電流大小與交流電的頻率無關(guān)

9.如圖所示為電源甲和電源乙的U-/圖象。下列說法正確的是（）[U/V

A.甲乙兩電源的內(nèi)阻r用＜「乙Ik；

B.甲乙兩電源的短路電流/尹＜七卜?.

C.甲乙兩電源的電動(dòng)勢E尹〉E]

D.若兩電源的工作電流變化量相同時(shí)，電源乙的路端電壓變化較大

10.如圖所示，在豎直平面內(nèi)有一半徑為R的圓弧軌道，半徑OA水平、OB豎直，

一個(gè)質(zhì)量為m的小球自A的正上方尸點(diǎn)由靜止開始自由下落，小球沿軌道恰好

能夠通過最高點(diǎn)B。已知4P=2R,重力加速度為g,則小球從P到B的運(yùn)動(dòng)過

程中（）

A.重力做功〃?gRB.機(jī)械能減少mgR

C.合外力做功zngRD.克服摩擦力做功0.5mgR

11.下列說法中正確的是（）

A.氣體如果失去了容器的約束就會散開，這是因?yàn)闅怏w分子之間存在勢能的緣故

B.溫度升高，那么所有分子的速率都增大

C.一定量的水變成的水蒸汽，其分子平均動(dòng)能增加

D.對于一定量的氣體，如果壓強(qiáng)不變，體積增大，那么它一定從外界吸熱

E.液晶的光學(xué)性質(zhì)具有各向異性

12.如圖所示，兩單擺擺長相同，平衡時(shí)兩擺球剛好接觸.現(xiàn)將擺球A在兩擺球所在

平面內(nèi)向左拉開一小角度后釋放，碰撞后，兩擺球分開各自做簡諧運(yùn)動(dòng)，以西、

巾8分別表示擺球A、8的質(zhì)量，則（）

B

A.如果?《4＜爪8，下一次碰撞將發(fā)生在平衡位置右側(cè)

B.如果m^CmB，下一次碰撞將發(fā)生在平衡位置左側(cè)

C.無論兩球的質(zhì)量之比是多少，下一次碰撞都不可能在平衡位置右側(cè)

D.無論兩球的質(zhì)量之比是多少，下一次碰撞都不可能在平衡位置左側(cè)

三、實(shí)驗(yàn)題(本大題共2小題，共15.0分)

13.在“練習(xí)使用多用電表”的實(shí)驗(yàn)中：

(1)用多用電表測某電阻，擋位旋鈕指“X10”擋，讀數(shù)時(shí)發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角太大，為使測量結(jié)果更加

準(zhǔn)確，則應(yīng)改用擋；

A.xIB,x100C.xIk

(2)某次測電阻時(shí)選擇開關(guān)打在“X100”檔，指針如圖甲所示，則測量結(jié)果為：；在“練習(xí)

使用多用電表”實(shí)驗(yàn)結(jié)束后，圖乙中的電表旋鈕狀態(tài)符合實(shí)驗(yàn)操作規(guī)程的是(填“A”或

“B”)；

(3)某次實(shí)驗(yàn)的電路圖如圖丙所示，開關(guān)閉合后發(fā)現(xiàn)燈泡不亮，欲用多用電表檢查該電路(開關(guān)處于

閉合狀態(tài))何處“斷路’，應(yīng)使用多用電表的進(jìn)行檢測.

A.電阻檔8.電流檔C.交流電壓檔D直流電壓檔

甲

14.利用如圖1所示的裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律.

(1)電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器應(yīng)接電源.

(2)實(shí)驗(yàn)部分步驟如下：

4按圖裝置沿豎直方向固定好打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，把紙帶下端掛上重物，穿過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器.

B.將紙帶下端靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器附近靜止，接通電源，釋放紙帶，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在紙帶上打下一系列的

點(diǎn).

C.如圖2為打出的一條紙帶，用刻度尺測出A,B,C與起始點(diǎn)0之間的距離分別為七，h2,h3.

(3)設(shè)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的周期為T,重物質(zhì)量為，力重力加速度為g.研究紙帶從0下落到B過程中增加的

動(dòng)能△Ek=＞減少的重力勢能4Ep=.

(4)由于紙帶受到摩擦，實(shí)驗(yàn)測得的△Ek(填“大于”或“小于”)△Ep.

圖1圖2

四、簡答題(本大題共2小題，共28.()分)

15.提純笊核技術(shù)對于核能利用具有重大價(jià)值.如是從質(zhì)子、笊核混合物中將質(zhì)子和笊核分離的原

理圖，x軸上方有垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場，初速度為0的質(zhì)子、笊核混合物經(jīng)電壓為U的

電場加速后，從x軸上的4(-〃0)點(diǎn)沿與+x成。=30。的方向進(jìn)入第二象限(速度方向與磁場方向

垂直)，質(zhì)子剛好從坐標(biāo)原點(diǎn)離開磁場.已知質(zhì)子、氣核的電荷量均為+q,質(zhì)量分別為加、2m,

忽略質(zhì)子、氣核的重力及其相互作用.

(1)求質(zhì)子進(jìn)入磁場時(shí)速度的大小；

(2)求質(zhì)子與氣核在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比；

(3)若在x軸上接收笊核，求接收器所在位置的橫坐標(biāo).

16.物體A做勻速運(yùn)動(dòng)，vA=4m/s,2s后，物體B從同一位置與A同方向做勻加速運(yùn)動(dòng)，v0=0,

a—2m/s2,求：

①B出發(fā)后，經(jīng)過多少時(shí)間追上4?

②8追上A時(shí)，離出發(fā)點(diǎn)多遠(yuǎn)？

③追上A之前，A、8之間的最大距離是多少？

五、計(jì)算題（本大題共2小題，共18.0分）

17.如圖所示，一足夠高的圓柱形絕熱氣缸豎直放置，通過絕熱活塞封閉著

一定質(zhì)量的理想氣體.活塞的質(zhì)量為加，橫截面積為S,與容器底部相

距h,氣體的溫度為7\.現(xiàn)在活塞上放置一個(gè)質(zhì)量為2m的物塊（圖中未畫

出），活塞下降了0.2/1達(dá)到穩(wěn)定，氣體溫度為徐，再通過氣缸內(nèi)的電熱

絲緩慢加熱氣體，當(dāng)氣體吸收熱量。時(shí)活塞緩慢向上移動(dòng)1.2h達(dá)到穩(wěn)定,

此時(shí)氣體的溫度為73已知大氣壓強(qiáng)為Po?重力加速度為g，不計(jì)活塞與氣

缸間摩擦和理想氣體的重力勢能.求:

①溫度值T與A的比值；

3）加熱過程中氣體的內(nèi)能增加量.

18.直徑d=1.00/n,高4=0.5（hn的不透明圓桶，放在水平地面上，桶內(nèi)盛有折射率n=1.60的透

明液體，某人站在地面上離桶中心的距離為x=2.10m處，他的眼睛到地面的距離y=1.70m,

問桶中液面高〃為多少時(shí).，他能看到桶底中心？（桶壁厚度不計(jì)）

【答案與解析】

1.答案：A

解析：解：根據(jù)安培定則，結(jié)合矢量的合成法則，可知，A8水平固定導(dǎo)?4

線在C處的合磁場方向，正好與導(dǎo)線C電流方向相同，根據(jù)左手定則知：，'及

導(dǎo)線C所受的磁場力為零，故4正確，8CD錯(cuò)誤。

痂*"0B

故選：Ao

根據(jù)安培定則，結(jié)合矢量的合成法則，確定A8在水平固定導(dǎo)線在C處的合磁場，再根據(jù)安培力產(chǎn)

生條件，即可求解。

考查安培定則與矢量的合成法則內(nèi)容，掌握安培力產(chǎn)生條件，理解左手定則的作用。

2.答案：B

解析：解：

A、C、聚變反應(yīng)有質(zhì)量虧損，所以要放出大量能量，故AC錯(cuò)誤；

B、聚變反應(yīng)產(chǎn)生了新原子核，故B正確；

。、目前核電站都采用鈾核的裂變反應(yīng)；故。錯(cuò)誤；

故選：B

聚變反應(yīng)時(shí)將質(zhì)量較小的輕核聚變成質(zhì)量較大的核，聚變過程會有質(zhì)量虧損，要放出大量的能量，

但目前核電站都采用鈾核的裂變反應(yīng).

本題考查了聚變反應(yīng)的特點(diǎn)和核電站發(fā)電原理.

3.答案：D

解析：解：木塊受重力、支持力及摩擦力的作用而處于靜止?fàn)顟B(tài)；故支持力與摩擦力的合力一定與

重力大小相等、方向相反，故支持力和摩擦力的合力豎直向上.

故選：D.

對木塊受力分析，根據(jù)共點(diǎn)力的平衡條件的應(yīng)用可得出斜面對物體的作用力與重力的關(guān)系.

本題應(yīng)明確，物體受三力平衡時(shí)，任意兩力之和與第三力大小相等、方向相反.

4.答案：D

解析：解：4、6電子向下偏轉(zhuǎn)，說明6電子所受的電場力向下，因此，下極板帶正電，故A錯(cuò)誤;

B、電子在電場中做類平拋運(yùn)動(dòng)，兩個(gè)電子的運(yùn)動(dòng)軌跡相同，根據(jù)電子水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，得

l=vt,得t=」，知兩個(gè)電子在電場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，故B錯(cuò)誤；

V

C、對于匕電子，根據(jù)牛頓第二定律得a=^=巖

豎直方向有:d=[at2,聯(lián)立解得｛/=穹，故C錯(cuò)誤；

22kl2

。、設(shè)a電子剛好打在下極板邊緣D點(diǎn)時(shí)兩極板間距離為d,,a電子的加速度為a'=%=彳=?

mmdfdr

豎直方向有d'=；a，2,聯(lián)立解得d'=在d，故要使兩個(gè)電子都打在下極板上，8板應(yīng)向上移動(dòng)d-

22

d'=(l-^)d,故。正確。

故選：D?

根據(jù)電子的偏轉(zhuǎn)偏轉(zhuǎn)方向，確定所受的電場力方向，從而確定出極板的電性；電子在電場中做類平

拋運(yùn)動(dòng)，水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)水平位移和初速度關(guān)系分析運(yùn)動(dòng)時(shí)間關(guān)系；研究匕電子，

根據(jù)牛頓第二定律和分位移公式相結(jié)合求板間電壓;再研究“電子剛好打在下極板邊緣。點(diǎn)的情況，

根據(jù)分位移公式和幾何關(guān)系求CD板上移的距離。

本題是帶電粒子在電場中偏轉(zhuǎn)問題，關(guān)鍵是分析電子運(yùn)動(dòng)情況，知道在偏轉(zhuǎn)電場中電子做類平拋運(yùn)

動(dòng)，采用運(yùn)動(dòng)的分解法進(jìn)行研究。

5.答案：C

解析:解：4、根據(jù)V-t圖象的斜率等于加速度,可得,在4s?6s內(nèi)，物體的加速度一定，為a=若丑=

—lOm/s?.故A錯(cuò)誤.

B、在0?6s內(nèi)，物體經(jīng)過的位移為x=^x10-等=30m,故B錯(cuò)誤.

C、在0?4s內(nèi)，物體的位移為x=等x10=30m,平均速度為方=：=曰=7.5m/s,故C正確.

。、0?5s,物體向正向運(yùn)動(dòng)，位移增大，5?6s向負(fù)向運(yùn)動(dòng)，位移減小，故。錯(cuò)誤.

故選：C

根據(jù)u-t圖象的斜率求加速度.圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移，在時(shí)間軸上方的位移為正，下

方的面積表示位移為負(fù)，由“面積”求出物體在0?6s內(nèi)經(jīng)過的位移.求得在。?4s內(nèi)物體的位移，

從而求得平均速度.物體在0-5s時(shí)間內(nèi)向正方向運(yùn)動(dòng)，5s末后向負(fù)方向返回.

本題是速度-時(shí)間圖象問題，要明確斜率的含義，知道在速度-時(shí)間圖象中圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積

的含義，能根據(jù)圖象讀取有用信息，要注意路程和位移的區(qū)別.

6.答案：B

解析：解：籃球在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，二樓教室窗口離地面的高度約為5加，則落地時(shí)豎直分

速度大小為：

vy—yj2gh=V2x10X5-10m/s

則籃球落地時(shí)重力的瞬時(shí)功率為：

p=mgvy=0.5x10x10=SOW,故B正確.

故選：B.

一個(gè)籃球的質(zhì)量約為0.5kg,二樓教室窗口離地面的高度約為5m根據(jù)速度位移公式求出落地豎直

分速度，再根據(jù)P=Fv求重力的瞬時(shí)功率.

本題關(guān)鍵是根據(jù)在豎直方向做自由落體的位移速度公式求出瞬時(shí)速度，然后根據(jù)公式P=求瞬時(shí)

功率，要注意求重力瞬時(shí)功率時(shí)，v是豎直分速度，不是合速度.

7.答案：AC

解析：解：4、分析題意可知，傾斜同步軌道衛(wèi)星和地球靜止軌道衛(wèi)星的半徑相等，根據(jù)萬有引力提

供向心力，有：^=ma,解得加速度為：a=胃，故兩者加速度大小相等，故A正確；

B、根據(jù)萬有引力公式可知：F=等，萬有引力與衛(wèi)星的質(zhì)量和軌道半徑都有關(guān)，中圓地球軌道衛(wèi)

星和靜止軌道衛(wèi)星的質(zhì)量未知，萬有引力無法比較，故8錯(cuò)誤；

C、傾斜同步軌道衛(wèi)星的周期是24/7,地球的自轉(zhuǎn)周期為24〃，所以傾斜同步軌道衛(wèi)星每天在固定的

時(shí)間經(jīng)過同一地區(qū)的正上方，故C正確；

。、同理，衛(wèi)星的機(jī)械能與質(zhì)量有關(guān)，衛(wèi)星質(zhì)量未知，則無法比較機(jī)械能，故。錯(cuò)誤。

故選：AC。

根據(jù)萬有引力提供向心力，得出加速度公式。

傾斜同步軌道衛(wèi)星不能始終位于地球表面某點(diǎn)的正上方。

萬有引力與質(zhì)量，機(jī)械能與質(zhì)量有關(guān)。

此題考查到了萬有引力定律及其應(yīng)用，對于萬有引力定律及其應(yīng)用，關(guān)鍵是熟練的掌握公式，要了

解地球同步衛(wèi)星是相對地球靜止的衛(wèi)星，同步衛(wèi)星只能是發(fā)射到赤道上空特定的高度，以特定的速

度沿地球自轉(zhuǎn)的方向繞地球轉(zhuǎn)動(dòng)。

8.答案：BCD

解析：解：A、根據(jù)楞次定律可知，受電線圈內(nèi)部產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向俯視為順時(shí)針，受電線圈中感

應(yīng)電流方向由c到d,所以c點(diǎn)的電勢低于d點(diǎn)的電勢，故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得：E=n^|=*￥s,根據(jù)歐姆定律得：/=!通過的電量為q=

/?2-0），聯(lián)立解得：也S,故8正確；

C、若只增加送電線圈匝數(shù)，相當(dāng)于增大變壓器的原線圈匝數(shù)，所以C、4之間的電壓減小，故C正

確；

受電線圈是通過電磁感應(yīng)獲得能量的，所以受電線圈中的電流大小與交流電的頻率無關(guān)，故。

正確。

故選：BCD。

根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流方向，從而確定感應(yīng)電動(dòng)勢的高低；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律結(jié)合根據(jù)

歐姆定律求得電量：增加送電線圈匝數(shù)，相當(dāng)于增大變壓器的原線圈匝數(shù)；

本題主要是考查了法拉第電磁感應(yīng)定律和楞次定律；根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向的一般步驟

是：確定原磁場的方向T原磁場的變化T引起感應(yīng)電流的磁場的變化一楞次定律—感應(yīng)電流的方向。

9.答案：BC

解析：解：4、斜率表不內(nèi)阻，內(nèi)阻，尹故A錯(cuò)誤；

B、當(dāng)外電路短路時(shí)對應(yīng)的電流為短路電流，此時(shí)路端電壓為零；將圖中橫坐標(biāo)下移至U=0時(shí)，圖

象的交點(diǎn)即為短路電流，則可知/尹<七，故B正確；

C、U-/圖象中與U軸的交點(diǎn)表示電源的電動(dòng)勢，故電動(dòng)勢E/>E乙；故C正確；

D、根據(jù)U=E-/r可知，Al/=-r-A/,內(nèi)阻r/〉「,，故當(dāng)電源的工作電流變化相同時(shí)，電源甲

的路端電壓變化較大；故。錯(cuò)誤；

故選：BC.

根據(jù)閉合電路歐姆定律，路端電壓為：U=E-Ir；U-/圖象中與U軸的交點(diǎn)表示電源的電動(dòng)勢，

當(dāng)縱標(biāo)標(biāo)為零時(shí)與/軸的交點(diǎn)表示短路電流，斜率表示內(nèi)阻。

本題考查了閉合電路電源的U-/圖象的相關(guān)知識，要求同學(xué)們理解U-/圖象中與U軸的交點(diǎn)表示

電源的電動(dòng)勢，圖象的斜率表示內(nèi)阻；注意只有縱坐標(biāo)為零時(shí)，圖象與橫軸的交點(diǎn)才表示短路電流。

10.答案：AD

解析：

重力做功只跟高度差有關(guān)，只有重力或彈簧彈力做功時(shí)，機(jī)械能守恒，根據(jù)動(dòng)能定理求解合外力做

的功及摩擦力做的功。

本題解題的突破口是小球沿軌道到達(dá)最高點(diǎn)B時(shí)恰好對軌道沒有壓力，重力提供向心力，求出臨界

速度.要掌握各種功和能的對應(yīng)關(guān)系，不能搞錯(cuò)。

A.重力做功WG=mg(2R—R)=mgRy故A正確;

3.小球沿軌道到達(dá)最高點(diǎn)3時(shí)恰好對軌道沒有壓力，則有

2

mg=m，，解得:vB=JgR

K

則機(jī)械能減少量為△E=mgR-ymVg=0.5m職故B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)動(dòng)能定理得：

合外力做功|mv2=0.5mgR，故C錯(cuò)誤；

=2

。.根據(jù)功能原理可知，克服摩擦力做功等于機(jī)械能的減少，為0.5mgR.故。正確。

故選AD。

11.答案：DE

解析：解：A、氣體如果失去了容器的約束就會散開，是因?yàn)榉肿娱g距較大，相互的作用力很微弱，

而且分子永不停息地做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，所以氣體分子可以自由擴(kuò)散。故A錯(cuò)誤。

8、溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，溫度升高，分子的平均動(dòng)能增大，平均速率增大，但由于分子運(yùn)動(dòng)

是無規(guī)則的，不是所有分子的速率都增大。故B錯(cuò)誤。

C、溫度是分子的平均動(dòng)能的標(biāo)志，一定量的水變成的水蒸汽時(shí)，若溫度不變，則其分子平均動(dòng)能不

變。故C錯(cuò)誤。

。、對于一定量的氣體，如果壓強(qiáng)不變，體積增大，根據(jù)氣態(tài)方程岸=。知，溫度升高，則內(nèi)能增大。

而且在氣體的體積增大的過程中氣體對外做功，所以若要內(nèi)能增大，則必須吸收一定的熱量。故。

正確；

E、液晶具有某些晶體的特性，如其光學(xué)性質(zhì)具有各向異性。故E正確。

故選：DE。

本題可根據(jù)分子間作用力分析氣體會散開的原因.對于一定量的理想氣體，內(nèi)能只跟溫度有關(guān).溫

度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志.液晶具有各向異性；

本題關(guān)鍵要掌握分子動(dòng)理論的基本內(nèi)容和氣態(tài)方程與=C,知道溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，就能

進(jìn)行分析.

12.答案:CD

解析:解：質(zhì)量不同，碰撞后小球的速度不同，因?yàn)閮蓴[球的擺長相同，根據(jù)單擺的周期公式T=2噸

單擺的周期相同，碰后兩小球都是經(jīng)過17回到平衡位置，所以下一次碰撞的位置在平衡位置，與質(zhì)

量無關(guān).故。、。正確，A、3錯(cuò)誤.

故選：CD.

小球碰撞的過程中動(dòng)量守恒，碰后點(diǎn)的速度與小球的質(zhì)量有關(guān)，根據(jù)單擺的周期公式T=27rJ判斷

下一次碰撞的位置.

解決本題的關(guān)鍵掌握單擺的周期公式T=27r知道單擺的周期與擺球的質(zhì)量無關(guān)，與擺長有關(guān).

13.答案：A；3000/2；B；D

解析：解：(1)用多用電表測量某電阻，將檔位旋鈕調(diào)至“x10”檔，讀數(shù)時(shí)發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角太大，

說明所選擋位太大，為使測量結(jié)果更加準(zhǔn)確，應(yīng)換小擋，應(yīng)改用xl擋，

故選：A.

(2)由圖示可知，歐姆表示數(shù)為30x1000=30000；

多用電表使用完畢后要把選擇開關(guān)置于OF尸擋或交流電壓最高檔，由圖A、B所示可知，圖8中選

擇開關(guān)置于交流電壓最高檔，電表旋鈕狀態(tài)符合實(shí)驗(yàn)操作規(guī)程的是

(3)由圖示可知，電源為直流電源，閉合開關(guān)后發(fā)現(xiàn)小燈泡不亮，欲用多用電表檢查該電路某處是否

發(fā)生“斷路”，在保持電路完整的情況下，應(yīng)使用多用電表的直流電壓檔進(jìn)行測量，故。正確，ABC

錯(cuò)誤.

故選：D

故答案為:(1)4(2)300012,B；(3)。

(1)使用歐姆表測電阻時(shí)，要選擇合適的擋位，使指針指在中央刻度線附近；

(2)多用電表使用完畢要把選擇開關(guān)置于OFF擋或交流電壓最高檔，分析圖示情景然后答題；

(3)根據(jù)電路故障檢測方法分析答題.

本題考查了歐姆表的使用及電路故障檢測方法，使用歐姆表測電阻時(shí)，要選擇合適的擋位，使指針

指在中央刻度線附近；可以使用電壓表、電流表與歐姆表檢測電路故障，要掌握其檢測方法與注意

事項(xiàng).

14.答案：220K交流；黨薩;mgh2；小于

解析：解：(1)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的工作電壓為交流電，實(shí)驗(yàn)時(shí)必須先接通電源再釋放紙帶;

(3、4)處理數(shù)據(jù)時(shí)，由于紙帶做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則某段時(shí)間內(nèi)中間時(shí)刻的速度等于平均速度，到B

點(diǎn)時(shí)速度"=若，

2

0點(diǎn)速度為零，增加的動(dòng)能△Ek=|mv,聯(lián)立得△Ek=皿"￡"，到8點(diǎn)時(shí)減小的重力勢能△Ep=

mgh2,

由于紙帶和計(jì)時(shí)器之間有摩擦，實(shí)際有△Ek<△Ep.

故答案為：⑴220U交流；⑶*薩，加9電(4)小于.

解決實(shí)驗(yàn)問題首先要掌握該實(shí)驗(yàn)原理，了解實(shí)驗(yàn)的儀器、操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項(xiàng).

紙帶法實(shí)驗(yàn)中，若紙帶勻變速直線運(yùn)動(dòng)，測得紙帶上的點(diǎn)間距，利用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論，可計(jì)

算出打出某點(diǎn)時(shí)紙帶運(yùn)動(dòng)的瞬時(shí)速度和加速度，從而求出動(dòng)能.根據(jù)功能關(guān)系得重力勢能減小量等

于重力做功的數(shù)值.

本題考查驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律實(shí)驗(yàn)的操作步驟及注意事項(xiàng).難度中等.由于紙帶通過時(shí)受到較大的

阻力和重錘受到的空氣阻力，重力勢能有相當(dāng)一部分轉(zhuǎn)化給摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能，所以重力勢能的減小

量明顯大于動(dòng)能的增加量.

15.答案：解：(1)質(zhì)子在電場中加速，由動(dòng)能定理得：

qU=^mv2—0,解得：v-；

(2)質(zhì)子與笊核在磁場中都轉(zhuǎn)過;個(gè)圓周，

做圓周運(yùn)動(dòng)的周期：71=警，72=§手，

CJD1/0

粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間：t=；T,

O

則：［1：12=71：72=1：2;

(3)質(zhì)子在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)，由幾何知識得：r=L,

由牛頓第二定律得：qvB=my,

笊核在電場中加速，由動(dòng)能定理得：qU-2mv，2-0,

在磁場中，由牛頓第二定律得：qv'B=2m->解得：R=&L,

橫坐標(biāo)：X=/?-L=(V2-1)L:

答：(1)質(zhì)子進(jìn)入磁場時(shí)速度的大小為解

(2)求質(zhì)子與笊核在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為1：1；

(3)若在x軸上接收笊核，接收器所在位置的橫坐標(biāo)為(a-1)L.

解析：(1)質(zhì)子在電場中加速，由動(dòng)能定理可以求出速度.

(2)粒子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的周期公式與轉(zhuǎn)過的圓心角可以求出運(yùn)動(dòng)時(shí)間

之比.

(3)由牛頓第二定律求出粒子的軌道半徑，然后確定粒子的橫坐標(biāo).

解決本題的關(guān)鍵作出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡圖，結(jié)合幾何關(guān)系，運(yùn)用半徑公式和周期公式進(jìn)行求解.

16.答案：解：①設(shè)8追上A時(shí)A運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為3此時(shí)兩者位移相等.

則有孫t=|a(t-2)2

解得；t=5.46s

②B追上A時(shí)，離出發(fā)點(diǎn)距