浙江省寧波市2023年屆高三下學(xué)期物理高考選考適應(yīng)性考試(二模)試卷

浙江省寧波市2023屆高三下學(xué)期物理高考選考適應(yīng)性考試〔二?！吃嚲硪?、單項(xiàng)選擇題GkhD.電子的比荷GkhD.電子的比荷N·m/kgJ·sF/kg2.(2分)20233月的兩會上，“5G+北斗”成為社會各界高度關(guān)注的熱詞，其將成為智能時代最重要的基礎(chǔ)設(shè)施之一。5G網(wǎng)絡(luò)使用的無線電波通信頻率是3.0GHz以上的超高頻段和極高頻段，比目前通信頻率在4G網(wǎng)絡(luò)擁有更大的帶寬和更快的傳輸速率，5G4G50~1005G網(wǎng)絡(luò)使用的無線電波，以下說法正確的選項(xiàng)是〔〕4G更強(qiáng)4G更快4G信號發(fā)生干預(yù)4G更大(2分)中國自主研發(fā)的萬米載人潛水器“奮斗者”20231110812分在馬里亞納海溝10909m6h進(jìn)展了一系列的深海探測科考活動。以下關(guān)于潛水器說法正確的選項(xiàng)是A.A.10909mC.“812分”指的是時間間隔B0.51m/sD.采集海底礦物時，不能視為質(zhì)點(diǎn)(2分)如以下圖，水平桌面上放一張輕薄的復(fù)合板，復(fù)合板與桌面之間鋪幾支玻璃管，復(fù)合板上放一輛較重的電動遙控小車，小車質(zhì)量大于復(fù)合板的質(zhì)量。當(dāng)啟動遙控小車的前進(jìn)擋后〔〕小車照舊相對地面靜止小車受到向左的摩擦力將向左運(yùn)動C.復(fù)合板受到向左的摩擦力將向左運(yùn)動D.小車對復(fù)合板的沖量大于復(fù)合板對小車的沖量(2分)在我們的日常生活中會發(fā)生很多靜電現(xiàn)象。有一次，小明的手指靠近金屬門把手時，如以下圖，突然有一種被電擊的感覺。這是由于運(yùn)動摩擦使身體帶電，當(dāng)手指靠近門把手時，二者之間產(chǎn)生了放電現(xiàn)象。手指帶負(fù)電，關(guān)于放電前手指靠近金屬門把手的過程中，以下說法正確的選項(xiàng)是〔〕門把手內(nèi)部的場強(qiáng)漸漸變大6.(2分)如以下圖是某科技小組制作的投石機(jī)的模型。輕桿6.(2分)如以下圖是某科技小組制作的投石機(jī)的模型。輕桿可繞固定轉(zhuǎn)軸在豎直面內(nèi)自由轉(zhuǎn)動，A端凹槽內(nèi)放置一小石塊，B端固定配重。某次試驗(yàn)中，調(diào)整桿與豎直方向的夾角為后，由靜止釋放，桿在配重重力作用下轉(zhuǎn)到豎直方向時，石塊被水平拋出，打到正前方靶心上方6環(huán)處，不計(jì)全部阻力。假設(shè)要正中靶心，可以實(shí)行的措施有〔〕增大石塊的質(zhì)量增大角增大配重的質(zhì)量減小投石機(jī)到靶的距離(2分)如以下圖，“天問一號”是中國自主設(shè)計(jì)的火星探測器，已于20232月抵達(dá)火星軌道。5月?lián)駲C(jī)實(shí)施降軌，軟著陸火星外表?；鹦侵睆郊s為地球直徑的53%，火星質(zhì)量約為地球質(zhì)量的11%，以下說法正確的選項(xiàng)是〔〕火星的第一宇宙速度小于地球的第一宇宙速度B.探測器在火星外表四周的圍繞周期約為24小時C.火星外表的重力加速度大于地球外表的重力加速度D.探測器實(shí)施降軌需經(jīng)過屢次加速，才能降落火星外表A.該輻向磁場是勻強(qiáng)磁場B.穿過線圈的磁通量為C.F大小總為D.a邊導(dǎo)線電流方向垂直紙面對外(2分)如圖甲所示是磁電式電流表的構(gòu)造，蹄形磁鐵和鐵芯間的磁場均勻輻向分布，線圈匝數(shù)為n，面積為S，線圈a、b兩邊導(dǎo)線長均為l，所在處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，當(dāng)線圈中通電流IA.該輻向磁場是勻強(qiáng)磁場B.穿過線圈的磁通量為C.F大小總為D.a邊導(dǎo)線電流方向垂直紙面對外弱相互作用是引起原子核衰變的緣由比結(jié)合能越小表示原子核中的核子結(jié)合得越結(jié)實(shí)將放射性元素?fù)诫s到其他穩(wěn)定元素中，該元素的半衰期將增大D.J.J.湯姆孫用粒子轟擊氮原子核，第一次實(shí)現(xiàn)了原子核的人工轉(zhuǎn)變(2弱相互作用是引起原子核衰變的緣由比結(jié)合能越小表示原子核中的核子結(jié)合得越結(jié)實(shí)將放射性元素?fù)诫s到其他穩(wěn)定元素中，該元素的半衰期將增大D.J.J.湯姆孫用粒子轟擊氮原子核，第一次實(shí)現(xiàn)了原子核的人工轉(zhuǎn)變(2分)20231217159分，嫦娥五號月球采樣返回器成功著陸于內(nèi)蒙古四子王旗主著陸場，我國首次月球無人采樣返回任務(wù)圓滿完成。本次返回承受“半彈道跳動式”再入返回技術(shù)，形象地說就是以“打水漂”方式兩度進(jìn)入大氣層，其運(yùn)動軌跡的示意圖如以下圖。以下說法正確的選項(xiàng)是〔〕E點(diǎn)返回器處于失重狀態(tài)C點(diǎn)返回器受到的合力方向可能沿軌跡的切線方向A點(diǎn)返回器對大氣層的作用力小于大氣層對返回器的作用力11.(2分)如以下圖是寧波東部城中心廣場噴泉噴出水柱的場景。噴泉噴出的水柱最大高度到達(dá)了2011.(2分)如以下圖是寧波東部城中心廣場噴泉噴出水柱的場景。噴泉噴出的水柱最大高度到達(dá)了20層樓的高度；噴管的直徑約為10cm。請你據(jù)此估量用于給該噴管噴水的電動機(jī)輸出功率約為〔水的密度為〕〔〕12.(2分)手持軟長繩的一端O12.(2分)手持軟長繩的一端O〔可視為簡諧運(yùn)動〕，帶動繩上的其他質(zhì)點(diǎn)振動形成沿繩水平傳播的簡諧波，P、Q為繩上的兩點(diǎn)。時O點(diǎn)由平衡位置開頭振動，至?xí)r刻恰好完成次全振動，繩上間形成如以下圖的波形〔Q點(diǎn)之后未畫出〕，則〔〕時刻之前Q點(diǎn)始終靜止P點(diǎn)剛好完成一次全振動C.O點(diǎn)運(yùn)動方向向上D.假設(shè)手上下振動加快，該波的波長將變大(2分)弗蘭克-赫茲試驗(yàn)是爭論汞原子能量是否具有量子化特點(diǎn)的重要試驗(yàn)。試驗(yàn)原理如圖甲所示，燈絲K放射出初速度不計(jì)的電子，K與柵極G間的電場使電子加速，G、A間加有電壓為0.5V的反向電場，使電子減速，電流表的示數(shù)大小間接反映了單位時間內(nèi)能到達(dá)A極電子的多少。在原來真空的容器中充淡薄汞蒸氣后，覺察K、G間電壓U4.9V時，電流表的示數(shù)I就會顯著下降，如圖乙所示?？茖W(xué)家猜測電流的變化與電子和汞原子的碰撞有關(guān)，玻爾進(jìn)一步指出該現(xiàn)象應(yīng)從汞原子能量量子化的角度去解釋。依據(jù)本試驗(yàn)結(jié)果以下推斷合理的是〔〕電子運(yùn)動過程中只可能與汞原子發(fā)生一次碰撞汞原子基態(tài)和第一激發(fā)態(tài)的能級之差可能為4.9eVC.K、G間電子的動能越大，越簡潔使汞原子發(fā)生躍遷D.K、G間電壓越大，單位時間內(nèi)到達(dá)A極的電子數(shù)越多二、多項(xiàng)選擇題(3分)中國古人對很多自然現(xiàn)象有深刻生疏，唐人張志和在《玄真子·濤之靈》中寫道：“雨色映日而為虹”。從物理學(xué)角度看，虹是太陽光經(jīng)過雨滴的兩次折射和一次反射形成的。如圖是彩虹成因的簡化示意圖，其中a、b是兩種不同頻率的單色光，則a、b兩光〔〕進(jìn)入雨滴后，a光傳播速度確定大于b光照耀同一光電管，a光產(chǎn)生的光電子的最大初動能確定大于b光產(chǎn)生的C.用同一雙縫干預(yù)試驗(yàn)裝置進(jìn)展試驗(yàn)，a光的干預(yù)條紋間距大于b光的D.以一樣的入射角從水中射入空氣，只有一種色光能射入空氣，確定是b光(3分)把一個篩子用四根彈簧支撐起來，篩子上裝一個電動偏心輪，它每轉(zhuǎn)一周，給篩子一個驅(qū)動力，這就做成了一個共振篩，如圖甲所示。該共振篩的共振曲線如圖乙所示。增大電壓，可使偏心輪轉(zhuǎn)速提高，增加篩子質(zhì)量，可增大篩子的固有周期。現(xiàn)在，在某電壓下偏心輪的轉(zhuǎn)速是54r/min，以下說法正確的選項(xiàng)是〔〕0.9Hz減小篩子質(zhì)量，篩子的振幅確定增大16.(3分)如以下圖，線圈16.(3分)如以下圖，線圈L0.1HC的電容為，電阻R3Ω，電源電動勢為1.5V，內(nèi)阻不計(jì)。閉合開關(guān)S，待電路到達(dá)穩(wěn)定狀態(tài)后斷開開關(guān)S，電路中將產(chǎn)生電磁振蕩。假設(shè)斷開開關(guān)S的時刻為，無視線圈L直流電阻和振蕩過程中的能量損耗，則〔〕A.B.A.B.C.1.5V時，線圈L0時，通過線圈電流方向D.電路中產(chǎn)生的振蕩電流有效值為0.5A17.(5分)“探究求合力的方法”試驗(yàn)中，在使用彈簧測力計(jì)之前，需要將兩個已調(diào)零的彈簧測力計(jì)A、B相互校準(zhǔn)，如圖1所示兩種方案中， 。A.只有方案甲可行B.只有方案乙可行C.兩種方案都可行D.兩種方案都不行行如圖2所示，裝置甲用來“探究小車速度隨時間變化的規(guī)律”；裝置乙用來“探究功與速度變化關(guān)系”。①用甲、乙兩裝置進(jìn)展對應(yīng)試驗(yàn)時，只需選用其中一條紙帶即可完成試驗(yàn)數(shù)據(jù)測量的〔填“甲”、“乙”〕裝置。②用甲、乙兩裝置進(jìn)展對應(yīng)試驗(yàn)時，牽引小車的細(xì)線、橡皮筋都必需與木板平行。這樣做可以〔多項(xiàng)選擇〕。A．使小車運(yùn)動時所受摩擦力大小恒定B．使打點(diǎn)計(jì)時器在紙帶上打出的點(diǎn)跡清楚C．保證小車做勻變速直線運(yùn)動 D．使小車所受的拉力方向恒定③某同學(xué)對裝置甲進(jìn)展了改進(jìn)，改為“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的試驗(yàn)裝置，試驗(yàn)時某一條紙帶照片如圖3所示，該紙帶的左端與小車連接，選取計(jì)數(shù)點(diǎn)并準(zhǔn)確測得各計(jì)數(shù)點(diǎn)的間的距離如圖4所示，則依據(jù)該打紙帶可以分析出其存在的問題 。A．未平衡摩擦力B．試驗(yàn)時沒有先接通電源后釋放小車C．試驗(yàn)時沒有在靠近打點(diǎn)計(jì)時器位置處釋放小車D．試驗(yàn)時沒有滿足懸掛的重物質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量的要求E.所懸掛的重物距離地面太近，導(dǎo)致小車運(yùn)動的后階段重物已落地18.(6)小明想要用試驗(yàn)室中的器材描繪小電動機(jī)〔電路符號M〕的伏安特性曲線，所用的器材有：A．小電動機(jī)M〔額定電壓3V〕B．干電池2節(jié)〔每節(jié)電動勢1.5V，內(nèi)阻未知〕C．滑動變阻器〔總阻值5Ω〕 D．電壓表〔量程3V，內(nèi)阻約1000Ω〕E.電流表〔0.6A0.2Ω〕F.開關(guān)導(dǎo)線假設(shè)干②小明正確操作后，用所測的數(shù)據(jù)，在圖2所示的動機(jī)0~0.50V②小明正確操作后，用所測的數(shù)據(jù)，在圖2所示的動機(jī)0~0.50V間的伏安特性曲線 。圖中標(biāo)記了數(shù)據(jù)點(diǎn)，請答題紙上描繪出該小電③電動機(jī)轉(zhuǎn)動時，小明觸摸電動機(jī)，電動機(jī)沒有明顯發(fā)熱。試驗(yàn)測得當(dāng)電壓表示數(shù)為2.00V時，電流表的示數(shù)為0.15A，則此時電動機(jī)的機(jī)械功率為 W?！脖４?位有效數(shù)字〕“用雙縫干推測量光的波長”試驗(yàn)中，甲、乙兩同學(xué)通過目鏡，分別看到圖3所示的甲、乙兩種情形。由于條紋清楚，他們就沒有再進(jìn)一步進(jìn)展調(diào)整，而是直接進(jìn)展測量，并依據(jù)公式算出波長。則以下說法正確的選項(xiàng)是 A.圖甲的測量得到的波長準(zhǔn)確B.圖甲的測量得到的波長偏大C.圖乙的測量得到的波長準(zhǔn)確D.圖乙的測量得到的波長偏大四、解答題19.(1519.(15分)如以下圖，寧波某樂園2023年春節(jié)表演煙花秀，很多煙花炸開后，形成秀麗的禮花，一邊擴(kuò)大，一邊下落。假設(shè)某種型號的禮花彈在地面上從專用炮筒中沿豎直方向射出，到達(dá)最高點(diǎn)時炸開。已知禮花彈從炮筒射出的速度為，假設(shè)整個過程中禮花彈、彈片所受的空氣阻力大小始終是重力的k倍，無視炮筒的高度，重力加速度為g。禮花彈炸開后的這些彈片中，最小加速度為多少?禮花彈在最高點(diǎn)炸開后，其中有一彈片速度大小也恰好為中的運(yùn)動時間。

，方向豎直向上，求此彈片炸開后在空(15分)如以下圖是一彈射玩耍裝置，由安裝在水平臺面上的固定彈射器、豎直圓軌〔A、C分別與水平軌道 和 相連〕、傾斜長軌道 組成。玩耍時滑塊從 點(diǎn)彈出后，經(jīng)過圓軌道并滑上傾斜長軌道

，假設(shè)滑塊從長軌道 滑下則反向進(jìn)入圓軌道，從圓軌道滑出，進(jìn)入

軌道并壓縮彈射器的彈簧，隨后能再次彈出〔無能量損失〕算玩耍成功。圓軌道半徑為R，軌道 的傾角，滑塊質(zhì)量為m，滑塊與軌道 之間的動摩擦因數(shù) ，其余都光滑，各軌道之間平滑連接；滑塊可視為質(zhì)點(diǎn)，彈射時從靜止釋放且彈簧的彈性勢能完全轉(zhuǎn)化為滑塊動能，無視空氣阻力，， ，重力加速度為g?！?〕假設(shè)某次玩耍彈射釋放的彈性勢能為，求滑塊在斜軌道上通過的總路程；〔1〕〔2〕假設(shè)某次玩耍彈射釋放的彈性勢能為，求滑塊在斜軌道上通過的總路程；〔3〕要使玩耍成功〔即滑塊能返回彈射器、且只能返回一次〕，并要求滑塊始終不脫離軌道，求彈射時彈性勢能可能的范圍。(15分)如以下圖，水平面上固定兩條光滑金屬軌道，兩導(dǎo)軌 、 關(guān)于x軸對稱放置且與x軸夾角均為 ，在x軸上P點(diǎn)接觸良好；長為

的金屬桿

置于y軸上時，桿兩端點(diǎn)恰好與導(dǎo)軌和y軸的兩交點(diǎn)重合。整個裝置處于豎直向下的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為。現(xiàn)給桿的中點(diǎn)施加外力，使桿以速度y軸平行。導(dǎo)軌和桿單位長度電阻均為

沿x軸正方向勻速運(yùn)動，運(yùn)動過程中桿始終與，桿與導(dǎo)軌始終接觸良好，接觸電阻不計(jì)，?！蔡崾荆嚎梢杂?圖象下的“面積”代表力F所做的功〕求：桿在桿從式；桿從

位置時，桿上通過的電流大??；位置運(yùn)動到P位置過程中，桿兩端點(diǎn) 間的電勢差 與桿所在處的橫坐標(biāo)x的關(guān)系位置運(yùn)動到P位置，桿產(chǎn)生的焦耳熱Q。(20分)如以下圖，平行于直角坐標(biāo)系y軸的 是用特別材料制成的，只能讓垂直打到 界面上的電子通過，且通過時并不影響電子的速度。其左側(cè)有始終角三角形區(qū)域，分布著方向垂直紙面對里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場，其右側(cè)有豎直向上場強(qiáng)為E的勻強(qiáng)電場?，F(xiàn)有速率不同的電子在紙面上從坐標(biāo)原點(diǎn) 沿不同方向射到三角形區(qū)域，不考慮電子間的相互作用。電子的電量為e，質(zhì)量為m，在中， ， ，D為x軸上的一個點(diǎn)，且 。求：當(dāng)速度方向沿y軸正方向時，能從 邊出磁場的電子所具有的最大速度是多少；能通過在現(xiàn)把

界面的電子所具有的最大速度是多少；右側(cè)x軸上什么范圍內(nèi)能接收到電子；右側(cè)電場撤去，增加一垂直紙面對里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為 的矩形勻強(qiáng)磁場，使通過 界面的電子會聚于D點(diǎn)，求該矩形磁場的最小面積。答案解析局部一、單項(xiàng)選擇題【答案】C【考點(diǎn)】單位制及量綱【解析】【解答】A.萬有引力常量G的單位是N·m2/kg2 ，A不符合題意；B.靜電力常量k的單位是N·m2/C2 ，B不符合題意；D.電子的比荷C/kg，D不符合題意。C.hD.電子的比荷C/kg，D不符合題意。故答案為：C?！痉治觥坷萌f有引力定律可以導(dǎo)出引力常量的單位；利用庫侖定律可以導(dǎo)出靜電常量的單位；利用能量子方程可以導(dǎo)出普朗克常量的單位；利用電荷量的大小和質(zhì)量的單位可以求出比荷的單位?！敬鸢浮緿【解析】【解答】A【解析】【解答】A．5G網(wǎng)絡(luò)使用的無線電波通信頻率高于4G網(wǎng)絡(luò)使用的，依據(jù)波長與頻率關(guān)系式有5G網(wǎng)絡(luò)使用的無線電波通信波長小于4G網(wǎng)絡(luò)使用的，其衍射本領(lǐng)變?nèi)?。A不符合題意；BB不符合題意；C．兩者頻率不同，不能發(fā)生干預(yù)。C不符合題意；D．無線電波頻率越高，周期越小，一樣時間內(nèi)可承載的信息量越大。D符合題意。故答案為：D。5G信號的頻率比較高所以波長比較小衍射本領(lǐng)比較弱；電磁波在真空中傳播速度相等；兩種電磁波頻率不相等不能發(fā)生干預(yù)；當(dāng)頻率越高周期越小所以一樣時間內(nèi)可以承載的信息量比較大?！敬鸢浮緿【考點(diǎn)】質(zhì)點(diǎn)，時間與時刻，位移與路程，速度、速率【解析】【解答】A．下潛時經(jīng)過的路程為潛水器運(yùn)動軌跡的長度，不愿定為10909m。A不符合題意；B．下潛的深度，不代表位移，故無法求出下潛的平均速度。B不符合題意；C．“812分”在時間軸上對應(yīng)的是一個點(diǎn)，指的是時刻。C不符合題意；DD符合題意。故答案為：D?！痉治觥柯烦淌俏矬w實(shí)際運(yùn)動軌跡的長度，不愿定等于深度。位移是物體初始位置到末位置的有向線段，不愿定等于深度，故無法計(jì)算平均速度。“8時12分”在時間軸上對應(yīng)的是一個點(diǎn)。采集海底礦物時，潛水器的各局部需要分別工作，不能看成點(diǎn)。【答案】B【考點(diǎn)】牛頓第三定律，沖量D．依據(jù)沖量的定義式，有【解析】【解答】AB．小車在牽引力作用下，相對復(fù)合板向前運(yùn)動，由于小車的質(zhì)量大于復(fù)合板的質(zhì)量，所以小車受到向左的摩擦力作用，向左運(yùn)動不會相對地面靜止。A不符合題意；B符合題意；C．依據(jù)牛頓第三定律，復(fù)合板受到向右的摩擦力將向右運(yùn)動。CD．依據(jù)沖量的定義式，有可知，小車對復(fù)合板的沖量等于復(fù)合板對小車的沖量，D不符合題意。故答案為：B?！痉治觥坑捎谛≤囅蚯斑\(yùn)動時受到了向左摩擦力的作用；利用牛頓第三定律可以判別復(fù)合板受到向右的摩擦力作用，所以復(fù)合板向右運(yùn)動；利用動量定理可以判別小車對復(fù)合板的沖量等于復(fù)合板對小車沖量的大小。【答案】B【解析】【解答】放電前手指靠近金屬門把手的過程中，門把手在手的影響下，發(fā)生靜電感應(yīng)，在其右端感應(yīng)出正電荷，左端感應(yīng)出負(fù)電荷。本身是處于靜電平衡狀態(tài)，內(nèi)部場強(qiáng)為零，兩端電勢相等，門把手【解析】【解答】放電前手指靠近金屬門把手的過程中，門把手在手的影響下，發(fā)生靜電感應(yīng)，在其右端感應(yīng)出正電荷，左端感應(yīng)出負(fù)電荷。本身是處于靜電平衡狀態(tài)，內(nèi)部場強(qiáng)為零，兩端電勢相等，門把手與手之間看成一個電容器，可知當(dāng)兩者距離減小時，依據(jù)公式聯(lián)立，可得可知，門把手與手指之間場強(qiáng)漸漸增大。故答案為：B。0，且兩端電勢相等；利用電容器的定義式及打算式可以判別手指與門把手之間電場強(qiáng)度的大小變化?！敬鸢浮緼【解析】【解答】A【解析】【解答】Am、m12，石塊和配重到轉(zhuǎn)軸的距離分別為l、l ，1 2石塊被拋出時的速度大小為v1，則此時配重的速度大小為①依據(jù)機(jī)械能守恒定律有②BABOO′轉(zhuǎn)動起來從而使石塊被拋出，確定滿足③即④由②式可知，假設(shè)增大m1 ，BABOO′轉(zhuǎn)動起來從而使石塊被拋出，確定滿足③即④依據(jù)②④兩式可知，假設(shè)增大θ，則v1將增大，又由于石塊拋出點(diǎn)到靶心的水平距離不變，所以石塊擊中靶前做平拋運(yùn)動的時間將減小，此措施不行行，B不符合題意；C．依據(jù)②式可知，假設(shè)增大m2 ，則v1將增大，又由于石塊拋出點(diǎn)到靶心的水平距離不變，所以石塊擊中靶前做平拋運(yùn)動的時間將減小，此措施不行行，C不符合題意；D．減小投石機(jī)到靶的距離后，由于v1不變，所以石塊擊中靶前做平拋運(yùn)動的時間將減小，此措施不行行，D不符合題意。故答案為：A?！痉治觥坷孟到y(tǒng)機(jī)械能守恒定律結(jié)合石塊拋出速度和配重速度的關(guān)系可以得出石塊拋出時速度的表達(dá)式，結(jié)合平拋運(yùn)動的位移公式可以判別為了增大運(yùn)動的時間可以增大石塊的質(zhì)量，其他方法只會減小運(yùn)6環(huán)位置上面?！敬鸢浮緼【解析】【解答】A【解析】【解答】A．近地衛(wèi)星的圍繞速度為第一宇宙速度，可得整理得同理可得火星的第一宇宙速度為B．設(shè)探測器在地球外表四周的圍繞周期為T，由引力作為向心力可得整理得B．設(shè)探測器在地球外表四周的圍繞周期為T，由引力作為向心力可得整理得同理可得，探測器在火星外表四周的圍繞周期近地衛(wèi)星的圍繞周期為故C．地球外表的重力加速度為同理可得，火星外表的重力加速度為BC．地球外表的重力加速度為同理可得，火星外表的重力加速度為故火星外表的重力加速度小于地球外表的重力加速度，C不符合題意；D．探測器實(shí)施降軌需經(jīng)過屢次減速，才能降落火星外表，D不符合題意。故答案為：A。【分析】利用引力供給向心力結(jié)合質(zhì)量和半徑的大小可以比較火星和地球第一宇宙速度的大??；利用引力供給向心力可以求出探測器在火星外表運(yùn)動的周期大??；利用引力形成重力可以比較火星外表和地球外表重力加速度的大?。惶綔y器實(shí)施降軌道時做向心運(yùn)動需要屢次進(jìn)展減速?！敬鸢浮緾【考點(diǎn)】安培力，磁通量【解析】【解答】A.勻強(qiáng)磁場的磁感線處處平行，而輻向磁場的磁感線不平行，所以不是勻強(qiáng)磁場，A不符合題意；C.依據(jù)安培力公式可得轉(zhuǎn)動過程中安培力大小為B.由題圖乙依據(jù)對稱性可知，穿過線圈的磁通量為零，BC.依據(jù)安培力公式可得轉(zhuǎn)動過程中安培力大小為C符合題意；D.a邊導(dǎo)線電流方向?yàn)榇怪奔埫鎸?，D不符合題意。故答案為：C?！痉治觥坷么鸥芯€的分布可以判別輻射磁場不屬于勻強(qiáng)磁場；利用磁場的對稱性可以判別磁通量的大小；利用安培力的表達(dá)式可以求出安培力的大??；利用左手定律可以判別通電導(dǎo)線的電流方向?！敬鸢浮緼【解析】【解答】A【解析】【解答】A．弱相互作用把一個中子轉(zhuǎn)變成一個質(zhì)子，一個電子，將電子釋放出來就是衰變，因此弱相互作用是引起原子核衰變的緣由，A符合題意；D．盧瑟福用粒子轟擊氮原子核，第一次實(shí)現(xiàn)了原子核的人工轉(zhuǎn)變，D不符合題意。B．比結(jié)合能越大表示原子核中的核子結(jié)合得越結(jié)實(shí)，B不符合題意；C．半衰期格外穩(wěn)定，不受溫度、壓強(qiáng)、單質(zhì)還是化合物的影響，因此將放射性元素?fù)诫s到其他穩(wěn)定元素D．盧瑟福用粒子轟擊氮原子核，第一次實(shí)現(xiàn)了原子核的人工轉(zhuǎn)變，D不符合題意。故答案為：A?！痉治觥勘冉Y(jié)合能越小其原子核內(nèi)部的核子越不穩(wěn)定；半衰期與外界條件無關(guān)；盧瑟福利用a粒子轟擊氮原子核實(shí)現(xiàn)了第一次原子核的人工轉(zhuǎn)變。【答案】D【考點(diǎn)】超重失重【解析】AE點(diǎn)返回器，加速度方向豎直向上，處于超重狀態(tài)。A不符合題意；B．在CB不符合題意；C．依據(jù)牛頓第三定律，在A點(diǎn)返回器對大氣層的作用力等于大氣層對返回器的作用力。C不符合題意；D．依據(jù)圖中信息從A點(diǎn)到D點(diǎn)，引力做功為零，大氣阻力做負(fù)功，返回器機(jī)械能減小。故在進(jìn)入點(diǎn)A的機(jī)械能大于其最終進(jìn)入大氣層D點(diǎn)的機(jī)械能。D符合題意。故答案為：D?！痉治觥坷眉铀俣鹊姆较蚩梢耘袆e返回器的超重和失重；返回器的合力方向應(yīng)當(dāng)沿軌跡的彎曲方向；大氣層和返回器之間的作用屬于相互作用所以其大小相等?！敬鸢浮緾【解析】【解答】依據(jù)可得噴出水的速度【解析】【解答】依據(jù)可得噴出水的速度每秒鐘噴出的水質(zhì)量依據(jù)動能定理可得每秒鐘電動機(jī)做的功因此電動機(jī)輸出功率故答案為：C依據(jù)動能定理可得每秒鐘電動機(jī)做的功因此電動機(jī)輸出功率【分析】利用速度位移公式可以求出噴出水的速度，結(jié)合動能定理可以求出電動機(jī)做功的大小，結(jié)合作用時間可以求出電動機(jī)輸出功率的大小?！敬鸢浮緽【解析】【解答】AB【解析】【解答】AB．由題意可知該簡諧波的周期為由題圖可知質(zhì)點(diǎn)P的平衡位置到波源平衡位置的距離為四分之三個波長，質(zhì)點(diǎn)Q的平衡位置到波源平衡位置的距離為四分之五個波長，所以質(zhì)點(diǎn)P、Q起振的時刻分別為t1時刻前Q點(diǎn)已經(jīng)開頭振動，且t1P點(diǎn)剛好完成一次全振動，A不符合題意，B符合題意；C．由題圖及上面分析可知P點(diǎn)的起振方向?yàn)橄蛳?，由于繩子上全部質(zhì)點(diǎn)的起振方向都和波源的起振方向一樣，所以t=0時O點(diǎn)運(yùn)動方向向下，C不符合題意；D．手上下振動加快后，簡諧波的頻率增大，但波速不變，所以波長變小，D不符合題意。故答案為：B。OP兩點(diǎn)的距離可以求出P點(diǎn)開頭振動的時間，結(jié)合O振動的時間可以判別P振動的時間；利用波的傳播及振源的起振方向可以判別Q點(diǎn)的起振方向；振動的頻率越大其周期越小，結(jié)合波速不變可以判別波長變小?！敬鸢浮緽【考點(diǎn)】非彈性碰撞，玻爾原子理論【解析】【解答】A．電子運(yùn)動過程中有可能與汞原子發(fā)生一次，也有可能沒發(fā)生碰撞，還可能發(fā)生屢次碰撞，A不符合題意；B．由于電壓U4.9V時，電流表的示數(shù)I就會顯著下降，說明汞原子基態(tài)和第一激發(fā)態(tài)之間的能極4.9eV，B符合題意；C．K、G間電子的動能越大，依據(jù)乙圖，不愿定更使汞原子發(fā)生躍遷，C不符合題意；D．K、G間電壓越大，由乙圖可知，單位時間內(nèi)到達(dá)A極的電子數(shù)不愿定越多，D不符合題意。故答案為：B?！痉治觥侩娮舆\(yùn)動過程有可能與汞原子發(fā)生屢次碰撞；利用電壓的變化可以判別汞原子基態(tài)和第一激發(fā)態(tài)的能級能量差；電子的動能越大也不愿定使汞原子發(fā)生躍遷；當(dāng)電壓增大時單位時間到達(dá)A極的電子數(shù)不愿定增多。二、多項(xiàng)選擇題【答案】B,D【解析【解析a光的折射角較小，而兩光的入射角相等，依據(jù)折射率公式知，a光的折射率較大，頻率較高，波長較短。A．a(chǎn)光的折射率較大，公式可知，進(jìn)入雨滴后，a光傳播速度確定小于b光，A不符合題意；B．b光的折射率較小，頻率較小，分別照耀同一光電管，由最大初動能確定大于b光產(chǎn)生的，B符合題意；可知，a光產(chǎn)生的光電子的C．a(chǎn)光的波長較短，由公式可知，a光的干預(yù)條紋間距小于b光的，C不符合題意；D．b光的折射率較小，則臨界角大，不簡潔發(fā)生全反射，所以以一樣的入射角從水中射入空氣，在空氣中只能看到一種光時，確定是b光。D符合題意。故答案為：BD?！痉治觥坷谜凵浣堑拇笮】梢员容^折射率的大小，利用折射率的大小可以比較光的頻率和波長的大??；利用折射率的大小可以比較光傳播的速度；利用光的波長可以比較條紋間距的大?。焕霉獾念l率大小可以比較光電效應(yīng)時間電子的最大初動能的大?。焕谜凵渎实拇笮】梢耘袆e臨界角的大小。【答案】A,C【解析】【解答】A.【解析】【解答】A.依據(jù)受迫振動的特點(diǎn)可知，共振篩的振動頻率等于偏心輪的轉(zhuǎn)動頻率，所以當(dāng)偏心輪54r/min時，共振篩的振動頻率為A符合題意；C.48r/min時，偏心輪的轉(zhuǎn)動頻率為B.減小篩子質(zhì)量后，篩子的固有頻率將增大，由于開頭時偏心輪的轉(zhuǎn)動頻率大于篩子的固有頻率，所以根C.48r/min時，偏心輪的轉(zhuǎn)動頻率為此時偏心輪的轉(zhuǎn)動頻率等于篩子的固有頻率，篩子消滅共振狀態(tài)，C符合題意；D.增大電壓，偏心輪的轉(zhuǎn)動頻率將增大，由于開頭時偏心輪的轉(zhuǎn)動頻率大于篩子的固有頻率，所以依據(jù)共振曲線可知篩子的振幅會始終減小，D不符合題意。故答案為：AC?！痉治觥坷抿?qū)動頻率的大小可以求出共振篩的振動頻率大小；利用驅(qū)動頻率和共振頻率比照可以判別篩子的振幅大小變化；利用轉(zhuǎn)速的大小可以求出轉(zhuǎn)動頻率的大小進(jìn)而判別是否消滅共振；增大電壓其振動頻率始終增大會導(dǎo)致其篩子的振幅不斷減小?！敬鸢浮緽,C【考點(diǎn)】電磁振蕩【解析】【解答】A.由于斷開開關(guān)前電路已處于穩(wěn)定狀態(tài)，所以電容器不帶電，兩端電壓為0，則t=0時0，A不符合題意；B.LC振蕩電路的周期為則C.由于所以此時電容器已經(jīng)完成放電，線圈LB.LC振蕩電路的周期為則C.由于D.電路中產(chǎn)生振蕩電流的最大值為有效值為a→b，CD.電路中產(chǎn)生振蕩電流的最大值為有效值為D不符合題意。故答案為：BC。0；利用電感和電容可以求出振蕩電路的周期，利用對應(yīng)的時刻可以判別電動勢和電流的方向；利用電動勢及歐姆定律可以求出電流的有效值。三、試驗(yàn)題【答案】〔1〕B〔2〕甲；AD；CE【考點(diǎn)】驗(yàn)證力的平行四邊形定則【解析】【解答】〔1〕方案甲中由于B自身存在重力，假設(shè)A、B示數(shù)相等反而不能說明二者所受拉力大小相等，所以不能實(shí)現(xiàn)校準(zhǔn)；方案乙中A、B均沿水平方向，當(dāng)二者示數(shù)相等時說明所受拉力大小相等，所以能夠?qū)崿F(xiàn)校準(zhǔn)。故答案為：B?！?在完成試驗(yàn)數(shù)據(jù)的測量，故答案為：甲裝置；在“探究功與速度變化關(guān)系”試驗(yàn)中，每增加一條橡皮筋都需要測量一次小車的速度，所以需要假設(shè)干條紙帶才能完成試驗(yàn)數(shù)據(jù)的測量。在“探究小車速度隨時間變化的規(guī)律”試驗(yàn)中，牽引小車的細(xì)線必需與木板平行，這樣做可以使小車所受的拉力方向始終沿小車的運(yùn)動方向，從而使小車運(yùn)動時所受摩擦力大小恒定，小車在恒力作用下可以做勻變速直線運(yùn)動，進(jìn)而可以通過測量平均速度來代替瞬時速度；在“探究功與速度變化關(guān)系”試驗(yàn)中，在小車被橡皮筋牽引之前已經(jīng)平衡了摩擦力，所以必需保證小車被橡皮筋牽引時所受摩擦力大小不變，才能使小車在運(yùn)動方向上的合外力等于橡皮筋的拉力，則小車所受橡皮筋的拉力方向必需恒定，這就要求橡皮筋必需與木板平行，而本試驗(yàn)中小車做的并不是勻變速直線運(yùn)動。故答案為：AD。A．無論是否平衡摩擦力，小車都可以做勻變速運(yùn)動，所以僅憑紙帶數(shù)據(jù)無法推斷試驗(yàn)是否平衡了摩擦力，需要依據(jù)試驗(yàn)所繪制的a-F圖像進(jìn)展分析，A不符合題意；B．從紙帶上起始點(diǎn)四周的密集程度可知試驗(yàn)中是先接通的電源后釋放的小車，假設(shè)是先釋放小車再接通電源，紙帶上起始點(diǎn)四周的點(diǎn)應(yīng)比題圖中的疏松，B不符合題意；C．由題圖3可知，紙帶左側(cè)相當(dāng)長的一局部沒有點(diǎn)跡，所以試驗(yàn)時沒有在靠近打點(diǎn)計(jì)時器位置處釋放小車，C符合題意；D．僅憑一條紙帶的數(shù)據(jù)無法推斷試驗(yàn)中是否滿足懸掛的重物質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量的要求，需要依據(jù)試驗(yàn)a-F圖像進(jìn)展分析，D不符合題意；E404間相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離之差近似相等，說明小車做勻加速運(yùn)動，在點(diǎn)5到點(diǎn)7之間，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離相等，說明小車做勻速運(yùn)動，說明小車先受到重物的牽引做勻加速運(yùn)動，后來失去了牽引開頭做勻速運(yùn)動，由此可知試驗(yàn)中所懸掛的重物距離地面太近，導(dǎo)致小車運(yùn)動的后階段重物已落地，故E正確。故答案為：CE?！痉治觥俊?〕方案甲由于兩個彈簧測力計(jì)測量的拉力大小不相等所以不能實(shí)現(xiàn)校準(zhǔn)；18.【答案】〔1〕；；〔2〕A,D〔18.【答案】〔1〕；；〔2〕A,D【考點(diǎn)】伏安特性曲線【解析】【解答】〔1〕①試驗(yàn)電路如以下圖②0~0.50V間的伏安特性曲線如圖；③由②圖可知，電動機(jī)線圈電阻為2.00V0.15A，則此時電動機(jī)的機(jī)械功率為CD．依據(jù)可知③由②圖可知，電動機(jī)線圈電阻為2.00V0.15A，則此時電動機(jī)的機(jī)械功率為CD．依據(jù)可知圖乙測得的條紋間距偏大，則測量得到的波長偏大，C不符合題意，D符合題意故答案為：AD?！痉治觥俊?〕利用實(shí)物連線圖可以畫出對應(yīng)的電路圖；利用坐標(biāo)點(diǎn)進(jìn)展連線可以得出伏安特性曲線；利用圖像斜率可以求出電動機(jī)的內(nèi)阻，結(jié)合電功率及熱功率的表達(dá)式可以求出電動機(jī)的機(jī)械功率；19.【答案】〔19.【答案】〔1〕解：設(shè)禮花彈的質(zhì)量為m1 ，上升過程中，由牛頓其次定律可得解得由運(yùn)動學(xué)公式可得解得〔解：由題意可知，炸開后，豎直下落的彈片加速度最小，設(shè)該彈片質(zhì)量為2 ，由牛頓其次定律可得解得〔3〕解：由(1)的分析可知，速度大小為的彈片上升過程的最大高度為該過程所用時間從最高點(diǎn)下降過程解得下降時間為該彈片在空中運(yùn)動的總時間為從最高點(diǎn)下降過程解得下降時間為該彈片在空中運(yùn)動的總時間為【解析】【分析】〔1〕禮花彈向上做勻減速直線運(yùn)動，利用牛頓其次定律可以求出加速度的大小，結(jié)合速度位移公式可以求出上升的最大高度；禮花彈炸開后向下運(yùn)動的彈片其加速度最小，利用牛頓其次定律可以求出最小加速度的大?。弧?〕中禮花彈上升的高度可以求出彈片連續(xù)上升的高度，利用速度公式可以求出上升的時間；結(jié)合下落過程的勻加速直線運(yùn)動可以求出下落運(yùn)動的時間。20.【答案】〔1〕解：恰好好過B20.【答案】〔1〕解：恰好好過B點(diǎn)：得B點(diǎn)第一次運(yùn)動到斜軌道最高點(diǎn)得：〔2〕解：首先，推斷滑塊能否通過B點(diǎn)，假設(shè)恰好過B點(diǎn)，滑塊的機(jī)械能因，故滑塊能過B點(diǎn)，其次，推斷滑塊第一次在斜軌道來回后，是否會脫離圓軌道，設(shè)第一次到斜軌道最高點(diǎn)離D距離為，由能量守恒得返回到C處時滑塊的機(jī)械能因此，此后滑塊恰好不脫離軌道，在圓軌道與斜軌道間往復(fù)運(yùn)動，最終停在D點(diǎn)，全過程應(yīng)用能量守恒得設(shè)第一次到斜軌道最高點(diǎn)離D距離為得設(shè)其次次到斜軌道最高點(diǎn)離D距離為得：兩次在斜軌道來回后，滑塊在C兩次在斜軌道來回后，滑塊在C處具有的機(jī)械能滿足題目要求由題意可知，滿足題意的彈性勢能最大的條件為：滑塊在斜軌道上來回兩次后，恰能到達(dá)圓軌道上與圓心等高點(diǎn)處，同理得：第一次到斜軌道最高點(diǎn)離D距離為其次次到斜軌道最高點(diǎn)離D距離為綜上：解法二：設(shè)滑塊在D點(diǎn)的速度為，滑上斜軌道的距離為L，滑塊返回D點(diǎn)的速度為，則依據(jù)動能定理可得：即：滑塊損失的機(jī)械能為：假設(shè)要使滑塊經(jīng)過斜長軌道之后，能通過B點(diǎn)，則需滿足：滑塊其次次滑上斜長軌道后滑下，不脫離軌道，其機(jī)械能最大值為，即彈性勢能的范圍為【解析】【分析】〔1〕滑塊恰好經(jīng)過B點(diǎn)，利用牛頓其次定律可以求出滑塊經(jīng)過B點(diǎn)速度的大小，結(jié)合B點(diǎn)到斜面軌道最高點(diǎn)的動能定理可以求出滑塊能夠滑上斜面軌道的最大距離；當(dāng)滑塊恰好經(jīng)過B點(diǎn)時，利用功能關(guān)系可以求出滑塊所需要機(jī)械能的大小，結(jié)合彈性勢能的大小可以判別滑塊經(jīng)過B點(diǎn)，利用能量守恒定律可以求出滑塊在斜面上升的高度，結(jié)合功能關(guān)系可以求出滑塊返回C點(diǎn)的機(jī)械能大小，進(jìn)而判別滑塊在圓軌道和斜面軌道上來回運(yùn)動，利用能量守恒定律可以求出通過的路程大??；21.【答案】〔1〕解：桿在位置時，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為回路電流為其中回路總電阻為聯(lián)立解得B點(diǎn)，利用從斜面軌道到B21.【答案】〔1〕解：桿在位置時，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為回路電流為其中回路總電阻為聯(lián)立解得解：桿移動至x位置時，等效電路如以下圖導(dǎo)軌電阻桿接入回路局部長度為其阻值為桿產(chǎn)生的電動勢為桿接入回路的電勢差為桿未接入回路的電勢差為聯(lián)立可得 間的電勢差解：由題意得，桿在滑動時，回路電流結(jié)合(2)中結(jié)論，代入數(shù)據(jù)可得I1=1.5A，且始終保持不變，由于桿勻速運(yùn)動，受到的安培力為圖線與x軸所圍面積表示抑制安培力所做的功，即回路產(chǎn)生的焦耳熱因此，桿產(chǎn)生的焦耳熱【考點(diǎn)】電磁感應(yīng)中切割類問題，電磁感應(yīng)與力學(xué)【解析】【分析】〔1〕桿切割磁場相當(dāng)于電源，利用動生電動勢結(jié)合歐姆定律可以求出桿通過的電流大??；桿移動過程中，利用幾何關(guān)系可以求出回路中電阻的表達(dá)式，結(jié)合動生電動勢的表達(dá)式及歐姆定律CD之間電勢差與橫坐標(biāo)的關(guān)系式；桿滑動過程中，利用動生電動勢的表達(dá)式可以求出回路中電流的大小，結(jié)合安培力的表達(dá)式及