北京市西城區(qū)普通中學(xué)物理模擬試卷（月份）

學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精2017年北京市西城區(qū)普通中學(xué)高考物理模擬試卷（2月份)一、選擇題1．放射性元素發(fā)生β衰變放出一個電子，這個電子（）A．原來是原子的外層電子B．原來是原子的內(nèi)層電子C．是在原子核內(nèi)的質(zhì)子轉(zhuǎn)化為中子時產(chǎn)生的D．是在原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子時產(chǎn)生的2．下列說法中正確的是（)A．頻率越大的光，其光子的能量越小B．頻率越大的光，其光子的動量越大C．“狹義相對論”認為物體運動的速度越大，質(zhì)量越小D．“狹義相對論”認為物體運動的速度越大，能量越小3．如圖所示，a、b兩束不同頻率的單色光以45°的入射角射到玻璃磚的上表面上，入射點分別為A、B．直線OO?垂直玻璃磚與玻璃磚上表面相交于E點．A、B到E的距離相等．a(chǎn)、b兩束光與直線OO?在同一平面內(nèi)（圖中紙面內(nèi)）．經(jīng)過玻璃磚后，a、b兩束光相交于圖中的P點．則下列判斷中正確的是（）A．在真空中，a光的傳播速度大于b光的傳播速度B．在玻璃中,a光的傳播速度大于b光的傳播速度C．玻璃磚對a光的折射率大于對b光的折射率D．a(chǎn)光的頻率大于b光的頻率4．某質(zhì)點做簡諧運動，其位移隨時間變化的關(guān)系式為x=5sint（cm)，則下列關(guān)于質(zhì)點運動的說法中正確的是（）A．質(zhì)點做簡諧運動的振幅為10cmB．質(zhì)點做簡諧運動的周期為4sC．在t=4s時質(zhì)點的速度最大D．在t=4s時質(zhì)點的加速度最大5．發(fā)射通信衛(wèi)星常用的方法是：先用火箭將衛(wèi)星送入近地圓形軌道運行，然后再適時開動衛(wèi)星上的小型噴氣發(fā)動機，經(jīng)過過渡軌道將其送入與地球自轉(zhuǎn)同步的圓形運行軌道．比較衛(wèi)星在兩個圓形軌道上的運行狀態(tài),在同步軌道上衛(wèi)星的（）A．機械能大，動能小 B．機械能小，動能大C．機械能大，動能也大 D．機械能小，動能也小6．在光電效應(yīng)實驗中，先后用頻率相同但光強不同的兩束光照射同一個光電管．若實驗a中的光強大于實驗b中的光強，實驗所得光電流I與光電管兩端所加電壓U間的關(guān)系曲線分別以a、b表示，則下列圖中可能正確的是()A． B． C． D．7．一只電飯煲和一臺洗衣機并連接在輸出電壓u=311sin314t（V）的交流電源上(其內(nèi)電阻可忽略不計），均正常工作．用電流表分別測得通過電飯煲的電流是5.0A,通過洗衣機電動機的電流是0.50A，則下列說法中正確的是（）A．電飯煲的電阻為44Ω，洗衣機電動機線圈的電阻為440ΩB．電飯煲消耗的電功率為1555W，洗衣機電動機消耗的電功率為155。5WC．1min內(nèi)電飯煲消耗的電能為6.6×104J，洗衣機電動機消耗的電能為6。6×103JD．電飯煲發(fā)熱功率是洗衣機電動機發(fā)熱功率的10倍8．在光滑水平面上放置兩長度相同、質(zhì)量分別為m1和m2的木板P、Q，在木板的左端各有一大小、形狀、質(zhì)量完全相同的物塊a和b，木板和物塊均處于靜止狀態(tài)．現(xiàn)對物塊a和b分別施加水平恒力F1和F2,使它們向右運動．當物塊與木板分離時,P、Q的速度分別為v1、v2,物塊a、b相對地面的位移分別為s1、s2．已知兩物塊與木板間的動摩擦因數(shù)相同，下列判斷正確的是（）A．若F1=F2、m1＞m2，則v1＞v2、s1=s2B．若F1=F2、m1＜m2，則v1＞v2、s1=s2C．若F1＜F2、m1=m2，則v1＞v2、s1＞s2D．若F1＞F2、m1=m2，則v1＜v2、s1＞s2二、非選擇題(共5小題，滿分0分）9．某同學(xué)采用如圖所示的裝置，利用A、B兩球的碰撞來驗證動量守恒定律．圖中MN是斜槽，NR為水平槽．實驗時先使A球從斜槽上某一固定位置由靜止開始滾下,落到位于水平地面的記錄紙上，留下痕跡．重復(fù)上述操作10次，得到10個落點痕跡平均位置P;再把B球放在水平槽上靠近槽末端的地方，讓A球仍從固定位置由靜止開始滾下，與B球碰撞后，A、B球分別在記錄紙上留下各自的落點痕跡．重復(fù)這種操作10次得到10個落點痕跡平均位置E、F．（1）若A球質(zhì)量為m1，半徑為r1；B球質(zhì)量為m2,半徑為r2，則（單選）A．m1＞m2r1＞r2B．m1＞m2r1＜r2C．m1＞m2r1=r2D．m1＜m2r1=r2(2）以下提供的器材中，本實驗必需的是（單選)A．刻度尺B．打點計時器C．天平D．秒表（3）設(shè)A球的質(zhì)量為m1,B球的質(zhì)量為m2，則本實驗驗證動量守恒定律的表達式為(用裝置圖中的字母表示）．10．某同學(xué)在探究小燈泡的伏安特性曲線,他使用的器材如下：電流表（0﹣0.6﹣3A）、電壓表（0﹣3﹣15V)、直流電源（4V）、滑動變阻器（20Ω，3A)、小燈泡(2.5V）、電鍵一個、導(dǎo)線若干①請在圖1方框中畫出實驗電路圖，并按電路圖將圖2中的器材連接成實驗電路;②某同學(xué)實驗時測得多組小燈泡兩端的電壓U與對應(yīng)通過小燈泡的電流I，將U、I對應(yīng)點都標在了圖3的坐標系中，請你將描出小燈泡的伏安特性曲線;③通過伏安特性曲線可以確定,當小燈泡兩端的電壓為1.0V時,小燈泡的電阻為Ω．11．設(shè)雨點下落過程受到的空氣阻力與雨點的橫截面積S成正比，與雨點下落的速度v的平方成正比,即f=kSv2（其中k為比例系數(shù))．雨點接近地面時近似看做勻速直線運動,重力加速度為g．若把雨點看做球形,其半徑為r，球的體積為πr3，設(shè)雨點的密度為ρ，求：（1）每個雨點最終的運動速度vm（用ρ、r、g、k表示)；（2）雨點的速度達到vm時，雨點的加速度a為多大(用g表示)？12．質(zhì)量為m、電量為+q的帶電粒子，以某一初速度垂直磁場方向進入磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場，粒子在磁場中做勻速圓周運動,圓心為O,半徑為r．可將帶電粒子的運動等效為一環(huán)形電流，環(huán)的半徑等于粒子的軌道半徑．不計重力影響．（1）求粒子在磁場中做圓周運動線速度的大小v;（2）求等效環(huán)形電流的大小I；（3)若在O點固定一個點電荷A．粒子射入磁場的位置和速度方向保持不變．當原有磁場大小、方向都不變時，改變粒子射入磁場的初速度的大小，仍可使粒子繞O做半徑為r的勻速圓周運動;當原有磁場方向反向，而磁感應(yīng)強度B的大小不變時，再改變粒子射入磁場的初速度的大小,還能使粒子繞O做半徑為r的圓周運動．兩次所形成的等效電流之差的絕對值為△I,求△I的表達式．13．如圖1所示，表面絕緣且光滑的斜面MM′N′N固定在水平地面上，斜面所在空間有一邊界與斜面底邊NN′平行、寬度為d的勻強磁場，磁場方向垂直斜面．一個質(zhì)量m=0.15kg、總電阻R=0.25Ω的正方形單匝金屬框，放在斜面的頂端(金屬框上邊與MM′重合）．現(xiàn)從t=0時開始釋放金屬框，金屬框?qū)⒀匦泵嫦禄畧D2給出了金屬框在下滑過程中速度v的二次方與對應(yīng)的位移x的關(guān)系圖象．取重力加速度g=l0m/s2．求：（1）斜面的傾角θ；（2）勻強磁場的磁感應(yīng)強度B的大??；(3）金屬框在穿過磁場的過程中電阻上生熱的功率．

2017年北京市西城區(qū)普通中學(xué)高考物理模擬試卷（2月份）參考答案與試題解析一、選擇題1．放射性元素發(fā)生β衰變放出一個電子,這個電子（)A．原來是原子的外層電子B．原來是原子的內(nèi)層電子C．是在原子核內(nèi)的質(zhì)子轉(zhuǎn)化為中子時產(chǎn)生的D．是在原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子時產(chǎn)生的【考點】原子核衰變及半衰期、衰變速度．【分析】本題較簡單，根據(jù)β衰變的本質(zhì)來判斷即可．【解答】解:在β衰變中，核內(nèi)的一個中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子，同時釋放一個電子和一個反中微子，故ABC錯誤，D正確；故選：D2．下列說法中正確的是（)A．頻率越大的光，其光子的能量越小B．頻率越大的光，其光子的動量越大C．“狹義相對論”認為物體運動的速度越大，質(zhì)量越小D．“狹義相對論”認為物體運動的速度越大，能量越小【考點】狹義相對論;光子．【分析】根據(jù)C=λγ可知光的波長和頻率的關(guān)系，在根據(jù)E=hγ判斷光子的能量的大小【解答】解：A、根據(jù)E=hγ知，光子的能量與它的頻率成正比，頻率越大的光，其光子的能量越大，故A錯誤；B、根據(jù)P=知，光子的動量與它的頻率成正比，頻率越大的光，其光子的動量越大．故B正確,C、“狹義相對論”認為物體運動的速度越大，質(zhì)量越大，m=．故C錯誤；D、“狹義相對論”認為物體運動的速度越大,能量越大．故D錯誤．故選：B3．如圖所示，a、b兩束不同頻率的單色光以45°的入射角射到玻璃磚的上表面上,入射點分別為A、B．直線OO?垂直玻璃磚與玻璃磚上表面相交于E點．A、B到E的距離相等．a(chǎn)、b兩束光與直線OO?在同一平面內(nèi)（圖中紙面內(nèi))．經(jīng)過玻璃磚后,a、b兩束光相交于圖中的P點．則下列判斷中正確的是()A．在真空中，a光的傳播速度大于b光的傳播速度B．在玻璃中，a光的傳播速度大于b光的傳播速度C．玻璃磚對a光的折射率大于對b光的折射率D．a(chǎn)光的頻率大于b光的頻率【考點】光的折射定律．【分析】在真空中，所有色光的傳播速度都相同．根據(jù)光路圖判斷出a、b兩光的折射率大小，然后依據(jù)v=分析在玻璃中光速的大?。鶕?jù)折射率關(guān)系判斷光的頻率關(guān)系．【解答】解:A、在真空中，所有色光的傳播速度都相同，則a光的傳播速度等于b光的傳播速度．故A錯誤．BC、由圖看出，經(jīng)過玻璃磚后，a、b兩束光相交于圖中的P點，說明a光通過玻璃磚后的側(cè)移小于b光通過玻璃磚后的側(cè)移，則知玻璃磚對a光的折射率小于b光的折射率，由v=知，在玻璃中，a光的傳播速度大于b光的傳播速度．故B正確，C錯誤．D、a光的折射率小于b光的折射率，則a光的頻率小于b光的頻率．故D錯誤．故選：B4．某質(zhì)點做簡諧運動，其位移隨時間變化的關(guān)系式為x=5sint（cm),則下列關(guān)于質(zhì)點運動的說法中正確的是（）A．質(zhì)點做簡諧運動的振幅為10cmB．質(zhì)點做簡諧運動的周期為4sC．在t=4s時質(zhì)點的速度最大D．在t=4s時質(zhì)點的加速度最大【考點】簡諧運動的振幅、周期和頻率；簡諧運動的回復(fù)力和能量．【分析】振幅是振動物體離開平衡位置的最大距離，等于位移表達式x=5sintcm中的最大位移的大小．由位移表達式讀出角頻率ω,求出周期．將t=4s代入位移表達式，分析物體的位置，判斷速度和加速度的大?。窘獯稹拷猓篈、由位移的表達式x=5sint（cm）,可知質(zhì)點做簡諧運動的振幅為5cm．故A錯誤．B、由位移的表達式讀出角頻率ω=rad/s，則周期為T==8s．故B錯誤．C、在t=4s時質(zhì)點的位移x=5sintcm=5sin×4cm=0cm，說明物體通過平衡位置，速度最大．故C正確．D、在t=4s時質(zhì)點通過平衡位置,加速度最?。蔇錯誤．故選C5．發(fā)射通信衛(wèi)星常用的方法是：先用火箭將衛(wèi)星送入近地圓形軌道運行，然后再適時開動衛(wèi)星上的小型噴氣發(fā)動機，經(jīng)過過渡軌道將其送入與地球自轉(zhuǎn)同步的圓形運行軌道．比較衛(wèi)星在兩個圓形軌道上的運行狀態(tài)，在同步軌道上衛(wèi)星的（）A．機械能大，動能小 B．機械能小，動能大C．機械能大，動能也大 D．機械能小，動能也小【考點】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系．【分析】開動衛(wèi)星上的小型噴氣發(fā)動機使得衛(wèi)星加速，機械能增大，變軌過過程能量守恒，所以同步軌道上衛(wèi)星機械能增大；根據(jù)“高軌低速大周期"判斷衛(wèi)星速度大小，進而判斷動能．【解答】解：適時開動衛(wèi)星上的小型噴氣發(fā)動機使得衛(wèi)星加速，機械能增大，變軌過過程能量守恒，所以同步軌道上衛(wèi)星機械能增大；根據(jù)“高軌低速大周期”判斷同步軌道上衛(wèi)星速度小，所以動能也?。蔅CD錯誤，A正確．故選:A．6．在光電效應(yīng)實驗中，先后用頻率相同但光強不同的兩束光照射同一個光電管．若實驗a中的光強大于實驗b中的光強，實驗所得光電流I與光電管兩端所加電壓U間的關(guān)系曲線分別以a、b表示，則下列圖中可能正確的是(）A． B． C． D．【考點】光電效應(yīng)．【分析】光電管加正向電壓情況：P右移時，參與導(dǎo)電的光電子數(shù)增加；P移到某一位置時,所有逸出的光電子都剛參與了導(dǎo)電，光電流恰達最大值；P再右移時，光電流不能再增大．光電管加反向電壓情況:P右移時，參與導(dǎo)電的光電子數(shù)減少;P移到某一位置時，所有逸出的光電子都剛不參與了導(dǎo)電，光電流恰為零，此時光電管兩端加的電壓為截止電壓，對應(yīng)的光的頻率為截止頻率；P再右移時，光電流始終為零．eU截=mvm2=hγ﹣W，入射光的頻率越高，對應(yīng)的截止電壓U截越大．【解答】解：光電流恰為零，此時光電管兩端加的電壓為截止電壓，對應(yīng)的光的頻率為截止頻率,入射光的頻率越高，對應(yīng)的截止電壓U截越大,由于入射光的頻率沒有變,故遏止電壓相同，即圖線與橫軸的交點相同．由于a光的光強大于b光的光強，所以a的飽和電流大于b的飽和電流．故A故符合要求,故A正確、BCD錯誤．故選：A．7．一只電飯煲和一臺洗衣機并連接在輸出電壓u=311sin314t（V）的交流電源上（其內(nèi)電阻可忽略不計）,均正常工作．用電流表分別測得通過電飯煲的電流是5.0A，通過洗衣機電動機的電流是0。50A,則下列說法中正確的是(）A．電飯煲的電阻為44Ω，洗衣機電動機線圈的電阻為440ΩB．電飯煲消耗的電功率為1555W，洗衣機電動機消耗的電功率為155。5WC．1min內(nèi)電飯煲消耗的電能為6。6×104J，洗衣機電動機消耗的電能為6。6×103JD．電飯煲發(fā)熱功率是洗衣機電動機發(fā)熱功率的10倍【考點】正弦式電流的最大值和有效值、周期和頻率;電功、電功率．【分析】電飯煲是純電阻,洗衣機不是純電阻，加在洗衣機兩端的電壓不是全部加在內(nèi)阻上，根據(jù)功率公式和熱量公式可以方向各項．【解答】解：A、電飯煲與洗衣機的都與電源并聯(lián)，電源兩端電壓相等,均為220V，由歐姆定律可求得電飯煲的電阻為==44Ω,但洗衣機不是純電阻用電器，由=440Ω求得的電阻是錯誤的，所以A項錯；B、它們消耗的電功率分別為P1=UI1=1100W，P2=UI2=110W，所以B項錯誤;C、電飯煲和洗衣機在1min內(nèi)產(chǎn)生的電能分別為Q1=P1t=6。6×104J，Q2=P2t=6.6×103J，所以C項正確；D、因洗衣機的內(nèi)阻未知，無法比較二者的發(fā)熱功率,所以D項錯誤．故選C8．在光滑水平面上放置兩長度相同、質(zhì)量分別為m1和m2的木板P、Q,在木板的左端各有一大小、形狀、質(zhì)量完全相同的物塊a和b,木板和物塊均處于靜止狀態(tài)．現(xiàn)對物塊a和b分別施加水平恒力F1和F2，使它們向右運動．當物塊與木板分離時,P、Q的速度分別為v1、v2，物塊a、b相對地面的位移分別為s1、s2．已知兩物塊與木板間的動摩擦因數(shù)相同，下列判斷正確的是（)A．若F1=F2、m1＞m2，則v1＞v2、s1=s2B．若F1=F2、m1＜m2，則v1＞v2、s1=s2C．若F1＜F2、m1=m2，則v1＞v2、s1＞s2D．若F1＞F2、m1=m2，則v1＜v2、s1＞s2【考點】牛頓第二定律；勻變速直線運動的速度與時間的關(guān)系；勻變速直線運動的位移與時間的關(guān)系．【分析】本題中涉及到兩個物體,所以就要考慮用整體法還是隔離法，但題中研究的是兩物體的相對滑動，所以應(yīng)該用隔離法．板和物體都做勻變速運動，牛頓定律加運動學(xué)公式和動能定理都能用，但題中“當物體與板分離時”隱含著在相等時間內(nèi)物體的位移比板的位移多一個板長，也就是隱含著時間因素，所以不方便用動能定理解了,就要用牛頓定律加運動公式解．【解答】解:A、首先看F1=F2時情況：由題很容易得到a、b所受的摩擦力大小是相等的，因此a、b加速度相同,我們設(shè)a、b加速度大小為a，對于P、Q,滑動摩擦力即為它們的合力，設(shè)P（m1）的加速度大小為a1，Q（m2）的加速度大小為a2，根據(jù)牛頓第二定律得：a1=,a2=，其中m為物塊a和b的質(zhì)量．設(shè)板的長度為L，它們向右都做勻加速直線運動,當物塊與木板分離時：a與P的相對位移為：L=at12﹣a1t12b與Q的相對位移為：L=at22﹣a2t22若m1＞m2,a1＜a2所以得:t1＜t2P的速度為:v1=a1t1，Q的速度為:v2=a2t2物塊a相對地面的位移分別為：s1=at12物塊b相對地面的位移分別為：s2=at22則v1＜v2，s1＜s2,故A、B錯誤．C、若F1＞F2、m1=m2，根據(jù)受力分析和牛頓第二定律的：則a的加速度大于b的加速度,即aa＞ab由于m1=m2，所以P、Q加速度相同,設(shè)P、Q加速度為a．它們向右都做勻加速直線運動,當物塊與木板分離時：a與P的相對位移為:L=aat12﹣at12b與Q的相對位移為：L=abt22﹣at22由于aa＞ab所以得：t1＜t2則v1＜v2,s1＜s2，故C正確．D、根據(jù)C選項分析得：若F1＜F2、m1=m2，aa＜ab則v1＞v2、S1＞S2故C正確,ABD錯誤．故選：C．二、非選擇題（共5小題,滿分0分）9．某同學(xué)采用如圖所示的裝置，利用A、B兩球的碰撞來驗證動量守恒定律．圖中MN是斜槽，NR為水平槽．實驗時先使A球從斜槽上某一固定位置由靜止開始滾下，落到位于水平地面的記錄紙上，留下痕跡．重復(fù)上述操作10次,得到10個落點痕跡平均位置P;再把B球放在水平槽上靠近槽末端的地方，讓A球仍從固定位置由靜止開始滾下，與B球碰撞后,A、B球分別在記錄紙上留下各自的落點痕跡．重復(fù)這種操作10次得到10個落點痕跡平均位置E、F．（1）若A球質(zhì)量為m1，半徑為r1；B球質(zhì)量為m2，半徑為r2,則C(單選）A．m1＞m2r1＞r2B．m1＞m2r1＜r2C．m1＞m2r1=r2D．m1＜m2r1=r2(2）以下提供的器材中，本實驗必需的是AC（單選）A．刻度尺B．打點計時器C．天平D．秒表(3）設(shè)A球的質(zhì)量為m1，B球的質(zhì)量為m2，則本實驗驗證動量守恒定律的表達式為（用裝置圖中的字母表示）m1?OP=m1?OE+m2?OF．【考點】驗證動量守恒定律．【分析】（1）為了保證碰撞前后使入射小球的速度方向不變，故必須使入射小球的質(zhì)量大于被碰小球的質(zhì)量．(2）先根據(jù)平拋運動的特點判斷碰撞前后兩個小球的落地點，再求出碰撞前后兩個小球的速度，根據(jù)動量的公式列出表達式,代入數(shù)據(jù)看碰撞前后的動量是否相等，根據(jù)表達式確定需要測量的量,然后確定需要的實驗器材．（3）根據(jù)動量守恒定律求出需要驗證的表達式．【解答】解：（1）小球在碰撞過程中水平方向動量守恒,由動量守恒定律得：m1v0=m1v1+m2v2,在碰撞過程中機械能守，由機械能守恒定律得：m1v02=m1v12+m2v22，解得：v1=v0，要碰后入射小球的速度v1＞0,即m1﹣m2＞0,要使兩小球發(fā)生對心正碰，兩球的半徑應(yīng)相等，r1=r2,故選C．（2）P為碰前入射小球落點的位置,E為碰后入射小球的位置，F(xiàn)為碰后被碰小球的位置，小球離開軌道后做平拋運動，它們拋出點的高度相等，在空中的運動時間t相等，碰撞前入射小球的速度v1=，碰撞后入射小球的速度：v2=，碰撞后被碰小球的速度：v3=，若m1v1=m2v3+m1v2，表明通過該實驗驗證了兩球碰撞過程中動量守恒，帶入數(shù)據(jù)得：m1?OP=m1?OE+m2?OF，實驗需要測量小球的質(zhì)量，物體的水平位移，因此需要的用天平測小球質(zhì)量,用刻度尺測小球的水平位移,故選AC；(3）由（2）可知，實驗需要驗證的表達式為：m1?OP=m1?OE+m2?OF．故答案為：（1)C;(2）AC；（3）m1?OP=m1?OE+m2?OF．10．某同學(xué)在探究小燈泡的伏安特性曲線，他使用的器材如下：電流表（0﹣0。6﹣3A）、電壓表（0﹣3﹣15V)、直流電源（4V）、滑動變阻器(20Ω，3A）、小燈泡（2.5V）、電鍵一個、導(dǎo)線若干①請在圖1方框中畫出實驗電路圖，并按電路圖將圖2中的器材連接成實驗電路;②某同學(xué)實驗時測得多組小燈泡兩端的電壓U與對應(yīng)通過小燈泡的電流I，將U、I對應(yīng)點都標在了圖3的坐標系中,請你將描出小燈泡的伏安特性曲線；③通過伏安特性曲線可以確定,當小燈泡兩端的電壓為1.0V時，小燈泡的電阻為5.0Ω．【考點】描繪小電珠的伏安特性曲線．【分析】①由于燈泡的電壓和電流需從零開始測起，則滑動變阻器采用分壓式接法，根據(jù)燈泡電阻的大小確定電流表的內(nèi)外接，然后坐車電路圖；根據(jù)電路圖連接實物電路圖．②應(yīng)用描點法作圖作出圖象，根據(jù)圖象求出電壓與電流的對應(yīng)關(guān)系，然后答題．③根據(jù)圖象可明確對應(yīng)的電流，再由歐姆定律即可求得電阻．【解答】解：①描繪燈泡伏安特性曲線，電壓與電流應(yīng)從零開始變化，滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法，燈泡電阻約為幾歐姆，電流表內(nèi)阻約為零點幾歐姆定律,電壓表內(nèi)阻約為幾千歐姆，電壓表內(nèi)阻遠大于燈泡電阻,電流表應(yīng)采用外接法，電路圖如圖所示，根據(jù)電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示：②根據(jù)描點法可得出對應(yīng)的伏安特性曲線；③由圖可知，當電壓為1.0V時，電流為0。2A，則由歐姆定律可得電阻為:R==5。0Ω；故答案為：①如圖1、2所示；②如圖3所示；③5.011．設(shè)雨點下落過程受到的空氣阻力與雨點的橫截面積S成正比,與雨點下落的速度v的平方成正比，即f=kSv2（其中k為比例系數(shù)）．雨點接近地面時近似看做勻速直線運動，重力加速度為g．若把雨點看做球形，其半徑為r，球的體積為πr3，設(shè)雨點的密度為ρ，求:（1）每個雨點最終的運動速度vm(用ρ、r、g、k表示）；(2）雨點的速度達到vm時，雨點的加速度a為多大（用g表示）？【考點】共點力平衡的條件及其應(yīng)用；力的合成與分解的運用；牛頓第二定律．【分析】(1）根據(jù)共點力平衡條件和題意中有關(guān)摩擦力的關(guān)系式列式求解；（2）先根據(jù)題意求出速度達到vm時的空氣阻力，然后根據(jù)牛頓第二定律求解加速度．【解答】解:（1）當f=mg時，雨點達到最終速度vm，則故解得即每個雨點最終的運動速度．（2）由牛頓第二定律得：mg﹣f=ma則解得故即雨點的速度達到vm時,雨點的加速度a為．12．質(zhì)量為m、電量為+q的帶電粒子,以某一初速度垂直磁場方向進入磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場，粒子在磁場中做勻速圓周運動,圓心為O,半徑為r．可將帶電粒子的運動等效為一環(huán)形電流,環(huán)的半徑等于粒子的軌道半徑．不計重力影響．（1）求粒子在磁場中做圓周運動線速度的大小v;(2）求等效環(huán)形電流的大小I；（3）若在O點固定一個點電荷A．粒子射入磁場的位置和速度方向保持不變．當原有磁場大小、方向都不變時,改變粒子射入磁場的初速度的大小,仍可使粒子繞O做半徑為r的勻速圓周運動；當原有磁場方向反向,而磁感應(yīng)強度B的大小不變時，再改變粒子射入磁場的初速度的大小，還能使粒子繞O做半徑為r的圓周運動．兩次所形成的等效電流之差的絕對值為△I，求△I的表達式．【考點】帶電粒子在勻強磁場中的運動．【分析】（1）由洛倫茲力做向心力可解得v；（2）由電流等于某一橫截面單位時間通過的電量，而電量即帶電粒子所帶電量乘以單位時間帶電粒子繞的圈數(shù)；(3）分析兩種情況受力情況，向心力構(gòu)成；寫出等效電流的表達式，轉(zhuǎn)化為向心力公式中的量，并由向心力公式解得等效電流之差．【解答】解：(1)粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力做向心力，所以，有：，解得：；(2）電量為+q的帶電粒子做的勻速圓周運動，周期