2019-2020-1期末高一數(shù)學(xué)答案_第1頁
2019-2020-1期末高一數(shù)學(xué)答案_第2頁
2019-2020-1期末高一數(shù)學(xué)答案_第3頁
全文預(yù)覽已結(jié)束

下載本文檔

版權(quán)說明：本文檔由用戶提供并上傳，收益歸屬內(nèi)容提供方，若內(nèi)容存在侵權(quán)，請進(jìn)行舉報或認(rèn)領(lǐng)

文檔簡介

/2019--2020第一學(xué)期期末數(shù)學(xué)考試卷答案一、選擇題1.A2.D3.A4.B5.B6.C7.C8.C9.B10.C11.C12.D二、填空題13.-2<x<414.1215.45016.y＝2x三、解答題：17．（10分）(1)由，得－3＜x＜3，∴函數(shù)f(x)的定義域為(－3，3)．(2)函數(shù)f(x)是偶函數(shù)，理由如下：由(1)知，函數(shù)f(x)的定義域關(guān)于原點對稱，且f(－x)＝lg(3－x)＋lg(3＋x)＝f(x)，∴函數(shù)f(x)為偶函數(shù)．18.（12分）S表面＝S下底面＋S臺側(cè)面＋S錐側(cè)面＝π×52＋π×(2＋5)×5＋π×2×2＝(60＋4)π．V＝V臺－V錐＝π(＋r1r2＋)h－πr2h1＝π．19.（12分）證明:(1)取AC的中點O,連接MO,因為M,O分別為AC1,AC的中點,所以MOCC1.又F為BB1的中點,所以BFCC1.所以MOBF.所以四邊形MOBF為平行四邊形.所以MF∥BO,又MF?平面ABCD,BO?平面ABCD,所以MF∥平面ABCD.(2)因為F為BB1的中點,易得AF=C1F,又M為AC1的中點,所以MF⊥AC1.又四邊形ABCD為菱形,所以BO⊥AC.又MF∥BO,所以MF⊥AC.又AC1∩AC=A,所以MF⊥平面A1ACC1.20.（12分）(1)在正三棱柱ABC－A1B1C1中，∵F、F1分別是AC、A1C1的中點，∴B1F1∥BF，AF1∥C1F.又∵B1F1∩AF1＝F1，C1F∩BF＝F，∴平面AB1F1∥平面C1BF.(2)在三棱柱ABC－A1B1C1中，AA1⊥平面A1B1C1，∴B1F1⊥AA1.又B1F1⊥A1C1，A1C1∩AA1＝A1，∴B1F1⊥平面ACC1A1，而B1F1?平面AB1F1，∴平面AB1F1⊥平面ACC1A1.21.（12分）（1）作圖可證過P點與原點O距離最大的佳績是過P點且與PO垂直的直線，由l⊥OP，得k1kOP＝－1，所以k1＝EQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(1),kOP)＝2.由直線方程的點斜式得y＋1＝2（x－2），即2x－y－5＝0.即直線2x－y－5＝0是過P點且與原點O距離最大的直線，最大距離為EQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(｜－5｜),5)EQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(｜－5｜),)＝.（2）過P點不存在到原點距離超達(dá)的直線，因此不存在過點P點且到原點距離為6的直線.22．（12分）解：當(dāng)直線l的方程為x＝1時，可驗證不符合題意，故設(shè)l的方程為y－2＝k(x－1)，由解得A；由解得B．因為|AB

溫馨提示

  • 1. 本站所有資源如無特殊說明，都需要本地電腦安裝OFFICE2007和PDF閱讀器。圖紙軟件為CAD,CAXA,PROE,UG,SolidWorks等.壓縮文件請下載最新的WinRAR軟件解壓。
  • 2. 本站的文檔不包含任何第三方提供的附件圖紙等，如果需要附件，請聯(lián)系上傳者。文件的所有權(quán)益歸上傳用戶所有。
  • 3. 本站RAR壓縮包中若帶圖紙，網(wǎng)頁內(nèi)容里面會有圖紙預(yù)覽，若沒有圖紙預(yù)覽就沒有圖紙。
  • 4. 未經(jīng)權(quán)益所有人同意不得將文件中的內(nèi)容挪作商業(yè)或盈利用途。
  • 5. 人人文庫網(wǎng)僅提供信息存儲空間，僅對用戶上傳內(nèi)容的表現(xiàn)方式做保護(hù)處理，對用戶上傳分享的文檔內(nèi)容本身不做任何修改或編輯，并不能對任何下載內(nèi)容負(fù)責(zé)。
  • 6. 下載文件中如有侵權(quán)或不適當(dāng)內(nèi)容，請與我們聯(lián)系，我們立即糾正。
  • 7. 本站不保證下載資源的準(zhǔn)確性、安全性和完整性, 同時也不承擔(dān)用戶因使用這些下載資源對自己和他人造成任何形式的傷害或損失。

評論

0/150

提交評論