2022-2023學(xué)年黑龍江省七臺(tái)河市勃利高級(jí)中學(xué)高二（上）期中物理試卷（附答案詳解）

2022-2023學(xué)年黑龍江省七臺(tái)河市勃利高級(jí)中學(xué)高二（上）期中

物理試卷

1.對(duì)黑體輻射的研究中，我們發(fā)現(xiàn)，物質(zhì)吸收或發(fā)射能量是不連續(xù)的，于是提出能量量子化

的理論，那么這位科學(xué)家是（）

A.牛頓B.開普勒C.普朗克D.阿基米德

2.下列說(shuō)法正確的是（）

A.串并聯(lián)組合電路中其中一個(gè)電阻增大而其他電阻不變時(shí)，總電阻增大

B.把一根均勻?qū)Ь€等分成等長(zhǎng)的兩段，則每部分的電阻率也變?yōu)樵瓉?lái)的一半

C.電容器所帶的帶電量越多，說(shuō)明它的電容越大

D.電動(dòng)勢(shì)的單位跟電壓的單位一樣，都是伏特，所以電動(dòng)勢(shì)就是電壓

3.如圖，在點(diǎn)電荷。產(chǎn)生的電場(chǎng)中，將兩個(gè)帶正電的試探電荷qi、一一

勺2分別置于A、B兩點(diǎn),虛線為等勢(shì)線，取無(wú)窮遠(yuǎn)處為零電勢(shì)點(diǎn)。/'、、

若將qi、勺2移動(dòng)到無(wú)窮遠(yuǎn)的過(guò)程中克服電場(chǎng)力做的功相等，則下列\(zhòng)??：

I*t?

說(shuō)法正確的是（）

'、、、-，/,

A.A點(diǎn)電勢(shì)高于B點(diǎn)電勢(shì)、、~一/

、------

B.A點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)低于8點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)

C.qi的電荷量小于《2的電荷量

D.q1在A點(diǎn)的電勢(shì)能小于口2在8點(diǎn)的電勢(shì)能

4.一磁感應(yīng)強(qiáng)度2的勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向水平向右，一面積為S的矩形線圈

abed如圖所示放置，平面abed與豎直方向成。角，將abed繞a”軸轉(zhuǎn)180。

角，則穿過(guò)線圈平面的磁通量的變化量為（）

A.0B.2BSC.2BScos6D.

2BSsin9

5.一臺(tái)電動(dòng)機(jī)，線圈電阻為0.8。，當(dāng)它兩端所加電壓為220V時(shí)，通過(guò)的電流為5A,關(guān)于此

電動(dòng)機(jī)，下列判斷正確的是（）

A.由于其電壓、電流、電阻關(guān)系不符合歐姆定律，可以判斷電動(dòng)機(jī)已經(jīng)損壞

B.此電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功率為10W

C.此電動(dòng)機(jī)的輸出功率為505W

D.此電動(dòng)機(jī)的效率約為98%

6.如圖所示，圖線〃、b分別為某電源和某定值電阻的17-/圖線，現(xiàn)將此電源與此電阻直接

相連，根據(jù)所學(xué)知識(shí)分析下列選項(xiàng)正確的是（）

A.該電源的內(nèi)電阻大于定值電阻的阻值

B.該電源的內(nèi)電阻消耗的功率大于定值電阻消耗的功率

C.如果減小定值電阻的阻值，電源的輸出功率可能增大

D.如果減小定值電阻的阻值，電源的效率可能增大

7.如圖，己知某勻強(qiáng)電場(chǎng)方向平行于正六邊形ABCDE尸所在平面。

已知A、B、C、。點(diǎn)的電勢(shì)分別為8h6V,2V,0,現(xiàn)有一電荷

量為2e的帶電粒子（不計(jì)重力）從A點(diǎn)以初動(dòng)能12eV沿AC方向射

入電場(chǎng)，恰好經(jīng)過(guò)的中點(diǎn)G,下列說(shuō)法正確的是（）

A.該粒子一定帶正電

B.該粒子達(dá)到G點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為20eY

C.若只改變?cè)摿Ｗ釉贏點(diǎn)時(shí)的初速度方向，該粒子不可能經(jīng)過(guò)C點(diǎn)

D.若該種粒子以不同速率從。點(diǎn)沿。廠方向入射，該粒子可能垂直經(jīng)過(guò)直線CE

8.如圖所示，A、B兩點(diǎn)固定兩個(gè)等量正點(diǎn)電荷，在A、8連線的中點(diǎn)C處放一點(diǎn)電荷（不計(jì)

重力）。若給該點(diǎn)電荷一個(gè)初速度方向與AB連線垂直，則該點(diǎn)電荷可能的運(yùn)動(dòng)情況為（）

………D..........

ACB

A.往復(fù)直線運(yùn)動(dòng)

B.勻變速直線運(yùn)動(dòng)

C.加速度不斷減小，速度不斷增大的直線運(yùn)動(dòng)

D.加速度先增大后減小，速度不斷增大的直線運(yùn)動(dòng)

9.寧夏育才中學(xué)某物理社團(tuán)做靜電感應(yīng)實(shí)驗(yàn)，有下列步驟及結(jié)論：①把不帶電的絕緣導(dǎo)體球

甲移近帶負(fù)電的絕緣導(dǎo)體球乙，但甲、乙兩球不接觸。②用手指摸甲球。③手指移開。④移

開乙球。⑤甲球帶正電。⑥甲球不帶電。下列操作過(guò)程和所得結(jié)論正確的有（）

A.①T②T③T④T⑥B.①T②T④T③T⑥

C.①-②—③-④-⑤D.①―②T④一③T⑤

10.如圖所示是使用靜電計(jì)探究平行板電容器電容與哪些因素有

關(guān)的實(shí)驗(yàn)裝置。充電后的平行板電容器A板帶正電且固定在絕緣i律

支架上，用導(dǎo)線將A板與靜電計(jì)的金屬小球相連，將帶負(fù)電的3

板與靜電計(jì)的金屬外殼同時(shí)接地，要使靜電計(jì)的指針張角變小，4J=a

可采用的方法是（）

A.減小A板與B板之間的水平距離B.A板位置不動(dòng)，將B板稍微豎直向上平移

C.將玻璃板插入A板與8板之間D.A板位置不動(dòng)，將8板向左移動(dòng)

11.關(guān)于多用電表及其使用，下列說(shuō)法正確的是（）

A.電流、電壓及電阻擋的刻度都是均勻的

B.測(cè)電壓時(shí)，其紅表筆接高電勢(shì)處

C.測(cè)電路中某個(gè)電阻的阻值時(shí)，一定要將該電阻與其它元件斷開

D.選擇歐姆檔X10檔并調(diào)零后，將兩表筆與待測(cè)電阻相連，發(fā)現(xiàn)電表指針偏轉(zhuǎn)角度太大，

則應(yīng)換用xl檔，調(diào)零后再測(cè)

12.如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為E,內(nèi)阻為外當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片p七,

從左端滑到右端時(shí)，理想電壓表匕、/示數(shù)變化的絕對(duì)值分別為IJ1n

和△“，干路電流為/，燈泡電阻不變，下列說(shuō)法中正確的是（）卜芬■匚5二代t

A.小燈泡八”2變暗，43變亮B.與△/的比值不變

C.△U1<△U2D.△%=△U2

13.如圖甲所示，平行金屬板中央有一個(gè)靜止的電子（不計(jì)重力），兩板間距離足夠大。當(dāng)兩板

間加上如圖乙所示的交變電壓后，在圖中，反映電子速度V、位移x和加速度“三個(gè)物理量隨

時(shí)間f的變化規(guī)律可能正確的是（）

甲乙

14.某空間區(qū)域的豎直平面內(nèi)存在電場(chǎng)，其中豎直的一條電場(chǎng)線如圖1中虛線所示.一個(gè)質(zhì)量

為加、電荷量為q的帶正電小球，在電場(chǎng)中從。點(diǎn)由靜止開始沿電場(chǎng)線豎直向下運(yùn)動(dòng).以。

為坐標(biāo)原點(diǎn)，取豎直向下為x軸的正方向，小球的機(jī)械能E與位移x的關(guān)系如圖2所示.則（不

考慮空氣阻力）（）

x

A.電場(chǎng)強(qiáng)度大小恒定，方向沿x軸負(fù)方向

B.從。到今的過(guò)程中，小球的速率越來(lái)越大，加速度越來(lái)越大

C.從。到今的過(guò)程中，相等的位移內(nèi)，小球克服電場(chǎng)力做的功越來(lái)越大

D.到達(dá)xi位置時(shí)，小球速度的大小為嚴(yán)可逅

15.在“測(cè)定金屬的電阻率”實(shí)驗(yàn)中，所用測(cè)量?jī)x器均已校準(zhǔn)。

（1）用游標(biāo)卡尺測(cè)量金屬絲的長(zhǎng)度如圖甲，示數(shù)L=cm,用螺旋測(cè)微器測(cè)量其直徑如圖

乙，示數(shù)。=

______nun。

（2）用伏安法測(cè)出金屬絲的電阻為R,則金屬電阻率的表達(dá)式p=（用題中所給字母表示

16.用如圖所示電路測(cè)量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。

(1)請(qǐng)按該同學(xué)電路圖，以筆畫線代替導(dǎo)線繼續(xù)完成實(shí)物連接圖。

(2)該同學(xué)根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，在圖中作出的路端電壓U與電流/的U-/圖象，通過(guò)該圖象可知

電源的電動(dòng)勢(shì)為V,電源的內(nèi)阻為2(均保留三位有效數(shù)字)

17.有一彈簧振子在水平方向上的8c之間做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，已知&C間的距離為20CH,振子在

2s內(nèi)完成了10次全振動(dòng)。若從某時(shí)刻振子經(jīng)過(guò)平衡位置時(shí)開始計(jì)時(shí)(t=0),經(jīng)過(guò)今周期振子

有負(fù)向最大位移。

(1)求振子的振幅和周期；

(2)畫出該振子的位移-時(shí)間圖像；

(3)寫出振子的位移隨時(shí)間變化的關(guān)系式。

18.如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)E=20匕內(nèi)阻r=10；電阻R=90,滑動(dòng)變阻器仆的最大限值為

150,現(xiàn)有電子以初動(dòng)能以0=3.2x10-18/從水平放置的平行金屬板左側(cè)正中央。處射入，

平行金屬板的間距d=0.1m,兩板長(zhǎng)均為L(zhǎng)=0.20m,平行金屬板右側(cè)到豎直放置的足夠大

的熒光屏距離b=0.1m,不計(jì)電子的重力，電子的電量e=1.6xl()T9c。

(1)當(dāng)滑動(dòng)變阻器％接入電路的阻值為多大時(shí)，其消耗的功率最大？并求其最大值之;

(2)當(dāng)滑動(dòng)變阻器勺接入電路的阻值為多少時(shí)，電子打在熒光屏上距屏中心。'最遠(yuǎn)？并求最遠(yuǎn)

距離匕

19.如圖所不，在豎直平面內(nèi)有一質(zhì)量m=0.6kg、電荷量q=

+3X10-3c的帶電小球，用一根長(zhǎng)/,=0.2m且不可伸長(zhǎng)的絕緣輕

細(xì)線系在一方向水平向右、分布的區(qū)域足夠大的勻強(qiáng)電場(chǎng)中的O

點(diǎn)。已知A、0、C三點(diǎn)等高，且OA=OC=3若將帶電小球從

A點(diǎn)無(wú)初速度釋放，小球到達(dá)最低點(diǎn)B時(shí)速度恰好為零，g取10?n/s2。

(1)求電場(chǎng)強(qiáng)度的大小E；

(2)求小球最大速度的大小加；

(3)若將小球從C點(diǎn)無(wú)初速度釋放，求小球到達(dá)A點(diǎn)時(shí)的速度以。

答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：黑體輻射實(shí)驗(yàn)規(guī)律：黑體輻射的強(qiáng)度與溫度有關(guān)，溫度越高，黑體輻射的強(qiáng)度越大，

隨著溫度的升高，黑體輻射強(qiáng)度的極大值向波長(zhǎng)較短的方向移動(dòng)，為了解釋這種現(xiàn)象，普朗克提

出能量量子化假設(shè)，故C正確，A3。錯(cuò)誤。

故選：Co

普朗克在研究黑體輻射問(wèn)題時(shí)提出了能量子假說(shuō)，建立了量子論。

本題考查物理學(xué)史內(nèi)容，要掌握各位物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)，多識(shí)記相關(guān)內(nèi)容。

2.【答案】A

【解析】解：A、串聯(lián)電路電阻阻值等于各電阻之和，并聯(lián)電路的總電阻的倒數(shù)等于各個(gè)支路電阻

的倒數(shù)之和，故4正確；

8、把一根均勻?qū)Ь€等分成等長(zhǎng)的兩段，則每部分的電阻減半，但電阻率不變，故3錯(cuò)誤；

C、電容器定義'(C=@?ac{Q}{U}\),只有電壓一定時(shí)，電容器所帶電荷越多，電容越大，同時(shí)電

容器的決定式'(。=\助我:{￡S}{4\pifa/}\)，可知電容的大小與是否帶電無(wú)關(guān)，故C錯(cuò)誤；

。、電動(dòng)勢(shì)的單位跟電壓的單位一樣，都是伏特，但意義不一樣，電動(dòng)勢(shì)表示電源非靜電力做功

的本領(lǐng)，電壓表示電路中兩點(diǎn)的的電勢(shì)差值，故。錯(cuò)誤。

故選：Ao

串聯(lián)電路電阻阻值等于各電阻之和，并聯(lián)電路的總電阻的倒數(shù)等于各個(gè)支路電阻的倒數(shù)之和；電

阻率是材料的特性；電容器的電容由自身結(jié)構(gòu)、材料決定；電動(dòng)勢(shì)表示電源非靜電力做功的本領(lǐng)。

此題是對(duì)恒定電流章節(jié)有關(guān)概念的考查，要深刻把握電動(dòng)勢(shì)、電阻、電容等物理量的計(jì)算方法和

知道他們的決定因素；對(duì)應(yīng)并聯(lián)電阻的大小變化可以代入任意數(shù)值判斷。

3.【答案】C

【解析】解：4、由題，將兩個(gè)帶正電的試探電荷qi、q2移動(dòng)到無(wú)窮遠(yuǎn)的過(guò)程中外力克服電場(chǎng)力做

功，則知。與兩個(gè)試探電荷之間存在引力，說(shuō)明。帶負(fù)電，電場(chǎng)線方向從無(wú)窮遠(yuǎn)處指向Q,則A

點(diǎn)電勢(shì)小于B點(diǎn)電勢(shì)，故A錯(cuò)誤；

B、由點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式E=k名分析可知，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大于3點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)，故8錯(cuò)誤；

*

C、由圖分析可知：A與無(wú)窮遠(yuǎn)間電勢(shì)差的絕對(duì)值大于B與無(wú)窮遠(yuǎn)間電勢(shì)差的絕對(duì)值，將qi、勺2移

動(dòng)到無(wú)窮遠(yuǎn)的過(guò)程中外力克服電場(chǎng)力做的功相等，根據(jù)電場(chǎng)力做功公式W=qU,得知，q1的電荷

量小于口2的電荷量，故C正確；

。、將q1、勺2移動(dòng)到無(wú)窮遠(yuǎn)的過(guò)程中外力克服電場(chǎng)力做的功相等，兩個(gè)試探電荷電勢(shì)能的變化量

相等，無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)能為零，則q1在A點(diǎn)的電勢(shì)能等于《2在B點(diǎn)的電勢(shì)能，故。錯(cuò)誤。

故選：C。

將兩個(gè)帶正電的試探電荷生、外移動(dòng)到無(wú)窮遠(yuǎn)的過(guò)程中外力克服電場(chǎng)力做功，說(shuō)明。帶負(fù)電，即

可判斷A、8電勢(shì)高低；

由點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式E=卜9分析場(chǎng)強(qiáng)的大??；

由圖分析可知：A與無(wú)窮遠(yuǎn)間電勢(shì)差的絕對(duì)值大于8與無(wú)窮遠(yuǎn)間電勢(shì)差的絕對(duì)值，根據(jù)電場(chǎng)力做

功公式W=qU,分析電荷量的大??；

根據(jù)電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能的關(guān)系，即可判斷q1在4點(diǎn)的電勢(shì)能與勺2在B點(diǎn)的電勢(shì)能的大小。

本題根據(jù)電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能變化的關(guān)系分析電勢(shì)能的大小，根據(jù)公式E=分析分析場(chǎng)強(qiáng)的大

小等等，都是常用的思路。

4.【答案】C

【解析】解：矩形線圈跟4如圖所示放置，勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向水平向右，平面小4與豎直方向成。角，

將此時(shí)通過(guò)線圈的磁通量為%=BScos。。

當(dāng)規(guī)定此時(shí)穿過(guò)線圈為正面，則當(dāng)線圈繞ad軸轉(zhuǎn)180。角時(shí)，穿過(guò)線圈反面，則其的磁通量牝=

—BScos。。

因此穿過(guò)線圈平面的磁通量的變化量為：△。=。2-=-28Scos。。

故選：Co

在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，當(dāng)線圈平面與磁場(chǎng)方向垂直時(shí)，穿過(guò)線圈的磁通量中=BS,B是磁感應(yīng)強(qiáng)度，S

是線圈的面積。當(dāng)線圈平面與磁場(chǎng)方向平行時(shí)，穿過(guò)線圈的磁通量。=0,若既不垂直，也不平

行，則可分解成垂直與平行，根據(jù)中=BSsin。（。是線圈平面與磁場(chǎng)方向的夾角）即可求解。

對(duì)于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中磁通量的求解，可以根據(jù)一般的計(jì)算公式中=BSsinO（。是線圈平面與磁場(chǎng)方向的

夾角）來(lái)分析線圈平面與磁場(chǎng)方向垂直、平行兩個(gè)特殊情況。注意夾角。不是磁場(chǎng)與線圈平面的夾

角，同時(shí)理解磁通量不是矢量，但注意分清正面還是反面通過(guò)線圈。

5.【答案】D

【解析】解：A、電動(dòng)機(jī)不是純電阻用電器，不滿足歐姆定律，故不能依據(jù)電壓電流電阻關(guān)系不符

合歐姆定律，判斷電動(dòng)機(jī)己經(jīng)損壞，故A錯(cuò)誤；

B、電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功率為Q=〃R=52xO.8W=20W,故8錯(cuò)誤；

C、此電動(dòng)機(jī)的輸入功率P=UI=220x5VK=11001V,輸出功率P'=P-I2R=1100V/-

20W=10801V,故C錯(cuò)誤；

D、此電動(dòng)機(jī)的效率〃=:義100%=罌X100%"98%,故。正確。

故選：Do

電動(dòng)機(jī)不是純電阻用電器，不滿足歐姆定律；P=U/可求得電動(dòng)機(jī)的輸入功率；熱功率Q=/2R；

輸出功率為P出=UI-I2R,根據(jù)〃=?X100%求出電動(dòng)機(jī)的效率。

電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，其電路是非純電阻電路，歐姆定律不適用，不能直接應(yīng)用P=U/求機(jī)械功率，

而要根據(jù)能量守恒關(guān)系求解。

6.【答案】C

【解析】解：A、根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U=E-lr,當(dāng)/=0時(shí)，U=E,可得E=6*當(dāng)U=0

時(shí)，「=號(hào)=2。,定值電阻內(nèi)阻：R=4=4。,則電源內(nèi)阻小于定值電阻的阻值，故A錯(cuò)誤；

8、電源和定值電阻串聯(lián)，電流相等，根據(jù)功率公式可知，P=KR,電源內(nèi)阻小于定值電阻的阻

值，則電源的內(nèi)電阻消耗的功率小于定值電阻的消耗的功率，故B錯(cuò)誤；

C、當(dāng)電源的內(nèi)阻等于外電阻時(shí)，電源的輸出功率最大，減小定值電阻的阻值，可能使得電源的

內(nèi)阻等于定值電阻的阻值，則電源的輸出功率可能增大，故C正確；

D、電源的效率：r/=^-xl00%,減小定值電阻的阻值，電源效率減小，故。錯(cuò)誤。

K~vT

故選：Co

電源/-U圖象與橫軸交點(diǎn)坐標(biāo)值是電源電動(dòng)勢(shì)，圖象斜率的絕對(duì)值倒數(shù)是電源內(nèi)阻，根據(jù)圖示圖

象求出電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻。

定值電阻的U-/圖象的斜率表示定值電阻的阻值。

當(dāng)電源的內(nèi)、外電阻相等時(shí)，電源的輸出功率最大。

外電阻減小，電源的效率減小。

此題考查了閉合電路歐姆定律的相關(guān)計(jì)算，關(guān)鍵是推導(dǎo)出電源的圖象的表達(dá)式，明確縱軸截

距表示短路電流，橫軸截距表示電動(dòng)勢(shì)，斜率絕對(duì)值的倒數(shù)表示內(nèi)電阻；同時(shí)要明確兩個(gè)圖象交

點(diǎn)的含義。

7.【答案】C

【解析】解：根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)中平行等距離的兩點(diǎn)電勢(shì)差相等，可得E和尸兩點(diǎn)的電勢(shì)分別為2y

和6K則EC為等勢(shì)線，勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)線方向和粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示；

A、該粒子沿AC方向進(jìn)入，從G點(diǎn)射出，粒子受力方向與電場(chǎng)線方向相反，該粒子一定帶負(fù)電,

故4錯(cuò)誤；

B、粒子在A點(diǎn)初動(dòng)能為=12eV,電勢(shì)能EPA=-2ex8V=-16eV,所以總能量為E=EkA+

EPA=12eV-16eV=-4eV,由于UBG=%c，所以G點(diǎn)的電勢(shì)為4匕該粒子達(dá)到G點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能

為EKG=E-(-4x2eV)=4eV,故8錯(cuò)誤；

C、只改變粒子在A點(diǎn)初速度的方向，若該粒子能經(jīng)過(guò)C點(diǎn)，則經(jīng)過(guò)C點(diǎn)的動(dòng)能EKC=E-(-2X

2eV)=OeV,動(dòng)能為0,不可能出現(xiàn)這種情況，所以只改變粒子在A點(diǎn)初速度的方向，該粒子不

可能經(jīng)過(guò)C點(diǎn)，故C正確。

。、若該粒子以不同速率從。點(diǎn)沿OF方向入射，其速度可以分解為沿電場(chǎng)線方向和垂直于電場(chǎng)

線方向，而垂直于電場(chǎng)線方向的速度不可能減小為零，所以該粒子不可能垂直經(jīng)過(guò)CE,故。錯(cuò)

誤；

故選：Co

根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)中平行等距離的兩點(diǎn)電勢(shì)差相等可得E和F兩點(diǎn)的電勢(shì)然后確定電場(chǎng)線方向，根據(jù)

粒子受力方向確定電性；根據(jù)動(dòng)能和電勢(shì)能之和不變確定粒子在G點(diǎn)和C點(diǎn)的動(dòng)能，由此作出判

斷；根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成和分解分析粒子能否垂直CE方向。

對(duì)于帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，此種類型的題目從兩條線索展開：其一，力和運(yùn)動(dòng)的關(guān)系。

根據(jù)帶電粒子受力情況，用牛頓第二定律求出加速度，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式確定帶電粒子的速度和位

移等解答。其二，功和能的關(guān)系。根據(jù)電場(chǎng)力對(duì)帶電粒子做功，利用動(dòng)能定理、能量守恒定律等

研究全過(guò)程中能的轉(zhuǎn)化。

8.【答案】AQ

【解析】

【分析】

解決本題的關(guān)鍵是熟練掌握等兩同種電荷連線中垂線的電場(chǎng)特點(diǎn)，然后分析電荷的受力從而判斷

電荷的運(yùn)動(dòng)情況，注意電荷的電性未知要討論，可能為正電荷，可能為負(fù)電荷。

電荷受到兩個(gè)等量正點(diǎn)電荷的電場(chǎng)力，在兩個(gè)電場(chǎng)力合力作用下運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平行四邊形定則判斷

出電荷所受合力的變化，從而得出電荷的運(yùn)動(dòng)情況，注意該電荷可能是正電荷，也可能是負(fù)電荷。

【解答】

根據(jù)等量同種正電荷中垂線上電場(chǎng)分布情況知，若該電荷為正電荷，給它初速度，將沿兩電荷的

中垂線運(yùn)動(dòng)，向上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，受到電場(chǎng)力的合力先增大后減小，合力方向沿中垂線向上，所

以該電荷向上做加速度先增大后減小，速度不斷增大的直線運(yùn)動(dòng)；

若該電荷為負(fù)電荷，受到電場(chǎng)力的合力沿中垂線向下，向上做減速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)速度為。后，又返回

做加速運(yùn)動(dòng)，在兩電荷連線以下做減速運(yùn)動(dòng)，減到速度為零，又返回做加速運(yùn)動(dòng)，所以電荷做往

復(fù)直線運(yùn)動(dòng)，故4、。正確，B、C錯(cuò)誤。

9.【答案】BC

【解析】解：AC.①把不帶電的絕緣導(dǎo)體球甲移近帶負(fù)電的絕緣導(dǎo)體球乙，但甲、乙兩球不接觸，

甲球感應(yīng)近乙端帶正電，遠(yuǎn)端帶負(fù)電。②用手指摸甲球?qū)⒇?fù)電荷導(dǎo)入大地?③手指移開。④移開

乙球。甲球帶正電。故A錯(cuò)誤，C正確。

BD.①把不帶電的絕緣導(dǎo)體球甲移近帶負(fù)電的絕緣導(dǎo)體球乙，但甲、乙兩球不接觸，甲球感應(yīng)近

乙端帶正電，遠(yuǎn)端帶負(fù)電。②用手指摸甲球?qū)⒇?fù)電荷導(dǎo)入大地④移開乙球，電子回位③手指移開，

⑥甲球不帶電，故B正確，。錯(cuò)誤。

故選：BC。

將棒移近兩個(gè)不帶電的導(dǎo)體球，靠感應(yīng)起電使物體帶電，帶電的實(shí)質(zhì)是電荷的移動(dòng)，總電荷量保

持不變。然后結(jié)合感應(yīng)帶電與接觸帶電的特點(diǎn)分析即可。

解決本題的關(guān)鍵知道摩擦起電、感應(yīng)起電、接觸帶電的實(shí)質(zhì)都是電荷的移動(dòng)，電荷的總量保持不

變。

10.【答案】AC

【解析】解：A、減小A板與8板之間的水平距離，根據(jù)電容的決定式：\(C=\^rac{ES}{4\pikd}\)

可知，電容增大，又電容器的電量。不變，由電容的定義式\。=即m{。}{。}\)分析得到，板間電

壓減小，靜電計(jì)指針張角變小，故A正確；

B、4板位置不動(dòng)，將8板稍微豎直向上平移時(shí)，兩極板正對(duì)面積減小，根據(jù)電容的決定式：

\(C=\dfrac{ES}{4*ikd}\)可知，電容減小,又電容器電量Q不變，由電容的定義式\(C=0?ac{Q}{U}\)

可知，則板間電壓增大，靜電計(jì)指針張角變大，故B錯(cuò)誤；

C、將玻璃板插入A板與B板之間，導(dǎo)致介電常數(shù)￡增大，根據(jù)電容的決定式：\(C=\Sac{￡S}{4\"

姐}\)得知，電容C增大，而電容器的電量。不變，由電容的定義式\(。=\力2。{。}{。}\)分析得到，

板間電勢(shì)差。減小，則靜電計(jì)指針張角變小，故C正確；

。、A板位置不動(dòng)，將B板向左移動(dòng)，即增大極板的間距，根據(jù)電容的決定式：\(C=W%C{￡S}{4\W

k"}\)可知，電容減小，又電容器的電量。不變，由電容的定義式\(C=W2c{Q}{U}\)分析得到，板

間電壓增大，靜電計(jì)指針張角變大，故。錯(cuò)誤；

故選：AC.

先根據(jù)電容的決定式分析電容的變化，再根據(jù)電容的定義式分析板間電勢(shì)差的變化，判斷靜電計(jì)

指針張角的變化。

本題考查電容器的動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題，對(duì)于電容器的動(dòng)態(tài)變化問(wèn)題，關(guān)鍵要抓住不變量，根據(jù)電容的

定義式和決定式進(jìn)行分析。

11.【答案】BCD

【解析】解：A、電流、電壓刻度是均勻的，電阻擋的刻度是不均勻的，故A錯(cuò)誤；

8、用多用電表測(cè)電壓時(shí)紅表筆要接高電勢(shì)處，故8正確；

C、為保證電路安全，測(cè)電路中某個(gè)電阻的阻值時(shí)，一定要將該電阻與其它元件斷開，故C正確；

。、選擇歐姆檔x10檔并調(diào)零后，將兩表筆與待測(cè)電阻相連，電表指針偏轉(zhuǎn)角度太大，說(shuō)明所選

擋位太大，為準(zhǔn)確測(cè)量電阻阻值，則應(yīng)換用XI檔，調(diào)零后再測(cè)量，故。正確；

故選：BCD。

歐姆表刻度是不均勻的，電壓與電流刻度是均勻的；

用多用電表測(cè)電壓與電流時(shí)，紅表筆接高電勢(shì)處；

用歐姆表測(cè)電阻要把待測(cè)電阻與其它電路元件斷開：

用歐姆表測(cè)電阻要選擇合適的擋位使指針指在中央刻度線附近。

本題考查了多用電表的使用方法與注意事項(xiàng)，掌握基礎(chǔ)知識(shí)是解題的前提與關(guān)鍵，掌握基礎(chǔ)知識(shí)

即可解題，平時(shí)要注意基礎(chǔ)知識(shí)的學(xué)習(xí)與積累。

12.【答案】AB

【解析】解：A、當(dāng)滑動(dòng)變阻器的觸片P從左端滑到右端時(shí)，變阻器接入電路的電阻增大，外電

路總電阻增大，總電流減小，路端電壓增大，則乙2變暗。變阻器的電阻增大，并聯(lián)部分的電阻增

大，則并聯(lián)部分的電壓增大，則5變亮?？傠娏鳒p小，而年的電流增大，則L的電流減小，則人變

暗，故A正確；

B、由q=E-/(&2+r)得：等=&2+%不變，故B正確；

CD、由上分析可知，電壓表匕的示數(shù)增大，電壓表/的示數(shù)減小，由于路端電壓增大，即兩電壓

表示數(shù)之和增大，所以△/>△/，故CQ錯(cuò)誤。

故選：AB.

當(dāng)滑動(dòng)變阻器的觸片戶從左端滑到右端時(shí)，分析變阻器接入電路的電阻的變化，確定外電路總電

阻的變化，分析總電流和路端電壓的變化，判斷燈心2亮度的變化。根據(jù)總電流的變化，分析并聯(lián)

部分電壓的變化，判斷心3亮度的變化。根據(jù)總電流與通過(guò)乙3電流的變化，分析通過(guò)k電流的變化，

判斷其亮度變化。

根據(jù)路端電壓的變化，分析和的大小。

根據(jù)歐姆定律列式分析電壓表示數(shù)變化量與電流表示數(shù)變化量的比值如何變化。

本題是電路動(dòng)態(tài)變化分析問(wèn)題，按“局部—整體-局部”思路進(jìn)行分析。運(yùn)用總量法分析兩電壓

表讀數(shù)變化量的大小。運(yùn)用歐姆定律定量分析電壓表示數(shù)變化量與電流表示數(shù)變化量的比值變化,

這是常用的方法。

13.【答案】BC

【解析】解：分析電子一個(gè)周期內(nèi)的運(yùn)動(dòng)情況：0?彳時(shí)間內(nèi)，電子從靜止開始向B板做勻加速直

線運(yùn)動(dòng)，彳?別寸間內(nèi)沿原方向做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，夕時(shí)刻速度為零。今時(shí)間內(nèi)向A板做勻加速

直線運(yùn)動(dòng)，］?T時(shí)間內(nèi)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)。接著周而復(fù)始。

人電子做勻變速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)％-t圖象應(yīng)是拋物線，故4錯(cuò)誤。

BD.根據(jù)勻變速運(yùn)動(dòng)速度圖象是傾斜的直線可知，8圖符合電子的運(yùn)動(dòng)情況。故B正確，。錯(cuò)誤。

C根據(jù)電子的運(yùn)動(dòng)情況：勻加速運(yùn)動(dòng)和勻減速運(yùn)動(dòng)交替產(chǎn)生，而勻變速運(yùn)動(dòng)的加速度大小不變，

a-t圖象應(yīng)平行于橫軸，故C正確。

故選：BC。

分析電子一個(gè)周期內(nèi)的運(yùn)動(dòng)情況：。?(時(shí)間內(nèi)，電子從靜止開始向8板做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，￡?g

時(shí)間內(nèi)沿原方向做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，樹刻速度為零。三?片時(shí)間內(nèi)向A板做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，y?

7時(shí)間內(nèi)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律分析加速度。根據(jù)電子的運(yùn)動(dòng)情況分析判斷。

本題是帶電粒子在周期性電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的問(wèn)題，關(guān)鍵是分析電子的運(yùn)動(dòng)情況。

14.【答案】BD

【解析】解：4、物體的機(jī)械能先減小，后保持不變，故電場(chǎng)力先做負(fù)功，后不做功，故電場(chǎng)強(qiáng)度

方向向上，再根據(jù)機(jī)械能的變化關(guān)系可知，電場(chǎng)力做功越來(lái)越小，故電場(chǎng)強(qiáng)度不斷減小，故A錯(cuò)

誤；

B、根據(jù)牛頓第二定律可知，物體受重力與電場(chǎng)力，且電場(chǎng)力越來(lái)越小，故加速度越來(lái)越大，速度

越來(lái)越大，故B正確；

C、由于電場(chǎng)力越來(lái)越小，故相等的位移內(nèi)，小球克服電場(chǎng)力做的功越來(lái)越小，故C錯(cuò)誤；

D、根據(jù)動(dòng)能定理可得mgXi+El-Eo=如標(biāo)-。得u=J2(E1-E『~mgxi),故。正確；

故選：BD

從圖象中能找出電場(chǎng)力的做功情況，根據(jù)電場(chǎng)力的做功情況判斷出受力，繼而判斷出電場(chǎng)，在利

用牛頓第二定律求的加速度

本題主要考查了電場(chǎng)力做功與與物體機(jī)械能的變化關(guān)系，明確電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，電場(chǎng)

力做負(fù)功，電場(chǎng)力增加即可.

2

15.【答案】(1)10.050；0.398(2)曙

【解析】

【分析】

本題考查了游標(biāo)卡尺與螺旋測(cè)微器讀數(shù)、求金屬絲電阻率問(wèn)題，要掌握常用器材的使用及讀數(shù)方

法，游標(biāo)卡尺主尺與游標(biāo)尺示數(shù)之和是游標(biāo)卡尺示數(shù)；螺旋測(cè)微器固定刻度與可動(dòng)刻度示數(shù)之和

是螺旋測(cè)微器示數(shù)。

(1)游標(biāo)卡尺主尺與游標(biāo)尺示數(shù)之和是游標(biāo)卡尺示數(shù)；螺旋測(cè)微器固定刻度與可動(dòng)刻度示數(shù)之和是

螺旋測(cè)微器示數(shù)。

(2)應(yīng)用電阻定律可以求出電阻率的表達(dá)式。

【解答】

解：(1)由圖示游標(biāo)卡尺可知，其示數(shù)：L=100mm4-10x0.05mm=100.50mm=10.050cm；

由圖示螺旋測(cè)微器可知，其示數(shù)：D=0mm+39.8x0.01mm=0.398mm；

(2)由電阻定律可得：R=pg=p$,電阻率：p=萼;

'7T(2)

故答案為：(1)10.050；0.398；(2)嗒。

16.【答案】1.451.76

【解析】解：(1)由于一節(jié)干電池電動(dòng)勢(shì)約為1.5人所以電壓表選取3V量程即

可，根據(jù)電路圖連接實(shí)物電路圖，實(shí)物電路圖如圖所示，

(2)根據(jù)閉合電路歐姆定律可得U=E-lr,圖象與縱軸交點(diǎn)坐標(biāo)值是1.45叭

電源電動(dòng)勢(shì)E=1.45V,電源內(nèi)阻r=當(dāng)=1噂瞪0?1.760。

故答案為：(1)實(shí)物圖如圖所示(2)1.451.76。；

(1)根據(jù)實(shí)驗(yàn)中的最大電壓值選擇電壓表的量程，根據(jù)電路圖連接實(shí)物電路圖；

(2)U-/圖象與縱軸交點(diǎn)坐標(biāo)值是電源電動(dòng)勢(shì)，圖象斜率的絕對(duì)值是電源內(nèi)阻，由此求解。

解決該題的關(guān)鍵是知道一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)是1.5心連接實(shí)物圖時(shí)要注意正負(fù)極接正確，掌握用

圖象分析電源電動(dòng)勢(shì)的大小和內(nèi)阻;

17.【答案】解：(1)彈簧振子在8、C之間做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng),故振幅4=10cm,振子在2s內(nèi)完成了10

次全振動(dòng),振子的周期7=；有=°為

(2)振子從平衡位置開始計(jì)時(shí)，故t=0時(shí)刻，位移是0,經(jīng)過(guò)*周期振子有負(fù)向最大位移，故如圖

所示:

(3)由函數(shù)圖像可知振子的位移與時(shí)間的函數(shù)關(guān)系式為：x=10sin(10n-t+Tt)cm.,

答：(1)振子的振幅為10。〃，周期為0.2s；

(2)該振子的位移-時(shí)間圖像如上圖所示；

(3)寫出振子的位移隨時(shí)間變化的關(guān)系式：x=10sin(107Tt+7r)cmo

【解析】(1)根據(jù)5c之間的距離以及全振動(dòng)的次數(shù)計(jì)算出周期；

(2)根據(jù)題目中的描述畫出位移-時(shí)間圖像；

(3)根據(jù)圖像寫出位移-時(shí)間的關(guān)系式。

本題主要考查了簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的相關(guān)應(yīng)用，理解不同物理量之間的關(guān)系，結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)畫出圖像以及

對(duì)應(yīng)的解析式。

18.【答案】解：(1)根據(jù)閉合電路歐姆定律得

Rx+R+r

2

&消耗的功率為P=IRX

聯(lián)立得P=--------號(hào)---

Rx+^^-+2(R+r)

22

根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可知，&+空?22R"智即勺=/?+「=90+10=10。時(shí)，上式分母

Kx、Kx

有最小值，則滑動(dòng)變阻器的功率P最大，且最大功率為

P2202

Pm=——=———W=10W

m4(R+r)4x(9+l)

(2)要想使電子打在熒光屏上距屏中心。'最遠(yuǎn)，電子經(jīng)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)后必須從上板邊緣出來(lái)，粒子運(yùn)動(dòng)

軌跡如圖所示。

根據(jù)電子在電場(chǎng)中類平拋運(yùn)動(dòng)的分位移公式，有

根據(jù)歐姆定律可得

聯(lián)立解得a=8。