2023屆廣東省廣州、深圳市學(xué)調(diào)聯(lián)盟高考物理二調(diào)試卷含答案

高考物理二調(diào)試卷一、單項選擇題〔共8小題，每道題3分，共24分〕1.某同學(xué)釆用如下列圖的裝置來研究光電效應(yīng)現(xiàn)象。某單色光照射光電管的陰極K時，會發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象，閉合開關(guān)S，在陽極A和陰極K之間加反向電壓，通過調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片逐漸增大電壓，直至電流計中電流恰為零，此時電壓表顯示的電壓值U稱為反向截止電壓。現(xiàn)分別用頻率為v1和v2的單色光照射陰極，測量到的反向截止電壓分別為U1和U2，設(shè)電子質(zhì)量為m，電荷量為e，那么以下關(guān)系式中不正確的選項是〔

〕A.

頻率為V1的單色光照射陰極K時光電子的最大初速度v1m＝

B.

陰極K金屬的極限頻率V0＝

C.

普朗克常量h＝

D.

陰極K金屬的逸出功W＝2.目前，我國在人工智能和無人駕駛技術(shù)方面已取得較大突破．為早日實現(xiàn)無人駕駛，某公司對汽車性能進(jìn)行了一項測試，讓質(zhì)量為m的汽車沿一山坡直線行駛．測試中發(fā)現(xiàn)，下坡時假設(shè)關(guān)掉油門，那么汽車的速度保持不變；假設(shè)以恒定的功率P上坡，那么從靜止啟動做加速運動，發(fā)生位移s時速度剛好到達(dá)最大值vm．設(shè)汽車在上坡和下坡過程中所受阻力的大小分別保持不變，以下說法正確的選項是〔

〕A.

關(guān)掉油門后的下坡過程，汽車的機(jī)械能守恒

B.

關(guān)掉油門后的下坡過程，坡面對汽車的支持力的沖量為零

C.

上坡過程中，汽車速度由增至，所用的時間可能等于

D.

上坡過程中，汽車從靜止啟動到剛好到達(dá)最大速度vm，所用時間一定小于3.如下列圖，平行板a、b組成的電容器與電池E連接，平行板電容器P處固定放置一帶負(fù)電的點電荷，平行板b接地，現(xiàn)將電容器的b板向下稍微移動，那么〔〕A.

點電荷所受電場力增大

B.

點電荷在P處的電勢能減少

C.

P點電勢減小

D.

電容器的帶電量增加4.橫截面為直角三角形的兩個相同斜面緊靠在一起，固定在水平面上，如下列圖。它們的豎直邊長都是底邊長的一半?，F(xiàn)有三個小球從左邊斜面的頂點以不同的初速度向右平拋，最后落在斜面上，其落點分別是a、b、c．以下判斷正確的選項是〔

〕A.

a球落在斜面上的速度方向與斜面平行

B.

三小球比較，落在c點的小球飛行時間最長

C.

三小球比較，落在b點的小球飛行過程速度變化最快

D.

無論小球拋出時初速度多大，落到斜面上的瞬時速度都不可能與斜面垂直5.如下列圖，圖甲為質(zhì)點a和b做直線運動的位移一時間圖象，圖乙為質(zhì)點c和d做直線運的速度一時間圖象，由圖可知〔

〕A.

假設(shè)t1時刻a、b兩質(zhì)點第一次相遇，那么t2時刻兩質(zhì)點第二次相遇

B.

假設(shè)t1時刻c、d兩質(zhì)點第一次相遇，那么t2時刻兩質(zhì)點第二次相遇

C.

t1到t2時間內(nèi)，b和d兩個質(zhì)點的運動方向發(fā)生了改變

D.

t1到t2時間內(nèi)，a和d兩個質(zhì)點的速率先減小后增大6.將質(zhì)量為1.00kg的模型火箭點火升空，50g燃燒的燃?xì)庖源笮?00m/s的速度從火箭噴口在很短時間內(nèi)噴出．在燃?xì)鈬姵龊蟮乃查g，火箭的動量大小為〔噴出過程中重力和空氣阻力可忽略〕〔〕A.

30kg?m/s

B.

5.7×102kg?m/s

C.

6.0×102kg?m/s

D.

6.3×102kg?m/s7.質(zhì)量為m的光滑圓柱體A放在質(zhì)量也為m的光滑“V〞型槽B上，如圖，α＝60°，另有質(zhì)量為M的物體C通過跨過定滑輪的不可伸長的細(xì)繩與B相連，現(xiàn)將C自由釋放，那么以下說法正確的選項是〔

〕

D.

當(dāng)M＝5m時，A和B之間的恰好發(fā)生相對滑動8.一質(zhì)量為m的均勻環(huán)狀彈性鏈條水平套在半徑為R的剛性球體上，不發(fā)生形變時環(huán)狀鏈條的半徑為，套在球體上時鏈條發(fā)生形變?nèi)缦铝袌D，假設(shè)彈性鏈條滿足胡克定律，不計一切摩擦，并保持靜止。此彈性鏈條的彈性系數(shù)k為〔

〕A.

B.

C.

D.

二、多項選擇題〔共4小題，每道題4分，共16分〕9.如下列圖，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為n1：n2＝2：1，輸入端接在u=30100πt〔V〕的交流電源上，R1為電阻箱，副線圈連在電路中的電阻R2＝10Ω，電表均為理想電表。以下說法正確的選項是〔

〕A.

當(dāng)R1＝0時，電壓表的讀數(shù)為30V

B.

當(dāng)R1＝0時，假設(shè)將電流表換成規(guī)格為“5V5W〞的燈泡，燈泡能夠正常發(fā)光

C.

當(dāng)R1

D.

當(dāng)R1＝10Ω時，電壓表的讀數(shù)為6V10.如下列圖，A、B、C三個物體分別用輕繩和輕彈簧連接，放置在傾角為θ的光滑斜面上，當(dāng)用沿斜面向上的恒力F作用在物體A上時，三者恰好保持靜止，A、B、C三者質(zhì)量相等，重力加速度為g。以下說法正確的選項是〔

〕A.

在輕繩被燒斷的瞬間，A的加速度大小為2gsinθ

B.

在輕繩被燒斷的瞬間，B的加速度大小為gsinθ

C.

剪斷彈簧的瞬間，A的加速度大小為gsinθ

D.

突然撤去外力F的瞬間，A的加速度大小為2gsinθ11.如下列圖，在絕緣水平面上固定著一光滑絕緣的圓形槽，在某一過直徑的直線上有O、A、D、B四點，其中O為圓心，D在圓上，半徑OC垂直于OB．A點固定電荷量為Q的正電荷，B點固定一個未知電荷，使得圓周上各點電勢相等。有一個質(zhì)量為m，電荷量為﹣q的帶電小球在滑槽中運動，在C點受的電場力指向圓心，根據(jù)題干和圖示信息可知〔

〕A.

固定在B點的電荷帶正電

B.

固定在B點的電荷電荷量為Q

C.

小球在滑槽內(nèi)做勻速圓周運動

D.

C，D兩點的電場強(qiáng)度大小相等12.盤旋加速器的工作原理如圖，置于高真空中的D形金屬盒半徑為R，兩盒間的狹縫很小，帶電粒子穿過的時間可以忽略不計，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場與盒面垂直，A處粒子源產(chǎn)生質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子，在加速電壓為U的加速電場中被加速，所加磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度、加速電場的頻率可調(diào)，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度最大值為Bm和加速電場頻率的最大值fm．那么以下說法正確的選項是〔

〕A.

粒子獲得的最大動能與加速電壓無關(guān)

B.

粒子第n次和第n+1次進(jìn)入磁場的半徑之比為：

C.

粒子從靜止開始加速到出口處所需的時間為t＝

D.

假設(shè)fm＜，那么粒子獲得的最大動能為Ekm＝2π2mfm2R2三、實驗題〔共兩小題，13題4分，14題8分，共12分〕13.在探究彈力和彈簧伸長的關(guān)系時，某同學(xué)先按圖1對彈簧甲進(jìn)行探究，然后把彈簧甲和彈簧乙并聯(lián)起來按圖2進(jìn)行探究。在彈性限度內(nèi)，將質(zhì)量為m＝50g的鉤碼逐個掛在彈簧下端，分別測得圖1、圖2中彈簧的長度L1、L2如表所示。鉤碼個數(shù)1234L1/cmL2/cm2，要求盡可能多的利用測量數(shù)據(jù)，計算彈簧甲的勁度系數(shù)k＝________N/m〔結(jié)果保存兩位有效數(shù)字〕。由表中數(shù)據(jù)________〔填“能〞或“不能〞〕計算出彈簧乙的勁度系數(shù)。14.某同學(xué)設(shè)計了一個既可以測電阻由可以測電動勢和內(nèi)阻的實驗電路，如圖甲所示，實驗室提供了一下實驗器材：電源E〔電動勢為6V，內(nèi)阻約為1Ω〕定值電阻R0〔阻值約為5Ω〕電流表A〔量程30mA，內(nèi)阻約為0.5Ω〕電流表B〔量程0.6A，內(nèi)阻約為1Ω〕電壓表C〔量程8V，內(nèi)阻約為5kΩ〕電壓表D〔量程4V，內(nèi)阻約為3kΩ〕滑動變阻器F〔阻值0﹣10Ω〕滑動變阻器G〔阻值0﹣500Ω〕根據(jù)題中所給信息，請答復(fù)以下問題〔1〕電流表應(yīng)選________，滑動變阻器應(yīng)選________；〔選填器材代號〕〔2〕該同學(xué)操作正確無誤，用U1、U2、I分別表示電表、、的讀數(shù)，其數(shù)據(jù)如表所示：I〔A〕U1〔V〕U2〔V〕根據(jù)表中數(shù)據(jù)求得定值電阻R0＝________Ω〔保存兩位有效數(shù)字〕，其測量值________真實值〔填＞、＜或＝〕；該同學(xué)同時利用上表測得的數(shù)據(jù)求得電源的電動勢和內(nèi)阻，由誤差分析可知，電動勢的測量值________電動勢的真實值〔填＞、＜或＝〕．〔3〕該同學(xué)進(jìn)一步利用一個輔助電源E′，采用如圖乙所示的電路測量電源的電動勢，測量過程中，調(diào)節(jié)R后再調(diào)節(jié)R1，使得A1的示數(shù)變?yōu)?，測得多組數(shù)據(jù)，這樣，電源電動勢值________電源電動勢的真實值〔填＞、＜或＝〕．四、計算題〔三個小題，共30分〕15.如下列圖，質(zhì)量為m＝0.1kg閉合矩形線框ABCD，由粗細(xì)均勻的導(dǎo)線繞制而成，其總電阻為R＝0.04Ω，其中長LAD＝40cm，寬LAB＝20cm，線框平放在絕緣水平面上。線框右側(cè)有豎直向下的有界磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝1.0T，磁場寬度d＝10cm，線框在水平向右的恒力F＝2N的作用下，從圖示位置由靜止開始沿水平方向向右運動，線框CD邊從磁場左側(cè)剛進(jìn)入磁場時，恰好做勻速直線運動，速度大小為v1，AB邊從磁場右側(cè)離開磁場前，線框已經(jīng)做勻速直線運動，速度大小為v2，整個過程中線框始終受到大小恒定的摩擦阻力F1＝1N，且線框不發(fā)生轉(zhuǎn)動。求：〔i〕速度v1和v2的大小；〔ii〕求線框開始運動時，CD邊距磁場左邊界距離x；〔iii〕線圖穿越磁場的過程中產(chǎn)生的焦耳熱。16.如下列圖，一個初速為零、帶電量為e、質(zhì)量為m的正離子，被電壓為U的電場加速后，經(jīng)過一段勻速直線運動，垂直于邊界MN進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場，磁場的水平寬度為d〔忽略粒子所受重力〕，求：〔1〕離子在磁場中做圓周運動的半徑R；〔2〕離子在磁中運動的時間。17.如圖，水平面上有一條長直固定軌道，P為軌道上的一個標(biāo)記點，豎直線PQ表示一個與長直軌道垂直的豎直平面，PQ的右邊區(qū)域內(nèi)可根據(jù)需要增加一個方向與軌道平行的水平勻強(qiáng)電場。在軌道上，一輛平板小車以速度v0＝4m/s沿軌道從左向右勻速運動，當(dāng)小車一半通過PQ平面時，一質(zhì)量為m＝1kg的絕緣金屬小滑塊〔可視為質(zhì)點〕被輕放到小車的中點上，小滑塊帶電荷量為+2C且始終不變，滑塊與小車上外表間的動摩擦因數(shù)為μ＝0.2，整個過程中小車速度保持不變，g＝10m/s2．求：〔1〕假設(shè)PQ右側(cè)沒有電場，木板足夠長，在滑塊與小車恰好共速時小滑塊相對P點水平位移和摩擦力對小車做的功；〔2〕當(dāng)PQ右側(cè)電場強(qiáng)度取E＝3V/m方向水平向右，且板長L＝2m時，為保證小滑塊不從車上掉下，那么電場存在的時間滿足什么條件？〔3〕【附加：假設(shè)PQ右側(cè)加一個向右的勻強(qiáng)電場，且木板長L＝2m，為確保小滑塊不從小車左端掉下來，電場強(qiáng)度大小應(yīng)滿足什么條件？】〔此附加問為思考題，無需作答〕五、選修3-3〔共2個小題，每個小題14分，共28分〕18.有關(guān)對熱學(xué)的根底知識理解正確的選項是〔

〕A.

液體外表張力的方向與液面平行并指向液體內(nèi)部

B.

低溫的物體可以自發(fā)把熱量傳遞給高溫的物體，最終兩物體可到達(dá)熱平衡狀態(tài)

C.

當(dāng)裝滿水的某一密閉容器自由下落時，容器中的水的壓強(qiáng)為零

D.

空氣相對濕度越大時，空氣中水蒸氣壓強(qiáng)越接近同溫度水的飽和汽壓，水蒸發(fā)變慢

E.

在“用油膜法測分子直徑〞的實驗中，作出了把油膜視為單分子層、忽略油酸分子間的間距并把油酸分子視為球形這三方面的近似處理19.如圖，粗細(xì)均勻的彎曲玻璃管A、B兩端開口，管內(nèi)有一段水銀柱，管內(nèi)水銀面與管口A之間氣體柱長為lA＝40cm，右管內(nèi)氣體柱長為lB＝39cm。先將口B封閉，再將左管豎直插入水銀槽中，設(shè)被封閉的氣體為理想氣體，整個過程溫度不變，假設(shè)穩(wěn)定后進(jìn)入左管的水銀面比水銀槽水銀面低4cm，大氣壓強(qiáng)p0＝76cmHg，求：〔1〕A端上方氣柱長度；〔2〕穩(wěn)定后右管內(nèi)的氣體壓強(qiáng)。20.以下關(guān)于溫度及內(nèi)能的說法中正確的選項是〔

〕A.

物體的內(nèi)能不可能為零

B.

溫度高的物體比溫度低的物體內(nèi)能大

C.

一定質(zhì)量的某種物質(zhì)，即使溫度不變，內(nèi)能也可能發(fā)生變化

D.

內(nèi)能不相同的物體，它們的分子平均動能可能相同

E.

溫度是分子平均動能的標(biāo)志，所以兩個動能不同的分子相比，動能大的分子溫度高21.扣在水平桌面上的熱杯蓋有時會發(fā)生被頂起的現(xiàn)象，如下列圖，截面積為S的熱杯蓋扣在水平桌面上，開始時內(nèi)部封閉氣體的溫度為300K，壓強(qiáng)為大氣強(qiáng)p0．當(dāng)封閉氣體溫度上升303K時，杯蓋恰好被整體頂起，放出少許氣體后又落回桌面，其內(nèi)部壓強(qiáng)立即減為p0，溫度仍為303K．再經(jīng)過一段時間，內(nèi)部氣體溫度恢復(fù)到300K．整個過程中封閉氣體均可視為理想氣體。求：〔1〕當(dāng)溫度上升303K且尚未放氣時，封閉氣體的壓強(qiáng)；〔2〕當(dāng)溫度恢復(fù)到303K時，豎直向上提起杯蓋所需的最小力。

答案解析局部一、單項選擇題〔共8小題，每道題3分，共24分〕1.【解析】【解答】解：A、光電子在電場中做減速運動，根據(jù)動能定理得：﹣eU1＝0﹣m，那么得光電子的最大初速度v1m＝．A正確，不符合題意。BCD、根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程得：

hν1＝eU1+W

①

hν2＝eU2+W

②由①得：金屬的逸出功W＝hν1﹣eUl。聯(lián)立①②得：h＝，陰極K金屬的逸出功W＝，陰極K金屬的極限頻率ν0＝＝，綜上所述，BD正確，不符合題意，C錯誤，符合題意。故答案為：C。

【分析】光電效應(yīng)中，當(dāng)外界的光子能量比較大時，電子獲得的能量就大，溢出電子的動能利用公式Ekm=hν﹣W求解即可。其中W是材料的逸出功，v是光子的頻率。2.【解析】【解答】A、關(guān)掉油門后的下坡過程，汽車的速度不變、動能不變，重力勢能減小，那么汽車的機(jī)械能減小，A不符合題意；B、關(guān)掉油門后的下坡過程，坡面對汽車的支持力大小不為零，時間不為零，那么沖量不為零，B不符合題意；C、上坡過程中，汽車速度由增至，所用的時間為t，根據(jù)動能定理可得：，解得，C不符合題意；D、上坡過程中，汽車從靜止啟動到剛好到達(dá)最大速度，功率不變，那么速度增大、加速度減小，所用時間為，那么，解得，D符合題意．故答案為：D

【分析】汽車啟動時，可以是恒功率啟動，也可能是恒加速度啟動，不管是哪種啟動方式，結(jié)合功率公式P=Fv和牛頓第二定律分析求解即可。3.【解析】解答：A、因電容器與電源始終相連，故兩板間的電勢差不變，B板下移，那么板間距離d增大，那么板間電場強(qiáng)度E變小，由F=Eq可知電荷所受電場力變小，故A錯誤；B、板間距離d增大，那么板間電場強(qiáng)度E變小，由U=Ed知，P與a板的電壓減小，而a的電勢不變，故P的電勢升高，由EP=qφ而q為負(fù)值，故電勢能減小，故B正確；C、由B分析可知，C錯誤；D、由Q=CU，又有，故C減小，Q減小，故D錯誤；應(yīng)選：B分析：電容器與電源相連，那么可知電容器兩端的電壓不變；由極板的移動可知d的變化，由U=Ed可知板間場強(qiáng)E的變化，再由F=Eq可知電荷所受電場力變化，由EP=qφ判斷電勢能的變化4.【解析】【解答】解：A、三個小球做的都是平拋運動，從圖中可以發(fā)現(xiàn)落在a點時，假設(shè)其位移與水平方向的夾角為θ，速度方向與水平方向的夾角為α，根據(jù)斜面上物體平拋運動位移與水平方向的夾角和速度方向與水平方向的夾角的關(guān)系：tanα＝2tanθ，可知a球落在斜面上的速度方向與斜面平行不可能平行，A不符合題意；B、根據(jù)題意可知c小球下落的高度最小，根據(jù)：，可知落在c點的小球飛行時間最短，B不符合題意；C、速度變化快慢是指物體運動的加速度的大小，三個小球做的都是平拋運動，運動的加速度都是重力加速度g，所以三次運動速度變化的快慢是一樣的，C不符合題意；D、無論小球拋出時初速度多大，首先a點上無論如何不可能垂直的，然后看b、c點，豎直速度是gt，水平速度是v0，由于它們的豎直邊長都是底邊長的一半，由題意知下面的夾角的正切值為：，如果要合速度垂直斜面，把兩個速度合成后，需要：，即，那么在經(jīng)過t時間的時候，豎直方向上的位移為：，水平方向上的一位移：，即假設(shè)要滿足這個關(guān)系，需要水平方向上的位移和豎直方向上的位移都是一樣的，顯然在圖中b、c是不可能完成的，因為在b、c上水平方向位移必定大于豎直方向數(shù)的位移，所以落到實兩個斜面上的瞬時速度不可能與斜面垂直，D符合題意。故答案為：D。

【分析】物體做平拋運動，水平方向勻速運動，豎直方向自由落體運動，結(jié)合小球的末位置，結(jié)合運動學(xué)公式求解即可。5.【解析】【解答】解：A、由題圖可知，t1和t2時刻a、b兩個質(zhì)點的圖象相交，均到達(dá)同一位置，假設(shè)t1時刻為第一次相遇，t2時刻為第二次相遇，A符合題意；B、假設(shè)t1時刻c、d兩質(zhì)點第一次相遇，t1到t2時間內(nèi)，c、d兩質(zhì)點的位移不同，因此t2時刻兩質(zhì)點不可能相遇，B不符合題意；C、根據(jù)x﹣t圖象的斜率表示速度，知t1到t2時間內(nèi)，只有b質(zhì)點的運動方向發(fā)生改變，C不符合題意；D、t1到t2時間內(nèi)，a的速率不變，d質(zhì)點的速率先減小后增大，D不符合題意。故答案為：A。

【分析】v-t圖像中，橫坐標(biāo)為時間，縱坐標(biāo)為速度，圖像與時間軸所圍成的面積是位移，圖像的斜率是加速度，s-t圖像中，橫坐標(biāo)為時間，縱坐標(biāo)為位移，圖像的斜率是速度，通過這些性質(zhì)結(jié)合選項分析即可。6.【解析】【解答】開始總動量為零，規(guī)定向下為正方向，根據(jù)動量守恒定律得，0=m1v1+P，解得火箭的動量P=﹣m1v1=﹣0.05×600kg?m/s=﹣30kg?m/s，負(fù)號表示方向，故A正確，B、C、D錯誤．應(yīng)選：A．【分析】在噴氣的很短時間內(nèi)，火箭和燃?xì)饨M成的系統(tǒng)動量守恒，由動量守恒定律求出燃?xì)鈬姵龊蟮乃查g火箭的動量大小．7.【解析】【解答】解：當(dāng)A和B右端擋板之間的作用力為零時，加速度為a0，以A為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律可得：mgtan30°＝ma0，解得a0＝g；以整體為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律可得Mg＝〔M+2m〕a0，解得：M＝〔+1〕m，所以A相對B剛好發(fā)生滑動時，M＝〔+1〕m。A、當(dāng)M＝m時，A和B保持相對靜止，以整體為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律可得共同加速度為a＝＝g，A不符合題意；B、當(dāng)M＝2m時，A和B保持相對靜止，以整體為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律可得共同加速度為a＝＝0.5g，B符合題意；C、當(dāng)M＝6m時，A和B發(fā)生相對滑動，不可能保持相對靜止，C不符合題意；D、當(dāng)M＝〔+1〕m，時，A和B之間的恰好發(fā)生相對滑動，D不符合題意。故答案為：B

【分析】分別對兩個物體進(jìn)行受力分析，利用牛頓第二定律求解物體各自的加速度。8.【解析】【解答】解：在圓環(huán)上取長度為△x的一小段為研究對象，這一段的重力為，設(shè)其余彈簧對這一小段的作用力為T，對這一小段受力分析如圖〔由于時對稱圖形，對任意一段的受力是一樣的〕根據(jù)平衡條件可得：T＝＝；彈簧彈力F與彈簧對這一小段作用力的關(guān)系如圖：由圖得：，解得：F＝；不發(fā)生形變時環(huán)狀鏈條的半徑為，套在球體上時鏈條發(fā)生形變?nèi)珙}圖所示，那么彈簧的伸長量：x＝2πRsin60°﹣2π?；彈簧彈力與伸長量關(guān)系：F＝kx，解得：k＝，ABD不符合題意，C符合題意；故答案為：C。

【分析】對鏈條進(jìn)行受力分析，在重力、支持力、彈力的作用下，物體處于平衡狀態(tài)，合力為零，根據(jù)該條件列方程求解彈力，結(jié)合伸長量和胡克定律求解勁度系數(shù)。二、多項選擇題〔共4小題，每道題4分，共16分〕9.【解析】【解答】解：A、當(dāng)R1＝0時，原線圈電壓有效值U1＝V＝30V，副線圈兩端電壓U2＝＝15V，電壓表的讀數(shù)為15V，A不符合題意；B、當(dāng)R1＝0時，假設(shè)將電流表換成規(guī)格為“5V5W〞的燈泡，燈泡正常工作的電流IL＝＝1A，燈泡的電阻為RL＝＝5Ω，燈泡的實際電流I＝A＝1A，燈泡會正常發(fā)光，B符合題意；C、R1＝10Ω時，設(shè)電流表的讀數(shù)為I2，那么副線圈兩端電壓為U2＝I2R2＝10I2，原線圈的電流為I1＝2，原線圈兩端電壓U1＝U﹣I1R1＝30﹣5I2，根據(jù)變壓器原理可得：，聯(lián)立解得：I2＝1.2A，C符合題意；D、當(dāng)R1＝10Ω時，電壓表的讀數(shù)U2＝I2R2＝12V，D不符合題意。故答案為：BC

【分析】通過交流電壓的表達(dá)式讀出電壓的最大值和角速度，計算出電壓的有效值和頻率，利用變壓器原副線圈匝數(shù)比與電壓的關(guān)系求解副線圈的電壓即可，再利用歐姆定律求解電流即可。10.【解析】【解答】解：A、把ABC看成是一個整體進(jìn)行受力分析，有F＝3mgsinθ，在輕繩被燒斷的瞬間，AB之間的繩子拉力為零，對A，由牛頓第二定律：F﹣mgsinθ＝maA，解得：aA＝2gsinθ，A符合題意。B、對于C，有F彈＝mgsinθ，在輕繩被燒斷的瞬間，對于B，繩子拉力為零，彈力不變，根據(jù)牛頓第二定律：F彈+mgsinθ＝maB，解得：aB＝2gsinθ，B不符合題意。C、剪斷彈簧的瞬間，對于整體AB，彈簧彈力為零，根據(jù)牛頓第二定律：F﹣2mgsinθ＝2maAB，解得：aAB＝gsinθ，而A的加速度大小aA＝aAB，C符合題意。D、突然撤去外力F的瞬間，對整體AB，由牛頓第二定律：F彈+2mgsinθ＝2maAB，F(xiàn)彈＝mgsinθ，解得：aAB＝gsinθ，aA＝aAB，D不符合題意。故答案為：AC

【分析】對物體進(jìn)行受力分析，在沿斜面方向和垂直于斜面兩個方向上分解，在沿斜面方向利用牛頓第二定律求解物體的加速度。11.【解析】【解答】解：B、由小球在C點處恰好與滑槽內(nèi)、外壁均無擠壓且無沿切線方向的加速度知：小球在C點的合力方向一定沿CO，且指向O點。A對小球吸引，B對小球排斥，因此小球帶負(fù)電、B帶負(fù)電。由∠ABC＝∠ACB＝30°知：∠ACO＝30°AB＝AC＝L；BC＝2ABcos30°＝L由力的合成可得：F1＝F2即：＝QB＝Q，B符合題意A、有前面分析：A對小球吸引，B對小球排斥，B帶負(fù)電，小球帶負(fù)電，A不符合題意D、以O(shè)為原點，OB為x軸正方向，OC為y軸正方向，槽上某點的坐標(biāo)為〔x，y〕，那么該點的電勢為：φ＝﹣而代入上式解得：φ＝0說明圓周上各點電勢相等，小球在運動過程中電勢能不變，根據(jù)能量守恒得知，小球的動能不變，小球做勻速圓周運動，C符合題意D、根據(jù)場強(qiáng)的疊加可知，CD兩點場強(qiáng)大小不同，D不符合題意；故答案為：BC

【分析】結(jié)合題目中給出的電場線模型，電場力對電荷做正功，電荷的電勢能減小，相應(yīng)的動能就會增加，電場力做負(fù)功，電勢能增加，電荷的動能減小，結(jié)合粒子的速度，利用向心力公式判斷是否能做圓周運動即可。12.【解析】【解答】解：A、當(dāng)粒子在軌跡半徑等于D形盒的半徑時速度最大，動能最大，那么R＝，粒子獲得的最大動能為Ekm＝＝，可知，粒子獲得的最大動能與加速電壓無關(guān)，A符合題意；B、根據(jù)動能定理可知，帶電粒子第n次加速的速度為：nqU＝解得：v1＝據(jù)洛倫茲力提供向心力，所以qvB＝m解得：R1＝同理可得第n+1次的半徑：R2＝所以第n次和第n+1次半徑之比為：：，B不符合題意；C、設(shè)粒子到出口處被加速了n圈，據(jù)動能定理得：2nqU＝①當(dāng)速度最大時：qvB＝m②粒子在磁場中運動的周期：T＝＝③粒子從靜止開始加速到出口處所需的時間：t＝nT④聯(lián)立①②③④式可得：t＝，C符合題意；D、加速電場的頻率應(yīng)該等于粒子在磁場中做圓周運動的頻率，即：f＝當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度為Bm時，加速電場的頻率應(yīng)該為：fBm＝粒子的動能：Ek＝當(dāng)fBm≥fm時，粒子的最大動能由fm決定，那么：vm＝2πfmR解得：粒子獲得的最大動能為Ekm＝2π2mfm2R2，D符合題意。故答案為：ACD

【分析】盤旋加速度器中，磁場對粒子進(jìn)行偏轉(zhuǎn)，洛倫茲力提供向心力，電場對粒子進(jìn)行加速，根據(jù)向心力公式列方程，可以看出粒子的末速度與電場無關(guān)，與磁場有關(guān)。三、實驗題〔共兩小題，13題4分，14題8分，共12分〕13.【解析】【解答】解：由表格中的數(shù)據(jù)可知，當(dāng)彈力的變化量△F＝mg＝0.05×9.8N＝0.49N時，彈簧形變量的變化量為△x1＝，根據(jù)胡克定律知甲的勁度系數(shù)：。把彈簧甲和彈簧乙并聯(lián)起來時，由胡克定律根據(jù)表中數(shù)據(jù)，類似于上述方法可以計算出并聯(lián)時總的勁度系數(shù)k并，根據(jù)k并＝k甲+k乙，可以計算出乙的勁度系數(shù)。故答案為：49，能。

【分析】假設(shè)兩個彈簧的勁度系數(shù)，對物體進(jìn)行受力分析，結(jié)合物體的受力情況，利用胡克定律列方程求解即可。14.【解析】【解答】解：〔1〕電源電動勢為6V，保護(hù)電阻為5Ω，那么電流約為：I＝＝＝1A，故為了能準(zhǔn)確測量，電流表應(yīng)選擇B；因內(nèi)電阻較小，故滑動變阻器應(yīng)選擇較小的F；〔2〕由電路圖可知，U2為電阻兩端的電壓，電流表示數(shù)為R中的電流，由圖可知電壓表示數(shù)與電流表示數(shù)成正比，那么可知，定值電阻的阻值為：R0＝＝＝4.8Ω；由于采用了電流表外接法，故測量出的電流較大，那么由歐姆定律可知，測量值小于真實值；如果用來測量電動勢和內(nèi)電阻，由于采用相對電源的電流表外接法，因此由于電壓表分流作用而使電流表示數(shù)偏小，那么測出的電動勢偏??；〔3〕由于電壓表電支路中電流為零，故電壓表不再分流，那么此時電流表測出的電流為干路電流，電壓表示數(shù)為路端電壓，因此測量結(jié)果是準(zhǔn)確的．故答案為：〔1〕B，F(xiàn)；〔2〕4.8，＜，＜；〔3〕＝

【分析】〔1〕在量程允許的情況下選擇小量程的電表即可，結(jié)合電源內(nèi)阻大小選擇與之相近的滑動變阻器即可；

〔2〕利用歐姆定律求解定值電阻的阻值即可；電流表外接，電壓表分流，使得電流偏大，計算得到的電阻偏??；

〔3〕流過電壓表的電流為零，使得電壓表的分流為零，故對實驗無影響。四、計算題〔三個小題，共30分〕15.【解析】【分析】〔1〕當(dāng)導(dǎo)體棒受到的安培力等于拉力與摩擦力之和的時候，導(dǎo)體棒速度到達(dá)最大，列方程求解此時的速度；

〔2〕結(jié)合導(dǎo)體棒的初末速度，對導(dǎo)體棒應(yīng)用動能定理，求解導(dǎo)體棒運動的距離；

〔3〕結(jié)合導(dǎo)體棒初末狀態(tài)的速度，對導(dǎo)體棒的運動過程應(yīng)用動能定理，其中導(dǎo)體棒克服安培力做的功即為電路產(chǎn)生的熱量。16.【解析】【分析】〔1〕粒子在電場的作用下做加速運動，利用動能定理求解末速度的大小，結(jié)合向心力公式求解軌道半徑；

〔2〕帶電粒子在磁場中受到洛倫茲力，在洛倫茲力的作用下粒子做圓周運動，根據(jù)磁場方向、電性和運動方向確定粒子的運動軌跡，利用向心力公式求解周期，結(jié)合偏轉(zhuǎn)角度求解運動時間。17.【解析】【分析】〔1〕分別對兩個物體進(jìn)行受