2018年江蘇高考物理試題有答案

2018年普通高等學(xué)校招生全國統(tǒng)一考試物理（江蘇卷）一、單項選擇題：1.我國高分系列衛(wèi)星的高分辨對地觀察能力不斷提高.今年5月9日發(fā)射的“高分五號”軌道高度約為705km，之前已運行的“高分四號”軌道高度約為36000km,它們都繞地球做圓周運動.與“高分四號冶相比，下列物理量中“高分五號”較小的是（ ）A.周期B.角速度C.線速度D.向心加速度【答案】A【解析】本題考查人造衛(wèi)星運動特點，意在考查考生的推理能力。設(shè)地球質(zhì)量為此人造衛(wèi)星質(zhì)量上力二中‘‘在小為川，人造衛(wèi)星做勻速圓周運動時，根據(jù)萬有引力提供向心力有. .. :?.? .::」，/r I'得丫=一，5=-「1=瓦——，，=丁，因為“高分四號”的軌道半徑比“高分五號”的軌道■,「 、1- ,GN：r"半徑大，所以選項A正確，BCD錯誤。點睛：本題考查人造衛(wèi)星運動特點，解題時要注意兩類軌道問題分析方法：一類是圓形軌道問題，利用萬有引力提供向心力，即■：. .. ：??? ：?： ?::??求解；一類是橢圓形軌道問題，利用「r 1I■開普勒定律求解。2.采用220kV高壓向遠(yuǎn)方的城市輸電.當(dāng)輸送功率一定時，為使輸電線上損耗的功率減小為原來的，輸電電壓應(yīng)變?yōu)椋?）A.55kVB.110kVC.440kVD.880kV【答案】C【解析】本意考查輸電線路的電能損失，意在考查考生的分析能力。當(dāng)輸電功率P=UI,U為輸電電壓，I為輸電線路中的電流，輸電線路損失的功率為P損=I2R,R為輸電線路的電阻，即P損=i；壬1當(dāng)輸電功率一定時，輸電線路損失的功率為原來的，則輸電電壓為原來的2倍，即440V,故選項4C正確。點睛：本意以遠(yuǎn)距離輸電為背景考查輸電線路的電能損失，解題時要根據(jù)輸送電功率不變，利用輸電線路損失的功率P.=I2R解題。損.某彈射管每次彈出的小球速度相等.在沿光滑豎直軌道自由下落過程中，該彈射管保持水平，先后彈出兩只小球.忽略空氣阻力，兩只小球落到水平地面的（ ）A.時刻相同，地點相同B.時刻相同，地點不同C.時刻不同，地點相同D.時刻不同，地點不同【答案】B【解析】本題考查合運動與分運動的關(guān)系及時刻和位置的概念，意在考查考生的理解能力。彈射管在豎直方向做自由落體運動，所以彈出小球在豎直方向運動的時間相等，因此兩球應(yīng)同時落地；由于兩小球先后彈出，且彈出小球的初速度相同，所以小球在水平方向運動的時間不等，因小球在水平方向做勻速運動，所以水平位移相等，因此落點不相同，故選項B正確。點睛：本題以平拋運動為背景考查合運動與分運動的關(guān)系及時刻和位置的概念，解題時要注意彈射管沿光滑豎直軌道向下做自由落體運動，小球彈出時在豎直方向始終具有跟彈射管相同的速度。.從地面豎直向上拋出一只小球，小球運動一段時間后落回地面.忽略空氣阻力，該過程中小球A.的動能A.的動能Ek與時間t的關(guān)系圖像是（ ）B.B.C.C.D.D.【答案】A【解析】本題考查動能的概念和Ek-t圖象，意在考查考生的推理能力和分析能力。小球做豎直上拋1.1 -運動時，速度v=v「gt，根據(jù)動能l4=；niv=得，^中1時-，故圖象A正確。點睛：本題以豎直上拋運動為背景考查動能的概念和Ek-t圖象，解題的方法是先根據(jù)豎直上拋運動物體的速度特點寫出速度公式，在根據(jù)動能的概念寫出函數(shù)方程，最后根據(jù)函數(shù)方程選擇圖象。.如圖所示，水平金屬板A、B分別與電源兩極相連，帶電油滴處于靜止?fàn)顟B(tài).現(xiàn)將B板右端向下移動一小段距離，兩金屬板表面仍均為等勢面，則該油滴（）A.仍然保持靜止B.豎直向下運動C.向左下方運動D.向右下方運動【答案】D【解析】本題考查平行板電容器的電場及電荷受力運動的問題，意在考查考生分析問題的能力。兩極板平行時帶電粒子處于平衡狀態(tài)，則重力等于電場力，當(dāng)下極板旋轉(zhuǎn)時，板間距離增大場強(qiáng)減小，電場力小于重力；由于電場線垂直于金屬板表面，所以電荷處的電場線如圖所示，所以重力與電場力的合力偏向右下方，故粒子向右下方運動，選項D正確。點睛：本題以帶電粒子在平行板電容器電場中的平衡問題為背景考查平行板電容器的電場及電荷受力運動的問題，解答本題的關(guān)鍵是根據(jù)電場線與導(dǎo)體表面相垂直的特點，B板右端向下，所以電場線發(fā)生彎曲，電場力方向改變。二、多項選擇題：.火車以60m/s的速率轉(zhuǎn)過一段彎道，某乘客發(fā)現(xiàn)放在桌面上的指南針在10s內(nèi)勻速轉(zhuǎn)過了約10°.在此10s時間內(nèi)，火車（）A.運動路程為600mB.加速度為零C.角速度約為1rad/sD.轉(zhuǎn)彎半徑約為3.4km【答案】AD【解析】本題考查勻速圓周的概念，意在考查考生的理解能力。圓周運動的弧長s=vt=60X10m=600m,選項A正確；火車轉(zhuǎn)彎是圓周運動，圓周運動是變速運動，所以合力不為零，加速度不為零，故選A0：0 3.14項B錯誤；由題意得圓周運動的角速度一 ■--rad/s, rad/s,又，=?1，所以△t180八10 180v60'm=3439m,故選項C錯誤、D正確。的3,14點睛：本題以火車轉(zhuǎn)彎指南針偏轉(zhuǎn)為背景考查勻速圓周的概念，解答時要注意角度與弧度的換算關(guān).如圖所示，輕質(zhì)彈簧一端固定，另一端連接一小物塊，0點為彈簧在原長時物塊的位置.物塊由A點靜止釋放，沿粗糙程度相同的水平面向右運動，最遠(yuǎn)到達(dá)B點.在從A到B的過程中，物塊（ ）A.加速度先減小后增大.經(jīng)過0點時的速度最大C.所受彈簧彈力始終做正功D.所受彈簧彈力做的功等于克服摩擦力做的功【答案】AD【解析】本題考查力與運動的關(guān)系和功能關(guān)系，意在考查學(xué)生的綜合分析能力。物體從A點到。點過程，彈力逐漸減為零，剛開始彈簧彈力大于摩擦力，故可分為彈力大于摩擦力過程和彈力小于摩擦力過程：彈力大于摩擦力過程，合力向右，加速度也向右，由于彈力減小，摩擦力不變，小球所受合力減小加速度減小，彈力等于摩擦力時速度最大，此位置在A點與0點之間；彈力小于摩擦力過程，合力方向與運動方向相反，彈力減小，摩擦力大小不變，物體所受合力增大，物體的加速度隨彈簧形變量的減小而增加，物體作減速運動；從0點到B點的過程彈力增大，合力向左，加速度繼續(xù)增大，選項A正確、選項B錯誤；從A點到0點過程，彈簧由壓縮恢復(fù)原長彈力做正功，從0點到B點的過程，彈簧伸長，彈力做負(fù)功，故選項C錯誤；從A到B的過程中根據(jù)動能定理彈簧彈力做的功等于物體克服摩擦力做的功，故選項D正確。點睛：本題以彈簧彈開物體的運動為背景考查力與運動的關(guān)系和功能關(guān)系，解題的關(guān)鍵是要分階段將物體的受力情況和運動情況綜合分析，另外還要弄清整個運動過程中的功能關(guān)系。8.如圖所示，電源E對電容器C充電，當(dāng)C兩端電壓達(dá)到80V時，閃光燈瞬間導(dǎo)通并發(fā)光，C放電.放電后，閃光燈斷開并熄滅，電源再次對C充電.這樣不斷地充電和放電，閃光燈就周期性地發(fā)光.該電路（）I ?——閃第燈T 耳皿7A.充電時，通過R的電流不變B.若R增大，則充電時間變長C.若C增大，則閃光燈閃光一次通過的電荷量增大D.若￡減小為85丫，閃光燈閃光一次通過的電荷量不變【答案】BCD【解析】本題考查電容器的充放電，意在考查考生的分析能力。電容器充電時兩端電壓不斷增大，所以電源與電容器極板間的電勢差不斷減小，因此充電電流變小，選項A錯誤；當(dāng)電阻區(qū)增大時，充電電流變小，電容器所充電荷量不變的情況下，充電時間變長，選項B正確；若C增大，根據(jù)Q=CU，電容器的帶電荷量增大，選項C正確；當(dāng)電源電動勢為85V時，電源給電容器充電仍能達(dá)到閃光燈擊穿電壓80V時，所以閃光燈仍然發(fā)光，閃光一次通過的電荷量不變，選項D正確。點睛：本題源自于2009年江蘇高考物理卷的第5題，以閃光燈發(fā)光問題為背景考查電容器的充放電問題，解題的關(guān)鍵是要弄清電路的工作原理和電容器9.如圖所示，豎直放置的一形光滑導(dǎo)軌寬為L,矩形勻強(qiáng)磁場I、n的高和間距均為d,磁感應(yīng)強(qiáng)度為B.質(zhì)量為m的水平金屬桿由靜止釋放，進(jìn)入磁場I和H時的速度相等.金屬桿在導(dǎo)軌間的電阻為區(qū)，與導(dǎo)軌接觸良好，其余電阻不計，重力加速度為g.金屬桿（ ）g算IIXKA.剛進(jìn)入磁場I時加速度方向豎直向下B.穿過磁場I的時間大于在兩磁場之間的運動時間C.穿過兩磁場產(chǎn)生的總熱量為4mgdD.釋放時距磁場I上邊界的高度h可能小于【答案】BC【解析】本題考查電感感應(yīng)的應(yīng)用，意在考查考生嫁合分析問題的能力.由于金屬棒進(jìn)入兩個磁場的速度相等r而穿出碾場后金屬桿做加速度為g的加速運動h所以金屬感進(jìn)入磁場時應(yīng)做減速運動r迎項A錯誤；對帶屬桿受力分析,根據(jù)曼-mg=mmT知,金屬桿做加速度減小的減速運可，其進(jìn)出磁場的心F圖象如圖所示,由于0T1和1廣巳圖拔與亡如包圍的面枳相等（部為6.所以『1>&心）.選項B正確；從進(jìn)入I磁場軻進(jìn)入II磁場之前過程中，根據(jù)育紳守恒，金屬棒減小的機(jī)械能全部H化為焦耳熱，所以Ci-mg.2d.所以穿過兩個期場過程中產(chǎn)生的熱堆為4mgd.選項C正確；若金屬桿進(jìn)入磁場做勻速運動，貝卡”。,得"=群,有前面分析可知金屬桿進(jìn)入磁場的速度大于制,根據(jù)h=（得金屬桿送入樹場的高度應(yīng)大于:爵=k.選項D錯誤。點睛：本題以金屬桿在兩個間隔磁場中運動時間相等為背景，考查電磁感應(yīng)的應(yīng)用，解題的突破點是金屬棒進(jìn)入磁場I和n時的速度相等，而金屬棒在兩磁場間運動時只受重力是勻加速運動，所以金屬棒進(jìn)入磁場時必做減速運動。三、簡答題10.一同學(xué)測量某干電池的電動勢和內(nèi)阻.（1）如圖所示是該同學(xué)正準(zhǔn)備接入最后一根導(dǎo)線（圖中虛線所示）時的實驗電路.請指出圖中在器材操作上存在的兩個不妥之處；.器葩干電池 丹先[（2）實驗測得的電阻箱阻值R和電流表示數(shù)I,以及計算的,數(shù)據(jù)見下表：根據(jù)表中數(shù)據(jù)，在答題卡的方格紙上作出R；關(guān)系圖像.由圖像可計算出該干電池的電動勢為丫；內(nèi)阻為Q.

R/Q8.07.06.05.04.0I/A0.150.170.190.220.26j/A-16.76.05.34.53.8(3)為了得到更準(zhǔn)確的測量結(jié)果，在測出上述數(shù)據(jù)后，該同學(xué)將一只量程為100mV的電壓表并聯(lián)在電流表的兩端.調(diào)節(jié)電阻箱，當(dāng)電流表的示數(shù)為0.33A時，電壓表的指針位置如圖所示，則該干電池的電動勢應(yīng)為丫；內(nèi)阻應(yīng)為Q.2-1-c-n-j-y第二個空格小0.2)【解析】本題考查測量電源電動勢和內(nèi)電阻實驗，意在考查考生的實驗數(shù)據(jù)處理能力和誤差分析能力。(1)連接電路時電源應(yīng)與電路斷開，所以開關(guān)要斷開；另一錯誤是電阻箱接入電路的電阻是零，這樣容易燒壞電流表和電源。1(2)將數(shù)據(jù)描點連線，做出一條傾斜的直線。根據(jù)閉合電路歐姆定籬=I(R+r)得I：--|,所以8-(-1.2)圖線的斜率表示電源電動勢- 勾=1.37V,截距絕對值表示r=0.4X3.0Q=1.20Q；用電壓6.7-0uv66.0X10-3表與電流表并聯(lián)，可測得電流表的內(nèi)阻― ： ，考慮電表內(nèi)阻對實驗的影響，Ia3310"1則E=I(R+RA+r),得R=l「『(之一)，所以圖線的斜率仍表示電動勢，電動勢的準(zhǔn)確值為1.37V,圖線的截距表示(RA+r),所以內(nèi)阻精確值為1(1.20-0.20)Q=1.00Q。點睛：本題考查應(yīng)用電流表和電阻箱測量電源電動勢和內(nèi)電阻實驗，本題創(chuàng)新之處在于用一個電壓表并聯(lián)在電流表的兩端測出電流表的電阻，從而提高測量電源內(nèi)阻的精確度。.某同學(xué)利用如圖所示的實驗裝置來測量重力加速度g.細(xì)繩跨過固定在鐵架臺上的輕質(zhì)滑輪，兩端各懸掛一只質(zhì)量為M的重錘.實驗操作如下：①用米尺量出重錘1底端距地面的高度H；②在重錘1上加上質(zhì)量為m的小鉤碼；③左手將重錘2壓在地面上，保持系統(tǒng)靜止.釋放重錘2,同時右手開啟秒表，在重錘1落地時停止計時，記錄下落時間；④重復(fù)測量3次下落時間，取其平均值作為測量值t.請回答下列問題(1)步驟④可以減小對下落時間t測量的(選填“偶然”或“系統(tǒng)”)誤差.(2)實驗要求小鉤碼的質(zhì)量m要比重錘的質(zhì)量乂小很多，主要是為了.A、使H測得更準(zhǔn)確B、使重錘1下落的時間長一些C、使系統(tǒng)的總質(zhì)量近似等于2MD、使細(xì)繩的拉力與小鉤碼的重力近似相等(3)滑輪的摩擦阻力會引起實驗誤差.現(xiàn)提供一些橡皮泥用于減小該誤差，可以怎么做(4)使用橡皮泥改進(jìn)實驗后，重新進(jìn)行實驗測量，并測出所用橡皮泥的質(zhì)量為m0.用實驗中的測量量和已知量表示8，得g=.【答案】(1).(1)偶然(2).(2)B(3).(3)在重錘1上粘上橡皮泥，調(diào)整橡皮2(2M+ni十n:/H泥質(zhì)量直至輕拉重錘1能觀察到其勻速下落 (4).(4)二1"【解析】本題考查重力加速度的測量，意在考查考生的實驗探究能力。(1)時間測量是人為操作快慢和讀數(shù)問題帶來的誤差，所以屬于偶然誤差。（2）由于自由落體的加速度較大，下落口高度的時間較短，為了減小測量時間的實驗誤差，就要使重錘下落的時間長一些，因此系統(tǒng)下降的加速度要小，所以小鉤碼的質(zhì)量要比重錘的質(zhì)量小很多。（3）為了消除滑輪的摩擦阻力，可用橡皮泥粘在重錘1上，輕拉重錘放手后若系統(tǒng)做勻速運動，則表示平衡了阻力。（3）根據(jù)牛頓第二定律有], 2f2M+ +m）HF'、T 111J：?，又II,解得二二 ： 點睛：本題以連接體運動為背景考查重力加速度的測量，解題的關(guān)鍵是要弄清該實驗的原理，再運用所學(xué)的知識分析得出減小誤差的方法。.如圖所示，一支溫度計的玻璃泡外包著紗布，紗布的下端浸在水中.紗布中的水在蒸發(fā)時帶走熱量，使溫度計示數(shù)低于周圍空氣溫度.當(dāng)空氣溫度不變，若一段時間后發(fā)現(xiàn)該溫度計示數(shù)減小，則.虱度計三水」A.空氣的相對濕度減小B.空氣中水蒸汽的壓強(qiáng)增大C.空氣中水的飽和氣壓減小D.空氣中水的飽和氣壓增大【答案】A【解析】溫度計示數(shù)減小說明蒸發(fā)加快，空氣中水蒸汽的壓強(qiáng)減小，選項B錯誤；因空氣的飽和氣壓只與溫度有關(guān)，空氣溫度不變，所以飽和氣壓不變，選項C、D錯誤；根據(jù)相對濕度的定義，空氣的相對濕度減小，選項A正確。點睛：本題考查濕度溫度計的原理、分子速率分布的特點和熱力學(xué)第一定律，解題的關(guān)鍵是要理解熱力學(xué)的基本概念、弄清熱力學(xué)第一定律各物理量的含義，注意氣體等壓變化過程中C-A）應(yīng)用Y=P■?計算外界對氣體做的功。.一定量的氧氣貯存在密封容器中，在[和T2溫度下其分子速率分布的情況見右表.則T1（選填“大于”“小于”或“等于"）T2.若約10%的氧氣從容器中泄漏，泄漏前后容器內(nèi)溫度均為T1,則在泄漏后的容器中，速率處于400?500m/s區(qū)間的氧氣分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比（選填“大于”“小于”或“等于“）18.6%.【答案】 （1）.大于（2）.等于【解析】分子速率分布與溫度有關(guān)，溫度升高，分子的平均速率增大，速率大的分子數(shù)所占比例增加，速率小的分子數(shù)所占比例減小，所以1大于T/泄漏前后容器內(nèi)溫度不變，則在泄漏后的容器中，速率處于400?500m/s區(qū)間的氧氣分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比不變，仍為18.6%..如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體在狀態(tài)A時壓強(qiáng)為2.0X105Pa,經(jīng)歷A職C小的過程，整個過程中對外界放出61.4J熱量.求該氣體在A、B過程中對外界所做的功.【答案】氣體對外界做的功為138.6J【解析】整個過程中，外界對氣體做功亞=亞/亞端且wca=pa(vc-va)由熱力學(xué)第一定律AU=Q+W,得Wab=-(Q+Wca)代入數(shù)據(jù)得Wab=-138.6J,即氣體對外界做的功為138.6J.梳子在梳頭后帶上電荷，搖動這把梳子在空中產(chǎn)生電磁波.該電磁波.A.是橫波B.不能在真空中傳播C.只能沿著梳子搖動的方向傳播D.在空氣中的傳播速度約為3X108m/s【答案】AD【解析】搖動的梳子在空中產(chǎn)生電磁波，電磁波是橫波，選項A正確；電磁波能在真空中傳播，選項B錯誤；電磁波傳播的方向與振動方向垂直，選項C錯誤；電磁波在空氣中傳播的速度約為光速，選項D正確。16.兩束單色光慶、B的波長分別為4、％,且?。?，則(選填"A”或"B”)在水中發(fā)生全反射時的臨界角較大.用同一裝置進(jìn)行楊氏雙縫干涉實驗時，可以觀察到(選填“A”或“B”)產(chǎn)生的條紋間距較大.【答案】 (1).A(2).A1【解析】波長越長，頻率越小，折射率越小，根據(jù)臨界角/n,，可知波長越大臨界角越大，所以V.1A光的臨界角大；雙縫干涉條紋的間距工二=/,因為A光的波長較長，所以A光產(chǎn)生的條紋間距較大。.一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，在x=0和x=0.6m處的兩個質(zhì)點慶衛(wèi)的振動圖象如圖所示.已知該波的波長大于0.6m,求其波速和波長10【答案】v=2m/s；入=0.8m【解析】由圖象可知，周期T=0.4s由于波長大于0.6m，由圖象可知，波從A到B的傳播時間At=0.3s波速?? ，代入數(shù)據(jù)得v=2m/s波長入/T，代入數(shù)據(jù)得人=0.8mAt.已知A和B兩種放射性元素的半衰期分別為T和2T,則相同質(zhì)量的A和B經(jīng)過2T后，剩有的A和B質(zhì)量之比為.A.1:4B.1:2C.2:1D.4:1【答案】BL II【解析】根據(jù)半衰期公式宜.一二』,『，經(jīng)過2T,A剩有的質(zhì)量為「，B剩有的質(zhì)量為史氣.=皿，；］，故口人弋=1:2，選項8正確。點睛：本題考查半衰期，解題的關(guān)鍵是要熟記上述規(guī)律公式，并會應(yīng)用上述公式解題。.光電效應(yīng)實驗中?用波長為1的單色光人照射某金屬板時.剛好有光電子從金屬&面送出,當(dāng)波長為?的單色光S照射該金屬板時.光電子的最大初勁能為A后兩種光子的動量之比為:已知普朗克常量為k光速為GI I/【答案】 (1).. (2).1:2c he 2hc he【解析】根據(jù)光電效應(yīng)方程司.一口,?'.，又? ，所以有—一：-.,…——.?.■解得耳；又光丸々｝ 麗 勾子動量'［所以A、B兩種光子的動量之比為1:2.A.如圖所示，懸掛于豎直彈簧下端的小球質(zhì)量為m，運動速度的大小為丫，方向向下.經(jīng)過時間t，小球的速度大小為丫，方向變?yōu)橄蛏?忽略空氣阻力，重力加速度為g，求該運動過程中，小球所受彈簧彈力沖量的大小.11

【答案】L二⑺,，"二1【解析】取向上為正方向，動量定理mv-(-mv)=I且I1n；一解得iif.二皿“小四、計算題：.如圖所示，兩條平行的光滑金屬導(dǎo)軌所在平面與水平面的夾角為■，間距為d.導(dǎo)軌處于勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為民方向與導(dǎo)軌平面垂直.質(zhì)量為m的金屬棒被固定在導(dǎo)軌上，距底端的距離為s,導(dǎo)軌與外接電源相連，使金屬棒通有電流.金屬棒被松開后，以加速度a沿導(dǎo)軌勻加速下滑，金屬棒中的電流始終保持恒定，重力加速度為g下滑，金屬棒中的電流始終保持恒定，重力加速度為g.求下滑到底端的過程中，金屬棒(3)運動時間(3)運動時間t=：電荷量Q=It(1)末速度的大，J、v；(2)通過的電流大小1；(3)通過的電荷量Q.I.—— rM: J2asm(綱n。【答案】(1)(2).. (3) dB dBa【解析】(1)勻加速直線運動V2=2as解得了=二/、.(2)安培力F=IdB金屬棒所受合力二二，利「：卜’安牛頓運動定律F=madB解得IdB點睛：本題是通電金屬棒在磁場中勻加速運動的問題，考生易誤認(rèn)為是電磁感應(yīng)問題而用電磁感應(yīng)規(guī)律求解。.如圖所示，釘子A、B相距51,處于同一高度.細(xì)線的一端系有質(zhì)量為乂的小物塊，另一端繞12過A固定于B.質(zhì)量為川的小球固定在細(xì)線上C點，B、C間的線長為31.用手豎直向下拉住小球，使小球和物塊都靜止，此時BC與水平方向的夾角為53°.松手后，小球運動到與A、B相同高度時的速度恰好為零，然后向下運動.忽略一切摩擦，重力加速度為g,取sin53°=0.8,cos53°=0.6.求:(1)小球受到手的拉力大，J、F；(2)物塊和小球的質(zhì)量之比M：m；(3)小球向下運動到最低點時，物塊M所受的拉力大小「【解析】(1)設(shè)小球受AC、BC的拉力分別為*、F2F]Sin53°=F2cos53° F+mg=F1cos53°+F2sin53°且FjMg解得卜’J：…二(2)小球運動到與A、B相同高度過程中小球上升高度hj31sin53°,物塊下降高度h2=21機(jī)械能守恒定律mghi=Mgh2(3)根據(jù)機(jī)械能守恒定律，小球回到起始點.設(shè)此時AC方向的加速度大小為a,重物受到的拉力牛頓運動定律Mg-T=Ma小球受AC的拉力T/二T牛頓運動定律T'-mgcos53°=ma解得.「7(1 二皿點睛：本題考查力的平衡、機(jī)械能守恒定律和牛頓第二定律。解答第(1)時，要先受力分析，建立豎直方向和水平方向的直角坐標(biāo)系，再根據(jù)力的平衡條件列式求解；解答第(2)時，根據(jù)初、末狀態(tài)的特點和運動過程，應(yīng)用機(jī)械能守恒定律求解，要注意利用幾何關(guān)系求出小球上升的高度與物塊下降的高度；解答第(3)時，要注意運動過程分析，弄清小球加速度和物塊加速度之間的關(guān)系，因小球下落過程做的是圓周運動，當(dāng)小