2023年江西省上饒市高考物理一模試卷-普通用卷

第=page11頁(yè)，共=sectionpages11頁(yè)2023年江西省上饒市高考物理一模試卷1.著名物理學(xué)家湯姆孫曾在實(shí)驗(yàn)中讓電子束通過(guò)電場(chǎng)加速后，通過(guò)多晶薄膜得到了如圖所示衍射圖樣，已知電子質(zhì)量為m=9.1×10?31kg，加速后電子速度A.該圖樣說(shuō)明了電子具有粒子性

B.該實(shí)驗(yàn)中電子的德布羅意波波長(zhǎng)約為1.5nm

C.加速電壓越大，電子的物質(zhì)波波長(zhǎng)越長(zhǎng)

D.2.甲、乙兩物體從同一地點(diǎn)出發(fā)沿同一直線運(yùn)動(dòng)，它們的位移—時(shí)間圖像如圖所示，則(

)A.3s末甲、乙兩物體的速度相同

B.前3s內(nèi)甲的平均速度大于乙的平均速度

C.前3s內(nèi)甲、乙的路程相等

D.3.筷子是中國(guó)人必備的餐具之一，“筷”諧音“快”，寓意“快樂(lè)一生”.如圖所示，某人用甲、乙兩根筷子夾住一個(gè)小球，甲傾斜，乙始終豎直。在豎直平面內(nèi)，甲與豎直方向的夾角為θ，筷子與小球間的摩擦很小，可以忽略不計(jì)，小球質(zhì)量一定，隨著θ緩慢增大，小球始終保持靜止。下列說(shuō)法正確的是(

)A.筷子甲對(duì)小球的彈力是因?yàn)樾∏虬l(fā)生了形變

B.筷子乙對(duì)小球的彈力不變

C.兩根筷子對(duì)小球的彈力都減小

D.兩根筷子對(duì)小球的合力增大4.北京時(shí)間2023年1月15日11時(shí)14分，我國(guó)在太原衛(wèi)星發(fā)射中心使用長(zhǎng)征二號(hào)丁運(yùn)載火箭，以“一箭十四星”發(fā)射方式，成功將齊魯二號(hào)/三號(hào)衛(wèi)星及珞珈三號(hào)01星、吉林一號(hào)高分03D34星等4顆衛(wèi)星發(fā)射升空，衛(wèi)星順利進(jìn)入預(yù)定軌道，發(fā)射任務(wù)獲得圓滿成功.假設(shè)其中的甲、乙兩顆衛(wèi)星均繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，甲的軌道半徑是乙的2倍，甲的質(zhì)量也是乙的2倍.則(

)A.由v=gr可知，甲的速度是乙的2倍

B.由a=ω2r可知，甲的向心加速度是乙的2倍

C.由F5.如圖所示，水平放置的平行板電容器充電后與電源斷開(kāi)，一帶電粒子從A點(diǎn)沿半圓ABC的直徑方向始終以速度v水平射入電場(chǎng)，恰好經(jīng)過(guò)半圓的最低點(diǎn)B，粒子重力不計(jì)。下列分析正確的(

)A.若僅將下板水平右移少許，粒子軌跡與半圓ABC的交點(diǎn)在B點(diǎn)的左側(cè)

B.若僅將下板水平右移少許，粒子軌跡與半圓ABC的交點(diǎn)在B點(diǎn)的右側(cè)

C.若僅將下板豎直下移少許，粒子軌跡與半圓ABC的交點(diǎn)在B點(diǎn)的左側(cè)

6.如圖，發(fā)電機(jī)的矩形線圈長(zhǎng)為2L、寬為L(zhǎng)，匝數(shù)為N，放置在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)分別為n1和n2，副線圈接有電阻R1和一個(gè)理想電流表。當(dāng)發(fā)電機(jī)線圈以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，不計(jì)線圈電阻。下列說(shuō)法正確的是(

)A.電流表的示數(shù)為 B.電流表的示數(shù)為

C.發(fā)電機(jī)的功率為 D.發(fā)電機(jī)的功率為7.世界上第一個(gè)想利用火箭飛行的人是明朝的士大夫萬(wàn)戶。如圖所示，他把47個(gè)自制的火箭綁在椅子上，自己坐在椅子上，雙手舉著大風(fēng)箏，設(shè)想利用火箭的推力，豎直飛上天空，當(dāng)自己運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)展開(kāi)風(fēng)箏平穩(wěn)著陸。假設(shè)萬(wàn)戶及所攜設(shè)備：火箭(含燃料)、椅子、風(fēng)箏等總質(zhì)量為M=90kg，點(diǎn)燃火箭后在極短的時(shí)間內(nèi)，將質(zhì)量為m=20kg的熾熱燃?xì)庀鄬?duì)地面以v0A.燃?xì)鈬姵龊?，萬(wàn)戶上升過(guò)程中處于超重狀態(tài)

B.火箭的推力來(lái)源于燃?xì)鈱?duì)它的反作用力

C.噴出燃?xì)夂螅f(wàn)戶及所攜設(shè)備能上升的最大高度為20m

D.8.如圖所示，PQO為圓心角為74°的扇形有界區(qū)域，O點(diǎn)為圓心，半徑為R，M點(diǎn)為圓弧PQ的中點(diǎn)，區(qū)域內(nèi)有方向垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，完全相同的兩個(gè)帶電粒子a和b以相同速度v分別從P、M兩點(diǎn)飛入勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，粒子a的速度方向與PO成16°角，已知粒子a恰好從Q點(diǎn)飛出，a、A.粒子帶正電

B.粒子b也從Q點(diǎn)飛出磁場(chǎng)區(qū)域

C.粒子a和b射出磁場(chǎng)時(shí)速度方向相同

D.粒子a和b在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為2：19.某實(shí)驗(yàn)小組利用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置測(cè)量小物塊與水平面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ。粗糙曲面AB固定在水平面上，其與水平面相切于B點(diǎn)，P為光電計(jì)時(shí)器的光電門。實(shí)驗(yàn)時(shí)將帶有遮光條的小物塊m從曲面AB上的某點(diǎn)自由釋放，小物塊通過(guò)光電門P后停在水平面上某點(diǎn)C。已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間。

(1)用游標(biāo)卡尺測(cè)量遮光條的寬度d如圖乙所示，其讀數(shù)d=______cm；

(2)已知遮光條寬度d，數(shù)字計(jì)時(shí)器顯示的時(shí)間t及光電門與C點(diǎn)之間的距離s，物塊通過(guò)光電門時(shí)的速度v=______，動(dòng)摩擦因數(shù)μ10.某實(shí)驗(yàn)小組欲將滿偏電流、內(nèi)阻的表頭改裝為量程為I1=1A和I2=2.5A的電流表，設(shè)計(jì)了如圖所示的電路圖，并對(duì)改裝后的電表進(jìn)行校準(zhǔn)。其中開(kāi)關(guān)S1為單刀雙擲開(kāi)關(guān)，R為滑動(dòng)變阻器，R1、R2為定值電阻，A為標(biāo)準(zhǔn)電流表。

(1)按如圖連接好電路圖，當(dāng)改裝后電流表的量程為I1=1A時(shí)，開(kāi)關(guān)S1應(yīng)接______(填“a”或“b”)，根據(jù)表頭的參數(shù)及改裝要求，定值電阻R1=______Ω，定值電阻R2=______Ω。(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)

(11.2022年6月17日，我國(guó)自主設(shè)計(jì)建造的首艘電磁彈射型航空母艦“福建艦”成功下水。該艦采用平直通長(zhǎng)飛行甲板，配置電磁彈射和阻攔裝置，飛機(jī)的前輪與磁懸浮電磁彈射車相連，如圖甲所示。其工作原理簡(jiǎn)化為如圖乙所示，間距d=1m的平行光滑金屬導(dǎo)軌(電阻不計(jì))間存在磁感應(yīng)強(qiáng)度B=10T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，彈射車由200根完全相同的導(dǎo)體棒并聯(lián)組成。電磁彈射時(shí)，開(kāi)關(guān)S與1相連，恒流電源為整個(gè)系統(tǒng)供電，彈射車帶動(dòng)飛機(jī)從靜止開(kāi)始勻加速運(yùn)動(dòng)x1=60m后達(dá)到起飛速度v=60m/s。飛機(jī)起飛后立即與彈射車脫鉤，同時(shí)將開(kāi)關(guān)S與2相連，彈射車在磁場(chǎng)的阻尼作用下運(yùn)動(dòng)x2=30m12.如圖所示，水平傳送帶由電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)以v=2m/s的速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，轉(zhuǎn)動(dòng)方向如圖所示?？梢暈橘|(zhì)點(diǎn)的甲、乙兩物體分別以v1=1m/s和v2=3m/s的速率從傳送帶的兩端A、B處按圖示方向同時(shí)滑上傳送帶。已知兩物體在同一條直線上運(yùn)動(dòng)，且運(yùn)動(dòng)過(guò)程中恰好沒(méi)有相碰。兩物體與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ=0.5，質(zhì)量均為13.圖甲為氧氣分子在兩種不同溫度狀態(tài)下各速率分布區(qū)間的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比與分子速率的關(guān)系，圖乙、丙分別為分子間作用力、分子勢(shì)能與分子間距的關(guān)系。下列說(shuō)法正確的是(

)

A.圖甲中②狀態(tài)下單個(gè)氧氣分子的速率一定比①狀態(tài)下氧氣分子速率大

B.圖甲中②狀態(tài)下氧氣分子平均動(dòng)能大于①狀態(tài)下氧氣分子平均動(dòng)能

C.圖甲中②狀態(tài)下氣體壓強(qiáng)一定比①狀態(tài)下氣體壓強(qiáng)大

D.圖乙中陰影部分面積表示分子勢(shì)能差值，與零勢(shì)能點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)

E.圖丙中斜率絕對(duì)值表示在該間距時(shí)的分子間作用力大小14.如圖所示，某興趣小組的同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)液體拉力測(cè)量?jī)x，長(zhǎng)度為l0的圓筒形導(dǎo)熱汽缸水平放置，用橫截面積S=10cm2、可沿缸壁無(wú)摩擦滑動(dòng)的活塞封閉一定質(zhì)量的理想氣體，活塞右側(cè)用輕質(zhì)細(xì)繩跨過(guò)光滑的定滑輪懸掛一塊質(zhì)量m=100g的潔凈玻璃板，活塞平衡時(shí)處在汽缸A位置，氣柱長(zhǎng)，現(xiàn)將玻璃板下表面恰好浸入液體中，用水平力緩慢將汽缸向左拉，使玻璃板恰好要離開(kāi)液面，此時(shí)活塞處在汽缸B位置，氣柱長(zhǎng)。已知外界大氣壓強(qiáng)，重力加速度g取10m/s2，環(huán)境溫度保持不變，活塞質(zhì)量不計(jì)且不漏氣。求：

(1)活塞處于汽缸A15.一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，位于坐標(biāo)原點(diǎn)處的觀察者觀測(cè)到在2s內(nèi)有10個(gè)完整的波形經(jīng)過(guò)該點(diǎn).在t=0時(shí)刻的波形如圖所示，質(zhì)點(diǎn)A、B、C、D、E在x軸上的位置坐標(biāo)分別為2m、4m、6m、8m，A.該波的周期T=0.2s

B.該波的波速為4m/s

C.t=0.35s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)E第一次到達(dá)波峰

D.從t=016.如圖所示，上、下表面平行的玻璃磚下表面鍍有反射膜，現(xiàn)將激光筆發(fā)出的一束激光射向玻璃磚上表面，改變激光的入射方向，使激光經(jīng)過(guò)下表面反射后從上表面返回空氣(激光不經(jīng)過(guò)玻璃磚側(cè)面)，激光在玻璃磚中傳播的時(shí)間t的范圍為，已知真空中的光速c=3×108m/s，不考慮光在玻璃磚上表面的反射。求：

(1)該玻璃磚的折射率

答案和解析1.【答案】B

【解析】解：A.電子的衍射現(xiàn)象說(shuō)明電子具有波動(dòng)性，故A錯(cuò)誤；

B.電子的動(dòng)量：p=mv

電子的德布羅意波波長(zhǎng)：λ=hp

聯(lián)立解得：，故B正確；

CD.根據(jù)動(dòng)能定理有：eU=12mv2

可得：v=2eUm2.【答案】D

【解析】解：A.3s末甲、乙兩物體相遇，由圖可知，此時(shí)，甲物體運(yùn)動(dòng)圖像的斜率為負(fù)，乙物體運(yùn)動(dòng)圖像的斜率為正，根據(jù)x?t圖像的斜率正負(fù)表示速度的方向可知，此時(shí)甲乙兩物體的速度方向不同，則二者的速度不相同，故A錯(cuò)誤；

B.由于平均速度是位移與時(shí)間的比值，由圖可知，前3s內(nèi)甲、乙的位移相等，所用時(shí)間也相等，則二者的平均速度相等，故B錯(cuò)誤；

C.前3s內(nèi)甲、乙的位移相等，但是根據(jù)x?t圖像的斜率正負(fù)表示速度的方向，可知甲先向正方向運(yùn)動(dòng)后向負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，而乙一直向前運(yùn)動(dòng)，則前3s內(nèi)甲的路程大于乙的路程，故C錯(cuò)誤；

D.由于x?t圖像的斜率表示速度，而圖線乙的平行線與圖線甲只有一個(gè)切點(diǎn)，則前3s內(nèi)只有一個(gè)時(shí)刻甲、乙速度相同，故D正確。

故選：D。

x?t圖像的斜率大小表示速度大小，x?t圖像的斜率正負(fù)表示速度的方向。

3s末甲、乙兩物體相遇，由圖可知，此時(shí)，甲物體的運(yùn)動(dòng)圖像斜率為負(fù)，乙物體運(yùn)動(dòng)圖像的斜率為正，根據(jù)x?3.【答案】C

【解析】解：A.筷子甲對(duì)小球的彈力，是筷子甲發(fā)生形變?cè)斐傻?，故A錯(cuò)誤；

BC.對(duì)小球受力分析如圖

則有

F甲=mgsinθ，

θ角增大過(guò)程中F甲、F乙均減小，故B錯(cuò)誤、C正確；

D.兩根筷子對(duì)小球的合力總等于小球的重力，不變，故D錯(cuò)誤。

故選：C。4.【答案】D

【解析】解：A.對(duì)衛(wèi)星由萬(wàn)有引力提供向心力有：

不同軌道上g不一樣，不能根據(jù)v=gr比較速度關(guān)系，萬(wàn)有引力提供向心力得出衛(wèi)星運(yùn)行線速度v=GMr

代入數(shù)據(jù)

故A錯(cuò)誤；

B.不同軌道上兩衛(wèi)星角速度不一樣，不能根據(jù)a=ω2r得出兩衛(wèi)星加速度關(guān)系，萬(wàn)有引力提供向心力得出衛(wèi)星的運(yùn)行加速度a=GMr2

代入數(shù)據(jù)可得

故B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)F向=GMmr2可得

故C錯(cuò)誤；

D.兩衛(wèi)星均繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)開(kāi)普勒第三定律r3T5.【答案】A

【解析】解：AB.若僅將下板水平右移少許，根據(jù)平行板電容器決定式C=?rS4πkd，可知電容C變小，根據(jù)電容定義式U=QC，可知極板間電壓變大，根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度大小和電壓關(guān)系E=Ud

可知極板間電場(chǎng)強(qiáng)度變大，則豎直方向的加速度變大，粒子在垂直極板方向運(yùn)動(dòng)的時(shí)間變短，粒子軌跡與半圓ABC的交點(diǎn)在B點(diǎn)的左側(cè)，故A正確，B錯(cuò)誤；

CD.若僅將下板下移少許，則平行板電容器間的極板距離d變大，由平行板電容器決定式C=?rS4πkd，根據(jù)電容定義式U=Q6.【答案】AD【解析】解：AB、線圈轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)的峰值為

則電動(dòng)勢(shì)的有效值為

理想變壓器原副線圈電壓比等于匝數(shù)比，則有U1U2=n1n2

電流表示數(shù)為

聯(lián)立解得：

故A正確，B錯(cuò)誤；

CD、理想變壓器原副線圈的功率相等，則發(fā)電機(jī)的功率

故C錯(cuò)誤，D正確。

故選：AD7.【答案】BC【解析】解：A.燃?xì)鈬姵龊螅f(wàn)戶將減速上升，加速度方向向下，可知萬(wàn)戶上升過(guò)程中處于失重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；

B.熾熱的燃?xì)庀蛳聡姵鲞^(guò)程中，火箭對(duì)燃?xì)獾淖饔昧εc燃?xì)鈱?duì)火箭的作用力是一對(duì)相互作用力，火箭的推力來(lái)源于燃?xì)鈱?duì)它的反作用力，故B正確；

C.由于點(diǎn)燃火箭后，噴氣過(guò)程在極短的時(shí)間內(nèi)完成，則內(nèi)力遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于外力，選擇豎直向上的方向?yàn)檎较?，該過(guò)程動(dòng)量近似守恒，由此可得：

mv0?(M?m)v1=0

上升階段忽略空氣阻力的影響，之后火箭做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)速度—位移公式可得：

解得：，故C正確；

D.在火箭噴氣結(jié)束后的上升過(guò)程中，由于上升階段忽略空氣阻力的影響，即只有重力做功，則萬(wàn)戶及所攜設(shè)備的機(jī)械能守恒，即機(jī)械能不變，故D錯(cuò)誤。

故選BC。8.【答案】BD【解析】解：A.完全相同的兩個(gè)帶電粒子，粒子a剛好從Q點(diǎn)飛出，由左手定則，粒子a和b均帶負(fù)電荷，故A錯(cuò)誤；

BC.設(shè)兩個(gè)粒子a和b做圓周運(yùn)動(dòng)圓心分別為O1和O2，由對(duì)稱性，O1在OM延長(zhǎng)線上。粒子a在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)半徑為R1，由幾何關(guān)系，又

故兩粒子運(yùn)動(dòng)如圖

粒子b軌道半徑也是R，由圖，粒子b也從Q點(diǎn)飛出磁場(chǎng)區(qū)域，飛出磁場(chǎng)時(shí)兩粒子速度方向不同，故B正確，C錯(cuò)誤；

D.完全相同兩個(gè)粒子a和b以相同速度從M、P兩點(diǎn)飛入磁場(chǎng)區(qū)域，粒子b軌道半徑也是R，由圖，粒子b在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)弧長(zhǎng)等于粒子a在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)弧長(zhǎng)的一半，粒子a和b在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比為2：1，故D正確。

故選：BD。

根據(jù)題意結(jié)合左手定則，判斷電性；

9.【答案】0.375

dt

d【解析】解：(1)由圖乙所示游標(biāo)卡尺的最小分度值為0.05mm，主尺示數(shù)為3mm，游標(biāo)尺示數(shù)為15×0.05mm=0.75mm，游標(biāo)卡尺讀數(shù)；

(2)物塊通過(guò)光電門時(shí)的速度為：v=dt，然后物塊在水平面上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，由動(dòng)能定理得：

?μmg10.【答案】a

6.4

9.6

串聯(lián)

12.8

【解析】解：(1)當(dāng)開(kāi)關(guān)S1接b時(shí)有

當(dāng)開(kāi)關(guān)S1接a時(shí)有

可知Ia<Ib

則有，

可知當(dāng)改裝后電流表的量程為I1=1A時(shí)，開(kāi)關(guān)S1應(yīng)接a；

將上述方程代入數(shù)據(jù)解得

，

(2)校準(zhǔn)過(guò)程中，當(dāng)開(kāi)關(guān)與a接通時(shí)，根據(jù)上述可知改裝后電流表的量程為I1=1A，實(shí)際發(fā)現(xiàn)當(dāng)表頭滿偏時(shí)標(biāo)準(zhǔn)電流表的示數(shù)為0.8A，即改裝電流表的示數(shù)比標(biāo)準(zhǔn)電流表示數(shù)大，表明通過(guò)表頭的電流偏大，若造成此結(jié)果的原因是表頭內(nèi)阻測(cè)量不準(zhǔn)確，可知，表頭內(nèi)阻測(cè)量值大于真實(shí)值，為達(dá)到改裝指定量程的目的，需要給表頭串聯(lián)一個(gè)電阻；

令I(lǐng)0=0.8A，根據(jù)上述有，表頭的實(shí)際內(nèi)阻為

則串聯(lián)電阻為

故答案為：(1)11.【答案】解：(1)設(shè)電磁彈射時(shí)飛機(jī)的加速度為a，根據(jù)速度—位移公式可得：

v2=2ax1

解得：a=30m/s2

加速過(guò)程中飛機(jī)和彈射車受到的合力

解得：

(2)飛機(jī)飛離甲板后，彈射車在電磁阻尼的作用下做減速運(yùn)動(dòng)直到速度減為零，設(shè)減速過(guò)程所用時(shí)間為Δt，減速過(guò)程中彈射車的平均速度為v?，選擇初速度的方向?yàn)檎较?，?duì)彈射車根據(jù)動(dòng)量定理有

其中

聯(lián)立解得：R【解析】(1)根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得出加速度的大小，結(jié)合牛頓第二定律得出電流的大小；

(2)12.【答案】解：(1)對(duì)甲進(jìn)行分析，根據(jù)牛頓第二定律可得：

μmg=ma1

根據(jù)速度—時(shí)間公式可得：

v=v1+a1t1

聯(lián)立解得t1=0.2s

(2)對(duì)乙進(jìn)行分析，根據(jù)牛頓第二定律可得：

μmg=ma2

取向右為正，根據(jù)速度—時(shí)間公式可得：

v=?v2+a2t2

解得：t2=1s

從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到甲乙恰好相遇不相碰過(guò)程，以向右為正，甲的位移大小為：

乙的位移大小為：

則有

聯(lián)立解得：LAB=2.4m

(3)設(shè)甲與傳送帶間的相對(duì)位移為s1，可得：

若發(fā)熱為Q1【解析】(1)根據(jù)牛頓第二定律結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得出對(duì)應(yīng)的時(shí)間；

(2)根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得出傳送帶AB間的長(zhǎng)度；

13.【答案】BD【解析】解：AB.由題圖甲可知，②中速率大的分子占據(jù)的比例較大，則說(shuō)明②對(duì)應(yīng)的平均速率較大，但單個(gè)分子的運(yùn)動(dòng)是無(wú)規(guī)則的，則②對(duì)應(yīng)的溫度較高，則圖甲中②狀態(tài)下氧氣分子平均動(dòng)能大于①狀態(tài)下氧氣分子平均動(dòng)能，故A錯(cuò)誤，B正確；

C.根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程pVT=C

由于只知道溫度關(guān)系，不確定氣體體積的變化，故不能確定氣體壓強(qiáng)的變化，故C錯(cuò)誤；

D.圖乙中陰影部分面積表示分子力做功的大小，根據(jù)功能關(guān)系陰影部分面積也等于分子勢(shì)能差值，而勢(shì)能差值與零勢(shì)能點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)，故D正確；

E.分子勢(shì)能與分子間距的關(guān)系圖像中，圖線