2022-2023學(xué)年福建省泉州市豐澤區(qū)重點中學(xué)高三（下）第一次月考物理試卷-普通用卷

第=page11頁，共=sectionpages11頁2022-2023學(xué)年福建省泉州市豐澤區(qū)重點中學(xué)高三（下）第一次月考物理試卷一、單選題（本大題共4小題，共12.0分）1.一質(zhì)點沿x軸正方向做直線運動，通過坐標(biāo)原點時開始計時，xt?t圖像如圖，則(

)A.質(zhì)點做勻速直線運動，速度為0.5m/s

B.質(zhì)點做勻加速直線運動，加速度為0.5m/s

C.質(zhì)點在1s末速度為1.52.如圖1所示的電路用來測量電池電動勢和內(nèi)電阻，由測得的數(shù)據(jù)作出了如圖2所示的U?I圖線，由圖可知(

)

A.電池內(nèi)阻的測量值為3.50Ω

B.當(dāng)滑動滑動變阻器的電阻為1Ω時，該電源的輸出功率最大

C.外電路發(fā)生短路時的電流為0.40A

D.電壓表的示數(shù)為3.將一金屬小球置于豎直放置的帶電平行金屬板間，A、B間電場線分布如圖所示，則下列判斷正確的是(

)A.EM>EN，φM<φN

B.EM<EN，φM>φ4.矩形導(dǎo)線框abcd放在勻強磁場中靜止不動，磁場方向與線框平面垂直，磁感應(yīng)強度B隨時間t變化的圖象如圖所示。設(shè)t=0時刻，磁感應(yīng)強度的方向垂直紙面向里，則在0～4s時間內(nèi)，選項圖中能正確反映線框ab邊所受的安培力F隨時間tA. B.

C. D.二、多選題（本大題共4小題，共12.0分）5.如圖所示，一個電阻值為R、匝數(shù)為n的圓形金屬線圈與阻值為2R的電阻R1連接成閉合回路。線圈的半徑為r1.在線圈中半徑為r2的圓形區(qū)域內(nèi)存在垂直于線圈平面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度B隨時間t變化的關(guān)系圖線如圖(b)所示。圖線與橫、縱軸的交點坐標(biāo)分別為t0和B0.A.R1中電流的方向由a到b通過R1 B.電流的大小為nπB0r223R6.如圖甲所示，abcd是位于豎直平面內(nèi)的正方形閉合金屬線框，金屬線框的質(zhì)量為m，電阻為R，在金屬線框的下方有一勻強磁場區(qū)域，MN和PQ是勻強磁場區(qū)域的水平邊界，并與線框的bc邊平行，磁場方向垂直于線框平面向里。現(xiàn)使金屬線框從MN上方某一高度處由靜止開始下落，如圖乙是金屬線框由開始下落到bc邊剛好運動到勻強磁場PQ邊界的A.金屬線框剛進(jìn)入磁場時感應(yīng)電流方向沿adcba方向

B.磁場的磁感應(yīng)強度為1v1(t2?t1)7.在一靜止點電荷的電場中，任一點的電勢φ與該點到點電荷的距離r的關(guān)系如圖所示。電場中四個點a、b、c和d的電場強度大小分別Ea、Eb、Ec和Ed，點a到點電荷的距離ra與點a的電勢φa已在圖中用坐標(biāo)(ra,φa)標(biāo)出，其余類推?，F(xiàn)將一帶正電的試探電荷由a點依次經(jīng)b、c點移動到dA.Ea：Eb=4：1 B.Ec：Ed=2：1

C.Wab：8.如圖所示，光滑平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ傾斜放置，上端用導(dǎo)線相連，導(dǎo)軌平面與水平方向成θ角，θ=37°，兩導(dǎo)軌間距為L，導(dǎo)軌處在垂直于導(dǎo)軌平面向上的勻強磁場中，磁場的磁感應(yīng)強度大小為B，金屬棒ab放置在導(dǎo)軌上并由靜止釋放，金屬棒ab沿導(dǎo)軌下滑過程中始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，ab棒的質(zhì)量為m、接入電路部分的電阻為R，當(dāng)流過A.金屬棒兩端的最大電壓為3mgR5B2L2

B.金屬棒受到安培力沖量大小為B三、填空題（本大題共1小題，共3.0分）9.質(zhì)子與中子發(fā)生核反應(yīng)生成氘核，放出能量，其核反應(yīng)方程為______；已知中子的質(zhì)量mn=1.6749×10?27kg，質(zhì)子的質(zhì)量mP=1.6726四、實驗題（本大題共3小題，共9.0分）10.如圖所示為甲乙兩個單擺的振動圖象，由圖可知：

①甲乙兩個單擺的擺長之比為L甲：L乙=______

②以向右為單擺偏離平衡位置位移的正方向，從t=0時刻起，當(dāng)甲第一次到達(dá)右方最大位移時，乙偏離平衡位置的位移為x乙11.如圖所示：某同學(xué)對雙縫干涉實驗裝置(圖1)進(jìn)行調(diào)節(jié)并觀察實驗現(xiàn)象：

(1)圖2甲、圖2乙是光的條紋形狀示意圖，其中干涉圖樣是______(填字母)．

(2)下述現(xiàn)象中能夠觀察到的是：______

A.將濾光片由藍(lán)色的換成紅色的，干涉條紋間距變寬

B.將單縫向雙縫移動一小段距離后，干涉條紋間距變寬

C.換一個兩縫之間距離較大的雙縫，干涉條紋間距變窄

D.去掉濾光片后，干涉現(xiàn)象消失

(3)如果測得第一條亮條紋中心與第六條亮條紋中心間距是11.550mm，求得這種色光的波長為12.(1)如下圖1螺旋測微器讀數(shù)為______mm，如下圖2游標(biāo)卡尺讀數(shù)為______mm。

(2)某表頭滿偏電流為1mA、內(nèi)阻為982Ω。(以下計算結(jié)果均取整數(shù))

①為了將表頭改裝成量程為3V的電壓表，需要一個阻值為______Ω的電阻與表頭串聯(lián)

②為了將表頭改裝成量程為50mA的電流表，需要一個阻值約為______Ω的電阻與表頭并聯(lián)

(3)為了測量一個“12V、5W”的小燈泡的不同電壓下的功率。某位同學(xué)測得小燈泡的伏安特性曲線如下左圖所示。某次測量時，電流表指針位置如下圖3所示，電流表讀數(shù)為______A，此時小燈泡的實際功率為______W。

(4)如圖4所示，直線A為電源的U?I圖線，直線B為電阻R的U五、計算題（本大題共3小題，共30.0分）13.如圖所示，在光滑水平面上有一邊長為L的單匝正方形閉合導(dǎo)體線框abcd，處于磁感應(yīng)強度為B的有界勻強磁場中，其ab邊與磁場的右邊界重合。線框由同種粗細(xì)均勻的導(dǎo)線制成，它的總電阻為R.現(xiàn)將線框以恒定速度v水平向右勻速拉出磁場，此過程中保持線框平面與磁感線垂直，拉力在線框平面內(nèi)且與ab邊垂直，bc邊始終與磁場的右邊界保持垂直。求線框被拉出磁場的過程中

(1)線框內(nèi)的電流大小；14.如圖所示，在y軸左則有一平行x軸方向的勻強電場，電場強度E=2×103V/m，在y軸右側(cè)存在垂直紙面向里的勻強

磁場，第一象限內(nèi)磁場的磁感應(yīng)強度大小B0=2×10?2T，第四象限內(nèi)磁場的磁感應(yīng)強度大小為2B0.現(xiàn)有一比荷qm=1×106C/15.如圖所示光滑的水平地面上放置一四分之一光滑圓弧軌道A，圓弧軌道質(zhì)量為3m，半徑為R，左側(cè)放置一豎直固定擋板，右側(cè)緊靠軌道放置與其最低點等高的水平長木板B，質(zhì)量為2m，長木板上表面粗糙，動摩擦因數(shù)為μ，左端放置一物塊C，質(zhì)量為2m，從圓弧軌道最高點由靜止釋放另一質(zhì)量為m的物塊D，物塊D滑至最低點時與物塊C發(fā)生彈性碰撞，碰后D沿圓弧軌道上升至速度為0時撤去擋板(C、D均可視為質(zhì)點，重力加速度取g)，求

(1)碰后D上升的高度；

(2)撤去擋板后圓弧軌道A與物塊D分離時A的位移；

(

答案和解析1.【答案】D

【解析】解：AB、由圖得：xt=1+0.5t，根據(jù)勻變速運動的位移公式x=v0t+12at2，得：12a=0.5m/s2，質(zhì)點的初速度v0=1m/s，加速度a2.【答案】B

【解析】解：A.由閉合電路歐姆定律可得E=U+Ir，可得U=E?Ir

電池內(nèi)阻的測量值為：

r=|ΔUΔI|

代入數(shù)據(jù)得：r=1.0Ω，故A錯誤；

B.電源的輸出功率

P=(ER+r)2R

整理得：P=E2R+r2R+2r

當(dāng)R=r2R時，電源的輸出功率最大，即R=r=13.【答案】C

【解析】解：A、電場線的疏密表示電場強度的強弱，由圖象知M點處的電場強度大于N點處的電場強度，沿電場線的方向電勢逐漸降低，M點處的電勢高于N點電勢，故AB錯誤；

C、將正檢驗電荷從M點移到N點，即將正電荷沿電場線方向移動，電場力做正功，故C正確；

D、將負(fù)檢驗電荷從M點移到N點，電場力做負(fù)功，該電荷的電勢能增加，故D錯誤。

故選：C。

電場線的疏密表示電場強度的強弱，電場線某點的切線方向表示電場強度的方向，沿電場線的方向電勢逐漸降低；正電荷沿電場線方向運動、電場力做正功、電勢能減小。

本題考查電場線的基本性質(zhì)，要明確電場線雖然不存在，但可形象來描述電場的分布。電場線的疏密表示電場強度的強弱，電場線某點的切線方向表示電場強度的方向。

4.【答案】D

【解析】解：0～1s內(nèi)，磁感應(yīng)強度向里且均勻減小，由楞次定律可判斷電流方向為b→a，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，

電流的大小恒定，由左手定則可判斷ab邊受到的安培力向左，為正方向的力，再由安培力大小公式F=BIL，

可知，安培力的大小與磁場成正比，則大小在減小。

1s～2s內(nèi)，磁場向外且均勻增大，線框中電流方向為b→a，電流大小恒定，ab邊受到向右的力，為反方向，大小在增大；

2s～3s內(nèi)，磁場向外且均勻減小，線框中電流方向為a→b，電流大小恒定，ab邊受到向左的力，為正方向，大小在減??；

3s～4s內(nèi)，磁場向里且均勻增大，線框中電流方向a→b，電流的大小恒定，a5.【答案】BD【解析】解：A、由圖象分析可知，0至t1時間內(nèi)有，由法拉第電磁感應(yīng)定律有：E=n△φ△t=n△B△ts

面積為：s=πr22

由閉合電路歐姆定律有：I1=ER1+R

聯(lián)立以上各式解得，通過電阻R1上的電流大小為：I1=nπB0r2236.【答案】BC【解析】解：A、金屬線框進(jìn)入磁場的過程，其磁通量是增加的，根據(jù)楞次定律判斷，感應(yīng)電流為逆時針方向，即沿abcda方向，故A錯誤；

B、根據(jù)v?t圖像，在t1～t2時間內(nèi)金屬框以v1的速度做勻速直線運動進(jìn)入磁場，此過程金屬框所受安培力等于重力，則有：mg=BIL，線框中的感應(yīng)電流為I=BLv1R，聯(lián)立解得：B=1v1(t2?t1)mgRv1，故B正確；

C、在t1?t2時間內(nèi)線框的位移等于其邊長L，則有：L=v1(7.【答案】AC【解析】【分析】

本題考查點電荷的電場問題。

解答此題的關(guān)鍵是正確理解點電荷場強公式E=kQr2和A.由點電荷場強公式E=kQr2可得：Ea:Eb=kQ12:kQ22=4:1，故A正確；

B.由點電荷場強公式E=kQr2可得：Ec:Ed=kQ32:kQ6

8.【答案】BD【解析】解：A、金屬棒相當(dāng)于電源，它兩端電壓是路端電壓，外電阻為零，因此U=0，故A錯誤；

B、金屬棒受到安培力沖量大小為IF=BI?Lt=BqL，故B正確；

C、由電荷量的經(jīng)驗公式q=BLxR得x=qRBL，故C錯誤；

9.【答案】?11H【解析】解：由質(zhì)量數(shù)與核電荷數(shù)守恒可知，核反應(yīng)方程式為：?11H+01n→12D，

核反應(yīng)過程中的質(zhì)量虧損為：△m=mp+mm10.【答案】1：4

2【解析】解：①根據(jù)振動圖象知，甲、乙兩個單擺的周期分別為T甲=4s，T乙=8s

由單擺的周期公式T=2πLg，得單擺的擺長之比L甲：L乙=T甲2：T乙2=1：4．

②從t11.【答案】A

AC

6.6【解析】解：(1)雙縫干涉條紋特點是等間距、等寬度、等亮度；衍射條紋特點是中間寬兩邊窄、中間亮、兩邊暗，且不等間距；根據(jù)此特點知甲圖是干涉條紋，故選A；

(2)A、根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式△x=Ldλ知，將濾光片由藍(lán)色的換成紅色的，頻率減小，波長變長，則干涉條紋間距變寬．故A正確；

B、根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式△x=Ldλ，將單縫向雙縫移動一小段距離后，干涉條紋間距不變．故B錯誤；

C、根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式△x=Ldλ，換一個兩縫之間距離較大的雙縫，干涉條紋間距變窄．故C正確；

D、去掉濾光片后，通過單縫與雙縫的光成為白色光，白色光通過雙縫后，仍然能發(fā)生干涉現(xiàn)象．故D錯誤．

故選：AC；

(3)已知第1條亮紋中心到第6條亮紋中心間距x=11.550mm，可得△x=x5=11.555mm=2.31mm

12.【答案】0.900

14.50

2018

20

0.40

2.4

3

0.5

1

【解析】解：(1)螺旋測微器的精度為0.01mm，所以其螺旋測微器讀數(shù)為：d=0.5mm+40.0×0.01mm=0.900mm。

游標(biāo)卡尺的精度為0.05mm，所以游標(biāo)卡尺讀數(shù)為：l=14mm+10×0.05mm=14.50mm。

(2)將表頭(內(nèi)阻r=982Ω，滿偏電流Ig=1mA)改裝成量程為U=3V的電壓表，根據(jù)歐姆定律有：Ig=UR1+r，解得：R1=2018Ω。

將表頭改裝成量程為I=50mA的電流表，根據(jù)并聯(lián)電路電流的關(guān)系有：I=Ig+IgrR2，解得：R2≈20Ω。

(3)小燈泡正常發(fā)光時電流約為：13.【答案】解：(1)cd邊切割磁感線產(chǎn)生的電動勢為E=BLv，據(jù)閉合電路歐姆定律得I=ER=BLvR

(2)cd兩端的電壓為路段電壓，故Ucd=【解析】(1)根據(jù)E=BLv求出感應(yīng)電動勢的大小，再根據(jù)閉合電路歐姆定律求出感應(yīng)電流的大小；

(2)根據(jù)歐姆定律求出a、14.【答案】解：(1)對粒子在電場中，由動能定理Eqx=12mv2

得v=2Eqxm=2.4×104m/s

(2)粒子進(jìn)入磁場做勻速圓周運動，軌跡如圖所示

根據(jù)向心力公式；qvB=mv2R

又v=2πRT

得：T1=2πmqB1

T2=2πmqB2

所以粒子從進(jìn)入磁場到第三次運動到【解析】(1)由動能定理求出經(jīng)電場加速后進(jìn)入磁場的速度；

(2)畫出粒子在磁場和電場中的運動軌跡，從M點進(jìn)入磁場中轉(zhuǎn)14周后進(jìn)入第四象限轉(zhuǎn)半周，再進(jìn)入第一象限轉(zhuǎn)半周到達(dá)x軸，由周期公式和偏轉(zhuǎn)角就能求出第三次經(jīng)過x時的時間。

15.【答案】解：(1)D下滑過程中，由機械能守恒定律得：

mDgR=12mDvD2

得vD=2gR

D與C發(fā)生彈性碰撞，取水平向右為正方向，由動