2023屆北京海淀外國(guó)語(yǔ)物理高二第二學(xué)期期中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測(cè)模擬試題含解析

2023屆北京海淀外國(guó)語(yǔ)物理高二第二學(xué)期期中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測(cè)模擬試題請(qǐng)考生注意：1．請(qǐng)用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請(qǐng)用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無(wú)效。2．答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項(xiàng)》，按規(guī)定答題。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、關(guān)于動(dòng)量定理，下列說(shuō)法正確的是（）A．動(dòng)量越大，合外力的沖量越大B．動(dòng)量變化越大，合外力的沖量越大C．動(dòng)量變化越快，合外力的沖量越大D．沖量方向與動(dòng)量方向相同2、質(zhì)量相等的A、B兩個(gè)物體放在同一水平面上，分別受到水平拉力、的作用而從靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)時(shí)間和4，A、B的速度分別達(dá)到2和時(shí)，分別撤去和，以后物體繼續(xù)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)直至停止，兩個(gè)物體速度隨時(shí)間變化的圖象如圖所示，設(shè)和對(duì)A、B的沖量分別為和，和，對(duì)A、B做的功分別為和，則下列結(jié)論正確的是A．，B．，C．，D．，3、關(guān)于電磁波，下列說(shuō)法正確的是A．只要有周期性變化的電場(chǎng)，就可以形成電磁波B．電磁波在真空中的傳播速度與電磁波的頻率有關(guān)C．電磁波在真空中自由傳播時(shí)，其傳播方向與電場(chǎng)強(qiáng)度、磁感應(yīng)強(qiáng)度垂直D．利用電磁波傳遞信號(hào)可以實(shí)現(xiàn)無(wú)線通信，但電磁波不能通過(guò)光纜傳輸4、“”表示直線電流方向垂直紙面向里，“⊙”表示直線電流方向垂直紙面向外，下列圖形中能正確描繪直線電流周圍磁感線的是A． B． C． D．5、電子打火機(jī)的點(diǎn)火原理是壓電效應(yīng)．壓電片在受到壓力時(shí)會(huì)在兩側(cè)形成電壓且電壓大小與壓力近似成正比，現(xiàn)有一利用壓電效應(yīng)制造的電梯加速度傳感器，如圖所示．壓電片安裝在電梯地板下，電壓表與壓電片構(gòu)成閉合電路用來(lái)測(cè)量壓電片兩側(cè)形成的電壓，若發(fā)現(xiàn)電壓表示數(shù)增大，下列說(shuō)法正確的是()A．電梯一定加速上升B．電梯一定減速下降C．電梯加速度一定向上D．電梯加速度一定向下6、光線從空氣射向玻璃磚，當(dāng)入射光線與玻璃磚表面成30°角時(shí)，折射光線與反射光線恰好垂直，則此玻璃磚的折射率為()A． B． C． D．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖1所示為邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形導(dǎo)體框放在絕緣水平面上，空間存在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間的變化規(guī)律如圖2所示，圖中的數(shù)據(jù)為已知量。已知導(dǎo)體的電阻率為ρ、導(dǎo)體的橫截面積為S，則下列說(shuō)法正確的是（）A．導(dǎo)體框的面積有減小的趨勢(shì)B．導(dǎo)體框中的電流大小為C．0~t0時(shí)間內(nèi)，通過(guò)導(dǎo)體框某一橫截面的電荷量為D．0~t0時(shí)間內(nèi)，導(dǎo)體框產(chǎn)生的熱量為8、傳感器是采集信息的一種重要元件，如圖所示是一種電容式壓力傳感器，左邊下面為可動(dòng)電極，它的兩端固定，當(dāng)待測(cè)壓力作用于可動(dòng)電極時(shí)，使它發(fā)生形變，從而改變傳感器的電容，若流經(jīng)靈敏電流計(jì)的電流方向向左時(shí)，指針向右偏，則待測(cè)壓力突然增大時(shí)（

）A．電容器的電容增大

B．電容器的電容減少C．靈敏電流計(jì)指針向左偏

D．靈敏電流計(jì)指針向右偏9、A、B兩船的質(zhì)量均為m，都靜止在平靜的湖面上，現(xiàn)A船上質(zhì)量為m的人，以對(duì)地水平速度v從A船跳到B船，再?gòu)腂船跳到A船，經(jīng)n次跳躍后，人停在B船上，不計(jì)水的阻力，則A．A、B兩船速度大小之比為2：3B．A、B（包括人）兩船動(dòng)量大小之比為1：1C．A、B（包括人）兩船動(dòng)能之比為3：2D．A、B（包括人）兩船動(dòng)能之比為1：110、如圖所示，寬為的兩固定足夠長(zhǎng)光滑金屬導(dǎo)軌水平放置，空間存在豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為.質(zhì)量均為、電阻值均為的兩導(dǎo)體棒和靜止置于導(dǎo)軌上，其間距也為，現(xiàn)給一向右的初速度，對(duì)它們之后的整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程說(shuō)法正確的是()A．的加速度越來(lái)越大，的加速度越來(lái)越小B．克服安培力所做的總功為C．通過(guò)的電荷量為D．兩導(dǎo)體棒間的距離最終變?yōu)槿?、?shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11．（6分）在探究單擺運(yùn)動(dòng)的實(shí)驗(yàn)中：甲乙（1）甲是用力傳感器對(duì)單擺運(yùn)動(dòng)過(guò)程進(jìn)行測(cè)量的裝置圖，乙是與力傳感器連接的計(jì)算機(jī)屏幕所顯示的F-t圖象，根據(jù)圖乙的信息可得，從t=0時(shí)刻開始擺球第一次擺到最低點(diǎn)的時(shí)刻為________s，擺長(zhǎng)為_____m（取，當(dāng)?shù)刂亓铀俣却笮=10m/s2）．（2）單擺振動(dòng)的回復(fù)力是____________．A．?dāng)[球所受的重力B．?dāng)[球重力在垂直擺線方向上的分力C．?dāng)[線對(duì)擺球的拉力D．?dāng)[球所受重力和擺線對(duì)擺球拉力的合力12．（12分）某同學(xué)利用“插針法”測(cè)定平行玻璃磚的折射率，在坐標(biāo)紙上記錄的情況如圖所示，虛線為以入射點(diǎn)O為圓心做出的圓，由此計(jì)算出玻璃磚的折射率為_________，光在玻璃中的傳播速度為________m/s．（光在真空中的傳播速度為，結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，A、B兩木塊靠在一起放于光滑的水平面上，A、B的質(zhì)量均為一個(gè)質(zhì)量的小鐵塊C以的速度滑到木塊A上，離開木塊A后最終與木塊B一起勻速運(yùn)動(dòng)若木塊A在鐵塊C滑離后的速度求：（1）鐵塊C在滑離A時(shí)的速度；（2）木塊B的最終速度．14．（16分）如圖所示，兩根足夠長(zhǎng)的平行導(dǎo)軌水平放置在地面上且固定不動(dòng)，導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)=1m，在軌道的左、右兩端各連接一個(gè)定值電阻，其中R1=6Ω、R2=3Ω。一質(zhì)量為m=1kg的金屬棒ab垂直于導(dǎo)軌放置，金屬棒接入電路中的電阻為r=2Ω。整個(gè)裝置處于足夠大的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=1T、方向垂直于軌道面向下。用大小為F=1.5N、平行于導(dǎo)軌向右的恒力作用于金屬棒，使其從P位置由靜止開始沿導(dǎo)軌方向運(yùn)動(dòng)，到達(dá)Q位置時(shí)剛好勻速，該過(guò)程中通過(guò)金屬棒ab的電量為q=2.5C。已知金屬棒與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.1，取重力加速度為g=10m/s2。求：(1)金屬棒ab所受的安培力的方向；(2)金屬棒ab的最大速度v的大小；(3)從P到Q的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，電阻R1上產(chǎn)生的焦耳熱Q1。15．（12分）一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，圖(a)是t＝0時(shí)刻的波形圖，圖(b)和圖(c)分別是x軸上某兩處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像．求這兩質(zhì)點(diǎn)平衡位置之間的距離

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】

AB．合外力的沖量等于物體動(dòng)量變化量，動(dòng)量越大，動(dòng)量變化量不一定越大，A錯(cuò)誤，B正確；C．根據(jù)動(dòng)量定量有而動(dòng)量變化越快，即越大，不一定大，即合力的沖量不一定大，C錯(cuò)誤；D．沖量的方向和動(dòng)量變化量的方向相同，即和外力的方向相同，D錯(cuò)誤。故選B。2、B【解析】從圖象可知，兩物塊勻減速運(yùn)動(dòng)的加速度大小之都為，根據(jù)牛頓第二定律，勻減速運(yùn)動(dòng)中有f=ma′，則摩擦力大小都為m．根據(jù)圖象知，勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度分別為：，，根據(jù)牛頓第二定律，勻加速運(yùn)動(dòng)中有F-f=ma，則F1=，F(xiàn)1=，F(xiàn)1和F1的大小之比為11：5；所以：，則I1＜I1；圖線與時(shí)間軸所圍成的面積表示運(yùn)動(dòng)的位移，則位移之比為；兩個(gè)物體的初速度、末速度都是0，所以拉力做的功與摩擦力做的功大小相等，所以：，則W1＞W(wǎng)1．故選B.點(diǎn)睛：解決本題的關(guān)鍵通過(guò)圖象得出勻加速運(yùn)動(dòng)和勻減速運(yùn)動(dòng)的加速度，根據(jù)牛頓第二定律，得出兩個(gè)力的大小之比，以及知道速度-時(shí)間圖線與時(shí)間軸所圍成的面積表示位移．3、C【解析】

A．周期性變化的電場(chǎng)和周期性變化的磁場(chǎng)交替產(chǎn)生，才能產(chǎn)生電磁波，A錯(cuò)誤．B．電磁波在真空中的傳播速度是定值，就是光速，與頻率無(wú)關(guān)，B錯(cuò)誤．C．電磁波在真空中自由傳播時(shí)，其傳播方向與電場(chǎng)強(qiáng)度、磁感應(yīng)強(qiáng)度垂直，C正確．D．電磁波可以通過(guò)電纜、光纜進(jìn)行有線傳輸，也可以實(shí)現(xiàn)無(wú)線傳輸，D錯(cuò)誤．4、B【解析】

根據(jù)安培定則，右手握住直導(dǎo)線，大拇指所指方向?yàn)殡娏鞣较?，四指彎曲方向?yàn)殡娏髦車拇艌?chǎng)方向．所以方向向里的電流周圍的磁場(chǎng)方向?yàn)轫槙r(shí)針方向．根據(jù)安培定則方向向外的電流周圍的磁場(chǎng)方向?yàn)槟鏁r(shí)針方向；A．該圖與結(jié)論不相符，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．該圖與結(jié)論相符，選項(xiàng)B正確；C．該圖與結(jié)論不相符，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．該圖與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選B.5、C【解析】

電壓表示數(shù)增大說(shuō)明人對(duì)地板的壓力變大，對(duì)人受力分析知地板對(duì)人的支持力大于人所受重力，即人的加速度一定向上，所以電梯可能向上加速，也可能向下減速，故C正確，ABD錯(cuò)誤。6、B【解析】如圖，入射光線與界面的夾角是30°，所以入射角為i=90°?30°=60°.反射角等于入射角也為60°，所以反射光線與界面的夾角為30°.因?yàn)檎凵涔饩€與反射光線垂直，所以折射光線與界面的夾角為90°?30°=60°，因此折射角為r=90°?60°=30°.由n=，可得n==故選B二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、CD【解析】

A．由圖2可知穿過(guò)導(dǎo)體框的磁通量向下逐漸減少，則由楞次定律的阻礙的含義“增縮減擴(kuò)”可知，導(dǎo)體框的面積有增大的趨勢(shì)，A錯(cuò)誤；B．由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，導(dǎo)體框中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為由圖乙可知圖象斜率的大小為又由歐姆定律得其中聯(lián)立可得電流B錯(cuò)誤；C．時(shí)間內(nèi)，通過(guò)導(dǎo)體框某一橫截面的電荷量為選項(xiàng)C正確；D．由焦耳定律可知，時(shí)間內(nèi)，導(dǎo)體框產(chǎn)生的熱量為，由以上整理可得D正確。故選CD。8、AD【解析】試題分析：根據(jù)電容器的決定式可知，間距變小，電容器變大，所以A對(duì)，B錯(cuò)．由于電壓不變，根據(jù)可知，C變大，Q變大，所以電容器在充電中，即電流為逆時(shí)針，即指針右偏，D正確．考點(diǎn)：電容器點(diǎn)評(píng)：本題考查了電容器的決定式以及電容器充電中電流的流動(dòng)的方向的判斷．9、BC【解析】以人與兩船組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，人在跳躍過(guò)程中總動(dòng)量守恒，所以A、B兩船（包括人）的動(dòng)量大小之比總是1：1，故B正確；最終人在B船上，以系統(tǒng)為研究對(duì)象，在整個(gè)過(guò)程中，以A的速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得：，解得：，故A錯(cuò)誤；A的動(dòng)能為：，B的動(dòng)能為：，則，故C正確，D錯(cuò)誤。所以BC正確，AD錯(cuò)誤。10、CD【解析】

A．給cd一向右的初速度v0，根據(jù)右手定則可知電流方向?yàn)閏dba，根據(jù)左手定則可知cd桿安培力方向向后，做減速運(yùn)動(dòng)，ab做加速運(yùn)動(dòng)，兩棒的安培力大小相同，兩導(dǎo)體棒的電動(dòng)勢(shì)相互抵消，因此切割磁場(chǎng)的速度相當(dāng)于兩導(dǎo)體棒的相對(duì)速度，因cd棒加速，ab棒減速，相對(duì)速度越來(lái)越小，因此可知ab、cd的加速度越來(lái)越小，故A錯(cuò)誤；B．當(dāng)cd向右運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，受到向左的安培力減速，而ab受向右的安培力而加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)兩者共速時(shí)滿足：mv0=2mv對(duì)cd棒：故B錯(cuò)誤；C．對(duì)ab根據(jù)動(dòng)量定理可得：BILt=mv，解得：故C正確；D．設(shè)最后兩根桿相對(duì)運(yùn)動(dòng)的距離為x，根據(jù)電荷量的公式可得：解得：所以兩導(dǎo)體棒間的距離最終變?yōu)?，故D正確。故選CD。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11、0.5s0.64mB【解析】

（1）當(dāng)擺球擺到最低點(diǎn)時(shí)，拉力與重力的合力提供向心力，此時(shí)拉力達(dá)到最大值，結(jié)合圖像可知第一次拉力達(dá)到最大的時(shí)刻為0.5s；結(jié)合圖像可以看出單擺的周期為1.6s，根據(jù)可知（2）對(duì)擺球進(jìn)行受力分析，擺球受重力（豎直向下）和擺線拉力（擺線收縮方向），由于擺球運(yùn)動(dòng)軌跡為圓弧切線方向，以切線方向和繩子方向建立坐標(biāo)系，重力沿切線方向的分力提供了回復(fù)力，重力在繩子方向上的分力與拉力共同提供了運(yùn)動(dòng)的向心力，故B正確；ACD錯(cuò)誤；12、1.52.0×108【解析】

（1）玻璃磚的折射率為（2）光在玻璃中的傳播速度四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、（1）(2)【解析】試題分析：以ABC為系統(tǒng)，由動(dòng)量守恒定律可求鐵塊C在滑離A時(shí)的速度；然后以CB為系統(tǒng)利用動(dòng)量守恒定律求解B的最終速度．（1）鐵塊C在滑離A的瞬間，由動(dòng)量守恒定律：代入數(shù)據(jù)解得：（2）鐵塊C和木塊B相互作用最終和B達(dá)到相同的速度，由動(dòng)量守恒定律代入數(shù)據(jù)解得：14、(1)方向水平向左；(2)v=2m/s；(3)Q1=0.5J【解析】

(1)由右手定則和左手定則可知，金屬棒ab所受的安培力的方向水平向左；(2)金屬棒達(dá)最大速度時(shí)勻速運(yùn)動(dòng)，有由閉合電路的歐姆定律并聯(lián)電路的總電阻為聯(lián)立以上方程，得v=2m/s(3)由電量公式得x=10m由動(dòng)能定理得所以J由串并連電路特點(diǎn)可得Q=I2