【2021年】遼寧省盤錦市全國計算機等級考試網絡技術測試卷(含答案)

【2021年】遼寧省盤錦市全國計算機等級考試網絡技術測試卷(含答案)學校:________班級:________姓名:________考號:________

一、單選題(10題)1.下列關于路由信息協(xié)議RIP的描述中，錯誤的是（）。

A.要求路由器周期性地向外發(fā)送路由刷新報文

B.路由刷新報文主要內容是由若干（V、D）組成的表

C.矢量V標識該路由器可以到達的目的網絡或目的主機的跳數

D.路由器在接收到（V、D）報文后按照最短路徑原則更新路由表

2.

3.

4.網絡廣告中的CPI是指()。

A.其它三個都不對B.網絡廣告每一千個鏈接數的費用C.網絡廣告每一千個印象數的費用D.網絡廣告每一千個點擊數的費用

5.第

16

題

一個路由器的部分路由表的內容如下，當收到一個分組，其目標地址是1l00100000010lll0001100010101010．這個路由器通過以下哪個接口將它發(fā)送出去？目標網絡子網掩碼接口11001000000101110001000000000000210110010000001011110011000000000002411100100000010l110001100000000000212Default3

A.OB.1C.2D.3

6.以下哪個地址是MAC地址______。

A.0D-01-22-AA

B.00-01-22-0A-AD-01

C.A0.01.00

D.139.216.000.012.002

7.

8.下列關于路由器技術的描述中，錯誤的是()

A.吞吐量是指路由器的包轉發(fā)能力

B.高性能路由器一般采用交換式結構

C.語音視頻業(yè)務對路由器延時抖動要求不高

D.路由器的冗余是為了保證設備的可靠性與可用性

9.以下關于網絡運行環(huán)境的描述中，哪個是錯誤的()

A.網絡運行環(huán)境是指保障網絡系統(tǒng)安全、可靠與正常地運行所必需的基本設施與設備條件

B.它主要包括機房與電源兩個部分

C.機房是放置核心路由器、交換機、服務器等核心設備的場所，不包括各個建筑物中放置路由器、交換機與布線設施的設備間、配線間等場所

D.關鍵的網絡設備(如核心路由器、交換機、服務器.對供電條件的要求是很高的，必須保證由專用的UPS系統(tǒng)供電

10.下列關于OSPF協(xié)議的描述中，錯誤的是()。

A.對于規(guī)模很大的網絡，0SPF通過劃分區(qū)域來提高路由更新收斂速度

B.每一個OSPF區(qū)域擁有一個32位的區(qū)域標識符

C.在一個OSPF區(qū)域內部的路由器不知道其他區(qū)域的網絡拓撲

D.在一個區(qū)域內的路由器數一般不超過24個

二、填空題(10題)11.

12.電子郵件由【】兩部分組成。

13.

14.

15.(14）在客戶機／服務器模式中，主動發(fā)出請求的是_________。

16.

17.應用生成樹算法可以構造出一個生成樹，創(chuàng)建了一個邏輯上______的網絡拓撲結構。

18.第

79

題

IP報文頭部中的（）字段用于指示IP協(xié)議的服務用戶。

19.網絡體系結構的概念包括【】和相鄰層接口兩層含義。

20.

三、2.填空題(8題)21.IPv6提供了3種尋址方式，它們是【】、任意通信與組播通信。

22.在Internet中，需要使用進行路由選擇的設備一般采用______驅動的路由選擇算法。

23.能把計算機處理好的結果轉換成為文本、圖形、圖像或聲音等形式并輸送出來的設備稱為【】設備。

24.在網絡管理模型中，管理者和代理之間的信息交換可以分為兩種：一種是從管理者到代理的管理操作，另一種是從代理到管理者的【】。

25.協(xié)議分層模型包括兩方面的內容：一是層次結構，二是對______的描述。

26.世界最早投入運行的計算機網絡是【】。

27.因特網的主要組成部分包括通信線路、路由器、主機和【】。

28.微機顯示系統(tǒng)由顯示器和______構成，兩者必須配合才能工作。

四、C語言程序設計題(2題)29.已知數據文件in．dat中存有200個四位數，并已調用讀函數readDat把這些數存入數組a中，請考生編制一函數jsVal，其功能是：把千位數字和十位數字重新組成一個新的含有兩位數字的數ab(新數的十位數字是原四位數的千位數字，新數的個位數字是原四位數的十位數字)，以及把個位數字和百位數字組成另一個新的含有兩位數字的數cd(新十位數的十位數字是原四位數的個位數字，新十位數的個位數字是原四位數的百位數字)，如果新組成的兩個數ab<cd，ab必須是奇數且不能被5整除，cd必須是偶數，同時兩個新數的十位數字均不為零，則將滿足此條件的四位數按從大到小的順序存入數組b中，并要計算滿足上述條件的四位數的個數cnt。最后main函數調用寫函數writeDat把結果cnt以及數組b中符合條件的四位數輸出到out．dat文件中。

注意：部分源程序存在test．C文件中。

程序中已定義數組：a[200]，b[200]，已定義變量：cnt

請勿改動數據文件in．dat中的任何數據、主函數main、讀函數readDat和寫函數writeDat的內容。

30.己知數據文件in．dat中存有200個四位數，并已調用讀函數readDat把這些數存入數組a中，請考生編制一函數jsVal，其功能是：如果四位數各位上的數字均為0或2或4或6或8中的一個數字，則統(tǒng)計出滿足此條件的個數cnt，并把這些四位數按從大到小的順序存入數組b中。最后main函數調用寫函數writeDat把結果cnt以及數組b中符合條件的四位數輸出到0ut．dat文件中。

注意：部分源程序存在test．c文件中。

程序中已定義數組：a[200]，b[200]，已定義變量：cnt

請勿改動數據文件in．dat中的任何數據、主函數main、讀函數readDat和寫函數writeDat的內容。

五、1.選擇題(3題)31.Internet的基本結構與技術起源于()。

A.TCPB.ARPANETC.NOVELLD.ALOHA

32.城域網的建設方案多種多樣，但有一些共同的特點，下列()不是其中包括的。

A.傳輸介質采用同軸電纜

B.體系結構上采用3層模式

C.要適應不同協(xié)議與不同類型用戶的接入需要

D.交換結點采用基于IP交換的高速路由交換機或ATM交換機

33.下列陳述中不正確的是()。

A.傳輸層是網絡結構中高層與低層之間銜接的接口層

B.傳輸層服務是一種標準服務，適用于提供不可靠的服務

C.對高層用戶而言，傳輸層屏蔽了通信子網的細節(jié)

D.通信子網提供的服務越多，傳輸層協(xié)議就越復雜

六、1.程序設計題(3題)34.讀函數ReadDat()實現從文件ENG28.IN中讀取一篇英文文章，存入到字符串數組xx中。請編制函數encryptChar()，按給定的替代關系對數組xx中的所有字符進行替代，仍存入數組xx的對應的位置上，最后調用寫函數WriteDat()把結果xx輸出到文件PS28.DAT中。

替代關系：f(p)=p*11mod256(p是數組xx中某一個字符的ASCII值，f(p)是計算后新字符的ASCII值)，如果計算后f(p)的值小于等于32或f(p)對應的字符是小寫字母，則該字符不變，否則將f(p)所對應的字符進行替代。

注意：部分源程序已給出。

原始數據文件存放的格式是：每行的寬度均小于80個字符

請勿改動主函數main()、讀函數ReadDat()和寫函數WriteDat()的內容。

試題程序：

#include〈stdio.h>

#include〈string.h>

#include〈conio.h>

#include〈ctype.h>

unsignedcharxx[50][80];

intmaxline=0;/*文章的總行數*/

intReadDat(void);

voidWriteDat(void);

voidencryptChar()

}

{

main()

{

clrscr();

if(ReadDat())

{

printf("數據文件ENS28.IN不能打開!\n\007");

return;

}

encryptChar();

WriteDat();

}

intReadDat(void)

{

FILE*fp;

inti=0;

unsignedchar*p;

if((fp=fopen("ENG28.IN","r"))==NULL)

return1;

while(fgets(xx[i],80,fp)!=NULL)

{

p=strchr(xx[i],'\n');

if(p)*p=0;

i++;

}

maxline=i;

fclose(fp);

return0;

}

voidWriteDat(void)

{

FILE*fp;

inti;

fp=fopen("PS28.DAT","w");

for(i=0;i〈maxline;i++)

{

printf("%s\n",xx[i]);

fprintf(fp,"%sin",xx[i]);

}

fclose(fp);

}

35.請編寫函數countValue()，它的功能是：求n以內(不包括n)同時能被3與7整除的所有自然數之和的平方根s，并作為函數值返回，最后結果s輸出到文件OUT11.DAT中。

例如，若n為1000時，函數值應為s=153.909064。

注意：部分源程序已給出。

請勿改動主函數main()和輸入輸出函數progReadWrite()的內容。

試題程序：

#include＜conio.h＞

#include＜math.h＞

#include＜stdio.h＞

doublecountValue(intn)

{

}

main()

{

clrscr();

printf("自然數之和的平方根=%f\n",countValue(1000));

progReadWrite();

}

progReadWrite()

{

FILE*wf;

inti,n;

floats;

wf=fopen("OUTll.DAT","w");

s=countValue(1000);

fprintf(wf,"%f\n",s);

fclose(wf);

}

36.已知在文件in37.dat中存有100個產品銷售記錄，每個產品銷售記錄由產品代碼dm(字符型4位)、產品名稱mc(字符型10位)、單價dj(整型)、數量sl(整型)、金額je(長整型)幾部分組成。其中，金額=單價×數量可計算得出。函數ReadDat()的功能是讀取這100個銷售記錄并存入數組sell中。請編制函數SortDat()，其功能要求：按產品代碼從小到大進行排列，若產品代碼相同，則按金額從大到小進行排列，最終排列結果仍存入結構數組sell中，最后調用函數WriteDat()把結果輸出到文件out37.dat中。

注意；部分源程序已給出。

請勿改動主函數main()、讀函數ReadDat()和寫函數WriteDat()的內容。

試題程序：

#include＜stdio.h＞

#include＜mem.h＞

#include＜string.h＞

#include＜conio.h＞

#include＜stdlib.h＞

#defineMAX100

typedefstruct

{

chardm[5];

charmc[11];

intdj;

intsl;

longje;

}PRO;

PROsell[MAX];

voidReadDat();

voidWriteDat();

voidSortDat()

{

}

voidmain()

{

memset(sell,0,sizeof(sell));

ReadDat()

SortDat()

WriteDat(;

}

voidReadDat()

{

FILE*fp;

charstr[80],ch[11];

inti;

fp=fopen("IN37.DAT","r");

for(i=0;i＜100;i++)

{

fgets(str,80,fp);

memcpy(sell[i].dm,str,4);

memcpy(sell[i].mc,str+4,10);

memcpy(ch,str+14,4);

ch[4]=0;

sell[i].dj=atoi(ch);

memcpy(ch,str+18,5);

ch[5]=0;

sell[i].sl=atoi(ch);

sell[i].je=(long)sell[i].dj*sell[i].sl;

}

fclose(fp);

}

voidWriteDat()

{

FILE*fp;

inti;

fp=fopen("OUT37.DAT","w");

for(i=0;i＜100;i++)

{

fprintf(fp,"%s%s%4d%5d%101d\n",sell[i].dm,sell[i].mc,

sell[i].dj,sell[i].sl,sell[i].je);

}

fclose(fp);

}

參考答案

1.CV代表矢量，標識該路由器可以到達的目的網絡或目的主機；D代表距離，指出該路由器到達目的網絡或目的主機的距離。故選C選項。

2.B

3.A

4.C

5.B目標地址是11001000000101110001100010101010，它與第二個以及第三個表項都匹配，但是它和第二個表項具有最長的前綴匹配．所以使用這個表項，按照接口將這個分組轉發(fā)出去。\r\n

6.B解析：典型的MAC地址長度為48位(6個字節(jié))，標準的表示方法是在兩個十六進制數之間用一個連字符隔開，故選項B是正確的。

7.A

8.C解析：路由器的關鍵技術指標包括：①吞吐量；②背板能力；③丟包率；④路由表容量；⑤突發(fā)處理能力；⑥延時與延時抖動；⑦服務質量；⑧可靠性與可用性；⑨網管能力等。其中，吞吐量是指路由器的包轉發(fā)能力，與其端口數量、端口速率、包長度、包類型有關，涉及端口吞吐量與整機吞吐量兩個方面的內容。端口吞吐量是指路由器某個具體端口的包轉發(fā)能力，而整機吞吐量是指路由器整機的包轉發(fā)能力。

9.C

10.D為了適應大規(guī)模的網絡，并使更新過程收斂的很快，OSPF協(xié)議將一個自治系統(tǒng)劃分為若干個更小的范圍，每個范圍叫做區(qū)域。每個區(qū)域有一個32位的區(qū)域標識符(點分十進制表示)，在一個區(qū)域內的路由器數目不超過200個。劃分區(qū)域的好處是將利用洪泛法交換鏈路狀態(tài)信息的范圍局限在每一個區(qū)域內，而不是整個自治系統(tǒng)，．因此區(qū)域內部路由器只知道本區(qū)域的完整網絡拓撲，而不知道其他區(qū)域的網絡拓撲情況。

11.

12.郵件頭、郵件體郵件頭、郵件體解析：電子郵件由郵件頭、郵件體兩部分組成。

13.動態(tài)綁定

【解析】地址解析協(xié)議(ARP)是以太網經常使用的映射方法，它充分利用了以太網的廣播能力，將IP地址與物理地址進行動態(tài)綁定。

14.

15.(14)客戶機【解析】客戶機/服務器的工作模式為：應用程序之間為了能順利地通信，服務器應處于守候狀態(tài)，并監(jiān)視客戶機的請求?？蛻魴C發(fā)出請求，該請求經互聯網傳送給服務器，一旦服務器接收到這個請求，就可以執(zhí)行請求指定的任務，并將執(zhí)行的結果經互聯網回送給客戶機。

16.

17.無環(huán)路無環(huán)路解析：生成樹算法通過網橋之間的協(xié)商構造出一個生成樹。這些協(xié)商的結果是：每個網橋都有一個端口被置于轉發(fā)狀態(tài)，其他端口則被置于阻塞狀態(tài)。該過程將保證網絡中的任何兩個設備之間只有一個通路，創(chuàng)建一個邏輯上無環(huán)路的網絡拓撲結構。

18.協(xié)議類型或者協(xié)議【解析】IP協(xié)議能夠為多個上層協(xié)議提供數據傳輸的服務，IP分組的首部有一個字段叫ProtoCol，這個字段的作用是用于區(qū)分IP協(xié)議的用戶協(xié)議到底是1PX、IP還是ICMP協(xié)議等等。

19.同層次進程通信的協(xié)議同層次進程通信的協(xié)議解析：網絡體系結構的概念包括同層次進程通信的協(xié)議和相鄰層接口兩層含義。

20.直接

【解析】當一個設備向網絡上的所有設備發(fā)送數據時，就產生了廣播。IP具有兩種廣播地址形式，一種叫直接廣播地址，另一種叫有限廣播地址。

21.單一通信或unicast單一通信或unicast解析：在IPv6中按接口界面而不是按節(jié)點(路由器或主機)分配地址，在IPv6中可以給一個接口界面分配復數個不同類別的地址。IPv6具有3種尋址方式：1、單一通信：一個接口界面只擁有一個惟一的地址。如果報文的目的地址為單一地址，則該報文被轉發(fā)至具有相應地址的界面。2、任意通信：接口界面集合的地址。如果報文的目的地址為任意通信地址，則該報文被轉發(fā)給距報文發(fā)送源最近的一個接口界面。3、組播通信：接口界面集合的地址。如果報文的目的地址為組播通信地址，則具有該地址的所有接口界面都將收到相應的報文。

22.表表解析：需要使用進行路由選擇的設備一般是采用表驅動的路由選擇算法。每臺需要路由選擇的設備保存一張IP選路表(路由表)，需要傳送數據時，通過查詢該表決定發(fā)送方向。

23.輸出輸出解析：輸出設備是計算機系統(tǒng)輸出數據和信息的設備。

24.事件通知事件通知解析：本題考查點是網絡管理模型中管理者和代理之間的信息交換。在網絡管理中，日前常使用以管理者/代理為核心思想的現代網絡管理模型。該模型中的管理者和代理各司其職。管理者可以是一個專用工作站或是一臺普通PC機，管理程序是運行在Windows98、WindowsNT、Windows2000、UNIX以及Linux等操作系統(tǒng)平臺上的。代理一般位于被管理設備內部。被管理設備可以是主機、路由器、交換機、集線器等，這些設備出廠時多數帶有管理軟件。代理把來自管理者的管理操作命令轉換為本設備所特有的指令，以此完成管理者在被管理設備上采取本地的行動，或返回它所管理設備的信息。管理者和代理程序之間需要利用網絡交換管理信息。其中一種是從管理者到代理程序的管理操作，另一種是從代理程序到管理者的事件通知。一個管理者可以和多個代理進行信息交換，一個代理也可以接受來自多個管理者的管理操作。

25.各層功能各層功能解析：層次結構和對各層功能的描述是分層模型的主要內容。

26.ARPANET(阿帕網)ARPANET(阿帕網)解析：自1969年美國國防部的阿帕網(ARPANET)運行以來，計算機廣域網開始發(fā)展。

27.信息資源信息資源解析：因特網主要由以下部分組成：1、通信線路；2、路由器；3、服務器與客戶機；4、信息資源。

28.顯示卡顯示卡解析：硬件分為4個層次，既要有設備，又要有板卡支持才能正常工作。顯示器需要顯示卡的支持。

29.【審題關鍵句】千位+十位與個位+百位，比較大小，整除，奇偶數判斷，從大到小排序?！窘忸}思路】

\n本題類似第24套試題，通過審題可以發(fā)現主要是對四位數的篩選條件有所不同，體現在3個方面：新組合的第一個數小于第二個數，可通過比較運算符進行判斷；整除關系的判斷以及奇偶數的判斷，可通過求余運算符(％)進行判斷。參考答案的第l0條語句，可集中修改該條件語句符合題目的要求。

\n【參考答案】

\n

30.【審題關鍵句】各位都是偶數，從大到小排序。

\n【解題思路】

\n①首先，本題要定義多個變量，包括兩個循環(huán)變量循環(huán)i、j；用來存放四位數分解之后各位數的變量qw(千位)、bw(百位)、sw(十位)和gw(個位)；一個用于數據交換的整型變量ab。

\n②通過for循環(huán)依次對數組中的每個四位數進行分解，得到每位上的數字，然后通過if條件語句判斷每位數是否都為偶數，注意，每個表達式之問的關系為與運算，即需要同時滿足這4個表達式的數才符合條件。

\n③將滿足條件的四位數賦給數組b[cnt]，同時數組下標值加1，當for循環(huán)執(zhí)行完畢后，則所有滿足條件的四位數全部存放到數組b[cnt]中。

\n④最后通過兩個for循環(huán)，對數組b[cnt]的元素按從大到小的順序排序，排序過程中，變量ab作為數據交換的中間變量。

\n【參考答案】

\n

31.B解析：ARPANET是最早出現的計算機網絡之一，現代計算機網絡的很多概念與方法都是從ARPANET基礎上發(fā)展出來的。因特網的基本結構與技術起源于ARPANET。

32.A解析：目前各種城域網建設方案有幾個共同點，那就是：傳輸介質采用光纖，交換結點采用基于IP交換的高速路由交換機或ATM交換機，在體系結構上采用核心交換層、業(yè)務匯聚層與接入層的3層模式，以適應各種業(yè)務需求，以及不同協(xié)議與不同類型用戶的接入需求。

33.B解析：傳輸層的主要任務是向用戶提供可靠的端到端服務，透明地傳送報文。它向高層屏蔽了下層數據通信的細節(jié)，是高層與低層銜接的接口，因而是計算機通信體系結構中最關鍵的一層。同時正因為它屏蔽了通信子網的細節(jié)，所以通信子網提供的服務越多，傳輸層協(xié)議就越復雜。

34.voidencryptChar(){inti;char*pf;for(i=0;i〈maxline;i++){pf=xx[i];while(*pr!=0){if((*pf*11%256>='a'&&*pf*11%256〈='z')||*Pf*11%256〈=32){/*如果計算后的值小于等于32或對應的字符是小寫字母*/pf++;/*則不作任何操作取下一個數進行處理*/continue;}*pf=*pf*11%256;/*否則用新字符來替代這個字符*/pf++;/*取下一個字符*/}}}voidencryptChar()\r\n{\r\ninti;\r\nchar*pf;\r\nfor(i=0;i〈maxline;i++)\r\n{\r\npf=xx[i];\r\nwhile(*pr!=0)\r\n{\r\nif((*pf*11%256>='a'&&*pf*11%256〈='z')||*Pf*11%256〈=32)\r\n{/*如果計算后的值小于等于32或對應的字符是小寫字母*/\r\npf++;/*則不作任何操作，取下一個數進行處理*/\r\ncontinue;\r\n}\r\n*pf=*pf*11%256;/*否則用新字符來替代這個字符*/\r\npf++;/*取下一個字符*/\r\n}\r\n}\r\n}解析：本題主要考查用指針變量來控制字符數組，由于要對已有二維字符數組的所有元素逐個處理，因此，需要定義一個字符指針變量來控制原二維數組的各行。當前行如果確定下來，用指針的移動就可以依次掃描該行的所有字符元素，每得到一個字符就對它進行條件判斷。根據題意，條件用“if((*pf*11%256>='a'&&*pf*11%256〈='z')||*pf*11%256〈=32)”語句來實現。如果該字符不滿足上述條件，就用一個新的字符來替代，新的字符是當前字符乘以11的結果再去與256取余，處理完畢后，指針去取下一個字符。如果該字符滿足所給條件，將不做任何操作，指針直接下移，去取下一個字符，對下一個字符進行處理。

35.doublecountValue(intn){doublexy=0.0;inti;for(i=1;i＜n;i++)if(i%3==0&&i%7==0)xy+=i;/*求n以內(不包括n)同時能被3與7整除的所有自然數之和*/xy=sqrt((double)xy);/*再對總和求平方根*/returnxy;}doublecountValue(intn)\r\n{\r\ndoublexy=0.0;\r\ninti;\r\nfor(i=1;i＜n;i++)\r\nif(i%3==0&&i%7==0)xy+=i;/*求n以內(不包括n)同時能被3與7整除的所\r\n有自然數之和*/\r\nxy=sqrt((double)xy);/*再對總和求平方根*/\r\nreturnxy;\r\n}解析：本題的解題思路是：利用一個for循環(huán)依次從n個自然數當中取數，對當前取出的數進行條件判斷。判斷條件為：既能被3整除同時也能被7整除，因此，用“&&”運算符來連接兩個條件表達式，當某數滿足判斷條件時，就把該數累加到變量xy中(xy的初始值為0．0)，當所有滿足條件的數都被找完