2022年黑龍江省七臺河市全國計算機等級考試網(wǎng)絡技術真題(含答案)

2022年黑龍江省七臺河市全國計算機等級考試網(wǎng)絡技術真題(含答案)學校:________班級:________姓名:________考號:________

一、單選題(10題)1.攻擊者利用攻破的多個系統(tǒng)發(fā)送大量請求去集中攻擊其他目標，受害設備因為無法處理而拒絕服務。這種攻擊被稱為()。

A.Smurf攻擊B.DDoS攻擊C.SYNFlooding攻擊D.Land攻擊

2.下列關于RPR技術的描述中，錯誤的是()

A.RPR與FDDI一樣使用雙環(huán)結構

B.在RPR環(huán)中，源節(jié)點向目的節(jié)點成功發(fā)出的數(shù)據(jù)幀要由源節(jié)點從環(huán)中收回

C.RPR環(huán)中每一個節(jié)點都執(zhí)行SRP公平算法

D.RPR能夠在50ms內隔離出現(xiàn)故障的節(jié)點和光纖段

3.VPN通常用于建立()之間的安全通道。A.總部與分支機構、與合作伙伴、與移動辦公用戶

B.客戶與客戶、與合作伙伴、與遠程用戶

C.總部與分支機構、與外部網(wǎng)站、與移動辦公用戶

4.子網(wǎng)掩碼為255．128．0．0，該掩碼又可以寫為（）。

A.／8B.／9C.／10D.／11

5.第

1

題

一個功能完備的計算機網(wǎng)絡需要制定一套復雜的協(xié)議集，對于復雜的計算機網(wǎng)絡協(xié)議來說，最好的組織方式是（）

A.連接地址編碼模型B.層次結構模型C.分布式進程通信模型D.混合結構模型

6.使用細纜組建局域網(wǎng)時，如果使用中繼器設備，那么，細纜可能達到的最大長度為()。

A.90米B.900米C.920米D.925米

7.廣域網(wǎng)所覆蓋地理范圍一般是()公里。

A.幾十到幾千B.幾十到幾萬C.幾到幾百D.幾到幾千

8.網(wǎng)絡地址191.22.168.0的子網(wǎng)掩碼是()

A.255.255.192.0

B.255.255.224.0

C.255.255.240.0

D.255.255.248.0

9.電子政務的應用模式主要包括3種，它們是()。A.GtoG、GtoB和GtoC

B.GtoG、GtoB和BtoB

C.GtoC、GtoB和BtoB

D.GtoG、GtoC和BtoB

10.在一臺Cisco路由器的g0／l端口上，封禁所有端口號為2745的TCP數(shù)據(jù)包和端口號為445的UDP數(shù)據(jù)包，下列正確的access-list配置是（）。

二、填空題(10題)11.

12.UNIX操作系統(tǒng)采用了文件系統(tǒng)，具有良好的安全性、保密性和可維護性。

13.多媒體軟件包括多媒體播放軟件和______。

14.在智能大樓系統(tǒng)中，一般將辦公自動化系統(tǒng)稱為______。

15.時移電視和直播電視的主要區(qū)別是______。

16.

17.不經過CPU，數(shù)據(jù)直接在I/O設備與存儲器間傳輸?shù)姆椒ǚQ為【】。

18.網(wǎng)絡操作系統(tǒng)有三大陣營：【】、Novell的NetWare和Microsoft的WindowsNT。

19.

20.

三、2.填空題(8題)21.網(wǎng)絡操作系統(tǒng)的系統(tǒng)容錯技術一般采用3級，第3級系統(tǒng)容錯提供了文件服務器______功能。

22.若網(wǎng)絡形狀是由站點和連接站點的鏈路組成的一個閉合環(huán)，則稱這種拓撲結構為______。

23.目前有關認證的使用技術主要有3種：消息認證，身份認證和【】。

24.局域網(wǎng)參考模型只對應OSI參考模型的數(shù)據(jù)鏈路層與物理層，它將數(shù)據(jù)鏈路層劃分為邏輯鏈路控制子層與【】子層。

25.防火墻的基本功能是：根據(jù)一定的安全規(guī)定，檢查、過濾網(wǎng)絡之間傳送報文分組，以確定這些報文分組的【】。

26.第一個無線局域網(wǎng)的標準是______標準。

27.ADSL的非對稱性表現(xiàn)在______。

28.如果要保證電子商務的安全，除了必要的技術手段外，加強企業(yè)內部的管理和制定相應的【】也非常重要。

四、C語言程序設計題(2題)29.已知數(shù)據(jù)文件in．dat中存有300個四位數(shù)，并已調用讀函數(shù)readDat把這些數(shù)存入數(shù)組a中，請編制一函數(shù)jsValue，其功能是：求出所有這些四位數(shù)是素數(shù)的個數(shù)cnt，再求出所有滿足此條件的四位數(shù)平均值pjzl，以及所有不滿足此條件的四位數(shù)平均值pjz2。最后main函數(shù)調用寫函數(shù)writeDat把結果cnt，pjzl，pjz2輸出到out．dat文件中。

例如：5591是素數(shù)，該數(shù)滿足條件，參加計算平均值pjzl，且個數(shù)cnt-=cnt+1。

9812是非素數(shù)，該數(shù)不滿足條件，參加計算平均值pjz2。

注意：部分源程序存在test．c文件中。

程序中已定義數(shù)組：a[300]，已定義變量：cnt，pjzl，pjz2

請勿改動數(shù)據(jù)文件in．dat中的任何數(shù)據(jù)、主函數(shù)main、讀函數(shù)readDat和寫函數(shù)writeDat的內容。

30.已知數(shù)據(jù)文件in．dat中存有200個四位數(shù)，并已調用讀函數(shù)readDat把這些數(shù)存入數(shù)組a中，請考生編制一函數(shù)jsVal，其功能是：把一個四位數(shù)的個位數(shù)位置上的值減去千位數(shù)位置上的值再減去百位數(shù)位置上的值最后減去十位數(shù)位置上的值，如果得出的值大于等于零且原四位數(shù)是偶數(shù)，則統(tǒng)計出滿足此條件的個數(shù)cnt，并把這些四位數(shù)按從小到大的順序存入數(shù)組b中，最后調用寫函數(shù)writeDat把結果cnt以及數(shù)組b中符合條件的四位數(shù)輸出到out．dat文件中。

注意：部分源程序存在test．c文件中。

程序中已定義數(shù)組：a[200]，b[200]，已定義變量：cnt

請勿改動數(shù)據(jù)文件in．dat中的任何數(shù)據(jù)、主函數(shù)main、讀函數(shù)readDat和寫函數(shù)writeDat的內容。

五、1.選擇題(3題)31.采用______存儲擴充方式，能夠實際增加存儲單元。

A.覆蓋技術B.交換技術C.物理擴充D.虛擬存儲技術

32.將高級語言源程序作為輸入，產生機器語言的目標程序，然后再讓計算機執(zhí)行該目標程序，這一過程叫做()。

A.編譯程序B.解釋程序C.匯編程序D.反匯編程序

33.下圖所示的網(wǎng)絡中，路由器R2“路由表”中到達網(wǎng)絡200.0.0.0表項的下一路由器地址應該是()。

A.300.0.0.5B.300.0.0.6C.400.0.0.5D.直接投遞

六、1.程序設計題(3題)34.下列程序的功能是：計算出自然數(shù)SIX和NINE，它們滿足的條件是SIX+SIX+SIX=NINE+NINE的個數(shù)cnt，以及滿足此條件的所有SIX與NINE的和sum。請編寫函數(shù)countValue()實現(xiàn)程序要求，最后調用函數(shù)writeDAT()把結果cnt和sam輸出到文件OUT51.DAT中。其中的S，LX，N，I，N，E各代表一個十進制數(shù)。

注意：部分源程序已給出。

請勿改動主函數(shù)main()和寫函數(shù)writeDAT()的內容。

試題程序：

#include＜stdio.h＞

intcnt,sum;

voidcountValue()

{

}

voidmain()

{

cnt=sum=O;

countValue();

printf("滿足條件的個數(shù)=%d\n",cnt);

printf("滿足條件所有的SIX與NINE的和=%d\n",sum);

writeDAT();

}

writeDAT()

{

FILE*fp;

fp=fopen("OUT51.DAT","w");

fprintf(fp,"%d\n%d\n",cnt,sum);

fclose(fp);

}

35.下列程序的功能是：把s字符串中的所有字母改成該字母的下一個字母，字母z改成字母a。要求大寫字母仍為大寫字母，小寫字母仍為小寫字母，其他字符不做改變。請編寫函數(shù)chg(char*s)實現(xiàn)程序要求，最后調用函數(shù)readwriteDAT()，讀取in36.dat中的字符串，并把結果輸出到文件out36.dat中。

例如：s字符串中原有的內容為Mn123Zxy，則調用該函數(shù)后，結果為No123Ayz。

注意：部分源程序已給出。

請勿改動主函數(shù)main()和輸入輸出函數(shù)readwriteDAT()的內容。

試題程序:

#include＜stdio.h＞

#include＜string.h＞

#include＜conio,h＞

#include＜ctype,h＞

#defineN81

voidreadwriteDAT();

voidchg(charas)

{

}

main()

{

chara[N];

clrscr();

printf("Enterastring:");

gets(a);

printf("Theoriginalstringis:");

puts(a);

chg(a);

printf("Thestringaftermodified:");

puts(a);

readwriteDAT();

}

voidreadwriteDAT()

{

inti;

chara[N];

FILE*rf,*wf;

rf=fopen("in36.dat","r");

wf=fopen("out36.dat","w");

for(i=0;i<10;i++)

{

fgets(a,81,rf);

chg(a);

fprintf(wf,"%s",a);

}

fclose(rf);

fclose(wf);

}

36.下列程序的功能是：把s字符串中所有的字符左移一個位置，串中的第一個字符移到最后。請編制函數(shù)chg(char*s)實現(xiàn)程序要求，最后調用函數(shù)readwriteDat()把結果輸出到out63.dat文件中。

例如：s字符串中原有內容為Mn,123xyZ，則調用該函數(shù)后，結果為n,123xyZM。

注意：部分源程序已給出。

請勿改動主函數(shù)main()和輸入輸出函數(shù)readwriteDAT()的內容。

試題程序：

#include＜conio.h＞

#include＜stdio.h＞

#defineN81

voidreadwriteDAT();

voidchg(char*s)

{

}

main()

{

chara[N];

clrscr();

printf("Enterastring:");

gets(a);

printf("Theoriginalstringis:");

puts(a);

chg(a);

printf("Thestringaftermodified:");

puts(a);

readwriteDAT();

}

voidreadwriteDAT()

{inti;

chara[N];

unsignedchar*p;

FILE*rf,*wf;

rf=fopen("in63.dat","r");

wf=fopen("out63.dat","w");

for(i=0;i＜10;i++)

{fgets(a,80,rf);

p=strchr(a,'\n');

if(p)*p=0;

chg(a);

fprintf(wf,"%s\n",a);

}

fclose(rf);

fclose(wf);

}

參考答案

1.B拒絕服務攻擊(DenialOf\nService，DoS)的基本方式是通過發(fā)送大量合法的請求來消耗和占用過多的服務資源，使得網(wǎng)絡服務不能響應正常的請求。常見DoS攻擊包括：\n\u3000\u3000Land攻擊：向某個設備發(fā)送數(shù)據(jù)包，并將數(shù)據(jù)包的源IP和目的IP都設置成攻擊目標的地址。DDoS攻擊：攻擊者攻破了多個系統(tǒng)，并利用這些系統(tǒng)集中攻擊其他目標。成千上萬的主機發(fā)送大量的請求，受害設備因為無法處理而拒絕服務。\n\u3000\u3000Smurf攻擊：攻擊者冒充受害主機的IP地址，向一個大的網(wǎng)絡發(fā)送“echo\nrequest”的定向廣播包，此網(wǎng)絡的許多主機都做出回應，受害主機會收到大量的“echoreply”消息。\u3000\u3000SYN\nFlooding攻擊：利用TCP連接的3次握手過程進行攻擊，攻擊者主機使用無效的IP地址，并與受害主機進行TCP3次握手。因此選項B正確。

2.BRPR環(huán)限制數(shù)據(jù)幀只在源節(jié)點與目的節(jié)點之間的光纖段上傳輸，當源節(jié)點成功的發(fā)送一個數(shù)據(jù)幀之后，這個數(shù)據(jù)幀要由目的節(jié)點從環(huán)中收回，所以B選項描述錯誤。

3.A

4.B255．128．0．0轉換成二進制是11111111．10000000．00000000．00000000，從最左邊開始一共連續(xù)有9個1，即該子網(wǎng)掩碼可寫成／9。故選B選項。

5.B協(xié)議是計算機網(wǎng)絡一個非常重要的組成部分，一個功能完善的計算機網(wǎng)絡一定是一組復雜協(xié)議的集合。組織復雜協(xié)議的集合是一項比較復雜的工程，最好的組織方式是層次結構模型，所以應當選B。層次結構模型具有以下特點：各層之間相互獨立，靈活性好；各層都可以采用最合適的技術來實現(xiàn)，各層實現(xiàn)技術的改變不影響其他層；易于實現(xiàn)和維護；有利：j二促進標準化。選項A“連續(xù)的地址編碼模型”與組織網(wǎng)絡協(xié)議無關.選項c“分布式進程通信模型”不是用在網(wǎng)絡協(xié)議管理上的，選項D是干擾選項。

6.D解析：一個以太網(wǎng)中最多可以使用4個中繼器，4個中繼器可以連接5條細纜，每條細纜的最大長度為185米。因此，如果使用中繼器，細纜的最大長度為925米。

7.A

8.D解析：網(wǎng)絡地址191.22.168.0是一個B類的IP地址塊。依IPv4規(guī)定，B類IP地址的標準子網(wǎng)掩碼為255.255.0.0。而網(wǎng)絡地址191.22.168.0的二進制表示為10111111.00010110.10101000.00000000。根據(jù)該二進制數(shù)中比特“1”分布情況可知，網(wǎng)絡地址191.22.168．0所使用的子網(wǎng)掩碼至少在B類IP地址標準子網(wǎng)掩碼的基礎上擴展了5位，即劃分子網(wǎng)后所使用的最小子網(wǎng)掩碼的二進制表示為11111111.11111111.11111000.00000000，其對應的十進制表示為255.255.248.0。

9.A解析：電子政務的應用模式主要包括3種，它們是政府與政府間(GtoG)的應用模式、政府與企業(yè)間的應用模式(GtoB)和政府與公民間(GtoC）的應用模式。

10.C①在路由器上使用訪問控制列表(AccessControlList，ACL)時需要注意ACL語句的順序，因為路由器執(zhí)行哪條ACL語句是按照配置的ACL中的條件語句，從第一條開始順序執(zhí)行。數(shù)據(jù)包只有在跟第一個判斷條件不匹配時，才能與ACL中下一個語句進行比較。對于本題應該先封禁所有地址的TCP的2745、UDP的445數(shù)據(jù)包，然后再允許其他數(shù)據(jù)包通信，選項D中不符合語句順序，故排除該選項。access-list語法是：access-listACL表號permit|deny協(xié)議名源端地址源端反掩碼目的端地址目的端反掩碼。選項B不符合語法格式，故排除。③IP擴展訪問控制列表的表號范圍是：100～199，2000～2699。擴展訪問控制列表不僅可以檢查數(shù)據(jù)包的源地址和目的地址，還可以檢查指定的協(xié)議，根據(jù)數(shù)據(jù)包頭部的協(xié)議類型進行過濾。本題中封禁TCP、UDP數(shù)據(jù)包屬于配置擴展訪問控制列表。因此表號應滿足100～199，2000～2699條件。選項A不符合題意，故排除A選項。綜上所述，所以選C選項。

11.直接

【解析】當一個設備向網(wǎng)絡上的所有設備發(fā)送數(shù)據(jù)時，就產生了廣播。IP具有兩種廣播地址形式，一種叫直接廣播地址，另一種叫有限廣播地址。

12.樹型UNIX操作系統(tǒng)采用了樹型文件系統(tǒng)，具有良好的安全性、保密性和可維護性。

13.多媒體制作軟件多媒體制作軟件解析：多媒體軟件包括多媒體播放軟件和多媒體制作軟件。其中多媒體制作軟件包括文字編輯軟件、圖像處理軟件、動畫制作軟件、音頻處理軟件、視頻處理軟件和多媒體創(chuàng)作軟件。

14.OAOA解析：一個完善的智能大樓系統(tǒng)除了結構化布線系統(tǒng)外，還應包括以下4種系統(tǒng)：辦公自動化系統(tǒng)(OA)、通信自動化系統(tǒng)(CA)、樓宇自動化系統(tǒng)(BA)和計算機網(wǎng)絡(CN)。

15.傳輸方式的差異。傳輸方式的差異。解析：直播電視通過組播方式實現(xiàn)直播電視的功能。時移電視采用點播的方式為用戶實現(xiàn)時移電視的功能。

16.

17.直接存儲器存取方式(DMA)直接存儲器存取方式(DMA)解析：不經過CPU，數(shù)據(jù)直接在I/O設備與存儲器間傳輸?shù)姆椒ǚQ為直接存儲器存取方式(DMA)

18.UnixUnix解析：網(wǎng)絡操作系統(tǒng)有3大陣營：UNIX、Novell的NetWare和Microsoft的WindowsNT。

19.

20.

21.鏡像或Mirroring鏡像或Mirroring

22.環(huán)型拓撲環(huán)型拓撲解析：在環(huán)型拓撲結構中，結點通過相應的網(wǎng)卡，使用點一點連接線路，構成閉合的環(huán)型，環(huán)中數(shù)據(jù)沿著一個方向繞環(huán)逐站傳輸。

23.數(shù)字簽名數(shù)字簽名解析：認證的使用技術主要有消息認證、身份認證和數(shù)字簽名。

24.介質訪問控制MAC或MAC介質訪問控制，MAC或MAC解析：局域網(wǎng)參考模型只對應OSI參考模型的數(shù)據(jù)鏈路層與物理層，它將數(shù)據(jù)鏈路層劃分為邏輯鏈路控制(LogicalLinkControl,LLC)子層與介質訪問控制(MediaAccessControl,MAC)子層。

25.合法性合法性解析：防火墻的基本功能是：根據(jù)一定的安全規(guī)定，檢查、過濾網(wǎng)絡之間傳送的報文分組，以確定這些報文分組的合法性。

26.802.11802.11解析：第一個無線局域網(wǎng)的標準是1990年IEEE802委員會建立的802.11標準。

27.下行速率和上行速率不同或局端到用戶端下行速率和用戶端到局端上行速率不同下行速率和上行速率不同或局端到用戶端下行速率和用戶端到局端上行速率不同解析：ADSL的非對稱性表現(xiàn)在下行速率和上行速率不同。>

28.法律法規(guī)法律法規(guī)解析：據(jù)有關資料顯示，電子商務中相當大比例的安全事故是由于企業(yè)內部管理不善造成的。安全方面的技術手段即使再先進，但假如是開展電子商務的企業(yè)內部掌握核心機密的人泄密，那對電子商務安全的威脅也將是防不勝防的。

29.【審題關鍵句】求素數(shù)的個數(shù)及平均值，并計算非素數(shù)的平均值。

\n【解題思路】

\n①首先定義循環(huán)變量i，然后通過for循環(huán)對數(shù)組a[300]中的每個元素a[i]調用函數(shù)isP(a[i])判斷a[i]是否是素數(shù)(素數(shù)的算法已在isP函數(shù)中給出，此處直接調用即可)，如果是素數(shù)，則把其加到變量pjzl上，同時計數(shù)變量cnt加1，否則a[i]值加到變量pjz2上。直到判斷完數(shù)組a[300]中的所有數(shù)據(jù)后退出循環(huán)。

\n②求出pjzl、pjz2和cnt的值之后，再用變量pjzl的值除以cnt的值就得到素數(shù)的平均值，同時把這個值賦給變量pjzl，最后用變量pjz2的值除以300．cnt的值就得到非素數(shù)的平均值，并把這個值賦給變量pjz2。

\n【參考答案】

\n

30.【審題關鍵句】千位+十位等于百位+個位，且四位數(shù)是偶數(shù)，統(tǒng)計出滿足此條件的個數(shù)，并把這些四位數(shù)按從小到大的順序存入數(shù)組。

\n【解題思路】

\n本題類似第9套試題，通過審題可以發(fā)現(xiàn)僅有一個不同點，即要求統(tǒng)計的四位數(shù)的條件是“干位+十位=百位+個位”，參考答案的第8條語句，修改if條件語句的判斷條件即可。

\n【參考答塞】

\n

31.C解析：在選項A和B中，覆蓋和交換技術是多道環(huán)境下實現(xiàn)內存擴充的兩項技術。覆蓋是指同一主存區(qū)可以被不同的程序段重復使用。交換是允許把一個程序裝入內存之后仍能把它交換出內存或再交換入內存。顯然，這兩種技術都不能夠增加實際的存儲單元。選項D的虛擬存儲技術，是將內存和外存結合起來管理，為用戶提供一個比內存空間大得多的虛擬存儲器。虛擬存儲器是進程的虛擬空間，與物理存儲器的大小無關，它的容量是受計算機的地址結構和尋址方式決定的。因此，虛擬存儲技術頁不能增加實際的存儲單元。要擴充實際的物理存儲單元，只有通過物理擴充方式。

32.A解析：所謂編譯程序是把輸入的整個源程序進行全部翻譯轉換，產生出機器語言的目標程序，然后讓計算機執(zhí)行從而得到計算結果。

33.A解析：如圖，路由器R2兩側是網(wǎng)絡300.0.0.0和網(wǎng)絡400.0.0.0，如果R2收到一個IP數(shù)據(jù)報，其IP地址的網(wǎng)絡號是300.0.0.0或400.0.0.0，那么R2就可以直接將該報文傳送給目的主機。但這里IP地址的網(wǎng)絡號是200.0.0.0，那么R2就必須將該報文傳送給其直接相連的另一個路由器(左側的一個300.0.0.5)，再由這個路由器進行傳遞。

34.voidcountValue(){inti=100;while(1){if(3*i%2==0&&3'i/2＞=1000&&3'i/2＜=9999)/*如果滿足條件SIX+SIX+SIX=NINE+NINE*/{/*即一個3位數(shù)乘3再除2余數(shù)為0且所得的數(shù)為4位數(shù)*/cnt++;/*統(tǒng)計滿足條件的數(shù)的個數(shù)*/sum+=i+3*i/2;/*求滿足上條件的所有SIX與NINE的和*/i++;}elsei++;/*如果果不滿足條件則取下一個數(shù)*/if(i＞999II3'i/2＞9999)break;/*當SIXP不為3位數(shù)或所得的數(shù)不為四位數(shù)時退出循環(huán)*/}}}voidcountValue()\r\n{\r\ninti=100;\r\nwhile(1)\r\n{\r\nif(3*i%2==0&&3'i/2＞=1000&&3'i/2＜=9999)\r\n/*如果滿足條件SIX+SIX+SIX=NINE+NINE*/\r\n{/*即一個3位數(shù)乘3再除2余數(shù)為0，且所得的數(shù)為4位數(shù)*/\r\ncnt++;/*統(tǒng)計滿足條件的數(shù)的個數(shù)*/\r\nsum+=i+3*i/2;/*求滿足上條件的所有SIX與NINE的和*/\r\ni++;\r\n}\r\nelsei++;/*如果果不滿足條件，則取下一個數(shù)*/\r\nif(i＞999II3'i/2＞9999)\r\nbreak;/*當SIXP不為3位數(shù)或所得的數(shù)不為四位數(shù)時，退出循環(huán)*/}\r\n}\r\n}解析：本題二查的知識點如下：

(1)循環(huán)與判斷的嵌套使用。

(2)多條件的布爾運算。

(3)“%”與“/”運算符的使用。

根據(jù)題意，求的是滿足3位數(shù)乘以3等于4位數(shù)乘以2的數(shù)的個數(shù)。我們可以使用循環(huán)結構對所有的3位數(shù)進行判斷，若某個3位數(shù)乘以3整除2所得的數(shù)是4位整數(shù)，則這個3位數(shù)是滿足條件的數(shù)。當判斷的數(shù)不再是3位數(shù)或者進行處理后所得的數(shù)大于9999，則要退出循環(huán)。在這里，還要注意判斷結構中，各條件之間是用“與”運算還是用“或”運算。

35.voidchg(char*s){while(*s)if(*s=='z'||*s=='z')/*字母z改成字母a字母z改成字母A*/{*s-=25;s++;/*取下一個字母*/}elseif(*s＞='a'&&*s＜='y')/*把小寫字母改成該字母的下一個字母*/{*s+=l;s++；/*取下一個字母*/}elseif(*s＞='A'&&*s＜='Y')/*把大寫字母改成該字母的下一個字母*/{*s+=l;s++;/*取下一個字母*/}elses++;/*取下一個字母*/}voidchg(char*s)\r\n{\r\nwhile(*s)\r\nif(*s=='z'||*s=='z')/*字母z改成字母a,字母z改成字母A*/\r\n{\r\n*s-=25;\r\ns++;/*取下一個字母*/