山東省聊城第二中學(xué)2023屆高三3月份模擬考試物理試題含解析

2023年高考物理模擬試卷考生請(qǐng)注意：1考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。64241、20171124日，國家航天局探月與航天工程中心副主任裴照宇表示，嫦娥五號(hào)任務(wù)將是我國首次月球表面采樣返回任務(wù)，這次任務(wù)的完成將標(biāo)志著我國探月工三步走順利收官。若已知萬有引力常量G，那么在下列給出各種情景中，能根據(jù)測量的數(shù)據(jù)求出月球密度的( )A．在月球表面使一個(gè)小球做自由落體運(yùn)動(dòng)，測出落下的高度H和時(shí)間tB．嫦娥五號(hào)貼近月球表面做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，測出運(yùn)行周期TC．嫦娥五號(hào)在高空繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，測出距月球表面的高度H和運(yùn)行周期TD．觀察月球繞地球的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，測出月球的直徑D和運(yùn)行周期T2、如圖所示，有10塊完全相同的長方體木板疊放在一起，每塊木板的質(zhì)量為100g，用手掌在這疊木板的兩側(cè)同時(shí)加大小為F的水平壓力，使木板懸空水平靜止。若手與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5，木板與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，g取10m/s2，則F至少為（ ）A．25N B．20N C．15N D．10N3=45的斜面ABCm的小球從頂點(diǎn)A先后以初速度0和o向左水平拋出，、P2、t2；AP1、PlP2l1）A．t1：tB．ll：l2=1：2C．兩球剛落到斜面上時(shí)的速度比為1：4D4、如圖所示，木板A的質(zhì)量為m，滑塊B的質(zhì)量為M，木板A用繩拴住，繩與斜面平行，B沿傾角為θ的斜面在A下勻速下滑，若M=2m，A、B間以及B與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同，則動(dòng)摩擦因數(shù)μ為（ ）1 1A．tanθ B．2tanθ C．2tanθ D．3tanθ5、如圖，小車的直桿頂端固定著小球，當(dāng)小車向左做勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，球受桿子作用力的方向可能沿圖中的（ ）A．OA方向 B．OB方向 C．OC方向 D．OD方向6、由于放射性元素237Np的半衰期很短，所以在自然界中一直未被發(fā)現(xiàn)，只是在使用人工的方法制造后才被發(fā)現(xiàn)．已93知237Np經(jīng)過一系列α衰變和β衰變后變成209Bi，下列選項(xiàng)中正確的( )93 83209Bi237Np28個(gè)中子83 93237Np209Bi，衰變過程可以同時(shí)放出α粒子、βγ粒子93 837α4β衰變237Np237Np原子核發(fā)生衰變的時(shí)間93 9345205307高精度全息穿透成像探測儀利用電磁波穿透非金屬介質(zhì)探測內(nèi)部微小隱蔽物體并對(duì)物體成像只有分辨率高體小、輻射少，應(yīng)用領(lǐng)域比超聲波更廣。關(guān)于電磁波和超聲波，下列說法正確的是（ ）A．電磁波和超聲波均能發(fā)生偏振現(xiàn)象B．電磁波和超聲波均能傳遞能量和信息CDE.電磁波由空氣進(jìn)入水中時(shí)速度變小，超聲波由空氣進(jìn)入水中時(shí)速度變大8物流中心通過吊箱將物體從一處運(yùn)送到另一處簡化后模型如圖所示直導(dǎo)軌ABC 與圓弧形導(dǎo)軌CDE相連接為圓弧最高點(diǎn)，整個(gè)裝置在豎直平面內(nèi)，吊箱先加速從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，再勻速通過CDE段。關(guān)于吊箱內(nèi)物體M受力情況，下列描述正確的是（ ）ACMM的重力BM處于超重狀態(tài)，且受到水平向右的摩擦力DM處于失重狀態(tài)，對(duì)吊箱底板的壓力小于其重力DM對(duì)吊箱底板的摩擦力水平向左9、某電場在x軸上各點(diǎn)的場強(qiáng)方向沿x軸方向，規(guī)定場強(qiáng)沿x軸正方向?yàn)檎?，若場?qiáng)E隨位移坐標(biāo)x變化規(guī)律如圖x1點(diǎn)與x3點(diǎn)的縱坐標(biāo)相同，圖線關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱，則（ ）A．O點(diǎn)的電勢最低 B．-x2點(diǎn)的電勢最高C．若電子從-x2點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到x2點(diǎn)，則此過程中電場力對(duì)電子做的總功為零D．若電子從x1點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到x3點(diǎn)，則此過程中電場力對(duì)電子做的總功為零10、如圖所示，A、、ClABCm、帶電量為q的粒子僅受電場力作用依次通過CC兩點(diǎn)的速率均為B點(diǎn)時(shí)的速率為E的大小和方向分別是

33v0，23mv2 23mv200A．E= 3ql B．E= 9ql00C．方向垂直AC斜向上 D．方向垂直AC斜向下21811（6分）為了測量一待測電阻Rx的阻值，準(zhǔn)備了以下器材：多用電表G1（0~10052G2（0~50r=102R0（20R1（0~5R2（0~100直流電源（3.0）開關(guān)一個(gè)及導(dǎo)線若干用多用電表歐姆“×1”擋粗測電阻時(shí)，其阻值如圖甲中指針?biāo)?，則Rx的阻值大約是 ?；瑒?dòng)變阻器應(yīng)（填儀器前的序號(hào)。若是用G2Rx兩端電壓，請(qǐng)?jiān)趫D乙對(duì)應(yīng)的虛線框中完成實(shí)驗(yàn)電路設(shè)計(jì)（要求：滑動(dòng)變阻器便于調(diào)節(jié)，電表讀1數(shù)不得低于量程的3（ ）補(bǔ)全實(shí)驗(yàn)步驟：按圖乙所示電路圖連接電路，將變阻器滑動(dòng)觸頭移至 端（選左或右；1 S，移動(dòng)變阻器滑動(dòng)觸頭至某一位置，記錄、G2I、I1 1 多次移動(dòng)變阻器滑動(dòng)觸頭，記錄相應(yīng)的、G2I、I1 22

為縱坐標(biāo)，I

為橫坐標(biāo)，作出相應(yīng)圖線如圖丙所示，則待測電阻Rx

的阻值為 保留兩位有效數(shù)字。112（12分）某實(shí)驗(yàn)小組為了測量某微安表（量程200μ，內(nèi)阻大約2200）置。對(duì)應(yīng)的實(shí)驗(yàn)器材可供選擇如下：1．電壓表（0~3；．滑動(dòng)變阻器（0~10；．滑動(dòng)變阻器（0~K；．電源（電動(dòng)勢約為．電阻箱R（最大阻值為S一個(gè)，導(dǎo)線若干。其實(shí)驗(yàn)過程為：將滑動(dòng)變阻器的滑片滑到最左端，合上開關(guān)SRU，再調(diào)節(jié)電阻箱（此時(shí)電壓表讀數(shù)幾乎不變，使微安表指示為滿偏，記下此時(shí)電阻箱值為16924Ω；3重新調(diào)節(jié)，使電壓表讀數(shù)為4U，再調(diào)節(jié)電阻箱（此時(shí)電壓表讀數(shù)幾乎不變，使微安表指示為滿偏，記下此時(shí)電阻箱值（如圖所示）R2；根據(jù)實(shí)驗(yàn)過程回答以下問題：滑動(dòng)變阻器應(yīng) （填字母代號(hào)；電阻箱的讀數(shù)R2= Ω；待測微安表的內(nèi)Ω。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，虛線ABCD將平面直角坐標(biāo)系四個(gè)象限又分成了多個(gè)區(qū)域。在第一、二象限有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為

mv0。在第三、四象限中，－2d<y<0區(qū)域又分成了三個(gè)勻強(qiáng)電場區(qū)域，其中在qdx>dxx<－dx軸正方向的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度大小相等；－d<x<d區(qū)域y2區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場。一個(gè)質(zhì)量為mqv0Oy（－，－2（，－）兩點(diǎn)，第一次回到O點(diǎn)后，進(jìn)入豎直向上電場區(qū)域，不計(jì)粒子重力，求：(1)電場區(qū)域內(nèi)的電場強(qiáng)度大小E；(2)y<－2d區(qū)域內(nèi)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B2；(3)由原點(diǎn)O出發(fā)開始，到第2次回到O點(diǎn)所用時(shí)間。14（16分）如圖所示，在一個(gè)傾角為3的足夠長的固定斜面上，由靜止釋放一個(gè)長度為L 5m的木板，木與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù) 0.4。當(dāng)長木板沿斜面向下運(yùn)動(dòng)的速度達(dá)到v 9.6m/s時(shí)，在木板的下端輕輕放上一1 0個(gè)質(zhì)量與木板相同的小煤塊，小煤塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù) 0.2。設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，取重力加2g10m/s2sin370.6cos370.8，結(jié)果可用根號(hào)表示。求：剛放上小煤塊時(shí)，長木板的加速度a1

的大小和煤塊的加速度a2

的大?。恍∶簤K從木板哪一端離開？煤塊從放上到離開木板所需時(shí)間t是多少？15（12分）如圖所示，粗糙水平地面上放置長木板A和滑塊，滑塊B置于A的左端。開始時(shí)、BC與A右端相距x4m，現(xiàn)C以v0

7m/s的初速度水平向左運(yùn)動(dòng)，然后與A發(fā)生彈性碰撞（時(shí)間極短AC質(zhì)量均為2kg和C與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為 0.3與B間的動(dòng)摩擦因數(shù)為 0.2，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)1 2摩擦力，B最終沒有從A上掉下去，重力加速度g取10m/s2，求：（1）C與A碰撞前的速度；（2）A、B間因摩擦產(chǎn)生的熱量。參考答案64241、B【解析】Mr=M=3MV r3在月球表面使一個(gè)小球做自由落體運(yùn)動(dòng)，測出下落的高度H，根據(jù)H

1gt2，可知算出月球的重力加速2度，根據(jù)GMmma，可以算得月球的質(zhì)量，但不知道月球的半徑，故無法算出密度，故A錯(cuò)誤；r2根據(jù)GMmr2

m42rT2

M

42r3GT2

GT2

，已知T就可算出密度，故B正確；C、根據(jù)G Mm

m42(rH) 得M

2(rH)3

，但不知道月球的半徑，故無法算出密度，故C錯(cuò)誤；(rH)2 T2 GT2D、觀察月球繞地球的圓周運(yùn)動(dòng)，只能算出地球的質(zhì)量，無法算出月球質(zhì)量，也就無法算出月球密度，故D。2、B【解析】先將所有的書當(dāng)作整體，豎直方向受重力、靜摩擦力，二力平衡，有2F10mg1再以除最外側(cè)兩本書為研究對(duì)象，豎直方向受重力、靜摩擦力，二力平衡，有2F8mg2聯(lián)立解得F20N選項(xiàng)B正確，ACD錯(cuò)誤。故選B。3、D【解析】12gt22tan＝ ＝gtvt 2v0 0得2vtant 0g1：21：2AB．水平位移xv0

2v2tan0g因?yàn)槌跛俣戎葹?：2，則水平位移之比為1：4，由l 2x可知2ll：l=1：42故B錯(cuò)誤。C．根據(jù)動(dòng)能定理12mv2

1 mv2mgy2 0其中y=x，則v v22gy v24v2tan45 0 0 0 0則兩球剛落到斜面上時(shí)的速度比為1：2，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．平拋運(yùn)動(dòng)某時(shí)刻速度方向與水平方向夾角的正切值是位移與水平方向夾角正切值的21：1D正確。故選D。4、C【解析】解：對(duì)B受力分析，如圖所示：B物體沿斜面方向受力平衡：f1+f2=Mgsinθ，又因?yàn)镸=2m，f1=μmgcosθ，f2=μ（M+m）gcosθ，1解得：μ=2tanθABD錯(cuò)誤，CC.5、A【解析】以小球研究對(duì)象進(jìn)行受力分析，根據(jù)小球和小車的加速度相同已及頓第二運(yùn)動(dòng)定律的矢量性進(jìn)行判斷?！驹斀狻啃∏蚝托≤嚨募铀俣认嗤?，所以小球在重力和桿的作用力兩個(gè)力的作用下也沿水平向左的方向加速運(yùn)動(dòng)，加速度水平向左，根據(jù)牛頓第二定律F=ma可知加速度的方向與合力的方向相同，合力水平向左，根據(jù)力的合成的平行四邊形定則，直桿對(duì)小球的作用力只可能沿OA方向，A符合題意，BCD不符合題意A6、C【解析】BiNpBi的原子核比237Np18個(gè)中子。83 93 83 93故A錯(cuò)誤。237Npαβ209Bi，可以同時(shí)放出αγβγ粒子，不能同時(shí)放93 83出三種粒子。故B錯(cuò)誤。α2372097次，β2×7－(93－83)＝4C正確。4半衰期是大量原子核衰變的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，對(duì)少數(shù)原子核不適用。故D錯(cuò)誤。45205307、BCE【解析】A．電磁波是橫波，能發(fā)生偏振現(xiàn)象，而超聲波是縱波，不能發(fā)生偏振，故AB．電磁波和超聲波均能傳遞能量和信息，故B正確；C．干涉和衍射是一切波特有的現(xiàn)象，電磁波和超聲波均能發(fā)生干涉和衍射現(xiàn)象，故CD．電磁波在真空中能傳播，超聲波需依賴于介質(zhì)才能傳播，故D錯(cuò)誤；E．電磁波由空氣進(jìn)入水中時(shí)速度變小，超聲波由空氣進(jìn)入水中時(shí)速度變大，故E正確。故選BCE。8、BC【解析】ACM的加速度方向沿導(dǎo)軌向上，底板對(duì)物體MM對(duì)底板的壓力大于物體的重力，故A錯(cuò)誤；BM有向右的摩擦力，由于整體具有斜向右上方的加速度，故物體MM有水平向右的靜摩擦力，故B正確；DMMMC正確；DMD錯(cuò)誤。故選：BC。9、AC【解析】xEx變化規(guī)律如題目中圖所示，電場強(qiáng)度方向如下圖所示：根據(jù)順著電場線電勢降低，則O電勢最低，A正確；由上分析，可知，電勢從高到低，即為x、x、x，由于xx

點(diǎn)的電勢不是最高，B3 2 1 2 2 2錯(cuò)誤；若電子從xx點(diǎn)，越過橫軸，圖像與橫軸所圍成的面積之差為零，則它們的電勢差為零，則此過程中2 2電場力對(duì)電子做的總功為零，C正確；x1

點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到x3

點(diǎn)，圖像與橫軸所圍成的面積不為零，它們的電勢差不為零，則此過程中電場力對(duì)電子做的總功也不為零，DAC。10、BC【解析】AB.據(jù)題意可知AC為該勻強(qiáng)電場的等勢線，因從A到B電場力對(duì)粒子做負(fù)功，且粒子帶正電，可知電場方向垂直AC斜向上，據(jù)動(dòng)能定理可得3 1 32 1qE l m v mv22 230 2 02 3mv2E

9ql

0AB正確。CD.ACABACCD錯(cuò)誤。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、9（或9.0） E 左 10【解析】（1）[1]多用電表用歐姆表盤的讀數(shù)乘以倍率即為待測電阻阻值9（2）[2]滑動(dòng)變阻器采用分壓式接入電路，所以選擇阻值較小的滑動(dòng)變阻器便于調(diào)節(jié)分壓，即選E。（3）[3]電路中沒有電壓表，電流表G2的內(nèi)阻已知，可作為電壓表使用，電流表G1采用外接方式可以消除系統(tǒng)誤差，00

串聯(lián)在分壓電路上，起到保護(hù)電路的作用，電路圖如圖。（5）[4]滑動(dòng)變阻器的觸頭在開始實(shí)驗(yàn)前，需要滑到最左端保護(hù)電路，使電表的示數(shù)都從0開始變化。[5]根據(jù)電路圖結(jié)合歐姆定律的分流規(guī)律可得I

I2r21 2 R2x整理得RI x IR2 R r 1x 2結(jié)合圖像的斜率R R Ix x

37.51030.5R rx 2

R 10Ω Ix 1

75103解得Rx10Ω12、B 4653 2170【解析】(1)[1]．滑動(dòng)變阻器用分壓電路，則為方便實(shí)驗(yàn)操作，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇(2)[2]．由圖示電阻箱可知，電阻箱示數(shù)為R2=4×1000Ω+6×100Ω+5×10Ω+3×1Ω=4653Ω(3)[3]．根據(jù)實(shí)驗(yàn)步驟，由歐姆定律可知g g U=I（R+Rg g 3gg24UR）gg2解得Rg=2170Ω四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13(1)E

mv202qd

mv2；(2)B 2qd

6d；(3)tv0

d2v0【解析】粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示。x<-d的電場區(qū)域中粒子做類平拋運(yùn)動(dòng)，可知2dvt011d2

at211aqE1 m由以上三式可得mv2E 02qd由(1)向中各式可解得2dt1 v0粒子在B點(diǎn)的速度v vy 0v atvx 11 0可得v B 0運(yùn)動(dòng)軌跡經(jīng)過B、C兩點(diǎn)，由幾何關(guān)系可知，粒子在y<-2d的磁場區(qū)域內(nèi)運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為r 2d運(yùn)動(dòng)軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角=90°由BqvB mv2BB 2 r可得mvB 0 B2 qd 1Ov0E 2E2 1a 2a2 1在d>x>-d的電場區(qū)城內(nèi)，粒子沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)的位移vd2vds 02a 21粒子將做往返運(yùn)動(dòng)vt 2 0 tv2 2a 11在兩個(gè)磁場中的運(yùn)動(dòng)周期均為2mTqB1粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)總時(shí)間為5 mt34T

2qB1O2O點(diǎn)所用的時(shí)間6d dt2tt t1 2

v 2v30 30 14（1）a1

=2m/s2，a2

=7.6m/s2（）下端，1+ s【解析】剛放上小煤塊時(shí)，對(duì)長木板，由牛頓第二定律2mgcos1

mgcosmgsinma1對(duì)煤塊，由牛頓第二定律mgsinmgcosma2 2解得a=2m/s21a=7.6m/s22設(shè)時(shí)間t0煤塊與長木板達(dá)到共速，則有vat0 1

at20解得t 1s0煤塊相對(duì)長木板的位移1 1xvt00

at2 a2 10 2

t2=4.8m<L0故煤塊不能從上端離開此時(shí)煤塊的速度為vat 7.6m/s20之后木板減速，煤塊加速，根據(jù)牛頓第二定律有對(duì)長木板有2mgsin

mgcos2mgcosma2 1 1解得a1.2m/s21對(duì)煤塊有mgsin2

mgcosma2解得a4.4m/s22因a4.4m/s2a