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高考數(shù)學(xué)總34三角函數(shù)綜合應(yīng) 若mn，且acosBbcosAcsinC，則角B x0，則2tanxtanx

3,1，ncosAsinA 2 x ，則函數(shù)ytan2x

分析：(1)由mnA，利用正弦定理、和角公式，由acosBbcosAcsinC求得角CB；(2)由于tanx0，于是2tanxtan

x

2tanx

tan

；(2)6

解：(1)由mn 3cosAsinA02sinA

033

。由正弦定理，acosBbcosAcsinCsinAcosBsinBcosAsin2CsinABsin2即sinCsin2CsinC1C2

BAC 6sin (2)∵x0,，∴tan0，∴tan() 2 cos2 2 2∴2tan )2tan2

，當(dāng)且僅當(dāng)2tan

，即tan 時(shí)

所以2tanxtan

x的最小值是 (3)令tanxt x ,t 2tan4 2t ytan2xtanx

1tan2

1 11t )2 t t t

8當(dāng)且僅當(dāng)t ，即tanx 時(shí)，函數(shù)取得最大值8案例2：(1)當(dāng)0x1時(shí)，不等式 kx成立，則實(shí)數(shù)k的取值范圍 2a(2)已知函數(shù)f(x)sinxtanx。項(xiàng)數(shù)為27的等差數(shù)列an滿足 ，，且公差d0 22若f(a1)f(a2)f(a27)0，則當(dāng)k 時(shí)，f(ak)0 (3)已知函數(shù)f(x)f'()cosxsinx,則f()的值

，2，4 4 答案：(1)k1；(2)k14；(3)1 解：(1)作函數(shù)y kx成立 由圖可知須k1 cos3x ∵fxcosx 0（cos2 cos2

x的零點(diǎn)是不變號(hào)零點(diǎn)fxsinxtanx在2顯然函數(shù)fx又是奇函數(shù)，∴函數(shù)圖象關(guān)于原點(diǎn)對(duì)∵公差d0fa1fa2fa27∴f(a1)f(a27)f(a2)f(a26)…f(a14)0所以當(dāng)k14fak)0∵f'(x)f

)sinxcosx422 ∴f )f )

f'() 所以f()f'()cossin 1 3：已知x0,sinxcosx 3sin2x2sinxcosxcos2 2的值tanxcot1分析：(1)把sinxcosx 5sinxcosx的和與積的形式求值。 答案 1（）sinxcosx1,平方得sin2x2sinxcosxcos2x1 即2sinxcosx (sinxcosx)212sinxcosx49又 x2

sinx0,cosx0,sinxcosx所以sinxcosx733sin2x 2 2 2 sinx tanxcot

sinxcosxcos sinsinxcosx2cosxsin(12)(21)108 sinxcosx1 2（Ⅰ） sinx1cosx，將其代入②，整理得25cos2x5cosx125 解得cosx 或cosx sinx3 x0,

cosx4 7所以sinxcosx 53sin2xsinxcosxcos2 tanxcotsin2xsinx sinxcosxcos sinsinxcosx(2cosxsinx3)4243108 案例4：如圖，某市擬在長為8km的道路OP的一側(cè)修建一條運(yùn)動(dòng)賽道，賽道的前一部分為曲線段OSMyAsinxA0,0x0,4S3,23；賽道的后一部分為折線段MNP，為保證參賽運(yùn)動(dòng)員的安全，限定MNP12042答案：(1)MP 5；(2)將PMN設(shè)計(jì)為30°時(shí)，折線段道423解：（Ⅰ）∵圖象的最高點(diǎn)為S3,23，∴A 3T3，又T

，

。y sinx44366x4y

sin333

3M4,3，又OP84242

5MNPMNP120，MP5PMN，則0°60

NP

sin,MN10101010

sin600∴NPMN

sin10101010

sin(600103(1sin

3cos103sin(600 060，∴當(dāng)30MNP所以將PMN設(shè)計(jì)為30MNPMNPMNP120，MP5由余弦定理得MN2NP22MNNPc