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文檔簡介

2023學年山西省呂梁學院附中高一(上)第四次月考物理試卷一、選擇題(本題共12小題,每小題4分,共48分,其中3、5、8、9、10、12為多項選擇,其余為單選).1.(4分)(2023秋?山西校級月考)國際乒聯(lián)將乒乓球比賽以前用的小球改為現(xiàn)在用的相同厚度的大球,對此,下列說法正確的是() A. 球的質(zhì)量大了,慣性大了,運動員的抽殺難度增大 B. 球的質(zhì)量大了,慣性小了,球的運動狀態(tài)更容易改變 C. 球的質(zhì)量小了,慣性大了,球的速度更不容易變化 D. 球的質(zhì)量小了,慣性小了,球的速度容易更變化考點: 慣性.分析: 根據(jù)慣性定律解釋即可:任何物體都有保持原來運動狀態(tài)的性質(zhì),慣性的大小只跟質(zhì)量有關(guān),與其它任何因素無關(guān)解答: 解:國際乒聯(lián)將乒乓球比賽以前用的小球改為現(xiàn)在用的相同厚度的大球,則乒乓球的質(zhì)量增大了,而慣性的大小只跟質(zhì)量有關(guān),與其它任何因素無關(guān).所以球的質(zhì)量大了,慣性大了,球的運動狀態(tài)的改變就增大了難度,運動員的抽殺難度增大.故選項A正確,B錯誤;故選:A點評: 牢記慣性概念,知道一切物體在任何時候都有慣性,質(zhì)量是慣性的唯一量度.其實,增大球的半徑主要的目的是增大球的轉(zhuǎn)動慣量,減小球轉(zhuǎn)動的速度.主要是針對中國隊2.(4分)(2023秋?山西校級月考)如圖四個圖中,F(xiàn)1、F2、F3都恰好構(gòu)成封閉的直角三角形(頂角為直角),這三個力的合力最大的是() A. B. C. D. 考點: 力的合成.專題: 受力分析方法專題.分析: 在矢量三角形中,分力是首尾相接的,合力是由一個分力的箭尾指向另一個分力的箭頭的,由此可以判斷分力與合力的關(guān)系,從而可以求得合力的大?。獯穑?解:由矢量合成的法則可知,A中的合力的大小為2F3,B中的合力的大小為0,C中的合力的大小為2F1,D中的合力的大小為2F2,因為F1是直角三角形的斜邊,所以F1最大,所以合力最大的是C選項.故選:C.點評: 本題中要會區(qū)分三角形中的三條邊是代表的分力還是代表的合力,這是解決本題的關(guān)鍵所在.3.(4分)(2023秋?山西校級月考)下列說法中,不正確的是() A. 兩個物體只要接觸就會產(chǎn)生彈力 B. 放在桌面上的物體受到的支持力是由于桌面發(fā)生形變而產(chǎn)生的 C. 滑動摩擦力的方向總是和物體的運動方向相反 D. 形狀規(guī)則的物體的重心與其幾何中心重合考點: 物體的彈性和彈力;重心;摩擦力的判斷與計算.專題: 共點力作用下物體平衡專題.分析: 彈力的產(chǎn)生條件是直接接觸、有彈性形變;滑動摩擦力的方向與相對滑動方向相反;影響重心的因數(shù)有形狀和質(zhì)量分布情況.解答: 解:A、彈力的產(chǎn)生條件是直接接觸、有彈性形變,兩個物體接觸不一定有形變,故不一定有彈力,故A錯誤;B、彈力是施力物體的形變引起的,放在桌面上的物體受到的支持力是由于桌面發(fā)生形變而產(chǎn)生的,故B正確;C、滑動摩擦力的方向總是和物體的相對運動方向相反,與運動方向可以相同、相反、不共線,故C錯誤;D、影響重心的因數(shù)有形狀和質(zhì)量分布情況;質(zhì)量分布均勻且形狀規(guī)則的物體的重心與其幾何中心重合,形狀規(guī)則但質(zhì)量分布不一定均勻,故重心與幾何中心不一定重合;故D錯誤;故選:ACD.點評: 本題考查了重力、彈力和摩擦力,明確三種力的性質(zhì)、方向和作用點的情況,基礎(chǔ)題.4.(4分)(2023?海南)如圖,粗糙的水平地面上有一斜劈,斜劈上一物塊正在沿斜面以速度v0勻速下滑,斜劈保持靜止,則地面對斜劈的摩擦力() A. 等于零 B. 不為零,方向向右 C. 不為零,方向向左 D. 不為零,v0較大時方向向左,v0較小時方向向右考點: 共點力平衡的條件及其應用.專題: 壓軸題.分析: 在研究力和運動關(guān)系的問題時,常會涉及相互關(guān)聯(lián)的物體間的相互作用問題,即“連接體問題”.連接體問題一般是指由兩個或兩個以上物體所構(gòu)成的有某種關(guān)聯(lián)的系統(tǒng).研究此系統(tǒng)的受力或運動時,求解問題的關(guān)鍵是研究對象的選取和轉(zhuǎn)換.一般若討論的問題不涉及系統(tǒng)內(nèi)部的作用力時,可以以整個系統(tǒng)為研究對象列方程求解﹣﹣“整體法”;若涉及系統(tǒng)中各物體間的相互作用,則應以系統(tǒng)某一部分為研究對象列方程求解﹣﹣“隔離法”.這樣,便將物體間的內(nèi)力轉(zhuǎn)化為外力,從而體現(xiàn)其作用效果,使問題得以求解.在求解連接體問題時,隔離法與整體法相互依存,相互補充,交替使用,形成一個完整的統(tǒng)一體,可以分別列方程求解.本題中由于小木塊與斜面體間有相對滑動,但無相對加速度,可以當作兩物體間相對靜止,摩擦力達到最大靜摩擦力的情況,然后運用整體法研究.解答: 解:斜劈和物塊都平衡,受力的大小和方向情況與兩物體間相對靜止且摩擦力達到最大靜摩擦力的情況相同,故可以對斜劈和物塊整體受力分析受重力和支持力,二力平衡,無摩擦力;故選A.點評: 本題關(guān)鍵要靈活地選擇整體法與隔離法,選用整體法可以不考慮兩物體間的作用力,使問題大為簡化.5.(4分)(2023秋?吳興區(qū)校級期末)汽球吊著兩個質(zhì)量相同的重物以10m/s的速度勻速上升,兩個重物之間用輕彈簧連接,重力加速度為g,若在距離地面上方10m處繩子突然斷裂,在斷開瞬間下列說法中正確的是() A. vA=0 B. vB=10m/s2 C. aA=2g D. aB=0考點: 牛頓第二定律;力的合成與分解的運用.專題: 牛頓運動定律綜合專題.分析: 氣球和重物一起以10m/s的速度上升,當?shù)竭_一定高度后,繩子斷開,物體與氣球脫離,這個物體由于慣性要保持原來的向上的運動狀態(tài),所以物體要繼續(xù)上升一段距離,然后由于受重力作用再下降.斷開細線后,彈簧的彈力不發(fā)生改變,繩子的力立即為零,再分別對AB受力分析,求解出合力并運用牛頓第二定律求解加速度.解答: 解:A、氣球和重物一起以10m/s的速度上升,在繩子突然斷開的瞬間,物體由于慣性要保持原來的向上的運動狀態(tài),所以此時AB的速度仍為10m/s,故A錯誤,B正確;C、剪斷細線前,對AB整體受力分析,受到總重力和細線的拉力而平衡,故T=2mg;再對物體A受力分析,受到重力、彈簧的拉力;剪斷細線后,重力和彈簧的彈力不變,細線的拉力減為零,故物體A受到的力的合力等于2mg,向下,所以aA=2g,物體B受到的力不變,合力為零,所以aB=0,故CD正確;故選:BCD點評: 本題是力學中的瞬時問題,關(guān)鍵是先根據(jù)平衡條件求出各個力,然后根據(jù)牛頓第二定律列式求解加速度;同時要注意輕彈簧的彈力與行變量成正比,來不及突變,而細線的彈力是有微小形變產(chǎn)生的,故可以突變.6.(4分)(2023?惠州二模)如圖所示,物體P以一定的初速度v沿光滑水平面向右運動,與一個右端固定的輕質(zhì)彈簧相撞,并被彈簧反向彈回,若彈簧在被壓縮過程中始終遵守胡克定律,那么在P與彈簧發(fā)生相互作用的整個過程中() A. P的加速度大小不斷變化.方向也不斷變化 B. P的加速度大小不斷變化,但方向只改一次 C. P的加速度大小不斷改變,當加速度數(shù)值最大時,速度最小 D. 有一段過程,P的加速度逐漸增大,速度也逐漸增大考點: 牛頓第二定律;胡克定律.專題: 牛頓運動定律綜合專題.分析: 木塊水平方向只受到彈簧的彈力,根據(jù)胡克定律可知:彈簧的彈力與彈簧壓縮的長度成正比.當木塊向右壓縮彈簧時,彈力逐漸增大,加速度逐漸增大,做變減速運動,當速度減為零時,速度最小,彈力最大,加速度最大;之后木塊被彈簧彈回向左運動,彈簧恢復原長,加速度逐漸減小,但方向未變.解答: 解:A、木塊向右運動壓縮彈簧,彈力方向始終向左,根據(jù)胡克定律可知:彈簧的彈力與彈簧壓縮的長度成正比,當木塊向右壓縮彈簧時,彈力逐漸增大,加速度逐漸增大;木塊被彈簧彈回向左運動,彈簧恢復原長,加速度逐漸減小,故A錯誤;B、根據(jù)A中分析知B錯誤;C、木塊水平方向只受到彈簧的彈力,根據(jù)胡克定律可知:彈簧的彈力與彈簧壓縮的長度成正比.當木塊向右壓縮彈簧時,彈力逐漸增大,根據(jù)牛頓第二定律知,加速度逐漸增大,做變減速運動,當速度減為零時,速度最小,彈力最大,加速度最大,所以C正確;D、木塊反彈過程向左運動,彈簧恢復原長,彈力減小,加速度逐漸減小,但速度逐漸增大,恰好恢復原長時,速度最大,加速度最小為零,所以D錯誤;故選C.點評: 本題是含有彈簧的動態(tài)變化分析情況,要抓住彈力的可變性,由牛頓定律分析物體的運動情況.7.(4分)(2023秋?涪城區(qū)校級期末)一物體受繩的拉力作用由靜止開始前進,先做加速運動,然后改為勻速運動;再改做減速運動,則下列說法中正確的是() A. 加速前進時,繩拉物體的力大于物體拉繩的力 B. 減速前進時,繩拉物體的力小于物體拉繩的力 C. 只有勻速前進時,繩拉物體的力與物體拉繩的力大小才相等 D. 不管物體如何前進,繩拉物體的力與物體拉繩的力大小總相等考點: 牛頓第三定律;力的合成與分解的運用.專題: 牛頓運動定律綜合專題.分析: 繩拉物體的力與物體拉繩的力是一對作用力與反作用力,它們總是大小相等、方向相反、作用在同一條直線上,與運動狀態(tài)無關(guān).解答: 解:繩拉物體的力與物體拉繩的力是一對作用力與反作用力,它們總是大小相等、方向相反、作用在通一條直線上,與運動狀態(tài)無關(guān);故ABC錯誤,D正確;故選:D.點評: 該題考查了牛頓第三定律:作用力與反作用力的關(guān)系,難度不大,屬于基礎(chǔ)題.8.(4分)(2023秋?山西校級月考)如圖所示,在升降機中掛一個彈簧,彈簧下面吊一個小球.當升降機靜止時,彈簧伸長4cm.當升降機運動時彈簧伸長2cm,若彈簧質(zhì)量不計,則升降機的運動情況可能是() A. 以1m/s2的加速度加速下降 B. 以s2的加速度減速下降 C. 以1m/s2的加速度加速上升 D. 以s2的加速度加速下降考點: 牛頓第二定律;胡克定律.專題: 牛頓運動定律綜合專題.分析: 以小球為研究對象,分析受力情況:重力和彈簧的彈力.靜止時,兩力平衡.當彈簧伸長量減小時,彈力減小,小球所受合力方向向下,根據(jù)牛頓第二定律求解加速度,再分析其運動情況.解答: 解:設(shè)小球的質(zhì)量為m,彈簧的勁度系數(shù)為k.靜止時,mg=kx1當彈簧伸長減小時,彈力減小,小球所受合力方向豎直向下,小球的加速度豎直向下.則升降機可能向下加速運動,也可能向上減速運動.根據(jù)牛頓第二定律得:mg﹣kx2=ma,x2=x1代入解得:a=s2,方向豎直向下,則升降機可能以s2的加速度減速上升,也可能以s2的加速度加速下降.故D正確,故選:D點評: 本題應用牛頓定律分析失重現(xiàn)象.對于超重和失重現(xiàn)象的判斷,關(guān)鍵抓住加速度方向:加速度向上時,產(chǎn)生超重現(xiàn)象;相反,產(chǎn)生失重現(xiàn)象.9.(4分)(2023春?攸縣校級期末)關(guān)于速度、加速度、合力間的關(guān)系,正確的是() A. 物體的速度越大,則物體的加速度越大,所受合力越大 B. 物體的速度為零,則物體的加速度一定為零,所受合力也為零 C. 物體的速度為零,加速度可能很大,所受合力也可能很大 D. 物體的速度很大,加速度可能為零,所受的合力也可能為零考點: 加速度;速度.專題: 直線運動規(guī)律專題.分析: 速度是描述物體運動快慢的物理量,有大小也有方向,加速度是描述物體速度變化快慢的物理量,根據(jù)牛頓第二定律知合外力是物體產(chǎn)生加速度的原因,加速度的方向就是合外力的方向.解答: 解:A、加速度描述速度變化快慢的物理量,物體速度很大,則物體的速度可以不變化,故不能根據(jù)速度的大小判定加速度的大小,故A說法錯誤;B、物體的速度為0,則物體的加速度不一定為0,比如火箭點火起飛瞬間,豎直上拋的物理經(jīng)過最高點時,速度均為0,而加速度不為0,物體所受合外力也不為0,故B錯誤;C、物體的速度為0,則此瞬間物體的加速度可能很大,即速度變化率不為0,根據(jù)牛頓第二定律知,物體所受合力也可能很大,故C正確;D、物體的速度很大,如果做勻速直線運動則物體的加速度為0,由牛頓第二定律知物體所受合力為0,故D正確.故選:CD.點評: 外力作用是產(chǎn)生加速度的原因,加速度的大小決定于合外力與質(zhì)量的比值,與物體的速度大小無直接關(guān)系,在運動學上加速度的大小取決于速率的變化率,與速度變化無直接關(guān)系.10.(4分)(2023?揚州學業(yè)考試)一質(zhì)量m=1kg的物體在水平恒力F作用下水平運動,1s末撤去恒力F,其v﹣t圖象如圖所示,則恒力F和物體所受阻力Ff的大小是() A. F=8N B. F=9N C. Ff=2N D. Ff=3N考點: 牛頓第二定律.專題: 牛頓運動定律綜合專題.分析: 根據(jù)速度時間圖線求出勻加速和勻減速運動的加速度大小,結(jié)合牛頓第二定律求出恒力F和阻力的大?。獯穑?解:由速度時間圖線知,勻加速直線運動的加速度為:,勻減速運動的加速度大小為:,根據(jù)牛頓第二定律得:F﹣Ff=ma1Ff=ma2代入數(shù)據(jù)解得:Ff=3N,F(xiàn)=9N.故B、D正確,A、C錯誤.故選:BD.點評: 本題考查了牛頓第二定律和速度時間圖線的綜合,知道圖線的斜率表示加速度,加速度是聯(lián)系力學和運動學的橋梁.11.(4分)(2023春?衡陽校級期末)用一輕繩將小球P系于光滑墻壁上的O點,在墻壁和球P之間夾有一矩形物塊Q,如圖所示.P、Q均處于靜止狀態(tài),則下列相關(guān)說法正確的是() A. P物體受3個力 B. Q受到3個力 C. 若繩子變長,繩子的拉力將變小 D. 若繩子變短,Q受到的靜摩擦力將增大考點: 物體的彈性和彈力.專題: 受力分析方法專題.分析: 先對小球P受力分析,然后對小方塊Q受力分析,對P,由平衡條件研究繩子變長時,繩子的拉力如何變化.解答: 解:A、P受到重力、Q的支持力和靜摩擦力,繩子的拉力,共4個力作用,故A錯誤.B、Q受到重力、墻壁的彈力、P的壓力和靜摩擦力,共4個力作用,故B錯誤.C、設(shè)繩子與豎直方向的夾角為α,P的重力為G,繩子的拉力大小為F,則由平衡條件得:f=GQ,GP+f=Fcosα,則GP+GQ=Fcosα,GP與GQ不變,若繩子變長,α變小,cosα變大,則F變小,故C正確.D、Q受到的靜摩擦力豎直向上,與其重力平衡,與繩子長度無關(guān),所以若繩子變短,Q受到的靜摩擦力不變,故D錯誤.故選:C.點評: 為了防止多力或少力,一般按重力、彈力和摩擦力的順序分析物體的受力情況.12.(4分)(2023秋?山西校級月考)如圖所示,重50N的物體A放在傾角為37°的粗糙斜面上,有一根原長為10cm,勁度系數(shù)為800N/m的彈簧,其一端固定在斜面頂端,另一端放置物體A后,彈簧長度伸長為14cm,現(xiàn)用一測力計沿斜面向下拉物體A,若物體A與斜面間的最大靜摩擦力為20N,當彈簧的長度仍為14cm時,測力計的讀數(shù)不可能為(sin37°=)() A. 10N B. 30N C. 40N D. 0N考點: 共點力平衡的條件及其應用;力的合成與分解的運用.專題: 共點力作用下物體平衡專題.分析: 對物體受力分析,明確重力的分力及彈力的大??;根據(jù)摩擦力可能情況進行分析,明確拉力的范圍.解答: 解:彈簧的彈力F=kx=800×(﹣)=32N;重力沿斜面向下的分力為G1=Gsin37°=50×=30N;物體要在拉力作用下能平衡,則拉力最大為32+20﹣30=22N;最小為零;故不可能是BC;故選:BC.點評: 本題要注意明確因重力的分力大于彈簧的彈力,故加上F后靜摩擦力只能向上,大小在2N到22N之間.二、實驗題(共18分)13.(18分)(2023秋?山西校級月考)用如圖1所示的裝置做實驗時,小車放在水平桌面上,保持小車的質(zhì)量不變,測得小車的加速度a和拉力F的數(shù)據(jù)如表所示.F/N a/(ms﹣2) (1)根據(jù)表中的數(shù)據(jù)在圖2中畫出a﹣F圖線;(2)把圖線延長,發(fā)現(xiàn)圖線不通過原點,其原因是沒有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足.(3)在處理數(shù)據(jù)時,總是把小桶和沙子的重力當作小車所受合力.而實際上小車所受合力比小桶和沙子的重力要小一些(選填“大”或“小”).因此,為使實驗結(jié)論的可信度更高一些,應使小桶和沙子的總質(zhì)量盡可能小一些(選填“大”或“小”).(4)下列做法正確的是AD(填字母代號).A.調(diào)節(jié)滑輪的高度,使牽引木塊的細繩與長木板保持平行B.在調(diào)節(jié)木板傾斜度平衡木塊受到的滑動摩擦力時,將裝有砝碼的砝碼桶通過定滑輪拴木塊上C.實驗時,先放開木塊再接通打點計時器的電源D.通過增減木塊上的砝碼改變質(zhì)量時,不需要重新調(diào)節(jié)木板傾斜度(5)探究加速度和力的關(guān)系的實驗數(shù)據(jù)描繪出的a﹣F圖象如圖3所示,下列說法正確的是BDA.三條傾斜的直線所對應的小車的質(zhì)量相等B.三條傾斜的直線所對應的小車的質(zhì)量不C.直線1所對應的小車的質(zhì)量最大D.直線3所對應的小車的質(zhì)量最大(6)如圖4所示給出了打點計時器在紙帶上打出的一些點,紙帶上兩相鄰計數(shù)點的時間間隔為T=,其中s1=、s2=、s3=、s4=、s5=、s6=,根據(jù)給出的以上數(shù)據(jù)求:木塊的加速度a=m/s2(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字).考點: 探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的關(guān)系.專題: 實驗題;牛頓運動定律綜合專題.分析: 根據(jù)描點法作出圖象;圖線不過坐標原點,并且是當有了一定的力時,加速度仍為零,說明摩擦力存在.應進行平衡摩擦力的步驟.要求在什么情況下才可以認為繩對小車的拉力大小等于盤和盤中砝碼的重力,需求出繩子的拉力,而要求繩子的拉力,應先以整體為研究對象求出整體的加速度,再以M為研究對象求出繩子的拉力,通過比較繩對小車的拉力大小和盤和盤中砝碼的重力的大小關(guān)系得出只有m<<M時才可以認為繩對小車的拉力大小等于盤和盤中砝碼的重力.根據(jù)牛頓第二定律寫出a與F的關(guān)系方程,結(jié)合圖象特點,可正確求解;根據(jù)勻變速直線運動的推論公式△x=aT2可以求出加速度的大?。獯穑?解:(1)根據(jù)描點法作出圖象,如圖所示:(2)由圖象知,當拉力為時,加速度仍然為零,原因為:沒有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足.(3)以整體為研究對象有mg=(m+M)a解得a=以M為研究對象有繩子的拉力F=Ma=<mg,顯然要有F=mg必有m+M=M,故有M>>m,即只有M>>m時才可以認為繩對小車的拉力大小等于盤和盤中砝碼的重力,所以應使托盤和砝碼的總質(zhì)量盡可能小一些.(4)A、調(diào)節(jié)滑輪的高度,使牽引木塊的細繩與長木板保持平行,否則拉力不會等于合力,故A正確;B、在調(diào)節(jié)模板傾斜度平衡木塊受到的滑動摩擦力時,不應懸掛“重物”,故B錯誤;C、打點計時器要“早來晚走”即實驗開始時先接通打點計時器的電源待其平穩(wěn)工作后再釋放木塊,而當實驗結(jié)束時應先控制木塊停下再停止打點計時器,故C錯誤;D平衡摩擦力后,有mgsinθ=μmgcosθ,即μ=tanθ,與質(zhì)量無關(guān),故通過增減木塊上的砝碼改變質(zhì)量時,不需要重新調(diào)節(jié)木板傾斜度,故D正確;故選:AD;(5)根據(jù)牛頓第二定律有:F=ma,故有a=,所以在a﹣F圖象中斜率表示,故斜率大的質(zhì)量小,三條圖象斜率不同,故質(zhì)量不同,圖象3斜率最小,其質(zhì)量最大,圖象1斜率最大,質(zhì)量最小,故AC錯誤,BD正確.故選:BD.(6)根據(jù)勻變速直線運動的推論公式△x=aT2可以求出加速度的大小,得:s4﹣s1=3a1T2s5﹣s2=3a2T2s6﹣s3=3a3T2為了更加準確的求解加速度,我們對三個加速度取平均值得:a=(a1+a2+a3)==s2故答案為:(1)如圖所示;(2)沒有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足;(3)小;?。?)AD(5)BD(6)點評: 解決實驗問題首先要掌握該實驗原理,了解實驗的操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項,然后熟練應用物理規(guī)律來解決實驗問題.要學會應用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答實驗問題的能力,在平時練習中要加強基礎(chǔ)知識的理解與應用.三、計算題(共34分)14.(10分)(2023秋?山西校級月考)如圖所示,在水平地面上有一個質(zhì)量為5kg的物體,它受到與水平方向成53°角斜向上的25N的拉力時,恰好做勻速直線運動,g取10m/s2,問:當拉力為50N時,物體的加速度多大?物體由靜止開始運動時,2s末物體的位移多大?(sin53°=,cos53°=)考點: 牛頓第二定律;勻變速直線運動的位移與時間的關(guān)系.分析: 對物體受力分析,抓住豎直方向和水平方向合力為零,根據(jù)共點力平衡求出動摩擦因數(shù)的大小;根據(jù)牛頓第二定律,抓住豎直方向上的合力為零,結(jié)合水平方向上的合力求出物體的加速度.根據(jù)運動學公式求出2s末物體的位移.解答: 解:由題意知,物體受力如圖甲所示,由牛頓第二定律可得:F1cos53°=Ff1①FN+F1sin53°=mg②Ff1=μFN③由①②③式得μ===當拉力F2=50N時,物體受力如圖乙所示,由牛頓第二定律得:F2cos53°﹣Ff2=m…④FN′+F2sin53°﹣mg=0…⑤Ff2=μFN′…⑥由④⑤⑥式得物體的加速度為:a==5m/s2根據(jù)運動學公式得2s內(nèi)位移x=at2=10m.答:當拉力為50N時,物體的加速度是5m/s2,物體由靜止開始運動時,2s末物體的位移是10m.點評: 本題考考查牛頓第二定律的應用,屬于已知受力求運動問題,解決本題的關(guān)鍵能夠正確地受力分析,根據(jù)牛頓第二定律和共點力平衡進行求解.15.(12分)(2023秋?山西校級月考)A、B兩車在同一直線上,同向做勻速運動,A在前,速度為vA=8m/s,B在后,速度為vB=16m/s,當A、B兩車相距x=20m時,B車開始剎車,做勻減速運動,為避免兩車相撞,剎車后B車的加速度應滿足什么條件?考點: 勻變速直線運動的位移與時間的關(guān)系;勻變速直線運動的速度與時間的關(guān)系.專題: 直線運動規(guī)律專題.分析: 根據(jù)相撞的臨界條件,由位移關(guān)系求解分析即可.解答: 解:如圖所示,兩物體相撞的條件為:同一時刻位置相同.設(shè)此時A的位移為xA,則B的位移為xB=xA+x,由運動學公式得:①當B車追上A車時,若B

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