2020年江蘇省無錫市錫山區(qū)天一中學高二(下)期中物理試卷

第第頁，共17頁第第5頁，共i7頁（1）實驗中，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是，可以通過僅測量（1）實驗中，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是，可以通過僅測量（填選項前的符號），間接地解決這個問題。A.小球開始釋放高度hB.小球拋出點距地面的高度 HC.小球做平拋運動的射程實驗時，先讓入射球mi多次P,測量平拋射程OP.然后，實驗時，先讓入射球mi多次P,測量平拋射程OP.然后，mi從斜軌上S位置靜止釋放，與小球m2相碰，并多次重復，分別找到 mi、m2相碰后平均落地點的位置M、N。接下來需要測量是（填選項前的符號）A.用天平測量兩個小球的質量 mi、m2B.測量小球mi開始釋放的高度hC.測量拋出點距地面的高度 HD.測量平拋射程OM,ON（3）若兩球相碰前后的動量守恒，其表達式可表示為［用（2）中測量的量表布］。（4）經測定，mi=45.0g,m2=7.5g,小球落地點的平均位置距。點的距離如圖乙所示。碰撞前、后mi的動量分別為pi與pi',則pi：pi'=：ii；若碰撞結束時m2的動量為p2，，則pi'：p2z=:2.9.（均用分數形式表示）實驗結果說明，碰撞前、后總動量的比值 「上一為 。詼+Pi（5）有同學認為，上述實驗中僅更換兩個小球的材質，其他條件不變，可以使被碰小球做平拋運動的射程增大。請你用（ 4）中已知的數據，分析和計算出被碰小球m2平拋運動射程ON的最大值為cm。五、計算題（本大題共7小題，共42.0分）.高空作業(yè)須系安全帶。如果質量為m的高空作業(yè)人員不慎跌落，從開始跌落到安全帶對人剛產生作用力前人下落的距離為 h（可視為自由落體運動）。此后經歷時間t安全帶達到最大伸長，若在此過程中該作用力始終豎直向上。則該段時間安全帶對人的平均作用力大小是多少？.如圖所示，靜電計與鋅板相連，現(xiàn)用紫外燈照射鋅板，關燈后，指針保持一定的偏角。(1)現(xiàn)用一帶負電的金屬小球與鋅板接觸，則靜電計指計偏角將(填“增大”、“減小”或“不變”)(2)使靜電計指針回到零，再用相同強度的鈉燈發(fā)出的黃光照射鋅板，靜電計指針無偏轉。那么，若改用強度更大的紅外燈照射鋅板，可觀察到靜電計指針(填“有”或“無”)偏轉。.鋁的逸出功是4.2eV,現(xiàn)在用波長為200nm的光照射鋁的表面，求:(h=6.626M0-34j?s)(1)光電子的最大初動能；(2)遏止電壓；(3)鋁的截止頻率。.有大量的氫原子吸收某種頻率的光子后從基態(tài)躍遷到 n=3的激發(fā)態(tài)，已知氫原子的能級公式：Eng|(n=1,2,3,L),氫原子處于基態(tài)時的能量為 Ei。(1)則吸收光子的頻率v是多少？(2)當這些處于激發(fā)態(tài)的氫原子向低能級躍遷發(fā)光時，可發(fā)出幾條譜線？輻射光子的能量分別為多少？.；H的質量是3.016050U,質子的質量是1.007277U,中子的質量是1.008665u.1u=931.5MeV,求：(1)寫出一個質子和兩個中子結合為瓶核時的核反應方程式一個質子和兩個中子結合為瓶核時，是吸收還是放出能量？該能量為多少?(3)瓶核的結合能和比結合能各是多少？.一宇宙飛船以v=1.0M04m/s的速度進入密度為 p=2.0k7kg/m3的微隕石流中，如果飛船在垂直于運動方向上的最大截面積 S=5m2,且認為微隕石與飛船碰撞后都附著在飛船上。為使飛船的速度保持不變，飛船的牽引力應增加多大？.如圖所示，用輕彈簧相連的質量均為 2kg的A、B兩物；一…塊都以v=6m/s的速度在光滑水平地面上運動，彈簧處 國于原長，質量4kg的物塊C靜止在前方，B與C碰撞后匆源易/遇怒死源麴二者粘在一起運動.在以后的運動中，求：(1)當彈簧的彈性勢能最大時，物體A的速度多大？(2)彈性勢能的最大值是多大？A的速度有可能向左嗎？為什么？答案和解析.【答案】D【解析】解：A、牛頓的“微粒說”認為光是一種實物粒子，是宏觀意義的粒子，而不是微觀概念上的粒子，實際上是不科學的?；莞固岢隽恕安▌诱f”，光既具有粒子性，又具有波動性，即具有波粒二象性，才能圓滿說明光的本性。故 A錯誤；B、湯姆孫首先發(fā)現(xiàn)了電子，且提出了“棗糕”式原子模型，密立根精確測定了電子電荷量，故B錯誤；C、波爾原子理論第一次將量子觀念引入原子領域，提出了定態(tài)和躍遷的概念，成功地解釋了氫原子光譜的實驗規(guī)律，故C錯誤；D、普朗克通過研究黑體輻射提出能量子的概念，成為量子力學的奠基人之一，故 D正確；故選：Do根據物理學史和常識解答，記住著名物理學家的主要貢獻即可。本題考查物理學史，是常識性問題，對于物理學上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強記憶，這也是考試內容之一。.【答案】A【解析】解：黑體輻射以電磁輻射的形式向外輻射能量，溫度越高，輻射越強越大，故B、D錯誤。黑體輻射的波長分布情況也隨溫度而變， 如溫度較低時，主要以不可見的紅外光進行輻射，在500c以至更高的溫度時，則順次發(fā)射可見光以至紫外輻射。即溫度越高，輻射的電磁波的波長越短，故C錯誤A正確。故選：Ao要理解黑體輻射的規(guī)律：溫度越高，輻射越強越大，溫度越高，輻射的電磁波的波長越短。順利解決本題，一定要熟練記憶本深刻理解教材的基本的內容， 這是我們學好物理的捷徑。.【答案】D【解析】解：A、噴灌裝置的自動旋轉是利用水流噴出時的反沖作用而運動的，故屬于反沖運動，故A錯誤；B、章魚在水中前行和轉向是利用噴出的水的反沖作用，故B錯誤；C、火箭的運動是利用噴氣的方式而獲得動力，利用了反沖運動，故 C錯誤；D、碼頭邊的輪胎的作用是延長碰撞時間，從而減小作用力，不是利用了反沖作用，故D正確；故選：D。一個靜止的物體在內力的作用下分裂為兩個部分， 一部分向某個方向運動，另一部分必然向相反的方向運動，這個現(xiàn)象叫作反沖。本題考查反沖現(xiàn)象，判斷要點：①內力作用下；②一個物體分為兩個部分；③兩部分運動方向相反。.【答案】A【解析】解：設碰撞前A的速率為匕由題，碰后A的速率為= ①以A初速度方向為正，根據動量守恒定律得:由①②解得：靖二河③由①：③得：故選：A。碰撞過程遵守動量守恒，根據動量守恒定律和已知條件， 列式求出碰后B的速率，即可求得速率之比.本題關鍵要知道碰撞過程最基本的規(guī)律：動量守恒定律，結合已知條件，即可求解..【答案】A【解析】解：A、根據碰撞過程總動能不增加， 則有2產白+白解得：mA^mB,滿足mA=mB,故A正確；,得：mA＜一,得：mA＜一mB,滿足mA=mB,但是碰后A的速度不可能大于B的速度，故B錯誤；C、根據碰撞過程動能不能增加有《工十短M［十白，解得mA^mB,不滿足mA=mB,故C錯誤；D、碰后動量之后為13kg/s,不滿足動量守恒，故D錯誤，故選：A當A球追上B球時發(fā)生碰撞，遵守動量守恒.由動量守恒定律和碰撞過程總動能不增加，進行選擇.對于碰撞過程要遵守三大規(guī)律： 1、是動量守恒定律；2、總動能不增加；3、符合物體的實際運動情況..【答案】D【解析】解：A、高度相同，則下滑的距離x='力口速度a=gsin0根據x=cJ,得：1二除去盧，由于傾角不同，則運動的時間不同，根據I=mgt知，重力的沖量不同。rVI口JJrWyff故A錯誤。B、對于彈力，大小不等，方向不同，彈力的沖量不同。故 B錯誤。C、合力的大小F合=mgsin，?？芍狭Υ笮〔坏龋较蛞膊煌瑒t合力的沖量不同，故C錯誤。故選：Do根據牛頓第二定律和運動學公式比較運動的時間， 結合力的大小和時間比較沖量， 注意沖量是矢量，有方向.本題考查了沖量的基本運用，知道利用動量定理求沖量、由動能定理求功是常用的方法.要注意功、動能是標量，沖量、動量是矢量..【答案】D【解析】解：A、光子與電子碰撞后，電子能量增加，故光子能量減小，根據 E=hv,光子的頻率減??；故A錯誤B、碰撞前、后的光子速度不變，故 B錯誤C、當入射光子與靜止的電子碰撞時，把一部分動量轉移給電子，則動量減小，電子能量增加，故光子能量減小。故C錯誤。D、當入射光子與靜止的電子碰撞時， 把一部分動量轉移給電子，則動量減小，根據入心知波長增大。故選：D。光子與電子的碰撞過程系統(tǒng)動量守恒， 系統(tǒng)能量也守恒；光子的能量與光子的頻率成正比.根據德布羅意波長公式判斷光子散射后波長的變化.本題關鍵抓住動量守恒和能量守恒，以及波速、波長、頻率的關系進行分析求解..【答案】A【解析】解：a、速度相等的電子和質子，電子的動量小；根據物質波的波長公式：久可知，電子的波長長；故A正確；B、由動能與動量的關系式：p=、②福及物質波的波長公式：4二;可知，得:"看,動能相等的質子和電子相比，質子的質量大，所以質子的物質波波長短。故 B錯誤；C、動量相等的電子和中子，其波長相等；故C錯誤；D、速度為3倍，則動量為3倍，則甲電子的波長是乙電子波長的三分之一； 故D錯誤；故選：A。德布羅意波理論告訴我們，一切運動的微粒都有一種波與之對應， 即一切運動的微粒都具有波粒二象性.電子有波動性，但在一定的條件下才能表現(xiàn)出來.此題要理解物質波的概念及公式，根據動量及動能的表達式進行分析求解..【答案】A【解析】解：如果激發(fā)態(tài)的氫原子處于第二能級，能夠發(fā)出 10.2eV的光子，不屬于可見光；如果激發(fā)態(tài)的氫原子處于第三能級，能夠發(fā)出12.09eV、10.2eV、1.89eV的三種光子，只有1.89eV屬于可見光；如果激發(fā)態(tài)的氫原子處于第四能級， 能夠發(fā)出12.75eV、12.09eV、10.2eV、2.55eV、1.89eV、0.66eV的六種光子，1.89eV和2.55eV屬于可見光，1.89eV的光子為紅光，2.55eV的光子為藍-靛，A正確。故選：Ao當原子從高能級向低能級躍遷時，發(fā)射的光子數目為： 竺舁，同時計算出各種光子能量然后和表格中數據進行對比，便可解決本題.本題難度不大，要求能熟練求出光子數目和對應的光子能量即可..【答案】c【解析】解：設用光子能量為2.5eV的光照射時，光電子的最大初動能為 Ekm。，陰極材料逸出功為W0,當反向電壓達到U=0.60V以后，具有最大初動能的光電子也達不到陽極，因此eU=Ekm0由光電效應方程：Ekm0=hyW0由以上二式：Ekm0=0.6eV,W°=1.9eV。所以此時最大初動能為0.6eV,該材料的逸出功為1.9eV。當電壓表讀數為2V時，根據動能定理： Ekm-Ekm0=eU代入數據：Ekm-0.6eV=2eV則逸出功及電子到達陽極時的最大動能為 Ekm=0.6eV+2eV=2.6eV,故C正確，ABD錯誤;故選：Co光電子射出后，有一定的動能，若能夠到達另一極板則電流表有示數，當恰好不能達到時，說明電子射出的初動能恰好克服電場力做功， 然后根據愛因斯坦光電效應方程即可正確解答.正確理解該實驗的原理和光電效應方程中各個物理量的含義是解答本題的關鍵， 注意逸出的最大初動能與到達陽極時的最大動能的區(qū)別..【答案】ABD【解析】解：A、放在A位置時，相同時間內觀察到屏上的閃光次數最多。說明大多數射線基本不偏折，可知金箔原子內部很空曠。故 A正確；B、放在B位置時，相同時間內觀察到屏上的閃光次數較少。說明較少射線發(fā)生偏折，可知原子內部帶正電的體積小。故 B正確；C、放在C、D位置時，屏上仍能觀察一些閃光，但次數極少。說明極少數射線較大偏折，可知原子內部帶正電的體積小且質量大。故 C錯誤；D、放在D位置時，屏上可以觀察到閃光，只不過很少很少。說明很少很少射線發(fā)生大角度的偏折。故D正確；故選：ABD。放射源放出一束射線轟擊金箔，運用顯微鏡前熒光屏去觀察射線的位置.由“粒子的散射實驗可知，原子內部的結構：中心有一個很小的核，全部正電荷及幾乎全部的質量都集中在里面，外面自由電子繞核高速旋轉..【答案】ACD【解析】解：A、原子光譜是由不連續(xù)的亮線組成的，是線狀譜，不是連續(xù)譜。故 A正確。B、C原子都是由原子核和電子組成的，但不同原子的原子結構不同，而各種原子的原子光譜都有各自的特征譜線， 所以不同原子的原子光譜是不相同的。 故B錯誤，C正確。D、明線光譜和暗線譜特征譜線與原子的結構有關，可以利用明線光譜和暗線譜鑒別物質。故D正確。故選：ACD。原子光譜是線狀譜，是不連續(xù)的.原子都是由原子核和電子組成的，但不同原子的光譜都有各自的特征譜線，原子光譜是不相同的.鑒別物質可以利用明線光譜和暗線譜.此題考查對原子光譜特征的掌握情況. 可以結合鈉、氫等原子光譜來記住原子光譜的特征..【答案】BD【解析】解：A、根據F=看得,軌道半徑減小，則核外電子受力變大。故A錯誤。|r|B、由較遠軌道躍遷到較低軌道，原子能量減小。故B正確。CD、因為原子能量減小，知氫原子放出一定頻率的光子。故C錯誤，D正確。故選：BD。根據庫侖引力的公式確定受力的變化，通過能量的變化確定是吸收光子還是釋放光子.解決本題的關鍵知道從高能級向低能級躍遷，放出光子，從低能級向高能級躍遷，吸收光子..【答案】BD【解析】解：A、由光電效應方程刎喏=也y-皿口，由題圖可得b光照射光電管時反向截止電壓大，使其逸出的光電子最大初動能大。故A錯誤；B、由A的分析可得b光照射光電管時反向截止電壓大，使其逸出的光電子最大初動能大，所以b的頻率大，光電子的能量大。故B正確；C、逸出功由金屬本身決定。故C錯誤；D、由圖可知，a光的光強大于b光，則單位時間內a光照射到光電管上的光子數多。故D正確。故選：BD。要明確各種單色光的折射率和波長、頻率之間的關系：折射率越大則頻率越大，波長越小.對于本題解題的關鍵是通過圖象判定 a、b兩種單色光誰的頻率大，反向截止電壓大的則初動能大，初動能大的則頻率高，故b光頻率高于a光的.逸出功由金屬本身決士7E.要熟練掌握所學公式，明確各個物理量之間的聯(lián)系.如本題中折射率、臨界角、光子能量、最大初動能等都有光的頻率有關..【答案】AD【解析】解：A、根據比結合越大，越穩(wěn)定，則核燃料總是利用比結合能小的核。故A正確。B、j；pu衰變后的比賃U仍然有結合能，所以核反應中丫的能量小于智的結合能。故B錯誤。CD、葭“比黑I也核更穩(wěn)定，說明曾”的比結合能大，所以衰變時，會釋放巨大能量。故C錯誤。D正確。故選：AD。比結合能越大，越穩(wěn)定，核燃料總是利用比結合能小的核，由于 賞Pn比/。的比結合能小，衰變時釋放巨大能量，根據質量虧損與釋放能量的關系。解決本題的關鍵知道核反應過程中， 比結合能的大小與釋放能量的多少關系， 注意比結合能與結合能的區(qū)別。.【答案】AD【解析】解：AB、因“射線是高速He流，一個a粒子帶兩個正電荷。根據左手定則，a射線受到的洛倫茲力向左，因為 a粒子質量特別大動量較大，結合半徑公式 「三，可知a射線磁場中圓周運動半徑大；3射線是高速電子流，帶負電荷。根據左手定則， 3射線受到的洛倫茲力向右，丫射線是丫光子，是中性的，故在磁場中不受磁場的作用力，軌跡不會發(fā)生偏轉。故A正確，B錯誤。CD、因a射線實質為氮核，帶正電，且 a粒子的質量大，由類平拋規(guī)律知，側向偏移量?。?射線為電子流，帶負電， 丫射線為高頻電磁波，根據電荷所受電場力特點可知：向左偏的為3射線，不偏的為丫射線，向右偏的為“射線，故C錯誤，D正確；故選：AD。根據“、3丫三種射線的帶電性質和本質以及帶電粒子在電場中受力特點可正確判斷.本題應抓住：①三種射線的成分主要是指所帶電性： "射線是高速He流帶正電，3射線是高速電子流，帶負電， 丫射線是丫光子，是中性的.②洛倫茲力方向的判定，左手定則：張開左手，拇指與四指垂直，讓磁感線穿入手心，四指的方向是正電荷運動的方向，拇指的指向就是洛倫茲力的方向.熟練掌握a、3兩種衰變實質以及衰變方程的書寫，同時明確“、田丫三種射線性質及應用.本題綜合性較強，主要考查兩個方面的問題：①三種射線的成分主要是所帶電性.②洛倫茲力的方向的判定.只有基礎扎實，此類題目才能順利解決，故要重視基礎知識的學習.17.【答案】11460【解析】解：設原來TC的質量為M0,衰變后剩余質量為M則有:M=MoX（：）n,其中n為發(fā)生半衰期的次數，由題意可知剩余質量為原來的 :，故n=2,所以死亡時間為：2X5730=11460年。故答案為：11460根據半衰期的物理意義以及剩余質量和總質量之間的關系可正確求解。本題考查了半衰期的計算，要明確公式中各個物理量的含義，注意平時多加練習，加深對公式的理解。.【答案】鎘棒正電子【解析】解：核電站所需的能量是由鈾核裂變提供的，石墨可以起到使快中子減速的作用，裂變過程中利用鎘棒吸收一定數量的中子，控制反應堆的反應速度.反電子中微子（不帶電，質量數為零）誘發(fā)的反應： 匕+p-n+x中，p表示的是質子，n表示的是中子，根據質量數守恒可知x的質量數是0,而電荷數：z=0+1=1,所以x代表正電子.故答案為：鎘棒，正電子根據熱核反應的過程中石墨與鎘棒的作用分析解答； 在核反應的過程中滿足質量數守恒與電荷數守恒.該題屬于信息給予的題目，解決本題的關鍵知道核反應方程中電荷數守恒、 質量數守恒..【答案】0.6；2：1【解析】【分析】明確實驗原理，根據紙帶可分析碰撞前后的對應的點跡；由速度公式求出速度，然后根據實驗數據求出質量與速度的乘積，分析實驗數據然后得出結論。本題考查了驗證動量守恒定律實驗， 由圖示紙帶求出小車的位移、 由速度公式求出小車的速度即可正確解題，解題時要注意單位換算?！窘獯稹坑杉垘Ъ翱潭瘸呖傻门銮凹总噧牲c間的距離應為：X=12mm=12X10-3m則甲車的速度為：m/s=0.6m/sm/s=0.6m/s同理可知，碰后兩車的共同速度為:mu,-.,V2= m/s=0.4m/s由動量守恒定律有:m甲V1=（m甲+m乙）V由此得甲、乙兩車的質量比為:故答案為：0.6;2：1.【答案】CADm1?OM+m2?ON=m1?OP1411 1.01 76.8【解析】解：（1）小球離開軌道后做平拋運動，由于小球拋出點的高度相等，它們在空中的運動時間相等，小球的水平位移與小球的初速度成正比， 可以用小球的水平位移代替其初速度，即測量射程，故C正確，ABD錯誤。

故選：C(2)要驗證動量守恒定律定律，即驗證：mivi=miv2+m2v3,小球離開軌道后做平拋運動，它們拋出點的高度相等，在空中的運動時間 t相等，上式兩邊同時乘以t得：mivit=miv2t+m2v3t,得：miOP=miOM+m2ON,因此實驗需要過程為：測量兩球的質量、確定落點從而確定小球的水平位移，故 AD正確，BC錯誤。故選：AD。(3)由(2)可知，實驗需要驗證： miOP=miOM+m2ON；(4)碰撞刖后mi動重之比：卜=而飛7=「(11.01均正確)(11.01均正確)。(5)發(fā)生彈性碰撞時，被碰小球獲得速度最大，根據動量守恒的表達式是： mivo=mivi+m2v2,動能守恒的表達式是：協(xié)1V02=,m1v12+,m2v22,得動能守恒的表達式是:m得動能守恒的表達式是:m1?OM2+m2?ON2=m1?OP2,聯(lián)立解得：v2='.v0,X44.8=76.8cm；因此最大射程為Sm="1?OP=X44.8=76.8cm；叫+g4547.5故答案為：(1)C;(2)AD;(3)m1？OM+m2?ON=m1?OP;(4)14;11;2.9;1.01;(5)76.8。(1)根據實驗原理分析答題。(2)由動量守恒定律求出需要驗證的表達式，根據表達式確定需要測量的量；(3)根據動量守恒定律進行分析確定需要驗證的關系式；(4)通過質量與水平射程乘積來驗證動量是否守恒。(5)根據動量守恒求出ON的最大值。實驗的一個重要的技巧是入射球和靶球從同一高度作平拋運動并且落到同一水平面上，故下落的時間相同，所以在實驗的過程當中把本來需要測量的速度改為測量平拋過程當中水平方向發(fā)生的位移，可見掌握了實驗原理才能順利解決此類題目。.【答案】解：對自由落體運動，有： hm灣解得：G二假,規(guī)定向下為正方向，對運動的全程，根據動量定理，有:mg(t1+t)-Ft=0解得：F=，+mg。答：安全帶對人的平均彳^用力大小是當史+mg?！窘馕觥肯雀鶕杂陕潴w運動規(guī)律求解自由落體運動的時間， 對運動全程根據動量定理列式求解平均拉力。本題關鍵是明確物體的受力情況和運動情況， 然后對自由落體運動過程和全程封閉列式求解，注意運用動量定理前要先規(guī)定正方向。.【答案】減小無【解析】解：(1)在用一紫外線燈照射鋅板，鋅板產生光電效應，光電子射出后，鋅板帶正電，用一帶負電的金屬小球與鋅板接觸，則驗電器指針偏角將減小。(2)用黃光照射鋅板，驗電器指針無偏轉，說明黃光不能使鋅板產生光電效應，紅光的頻率比黃光低，紅光也不能使鋅板產生光電效應，驗電器指針無偏轉。故答案為：(1)減小，(2)無。(1)用一紫外線燈照射鋅板，產生光電效應現(xiàn)象，根據鋅板的電性，分析用帶負電的金屬小球與鋅板接觸后，驗電器指針偏角的變化。(2)紅光的頻率比黃光低，黃光照射鋅板，驗電器指針無偏轉，黃光不能使鋅板產生光電效應，紅光也不能使鋅板產生光電效應。光電效應中光電子射出后，金屬板帶正電。光電效應的產生條件取決于入射光的頻率。.【答案】解：(1)根據光電效應方程： EK=hyW0=后-恤代入數據解得：Ek=3.2X0-19J,(2)光電子動能減小到0時，反向電壓即遏制電壓，根據動能定理:eU=EK得：u=?=2.0V1j6x106I(3)根據據逸出功Wo=ho/口加t '% 4.211.6X10-|q 、c、/15?得截止頻率： — -^—Hz^11.0X15Hz答：(1)光電子的最大初動能是 3.2X0-19J；(2)遏止電壓是2V；(3)鋁的截止頻率是1.0M015Hz?！窘馕觥?1)根據逸出功Wo=hvo,和光電效應方程：EK=hv-W0直接進行求解光電子的最大初動能；(2)光電子動能減小到0時，反向電壓即遏制電壓，根據動能定理求解遏制電壓。(3)由逸出功與遏止頻率的關系求出遏止頻率。本題考查知識點簡單，但是學生在學習中要牢記公式以及物理量之間的關系， 同時注意計算的準確性。.【答案】解：(1)據躍遷理論：E3-E1=hv,￡,而E3=后,解得:解得:(2)由于是大量原子，可從 n=3躍遷到n=1,從從n=3躍遷到從n=2,再從從n=2躍遷到從n=1,故應有三條譜線,光子能量分別為AE1=E3-E1,△E2=E3-E2,△E3=E2-E1,即在作-#71,△巳=-而々，

△E3=-答：(1)則吸收光子的頻率v是-：；-；3條譜線，輻射光子的(2)3條譜線，輻射光子的能量分別為-^,4/,-；/【解析】(1)根據Em-En=hv求出吸收光子的頻率;(2)根據數學組合公式片求出氫原子可能發(fā)射不同頻率光子的種數，再由第( 1)公式，即可求解輻射光子的能量。解決本題的關鍵掌握能級的躍遷放出光子或吸收光子的能量滿足 hrEm-En,以及理解電子躍遷發(fā)光的種類的判定。.【答案】解：(1)根據電荷數守恒、質量數守恒，一個質子和兩個中子結合為瓶核時得：；”+2標一；〃2個中子和1個質子結合成；H時質量虧損：△m=2mn+mp-mH=1.007277u+2X1.008665u-3.016050u=0.008557u,所以將放出能量;根據愛因斯坦質能方程，放出的能量為： AE=Amc2=(2mn+mp-mHe)c2=0.008557931.5=7.97MeV7.97MeV,所以其結合能為7.97MeV2個中子和1個質子結合成H7.97MeV,所以其結合能為7.97MeV?H?H的平均結合能為:j.JWMeV答：(1)一個質子和兩個中子結合為瓶核時的核反應方程式為 ；打+2網一：”；(2)一個質子和兩個中子結合為瓶核時，放出能量，該能量為 7.97MeV;(3)瓶核的結合能和比結合能分別是 7.97MeV和2.66MeV。【解析】(1)根據電荷數守恒、質量數守恒寫出核反應方程；(2)結合愛因斯坦質能方程求出釋放的能量；(3)根據結合能與平均結合能的定義即可求