2022年北京市高考沖刺物理沖刺2

2020年北京市高考物理試卷一、本部分共14題，每題3分，共42分。在每題列出的四個選項中，選出最符合題目要求的一項。1．（3分）以下現(xiàn)象不屬于干涉的是（）A．白光經(jīng)過楊氏雙縫得到彩色圖樣 B．白光照射肥皂膜呈現(xiàn)彩色圖樣 C．白光經(jīng)過三棱鏡得到彩色圖樣 D．白光照射水面油膜呈現(xiàn)彩色圖樣2．（3分）氫原子能級示意如圖。現(xiàn)有大量氫原子處于n＝3能級上，下列說法正確的是（）A．這些原子躍遷過程中最多可輻射出2種頻率的光子 B．從n＝3能級躍遷到n＝1能級比躍遷到n＝2能級輻射的光子頻率低 C．從n＝3能級躍遷到n＝4能級需吸收的能量 D．n＝3能級的氫原子電離至少需要吸收的能量3．（3分）隨著通信技術(shù)的更新?lián)Q代，無線通信使用的電磁波頻率更高，頻率資源更豐富，在相同時間內(nèi)能夠傳輸?shù)男畔⒘扛蟆５?代移動通信技術(shù)（簡稱5G）意味著更快的網(wǎng)速和更大的網(wǎng)絡(luò)容載能力，“4G改變生活，5G改變社會”。與4G相比，5G使用的電磁波（）A．光子能量更大 B．衍射更明顯 C．傳播速度更大 D．波長更長4．（3分）如圖所示，一定量的理想氣體從狀態(tài)A開始，經(jīng)歷兩個過程，先后到達狀態(tài)B和C．有關(guān)A、B和C三個狀態(tài)溫度TA、TB和TC的關(guān)系，正確的是（）A．TA＝TB，TB＝TC B．TA＜TB，TB＜TC C．TA＝TC，TB＞TC D．TA＝TC，TB＜TC5．（3分）我國首次火星探測任務(wù)被命名為“天問一號”。已知火星質(zhì)量約為地球質(zhì)量的10%，半徑約為地球半徑的50%，下列說法正確的是（）A．火星探測器的發(fā)射速度應大于地球的第二宇宙速度 B．火星探測器的發(fā)射速度應介于地球的第一和第二宇宙速度之間 C．火星的第一字宙速度大于地球的第一宇宙速度 D．火星表面的重力加速度大于地球表面的重力加速度6．（3分）一列簡諧橫波某時刻波形如圖甲所示。由該時刻開始計時，質(zhì)點L的振動情況如圖乙所示。下列說法正確的是（）A．該橫波沿x軸負方向傳播 B．質(zhì)點N該時刻向y軸負方向運動 C．質(zhì)點L經(jīng)半個周期將沿x軸正方向移動到N點 D．該時刻質(zhì)點K與M的速度、加速度都相同7．（3分）真空中某點電荷的等勢面示意如圖，圖中相鄰等勢面間電勢差相等。下列說法正確的是（）A．該點電荷一定為正電荷 B．P點的場強一定比Q點的場強大 C．P點電勢一定比Q點電勢低 D．正檢驗電荷在P點比在Q點的電勢能大8．（3分）如圖所示，在帶負電荷的橡膠圓盤附近懸掛一個小磁針。現(xiàn)驅(qū)動圓盤繞中心軸高速旋轉(zhuǎn)，小磁針發(fā)生偏轉(zhuǎn)。下列說法正確的是（）A．偏轉(zhuǎn)原因是圓盤周圍存在電場 B．偏轉(zhuǎn)原因是圓盤周圍產(chǎn)生了磁場 C．僅改變圓盤的轉(zhuǎn)動方向，偏轉(zhuǎn)方向不變 D．僅改變圓盤所帶電荷的電性，偏轉(zhuǎn)方向不變9．（3分）如圖所示，理想變壓器原線圈接在u＝Umsin（ωt+φ）的交流電源上，副線圈接三個阻值相同的電阻R，不計電表內(nèi)電阻影響。閉合開關(guān)S后（）A．電流表A2的示數(shù)減小 B．電壓表V1的示數(shù)減小 C．電壓表V2的示數(shù)不變 D．電流表A1的示數(shù)不變10．（3分）分子力F隨分子間距離r的變化如圖所示。將兩分子從相距r＝r2處釋放，僅考慮這兩個分子間的作用，下列說法正確的是（）A．從r＝r2到r＝r0分子間引力、斥力都在減小 B．從r＝r2到r＝r1分子力的大小先減小后增大 C．從r＝r2到r＝r0分子勢能先減小后增大 D．從r＝r2到r＝r1分子動能先增大后減小11．（3分）某同學利用圖甲所示裝置研究摩擦力的變化情況。實驗臺上固定一個力傳感器，傳感器用棉線拉住物塊，物塊放置在粗糙的長木板上。水平向左拉木板，傳感器記錄的F﹣t圖象如圖乙所示。下列說法正確的是（）A．實驗中必須讓木板保持勻速運動 B．圖乙中曲線就是摩擦力隨時間的變化曲線 C．最大靜摩擦力與滑動摩擦力之比約為10：7 D．只用圖乙中數(shù)據(jù)可得出物塊與木板間的動摩擦因數(shù)12．（3分）圖甲表示某金屬絲的電阻R隨攝氏溫度t變化的情況。把這段金屬絲與電池、電流表串聯(lián)起來（圖乙），用這段金屬絲做測溫探頭，把電流表的刻度改為相應的溫度刻度，就得到了一個簡易溫度計。下列說法正確的是（）A．tA應標在電流較大的刻度上，且溫度與電流是線性關(guān)系 B．tA應標在電流較大的刻度上，且溫度與電流是非線性關(guān)系 C．tB應標在電流較大的刻度上，且溫度與電流是線性關(guān)系 D．tB應標在電流較大的刻度上，且溫度與電流是非線性關(guān)系13．（3分）在同一豎直平面內(nèi)，3個完全相同的小鋼球（1號、2號、3號）懸掛于同一高度，靜止時小球恰能接觸且懸線平行，如圖所示。在下列實驗中，懸線始終保持繃緊狀態(tài)，碰撞均為對心正碰。以下分析正確的是（）A．將1號移至高度h釋放，碰撞后，觀察到2號靜止、3號擺至高度h。若2號換成質(zhì)量不同的小鋼球，重復上述實驗，3號仍能擺至高度h B．將1、2號一起移至高度h釋放，碰撞后，觀察到1號靜止，2、3號一起擺至高度h，釋放后整個過程機械能和動量都守恒 C．將右側(cè)涂膠的1號移至高度h釋放，1、2號碰撞后粘在一起，根據(jù)機械能守恒，3號仍能擺至高度h D．將1號和右側(cè)涂膠的2號一起移至高度h釋放，碰撞后，2、3號粘在一起向右運動，未能擺至高度h，釋放后整個過程機械能和動量都不守恒14．（3分）在無風的環(huán)境里，某人在高處釋放靜止的籃球，籃球豎直下落：如果先讓籃球以一定的角速度繞過球心的水平軸轉(zhuǎn)動（如圖）再釋放，則籃球在向下掉落過程中偏離豎直方向做曲線運動。其原因是，轉(zhuǎn)動的籃球在運動過程中除受重力外，還受到空氣施加的阻力f1和偏轉(zhuǎn)力f2．這兩個力與籃球速度v的關(guān)系大致為：f1＝k1v2，方向與籃球運動方向相反；f2＝k2v，方向與籃球運動方向垂直。下列說法正確的是（）A．k1、k2是與籃球轉(zhuǎn)動角速度無關(guān)的常量 B．籃球可回到原高度且角速度與釋放時的角速度相同 C．人站得足夠高，落地前籃球有可能向上運動 D．釋放條件合適，籃球有可能在空中持續(xù)一段水平直線運動二、本部分共6題，共58分。15．（9分）在“探究加速度與物體受力、物體質(zhì)量的關(guān)系”實驗中，做如下探究：（1）為猜想加速度與質(zhì)量的關(guān)系，可利用圖1所示裝置進行對比實驗。兩小車放在水平板上，前端通過鉤碼牽引，后端各系一條細線，用板擦把兩條細線按在桌上，使小車靜止。抬起板擦，小車同時運動，一段時間后按下板擦，小車同時停下。對比兩小車的位移，可知加速度與質(zhì)量大致成反比。關(guān)于實驗條件，下列正確的是：（選填選項前的字母）。A．小車質(zhì)量相同，鉤碼質(zhì)量不同B．小車質(zhì)量不同，鉤碼質(zhì)量相同C．小車質(zhì)量不同，鉤碼質(zhì)量不同（2）某同學為了定量驗證（1）中得到的初步關(guān)系，設(shè)計實驗并得到小車加速度a與質(zhì)量M的7組實驗數(shù)據(jù)，如表所示。在圖2所示的坐標紙上已經(jīng)描好了6組數(shù)據(jù)點，請將余下的一組數(shù)據(jù)描在坐標紙上，并作出a﹣圖象。次數(shù)1234567a/（m?s﹣2）M/kg（3）在探究加速度與力的關(guān)系實驗之前，需要思考如何測“力”。請在圖3中畫出小車受力的示意圖。為了簡化“力”的測量，下列說法正確的是：（選填選項前的字母）。A．使小車沿傾角合適的斜面運動，小車受力可等效為只受繩的拉力B．若斜面傾角過大，小車所受合力將小于繩的拉力C．無論小車運動的加速度多大，砂和桶的重力都等于繩的拉力D．讓小車的運動趨近于勻速運動，砂和桶的重力才近似等于繩的拉力16．（9分）用圖1所示的甲、乙兩種方法測量某電源的電動勢和內(nèi)電阻（約為1Ω）。其中R為電阻箱，電流表的內(nèi)電阻約為Ω，電壓表的內(nèi)電阻約為3kΩ。（1）利用圖1中甲圖實驗電路測電源的電動勢E和內(nèi)電阻r，所測量的實際是圖2中虛線框所示“等效電源”的電動勢E和內(nèi)電阻r′．若電流表內(nèi)電阻用RA表示，請你用E、r和RA表示出E'、r'，并簡要說明理由。（2）某同學利用圖象分析甲、乙兩種方法中由電表內(nèi)電阻引起的實驗誤差。在圖3中，實線是根據(jù)實驗數(shù)據(jù)（圖甲：U═IR，圖乙：I＝）描點作圖得到的U﹣I圖象；虛線是該電源的路端電壓U隨電流I變化的U﹣I圖象（沒有電表內(nèi)電阻影響的理想情況）。在圖3中，對應圖甲電路分析的U﹣I圖象是：：對應圖乙電路分析的U﹣I圖象是：。（3）綜合上述分析，為了減小由電表內(nèi)電阻引起的實驗誤差，本實驗應選擇圖1中的（填“甲”或“乙”）。17．（9分）無人機在距離水平地面高度h處，以速度v0水平勻速飛行并釋放一包裹，不計空氣阻力，重力加速度為g。（1）求包裹釋放點到落地點的水平距離x；（2）求包裹落地時的速度大小v；（3）以釋放點為坐標原點，初速度方向為x軸方向，豎直向下為y軸方向，建立平面直角坐標系，寫出該包裹運動的軌跡方程。18．（9分）如圖甲所示，N＝200匝的線圈（圖中只畫了2匝），電阻r═2Ω，其兩端與一個R＝48Ω的電阻相連，線圈內(nèi)有指向紙內(nèi)方向的磁場。線圈中的磁通量按圖乙所示規(guī)律變化。（1）判斷通過電阻R的電流方向：（2）求線圈產(chǎn)生的感應電動勢E；（3）求電阻R兩端的電壓U。19．（10分）如圖甲所示，真空中有一長直細金屬導線MN，與導線同軸放置一半徑為R的金屬圓柱面。假設(shè)導線沿徑向均勻射出速率相同的電子，已知電子質(zhì)量為m，電荷量為e。不考慮出射電子間的相互作用。（1）可以用以下兩種實驗方案測量出射電子的初速度：a．在柱面和導線之間，只加恒定電壓；b．在柱面內(nèi)，只加與MN平行的勻強磁場。當電壓為U0或磁感應強度為B0時，剛好沒有電子到達柱面。分別計算出射電子的初速度v0。（2）撤去柱面，沿柱面原位置放置一個弧長為a、長度為b的金屬片，如圖乙所示。在該金屬片上檢測到出射電子形成的電流為I，電子流對該金屬片的壓強為p。求單位長度導線單位時間內(nèi)出射電子的總動能。20．（12分）某試驗列車按照設(shè)定的直線運動模式，利用計算機控制制動裝置，實現(xiàn)安全準確地進站停車。制動裝置包括電氣制動和機械制動兩部分。圖1所示為該列車在進站停車過程中設(shè)定的加速度大小a車隨速度v的變化曲線。（1）求列車速度從20m/s降至3m/s經(jīng)過的時間t及行進的距離x。（2）有關(guān)列車電氣制動，可以借助圖2模型來理解。圖中水平平行金屬導軌處于豎直方向的勻強磁場中，回路中的電阻阻值為R，不計金屬棒MN及導軌的電阻。MN沿導軌向右運動的過程，對應列車的電氣制動過程，可假設(shè)MN棒運動的速度與列車的速度、棒的加速度與列車電氣制動產(chǎn)生的加速度成正比。列車開始制動時，其速度和電氣制動產(chǎn)生的加速度大小對應圖1中的P點。論證電氣制動產(chǎn)生的加速度大小隨列車速度變化的關(guān)系，并在圖1中畫出圖線。（3）制動過程中，除機械制動和電氣制動外，列車還會受到隨車速減小而減小的空氣阻力。分析說明列車從100m/s減到3m/s的過程中，在哪個速度附近所需機械制動最強？（注意：解題過程中需要用到、但題目沒有給出的物理量，要在解題時做必要的說明）

2020年北京市高考物理試卷參考答案與試題解析一、本部分共14題，每題3分，共42分。在每題列出的四個選項中，選出最符合題目要求的一項。1．（3分）以下現(xiàn)象不屬于干涉的是（）A．白光經(jīng)過楊氏雙縫得到彩色圖樣 B．白光照射肥皂膜呈現(xiàn)彩色圖樣 C．白光經(jīng)過三棱鏡得到彩色圖樣 D．白光照射水面油膜呈現(xiàn)彩色圖樣【解答】解：A、用白光做光源，根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式△x＝λ知，不同波長的，條紋寬度不一，則得到彩色的干涉條紋，B、肥皂液是無色的，吹出的肥皂泡卻是彩色的，是由于光線在肥皂膜的表面發(fā)生干涉造成的，C、陽光通過三棱鏡形成彩色光帶，是光的色散現(xiàn)象，不屬于干涉現(xiàn)象，D、水面上的油膜呈現(xiàn)彩色是光的干涉現(xiàn)象，屬于薄膜干涉，本題選現(xiàn)象不屬于干涉的，故選：C。2．（3分）氫原子能級示意如圖?，F(xiàn)有大量氫原子處于n＝3能級上，下列說法正確的是（）A．這些原子躍遷過程中最多可輻射出2種頻率的光子 B．從n＝3能級躍遷到n＝1能級比躍遷到n＝2能級輻射的光子頻率低 C．從n＝3能級躍遷到n＝4能級需吸收的能量 D．n＝3能級的氫原子電離至少需要吸收的能量【解答】解：A．大量氫原子處于n＝3能級躍遷到n＝1多可輻射出C＝3種不同頻率的光子，故A錯誤；B．根據(jù)能級圖可知從n＝3能級躍遷到n＝1能級輻射的光子能量為：hv1＝﹣＝從n＝3能級躍遷到n＝2能級輻射的光子能量為：hv2＝﹣＝比較可知從n＝3能級躍遷到n＝1能級比躍遷到n＝2能級輻射的光子頻率高，故B錯誤；C．根據(jù)能級圖可知從n＝3能級躍遷到n＝4能級，需要吸收的能量為：E＝﹣＝，故C正確；D．根據(jù)能級圖可知氫原子處于n＝3能級的能量為﹣，故要使其電離至少需要吸收的能量，故D錯誤。故選：C。3．（3分）隨著通信技術(shù)的更新?lián)Q代，無線通信使用的電磁波頻率更高，頻率資源更豐富，在相同時間內(nèi)能夠傳輸?shù)男畔⒘扛?。?代移動通信技術(shù)（簡稱5G）意味著更快的網(wǎng)速和更大的網(wǎng)絡(luò)容載能力，“4G改變生活，5G改變社會”。與4G相比，5G使用的電磁波（）A．光子能量更大 B．衍射更明顯 C．傳播速度更大 D．波長更長【解答】解：A．因為5G使用的電磁波頻率比4G高，根據(jù)E＝hv可知，5G使用的電磁波比4G光子能量更大，故A正確；B．發(fā)生明顯衍射的條件是障礙物（或孔）的尺寸可以跟波長相比，甚至比波長還??；因5G使用的電磁波頻率更高，即波長更短，故5G越不容易發(fā)生明顯衍射，故B錯誤；C．光在真空中的傳播速度都是相同的；光在介質(zhì)中的傳播速度為v＝，5G的頻率比4G高，而頻率越大折射率越大光在介質(zhì)中的傳播速度越小，故C錯誤；D．因5G使用的電磁波頻率更高，根據(jù)v＝可知，波長更短，故D錯誤。故選：A。4．（3分）如圖所示，一定量的理想氣體從狀態(tài)A開始，經(jīng)歷兩個過程，先后到達狀態(tài)B和C．有關(guān)A、B和C三個狀態(tài)溫度TA、TB和TC的關(guān)系，正確的是（）A．TA＝TB，TB＝TC B．TA＜TB，TB＜TC C．TA＝TC，TB＞TC D．TA＝TC，TB＜TC【解答】解：由圖可知，狀態(tài)A到狀態(tài)B是一個等壓過程，根據(jù)，因為VB＞VA，則有：TB＞TA，而狀態(tài)B到狀態(tài)C是一個等容過程，則有：，因為pB＞pC，則有：TB＞TC，對狀態(tài)A和C，依據(jù)理想氣體狀態(tài)參量方程，則有：，解得：TA＝TC，綜上分析，可知，故C正確，ABD錯誤。故選：C。5．（3分）我國首次火星探測任務(wù)被命名為“天問一號”。已知火星質(zhì)量約為地球質(zhì)量的10%，半徑約為地球半徑的50%，下列說法正確的是（）A．火星探測器的發(fā)射速度應大于地球的第二宇宙速度 B．火星探測器的發(fā)射速度應介于地球的第一和第二宇宙速度之間 C．火星的第一字宙速度大于地球的第一宇宙速度 D．火星表面的重力加速度大于地球表面的重力加速度【解答】解：A、當發(fā)射速度大于第二宇宙速度時，探測器將脫離地球的引力在太陽系的范圍內(nèi)運動，火星在太陽系內(nèi)，所以火星探測器的發(fā)射速度應大于第二宇宙速度，故A正確；B、第二宇宙速度是探測器脫離地球的引力到太陽系中的臨界條件，當發(fā)射速度介于地球的第一和第二宇宙速度之間時，探測器將圍繞地球運動，故B錯誤；C、萬有引力提供向心力，則有：解得第一宇宙速度為：v1＝所以火星的第一宇宙速度為：v火＝v地＝v地，因此火星的第一宇宙速度小于地球的第一宇宙速度，故C錯誤；D、萬有引力近似等于重力，則有：解得：火星表面的重力加速度，g火＝＝＝，所以火星表面的重力加速度小于地球表面的重力加速度，故D錯誤。故選：A。6．（3分）一列簡諧橫波某時刻波形如圖甲所示。由該時刻開始計時，質(zhì)點L的振動情況如圖乙所示。下列說法正確的是（）A．該橫波沿x軸負方向傳播 B．質(zhì)點N該時刻向y軸負方向運動 C．質(zhì)點L經(jīng)半個周期將沿x軸正方向移動到N點 D．該時刻質(zhì)點K與M的速度、加速度都相同【解答】解：A．由圖乙可知，質(zhì)點L在該時刻，向y軸正方向振動，依據(jù)微平移法，可知，該橫波沿x軸正方向傳播，故A錯誤；B．由上分析，結(jié)合微平移法，可知，質(zhì)點N該時刻向y軸負方向運動，故B正確；C．依據(jù)機械波在傳播過程中質(zhì)點并不隨波一起遷移，因此質(zhì)點L經(jīng)半個周期不會沿x軸正方向移動到N點，故C錯誤；D．因K、M之間間隔半個波長，K、M的步調(diào)始終相反，因此該時刻質(zhì)點K與M的速度、加速度大小都相同，但它們的方向不同，故D錯誤；故選：B。7．（3分）真空中某點電荷的等勢面示意如圖，圖中相鄰等勢面間電勢差相等。下列說法正確的是（）A．該點電荷一定為正電荷 B．P點的場強一定比Q點的場強大 C．P點電勢一定比Q點電勢低 D．正檢驗電荷在P點比在Q點的電勢能大【解答】解：ACD、由于題中P、Q兩點的電勢的大小關(guān)系不確定，所以無法確定電場線的方向，則沒有辦法確定點電荷的電性，正檢驗電荷在P、Q兩點的電勢能的大小也無法確定，故ACD錯誤；B、根據(jù)等勢面的疏密程度可知，P點的電場強度大于Q點的電場強度，故B正確。故選：B。8．（3分）如圖所示，在帶負電荷的橡膠圓盤附近懸掛一個小磁針。現(xiàn)驅(qū)動圓盤繞中心軸高速旋轉(zhuǎn)，小磁針發(fā)生偏轉(zhuǎn)。下列說法正確的是（）A．偏轉(zhuǎn)原因是圓盤周圍存在電場 B．偏轉(zhuǎn)原因是圓盤周圍產(chǎn)生了磁場 C．僅改變圓盤的轉(zhuǎn)動方向，偏轉(zhuǎn)方向不變 D．僅改變圓盤所帶電荷的電性，偏轉(zhuǎn)方向不變【解答】解：AB、由題意可知，磁針受到磁場力的作用，原因是由于電荷的定向移動，從而形成電流，而電流周圍會產(chǎn)生磁場，故B正確，A錯誤；C、只改變圓盤的轉(zhuǎn)動方向，那么電流產(chǎn)生磁場方向與之前的相反，則小磁針的偏轉(zhuǎn)方向也與之前的相反，故C錯誤；D、如果使圓盤帶上正電，圓盤的轉(zhuǎn)動方向不變，那么電流產(chǎn)生磁場方向與之前的相反，則小磁針的偏轉(zhuǎn)方向也與之前的相反，小磁針的偏轉(zhuǎn)方向發(fā)生變化，故D錯誤。故選：B。9．（3分）如圖所示，理想變壓器原線圈接在u＝Umsin（ωt+φ）的交流電源上，副線圈接三個阻值相同的電阻R，不計電表內(nèi)電阻影響。閉合開關(guān)S后（）A．電流表A2的示數(shù)減小 B．電壓表V1的示數(shù)減小 C．電壓表V2的示數(shù)不變 D．電流表A1的示數(shù)不變【解答】解：ABC、因開關(guān)S閉合時，副線圈電路的總的電阻減小，由于變壓器的匝數(shù)比和輸入的電壓都不變，所以輸出的電壓也不變，即V1示數(shù)不變，但因總電阻減小，則電流增大，因干路中電阻R分壓增大，所以電壓表V2示數(shù)變小，電流表的示數(shù)為：IA2＝，故電流表A2的示數(shù)減小，故A正確，BC錯誤；D、開關(guān)S閉合時，總的電阻減小，所以電路的總電流I2要變大，根據(jù)＝，可知IA1變大，電流表A1示數(shù)要變大，故D錯誤；故選：A。10．（3分）分子力F隨分子間距離r的變化如圖所示。將兩分子從相距r＝r2處釋放，僅考慮這兩個分子間的作用，下列說法正確的是（）A．從r＝r2到r＝r0分子間引力、斥力都在減小 B．從r＝r2到r＝r1分子力的大小先減小后增大 C．從r＝r2到r＝r0分子勢能先減小后增大 D．從r＝r2到r＝r1分子動能先增大后減小【解答】解：A、從r＝r2到r＝r0分子間引力、斥力都在增加，但斥力增加的更快，故A錯誤；B、由圖可知，在r＝r0時分子力為零，故從r＝r2到r＝r1分子力的大小先增大后減小再增大，故B錯誤；C、分子勢能在r＝r0時最小，故從r＝r2到r＝r0分子勢能一直在減小，故C錯誤；D、從r＝r2到r＝r1分子力先做正功后做負功，故分子動能先增大后減小，故D正確；故選：D。11．（3分）某同學利用圖甲所示裝置研究摩擦力的變化情況。實驗臺上固定一個力傳感器，傳感器用棉線拉住物塊，物塊放置在粗糙的長木板上。水平向左拉木板，傳感器記錄的F﹣t圖象如圖乙所示。下列說法正確的是（）A．實驗中必須讓木板保持勻速運動 B．圖乙中曲線就是摩擦力隨時間的變化曲線 C．最大靜摩擦力與滑動摩擦力之比約為10：7 D．只用圖乙中數(shù)據(jù)可得出物塊與木板間的動摩擦因數(shù)【解答】解：A、動摩擦力大小與是否勻速直線運動無關(guān)，故A錯誤；B、圖乙曲線是拉力F隨時間的變化曲線，故B錯誤；C、由圖乙可知，開始物塊受到棉線拉力和長木板給的靜摩擦力平衡，一直到拉力峰值10N左右，此時最大靜摩擦力約為10N；之后物塊與長木板相對滑動，物塊受動摩擦力和棉線拉力平衡，由圖乙知動摩擦力大小7N左右，最大靜摩擦力與滑動摩擦力之比約為10：7，故C正確；D、圖乙中數(shù)據(jù)可得出物塊與木板間的動摩擦力大小，f＝μFN＝μmg，m未知，故求不出動摩擦因數(shù)，故D錯誤。故選：C。12．（3分）圖甲表示某金屬絲的電阻R隨攝氏溫度t變化的情況。把這段金屬絲與電池、電流表串聯(lián)起來（圖乙），用這段金屬絲做測溫探頭，把電流表的刻度改為相應的溫度刻度，就得到了一個簡易溫度計。下列說法正確的是（）A．tA應標在電流較大的刻度上，且溫度與電流是線性關(guān)系 B．tA應標在電流較大的刻度上，且溫度與電流是非線性關(guān)系 C．tB應標在電流較大的刻度上，且溫度與電流是線性關(guān)系 D．tB應標在電流較大的刻度上，且溫度與電流是非線性關(guān)系【解答】解：AB、由甲圖可知，tA點對應的電阻阻值較小，由閉合電路歐姆定律知對應電路中的電流較大，由圖甲得：R＝R0+kt由閉合電路歐姆定律得：I＝聯(lián)立解得：t＝﹣，可知，溫度與電流是非線性關(guān)系，故A錯誤，B正確；CD、同理，tB應標在電流較小的刻度上，且溫度與電流是非線性關(guān)系，故CD錯誤。故選：B。13．（3分）在同一豎直平面內(nèi)，3個完全相同的小鋼球（1號、2號、3號）懸掛于同一高度，靜止時小球恰能接觸且懸線平行，如圖所示。在下列實驗中，懸線始終保持繃緊狀態(tài)，碰撞均為對心正碰。以下分析正確的是（）A．將1號移至高度h釋放，碰撞后，觀察到2號靜止、3號擺至高度h。若2號換成質(zhì)量不同的小鋼球，重復上述實驗，3號仍能擺至高度h B．將1、2號一起移至高度h釋放，碰撞后，觀察到1號靜止，2、3號一起擺至高度h，釋放后整個過程機械能和動量都守恒 C．將右側(cè)涂膠的1號移至高度h釋放，1、2號碰撞后粘在一起，根據(jù)機械能守恒，3號仍能擺至高度h D．將1號和右側(cè)涂膠的2號一起移至高度h釋放，碰撞后，2、3號粘在一起向右運動，未能擺至高度h，釋放后整個過程機械能和動量都不守恒【解答】解：A、將1號移至高度h釋放，碰撞后，觀察到2號靜止、3號擺至高度h，可知，小球1、2間，2、3間發(fā)生了彈性碰撞，且碰后交換速度。若2號換成質(zhì)量不同的小鋼球，1、2間，2、3間碰后并不交換速度，則3號上擺的高度不等于h，故A錯誤；B、將1、2號一起移至高度h釋放，碰撞后，觀察到1號靜止，2、3號一起擺至高度h，三小球之間的碰撞為彈性碰撞，且三小球組成的系統(tǒng)只有重力做功，所以系統(tǒng)的機械能守恒，但整個過程中，系統(tǒng)所受合外力不為零，所以系統(tǒng)動量不守恒，故B錯誤；C、將右側(cè)涂膠的1號移至高度h釋放，1、2號碰撞后粘在一起，發(fā)生完全非彈性碰撞，機械能有損失，再與3球碰撞后，3獲得的速度小于1與2碰撞前瞬間的速度，則3號上升的高度小于h，故C錯誤；D、小球1、2間，2、3間發(fā)生完全非彈性碰撞，機械能有損失，釋放后整個過程機械能和動量都不守恒，故D正確。故選：D。14．（3分）在無風的環(huán)境里，某人在高處釋放靜止的籃球，籃球豎直下落：如果先讓籃球以一定的角速度繞過球心的水平軸轉(zhuǎn)動（如圖）再釋放，則籃球在向下掉落過程中偏離豎直方向做曲線運動。其原因是，轉(zhuǎn)動的籃球在運動過程中除受重力外，還受到空氣施加的阻力f1和偏轉(zhuǎn)力f2．這兩個力與籃球速度v的關(guān)系大致為：f1＝k1v2，方向與籃球運動方向相反；f2＝k2v，方向與籃球運動方向垂直。下列說法正確的是（）A．k1、k2是與籃球轉(zhuǎn)動角速度無關(guān)的常量 B．籃球可回到原高度且角速度與釋放時的角速度相同 C．人站得足夠高，落地前籃球有可能向上運動 D．釋放條件合適，籃球有可能在空中持續(xù)一段水平直線運動【解答】解：A、籃球未轉(zhuǎn)動時，籃球豎直下落，沒有受到偏轉(zhuǎn)力f2的作用，而籃球轉(zhuǎn)動時，將受到偏轉(zhuǎn)力f2的作用，所以偏轉(zhuǎn)力f2＝k2v中的k2與籃球轉(zhuǎn)動角速度有關(guān)，故A錯誤；B、空氣阻力一直對籃球做負功，籃球的機械能將減小，籃球的角速度也將減小，所以籃球沒有足夠的能量回到原高度，故B錯誤；C、籃球下落過程中，其受力情況如下圖所示：籃球下落過程中，由受力分析可知，隨著速度不斷增大，籃球受到f1和f2的合力沿豎直方向的分力可能比重力大，可使籃球豎直方向的分速度減小為零或變成豎直向上，所以籃球可能向上運動，故C正確；D、如果籃球的速度變成水平方向，則空氣阻力的作用會使籃球速度減小，則籃球受到的偏轉(zhuǎn)力f2將變小，不能保持f2與重力持續(xù)等大反向，所以不可能在空中持續(xù)一段水平直線運動，故D錯誤。故選：C。二、本部分共6題，共58分。15．（9分）在“探究加速度與物體受力、物體質(zhì)量的關(guān)系”實驗中，做如下探究：（1）為猜想加速度與質(zhì)量的關(guān)系，可利用圖1所示裝置進行對比實驗。兩小車放在水平板上，前端通過鉤碼牽引，后端各系一條細線，用板擦把兩條細線按在桌上，使小車靜止。抬起板擦，小車同時運動，一段時間后按下板擦，小車同時停下。對比兩小車的位移，可知加速度與質(zhì)量大致成反比。關(guān)于實驗條件，下列正確的是：B（選填選項前的字母）。A．小車質(zhì)量相同，鉤碼質(zhì)量不同B．小車質(zhì)量不同，鉤碼質(zhì)量相同C．小車質(zhì)量不同，鉤碼質(zhì)量不同（2）某同學為了定量驗證（1）中得到的初步關(guān)系，設(shè)計實驗并得到小車加速度a與質(zhì)量M的7組實驗數(shù)據(jù)，如表所示。在圖2所示的坐標紙上已經(jīng)描好了6組數(shù)據(jù)點，請將余下的一組數(shù)據(jù)描在坐標紙上，并作出a﹣圖象。次數(shù)1234567a/（m?s﹣2）M/kg（3）在探究加速度與力的關(guān)系實驗之前，需要思考如何測“力”。請在圖3中畫出小車受力的示意圖。為了簡化“力”的測量，下列說法正確的是：AD（選填選項前的字母）。A．使小車沿傾角合適的斜面運動，小車受力可等效為只受繩的拉力B．若斜面傾角過大，小車所受合力將小于繩的拉力C．無論小車運動的加速度多大，砂和桶的重力都等于繩的拉力D．讓小車的運動趨近于勻速運動，砂和桶的重力才近似等于繩的拉力【解答】解：（1）為猜想加速度與質(zhì)量的關(guān)系，應該控制合外力一定（即鉤碼的質(zhì)量一定），改變小車的質(zhì)量的大小，從而分析加速度的大小，故AC錯誤、B正確；（2）根據(jù)圖2中的點可知少第4組，即M＝，＝kg﹣1＝﹣1，點跡如圖，作出a﹣圖象如圖所示：（3）小車受力的示意圖如圖所示：A、使小車沿傾角合適的斜面運動，小車所受重力沿斜面的分力剛好等于小車所受的摩擦力，則小車受力可等效為只受繩的拉力，故A正確；B、若斜面傾角過大，重力沿斜面的分力大于摩擦力，小車所受合力將大于繩的拉力，不利于簡化“力”的測量，故B錯誤；C、由牛頓第二定律可知，無論小車運動的加速度多大，砂和桶的重力都大于繩的拉力，故C錯誤；D、當小車的運動趨近于勻速運動時，砂和桶可近似看成受力平衡，則砂和桶的重力才近似等于繩的拉力，故D正確。故選：AD。故答案為：（1）B；（2）如圖所示；（3）受力圖見解析；AD。16．（9分）用圖1所示的甲、乙兩種方法測量某電源的電動勢和內(nèi)電阻（約為1Ω）。其中R為電阻箱，電流表的內(nèi)電阻約為Ω，電壓表的內(nèi)電阻約為3kΩ。（1）利用圖1中甲圖實驗電路測電源的電動勢E和內(nèi)電阻r，所測量的實際是圖2中虛線框所示“等效電源”的電動勢E和內(nèi)電阻r′．若電流表內(nèi)電阻用RA表示，請你用E、r和RA表示出E'、r'，并簡要說明理由。（2）某同學利用圖象分析甲、乙兩種方法中由電表內(nèi)電阻引起的實驗誤差。在圖3中，實線是根據(jù)實驗數(shù)據(jù)（圖甲：U═IR，圖乙：I＝）描點作圖得到的U﹣I圖象；虛線是該電源的路端電壓U隨電流I變化的U﹣I圖象（沒有電表內(nèi)電阻影響的理想情況）。在圖3中，對應圖甲電路分析的U﹣I圖象是：C：對應圖乙電路分析的U﹣I圖象是：A。（3）綜合上述分析，為了減小由電表內(nèi)電阻引起的實驗誤差，本實驗應選擇圖1中的乙（填“甲”或“乙”）?！窘獯稹拷猓海?）將電源和電流表視為等效電源，電源電動勢是電源本身具有的屬性，電流表不具有產(chǎn)生電動勢的本領(lǐng)，所以等效電源的電動勢仍然為E′＝E而電流表的內(nèi)阻和電動勢的內(nèi)阻作為等效電源的內(nèi)阻，即：r′＝r+RA（2）對甲圖，考慮電表內(nèi)阻時，根據(jù)閉合電路歐姆定律得：E＝U路+Ir內(nèi)＝U+I（r+RA）變形得：U＝﹣（r+RA）I+E直接通過實驗獲得數(shù)據(jù)，可得：U＝﹣rI+E圖象與縱軸截距均為電源電動勢E，虛線對應的斜率大小為r+RA，實線對應的斜率大小為r，所以對應圖甲電路分析的圖象是C；對乙圖，考慮電表內(nèi)阻時（即虛線對應的真實情況），根據(jù)閉合電路歐姆定律得：E＝U路+Ir內(nèi)＝U+＝U+Ir+變形得U＝I+E直接通過實驗獲得數(shù)據(jù)，可得U＝﹣rI+E虛線對應的斜率大小為r，實線對應的斜率大小為＜r，虛線對應的縱軸截距為E，實線對應的縱軸截距為＜E；兩圖線在U＝0時，對應的短路電流均為I短＝，所以對應圖乙電路分析的U﹣I圖象是A。（3）圖甲雖然測量的電源電動勢準確，但電流表分壓較為明顯，所以內(nèi)阻測量的誤差很大；圖乙雖然電動勢和內(nèi)阻測量均偏小，但是電壓表內(nèi)阻很大，分流不明顯，所以電動勢和內(nèi)阻的測量誤差較小，所以選擇圖乙可以減小由電表內(nèi)電阻引起的實驗誤差。故答案為：（1）E′＝E，r′＝r+RA，理由如上所述；（2）C，A；（3）乙。17．（9分）無人機在距離水平地面高度h處，以速度v0水平勻速飛行并釋放一包裹，不計空氣阻力，重力加速度為g。（1）求包裹釋放點到落地點的水平距離x；（2）求包裹落地時的速度大小v；（3）以釋放點為坐標原點，初速度方向為x軸方向，豎直向下為y軸方向，建立平面直角坐標系，寫出該包裹運動的軌跡方程?！窘獯稹拷猓海?）包裹脫離無人機后做平拋運動，在豎直方向做自由落體運動，則有：解得：水平方向上做勻速直線運動，所以水平距離為：x＝v0t＝（2）包裹落地時，豎直方向速度為：vy＝gt＝落地時速度為：v＝＝（3）包裹做平拋運動，分解位移，水平方向上有：x＝v0t′豎直方向上有：y＝gt′2兩式消去時間得包裹的軌跡方程為：y＝答：（1）包裹釋放點到落地點的水平距離x為；（2）包裹落地時的速度大小v落地時速度為；（3）以釋放點為坐標原點，初速度方向為x軸方向，豎直向下為y軸方向，建立平面直角坐標系，該包裹運動的軌跡方程為y＝。18．（9分）如圖甲所示，N＝200匝的線圈（圖中只畫了2匝），電阻r═2Ω，其兩端與一個R＝48Ω的電阻相連，線圈內(nèi)有指向紙內(nèi)方向的磁場。線圈中的磁通量按圖乙所示規(guī)律變化。（1）判斷通過電阻R的電流方向：（2）求線圈產(chǎn)生的感應電動勢E；（3）求電阻R兩端的電壓U?！窘獯稹拷猓海?）線圈相當于電源，由楞次定律可知a相當于電源的正極，b相當于電源的負極；通過電阻R的電流方向a→b；（2）由法拉第電磁感應定律得：E＝N＝200×V＝10V；（3）由閉合電路的歐姆定律得：I＝＝A＝又由部分電路的歐姆定律得：U＝IR＝×48V＝。答：（1）通過電阻R的電流方向為a→b；（2）線圈產(chǎn)生的感應電動勢為10V；（3）電阻R兩端的電壓為。19．（10分）如圖甲所示，真空中有一長直細金屬導線MN，與導線同軸放置一半徑為R的金屬圓柱面。假設(shè)導線沿徑向均勻射出速率相同的電子，已知電子質(zhì)量為m，電荷量為e。不考慮出射電子間的相互作用。（1）可以用以下兩種實驗方案測量出射電子的初速度：a．在柱面和導線之間，只加恒定電壓；b．在柱面內(nèi)，只加與MN平行的勻強磁場。當電壓為U0或磁感應強度為B0時，剛好沒有電子到達柱面。分別計算出射電子的初速度v0。（2）撤去柱面，沿柱面原位置放置一個弧長為a、長度為b的金屬片，如圖乙所示。在該金屬片