高中物理高分突破-復合場物理大題

高中物理高分打破—復合場精選物理大題高中物理高分打破—復合場精選物理大題14/14高中物理高分打破—復合場精選物理大題高考最新模擬試題匯編之復合場1.以下列圖，圓滑絕緣、相互垂直的固定擋板PO、OQ豎直放置于勻強電場E中，場強方向水平向左且垂直于擋板.圖中A、B兩球(可視為質點)質量同樣且?guī)N正電荷.當APO球受豎直向下推力F作用時，A、B兩球均緊靠擋板處于靜F止狀態(tài)，這時兩球之間的距離為.若使小球A在推力F作PL用下沿擋板PO向O點搬動一小段距離后，小球A與B重新AE處于靜止狀態(tài).在此過程中(AC)球對B球作用的靜電力減小BA球對B球作用的靜電力增大C.墻壁PO對A球的彈力不變OQ兩球之間的距離減小則F增大2.以下列圖,一束電子以大小不同樣的速率沿圖示方向飛入橫截面一正方形的勻強磁場區(qū),下列判斷正確的選項是:(.B)A.電子在磁場中運動時間越長,其軌跡線越長B.電子在磁場中運動時間越長,其軌跡線所對應的圓心角越大C.在磁場中運動時間同樣的電子,其軌跡線必然重合D.電子的速率不同樣,它們在磁場中運動時間必然不同樣3．以下列圖，空間的虛線框內(nèi)有勻強電場，///是該電場的三個等勢面，相鄰等AA、BB、CC//勢面間的距離為0.5cm,其中BB為零勢能面.一個質量為m,帶電量為+q的粒子沿AA方向以初動能k自圖中的P點進入電場,恰好從/點走開電場。已知/=2cm。粒子的重力忽略不E,CPAv計。以下說法中正確的選項是：（A）C//kCA.該粒子到達C點時的動能是2E,/BB/B.該粒子經(jīng)過等勢面BB時的動能是1.25Ek,C.該粒子在P點時的電勢能是Ek,AA//Pv0k4．一帶電粒子射入點電荷+Q的電場中，僅在電場力作用下，運動軌跡以下列圖，則以下說法中正確的選項是CDA．運動粒子可能帶正電B．運動粒子必然是從A運動到BC．粒子在A、B間運動過程中加速度先變大后變小D．粒子在A、B間運動過程中電勢能先變小后變大5．不考慮重力作用，從t＝0時刻開始，以下各種隨時間變化的電場中哪些能使原來靜止的帶電粒子做單向直線運動（A、C，）EEEEEEEE0T2Tt0T/43T/45T/4t0T2Tt0T2Tt(A)(B)(C)(D)6．以下列圖，圓滑的水平桌面放在方向豎直向下的勻強磁場中，桌面上平放著一根一端開口、內(nèi)壁圓滑的試管，試管底部有一帶電小球．在水平拉力F作用下，試管向右勻速運動，帶電小球能從試管口處飛出，關FB于帶電小球及其在走開試管前的運動，以下說法中正確的選項是（ABD）A．小球帶正電B．小球運動的軌跡是拋物線C．洛倫茲力對小球做正功D．保持試管勻速運動的拉力F應逐漸增大7．以下列圖為某電場中的一條電場線，一帶電q、質量為m粒子僅在電場力的作用下，以初速度v沿ab方向從a點運動到b點，到達b點時速度為2v。已知ab間距離為l，則關于電場和粒子運動以下說法正確的選項是ABD（）A．電場中ab兩點間電勢差為23mv/2qB．粒子在ab兩點的加速度可能相等C．粒子在ab兩點間運動時速度可能是先減少后增加D．粒子在ab兩點間運動時電勢能素來是減少的8．以下列圖，平行金屬板M、N之間的距離為d，其中勻強磁場的磁感覺強度為B，方向垂直于紙面向外，有帶電量同樣的正負離子組成的等離子束，以速度v沿著水平方向由左端連續(xù)射入，電容器的電容為C，當S閉合且平行金屬板M、N之間的內(nèi)阻為r。電路達到牢固狀態(tài)后，關于電容器的充電電荷量Q說法正確的選項是（BC）A．當

S斷開時，

Q

CBdvB．當

S斷開時，

Q

CBdvC．當

S閉合時，

Q

CBdvD．當

S閉合時，

Q

CBdv9．如圖，電源電動勢為

E，內(nèi)阻為

r，滑動變阻器電阻為

R，開關

S閉合。兩平行極板間有勻強磁場，一帶電粒子正好以速度

v勻速穿過兩板，以下說法正確的選項是

（AB

）A．保持開關S閉合，將滑片P向上滑動一點，粒子將可能從下極板邊緣射出B．保持開關S閉合，將滑片P向下滑動一點，粒子將可能從下極板邊緣射出C．保持開關S閉合，將a極板向下搬動一點，粒子將連續(xù)沿直線穿出D．若是將開關S斷開，粒子將連續(xù)沿直線穿出10．空氣中的負離子對人的健康極為有益.人工產(chǎn)生負離子的最常有方法是電暈放電法．如圖所示，一排針狀負極和環(huán)形正極之間加上直流高壓電，電壓達5000V左右，使空氣發(fā)生電離，進而產(chǎn)生負一價氧離子排出，使空氣清爽化，針狀負極與環(huán)形正極間距為5mm，且視為勻強電場，電場強度為E，電場對負氧離子的作用力為F，則（D）A．=103N/C，=1.6×10—16NB．E=106N/C，F(xiàn)=1.6×10—16NEFC．E=103—13D．E=106=1.6×10—13N/C，F(xiàn)=1.6×10NN/C，F(xiàn)N11.以下列圖，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，滑動變阻器電阻為R，開關閉合。兩平行極板間有勻強磁場，一帶電粒子(不計重力)正好以速度v勻速穿過兩板。以下說法正確的選項是：A保持開關閉合，將滑片p向上滑動一點，粒子將可能從下極板邊緣射出保持開關閉合，將滑片p向下滑動一點，粒子將不可以能從下極板邊緣射出保持開關閉合，將a極板向下搬動一點，粒子將連續(xù)沿直線穿出若是將開關斷開，粒子將連續(xù)沿直線穿出12．以下列圖，MN是負點電荷產(chǎn)生的電場中的一條電場線。當一個帶正電的粒子（不計重力）從a到b穿越這條電場線的軌跡如圖中的虛線所示。那么以下表述正確的選項是DA．負點電荷必然位于M點的右側aB．帶電粒子在a點的加速度小于在b點的加速度NC．帶電粒子在a點時的電勢能大于在Mb點時的電勢能D．帶電粒子從a到b的過程中，動量逐漸減小b13．.以下列圖，在屏MN的上方有磁感覺強度為B的勻強磁場，磁場的方向垂直紙面向里．P為屏上的一個小孔．與垂直．一群質量為、帶電量為－q的粒子（不計重力），以相PCMNm同的速率v，從P處沿垂直于磁場的方向射入磁場所區(qū)．粒子入射方向在與磁場B垂直的平面內(nèi)，且散開在與夾角為θ的范圍內(nèi)，則在屏上被粒子打中的地域的長度為CPCMNA．2mvqBB．2mvcosqBＣ．2mv(1cos)qBＤ．2mv(1sin)qB14.如圖2所示，帶有等量異種電荷的兩塊很大的平行金屬板M、N水公正對放置，兩板間有一帶電微粒以速度v0沿直線運動，當微粒運動到P點時，迅速將M板上移一小段距離，則此后微粒的可能運動情況是CMA．沿軌跡①做曲線運動①B．方向改變沿軌跡②做直線運動②P④③C．方向不變沿軌跡③做直線運動ND．沿軌跡④做曲線運動圖215.以下列圖,在兩個水平放置的平行金屬板之間有豎直向下的勻強電場,電場強度為E.在兩板之間及右側有垂直紙面向里的勻強磁場,磁感覺強度均為B.現(xiàn)有兩個帶電粒子在同一豎直平面內(nèi),分別從端以水平速度射入兩平行板之間,恰好都做勻速直線運動,射入點相距d2mE242,4,不計重(e,m,1H、2He的質量分別為已知為元電荷的電荷量mmeB2為質子質量力和粒子間的作用力).要使兩粒子走開平行金屬板之間的地域后能夠相遇,求兩粒子射入平行板的時間差t.××××××××＋＋＋＋＋××××××××42He×××××××××××××××××2×××××××××××××××××1H×××××××××××××××××－－－－－××××××××××××××××解:(1)以下列圖,由于兩粒子均能勻速經(jīng)過平行板××××××××,則有:qvBqE(4分)E(1分)vB兩粒子的速度相等,經(jīng)過平行板的時間同樣,兩粒子走開平行板后均做勻速圓周運動,軌跡以下列圖.設粒子質量為MqvBMv2(4分)rMv(1分)rqB故有r12mv2mEd(1分)eB2eBr24mv2mEd(1分)2eBeB2由于r12=d，因此必相遇在A點，由于O1O2A2=r為等邊三角形，因此1H粒子在磁場中轉過1200角，24He粒子在磁場中轉過600角。由T2MqB得：12H的周期：T14m(2分)eB24He的周期：T28m4m(2分)2eBeB因此tt1t2T1T2T12m(4分)3663eB16．（本題14分）如圖（a）所示，在真空中，半徑為b的虛線所圍的圓形地域內(nèi)存在勻強磁場，磁場方向與紙面垂直．在磁場右側有一對平行金屬板M和N，兩板間距離也為b，板長為2b，兩板的中心線O1O2與磁場所區(qū)的圓心O在同素來線上，兩板左端與O1也在同素來線上．有一電荷量為＋q、質量為m的帶電粒子，以速率0從圓周上的P點沿垂直于半徑vOO并指向圓心O的方向進入磁場，當從圓周上的O點飛出磁場時，給M、N板加上如圖11（b）所示電壓u．最后粒子恰好以平行于N板的速度，從N板的邊緣飛出．不計平行金1B2TU0T3t=2MNO2O1v0MNPuMU0OOtO2T3T/2O1T/2v0N-U0Pab1PO1b12qv0B＝mv01bB＝mv01bq12ONt12b=01vtb1qU0T22nmb22

21t=nTn121T＝2bn121nv0U0＝nmv02n1212q3t=2vOOMT021v0b217132LmA2qB3BAqNQMP3LMPMPNQE1）B球剛進入電場時帶電系統(tǒng)的速度大小；2）B球的最大位移以及從開始到最大位移處時B球電勢能的變化量；3）帶電系統(tǒng)運動的周期。解：（1）對帶電系統(tǒng)由動能定理得：2＝1212，解得v1＝2qEL，（2）設B球的qEL2mvm47最大位移為x，由動能定理得：2qEL－3qEx＝0，解得x＝3L，因此s總＝3L，（3）向右運動分三段，第一段加速：2qE＝qE，t1＝v1＝2mLqE，設a1＝2mma1qE，第二段減速：a2＝2mA球出電場時速度為v，由動能定理得：－12m（v22），解得v＝qEL，t22212v－v2mL3qEv22mL1qE，因此T＝a2＝2（2－1）qE，第三段再減速：a3＝2m，t3＝a3＝3＝2（t1＋t2＋t3）＝（68）mL2－qE。318．以下列圖，一質量為、帶電量為q的物體處于場強按0－(0、k均為大于零的常mE=EktE數(shù)，取水平向左為正方向)變化的電場中，物體與豎直墻壁間動摩擦因數(shù)為μ，當t=0時刻物體恰好處于靜止狀態(tài)．若物體所受的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，且電場空間和墻面均足夠大，以下說法正確的選項是(BC)A．物體開始運動后加速度先增加、后保持不變B．物體開始運動后加速度不斷增加C．經(jīng)過時間t=E0/k，物體在豎直墻壁上的位移達最大值D．經(jīng)過時間t=(μE0q-mg)/μkq，物體運動速度達最大值19．（12分）以下列圖，電場極板AB間有電場強度E200N/C的勻強電場，一帶電量q2103C的小球開始時靜止在電場中的P點，湊近電場極板B處有一擋板S，小球與擋板S的距離x15cm，與A板距離x245cm，小球的重力不計．在電場力作用下小球向左運動，與擋板S相碰后電量減少到碰前的K倍，已知K5，碰撞過程中小6_球的機械能沒有損失．+S（1）求小球第一次到達擋板S時的動能；（2）求小球第一次與擋板S相碰后向右運動的距離；x1x2（2）小球與擋板S經(jīng)過多少次碰撞后，才能運動到A板？1）小球第一次到達擋板時，由動能定理得EkEqx1=0.02J（3分）設小球與擋板相碰后向右運動s，則kEqsEqx1（2分）x10.06m（1分）sk（3）解析題意可知，每次碰后向右運動的距離是前一次的1/k，xnx1xnx1x2（4分）knn=1=13（2分）lg1.220．（17分）以下列圖的坐標系，x軸沿水平方向，y軸沿豎直方向。在x軸上方空間的第一、第二象限內(nèi)，既無電場也無磁場，第三象限，存在沿y軸正方向的勻強電場和垂直xy平面（紙面）向里的勻強磁場，在第四象限，存在沿y軸負方向、場富強小與第三象限電場場強相等的勻強電場。一質量為m、電量為q的帶電質點，從y軸上y=h處的P點以必然的水平初速度沿x軸負方向進入第二象限。爾后經(jīng)過x軸上x=－2h處的P12點進入第三象限，帶電質點恰好能做勻速圓周運動，此后經(jīng)過y軸上y=－2h處的P點3進入第四象限。已知重力加速度為g。求：1）粒子到達P2點時速度的大小和方向；2）第三象限空間中電場強度和磁感覺強度的大??；3）帶電質點在第四象限空間運動過程中最小速度的大小和方向。（1）質點從P1到P2，由平拋運動規(guī)律h1gt2v02hvygt2t求出vv02vy22gh方向與x軸負方向成45°角（2）質點從P2到P3，重力與電場力平衡，洛侖茲力供應向心力Eq=mgBqbv2mR(2R)2(2h)2(2h)2解得EmgBm2gqqh（3）質點進入第四象限，水平方向做勻速直線運動，豎直方向做勻減速直線運動。當豎直方向的速度減小到0。此時質點速度最小，即v在水平方向的重量vminvcos452gh方向沿x軸正方向21．以下列圖，在絕緣圓滑水平面上，可視為質點的A、B兩個帶正電的小球相距為r，帶電量分別為4和.B的質量為，在庫侖力作用下，兩球從靜止開始運動：開初，Aqqm的加速度大小為a、B的加速度大小為4a；經(jīng)過一段時間后，B的加速度大小為a，速度達到v.試計算這時：1）兩球間距是多少？2）A球的速度是多少？3）兩電荷的電勢能發(fā)生了什么變化，變化了多少？解：（1）以B為研究對象，依照牛頓第二定律和庫侖定律4q24q2ma，因此，兩球的間距為R=2r.K4ma,Kr2R2（2）依照兩球碰到同樣大小的庫侖力，有==×4，可見，A的質量為mA=4m.以兩A球組成的系統(tǒng)為研究對象，由動量守恒，又有mv+4mVA=0.因此，A的速度為v=－1/4V.A（3）依照電場力做正功，系統(tǒng)的電勢能減少，且減少的電勢能等于系統(tǒng)增加的動能，所以，EPEKAEKB1/24mVA21/2mV25mV2822.(12分)以下列圖為電視機中顯像管的原理表示圖，電子槍中的燈絲因加熱而逸出電子，這些電子再經(jīng)加速電場加速后，

從O點進入由磁偏轉線圈產(chǎn)生的圓形勻強磁場所區(qū)中，

經(jīng)過偏轉磁場后打到熒光屏

MN上，使熒光屏發(fā)出熒光形成圖像。磁場方向垂直于圓面，磁場區(qū)域的中心為

O’，半徑為

r。當不加磁場時，電子束將經(jīng)過

O’點打到熒光屏的中心

Q點。已知電子的質量為

m，電量為

e，加速電壓為

U，磁場所區(qū)的最右端到熒光屏的距離為

9r。不計從燈絲逸出的電子的初速度和電子之間的相互作用。電子飛出電場時的速度為多大？(2)熒光的亮度與電子對熒光屏的沖擊有關。當不加偏轉磁場時，電子束射到熒光屏中心Q點，設電子全部被熒光屏吸取，則每個電子以多大的沖量沖擊熒光屏?（3）偏轉磁場的強弱會影響電子偏離熒光屏中心的距離。當加偏轉磁場且磁感覺強度12mUP點，則PQ間距L為多少?B時，電子束將射到熒光屏上的r3e設電子射出電場時的速度為v，依照動能定理有：eU1mv2（2分）解得:2Ue(12m分)以電子為研究對象，依照動量定理有：I0mv（2分）解得：I2meU(1分)依照牛頓第三定律，電子對熒光屏的沖量大小為I,I2meU(1分)以下列圖，電子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力充當向心力，依照牛頓第二定律有：v2(2分)BevmR電子在磁場中偏轉的半徑R和r有以下關系：tanr分)同時tanL2(1(1分)R10r代入B12mU解得：L103r(1分)r3e23以下列圖，質量為M=2kg的小車A靜止在圓滑水平面上，A的右端停放有一個質量為m=0.4kg帶正電荷q=0.8C的小物體B．整個空間存在著垂直紙面向里磁感覺強度B=0.5T的勻強磁場，現(xiàn)從小車的左端，給小車A一個水平向右的瞬時沖量I=26N·s，使小車獲得一個水平向右的初速度，物體與小車之間有摩擦力作用，設小車足夠長，求：1）瞬時沖量使小車獲得的動能．2）物體B的最大速度．3）在A與B相互作用過程中系統(tǒng)增加的內(nèi)能．（g=10m/s2）解：（1）瞬時沖量和碰撞是同樣的，由于作用時間極短，可以忽略較小的外力的影響，而且認為，沖量結束后物體B的速度仍為零，沖量是物體動量變化的原因，依照動量定理即可求得小車獲得的速度，進而求出小車的動能．I=0，0=I/=13m/s，E=2．0/2=169Jk（2）小車A獲得水平向右的初速度后，由于A、B之間的摩擦，A向右減速運動B向右加速運動，由于洛倫茲力的影響，A、B之間摩擦也發(fā)生變化，設A、B剛分別時B的速度為vB，則：BqvB=

mg，即

vB=

mg/

Bq=10m/s若A、B能相對靜止。設共同速度為v由Mv0=(M+m)v，解得v=10.8m/s因vB＜v，說明A、B在沒有達到共同速度前就分別了，因此B的最大速度為vB=10m/s．（3）由于洛倫茲力的影響，、之間的摩擦力逐漸減少，因此無法用=求摩擦ABQfs產(chǎn)生的熱量，只能依照機械能的減少等于內(nèi)能的增加來求解．由于B物體在達到最大速度時，兩個物體已經(jīng)分別，就要依照動量守恒定律求這時A的速度，設當物體B的速度最大時物體A的速度為vAA、B系統(tǒng)水平方向動量守恒：Mv=Mv+mv0AB∴v=(Mv–mv)/M=11m/sA0BQ=E=22/22A24．（18分）以下列圖，在某一空間內(nèi)建立直角坐標系O-xyz，其內(nèi)充滿著勻強電場E和勻強磁場B，且E與B的方向同樣，二者均與水平面（xOy平面）組成銳角θ，二者都與豎直面zOy平行，當?shù)氐闹亓铀俣葹間。有一個質量為m的帶電小球，以垂直于電場方向的速度v0進入該場區(qū)，恰好能夠做勻速直線運動。求：⑴該帶電小球帶何種電荷？電荷量q為多少？⑵若帶電小球恰好能經(jīng)過坐標原點，請描述其運動方向；⑶若帶電O小球恰好能夠經(jīng)過坐標原點時，立刻撤消電場與磁場，那么再經(jīng)過t秒鐘，帶電小球的坐標地址在哪兒？z/mBEgOθy/mmg1x/m2）24．⑴qsin，負電⑵沿x正向⑶（v0t，0，gtE225．以下列圖，在傾角為30°的斜面OA的左側有一豎直檔板，其上有一小孔P，OP=0.5m.現(xiàn)有一質量m=4×10－20kg，帶電量q=+2×10－14C的粒子，從小孔以速度04v=3×10m/s水平射向磁感覺強度=0.2T、方向垂直紙面向外的一圓形磁場所區(qū)．且在飛出磁場所區(qū)后能垂B直打在OA面上，粒子重力不計．求：1）粒子在磁場中做圓周運動的半徑；2）粒子在磁場中運動的時間；3）圓形磁場所區(qū)的最小半徑．附加題：（4）若磁場所區(qū)為正三角形且磁場方向垂直向里，粒子運動過程中向來不碰到擋板，其他條件不變，求：此正三角形磁場所區(qū)的最小邊長。APv解：（1）由qvBmv2，T2r得：O30rvmv4分）r0.3m（qB（4）畫出粒子的運動軌跡如圖，可知t5T，得：（4分）6aebo1AfP60°gv0c30°Ot5m5105s5.23105s（2分）3qB32rrcos30（3）由數(shù)學知識可得：L得：cos30Lmv(41)4330.99m（3分）qB31026．（11分）靜電噴漆技術擁有效率高，浪費少，質量好，有益于工人健康等優(yōu)點，其裝置以下列圖．A、B為兩塊平行金屬板，間距d＝0.40m，兩板間有方向由B指向A，大小為E＝1.0×103N/C的勻強電場．在A板的中央放置一個安全接地的靜電油漆噴槍P，油漆噴槍的半圓形噴嘴可向各個方向均勻地噴出帶電油漆微粒，油漆微粒的初速度大小均為v0＝2.0m/s，質量m＝5.0×10－15kg、帶電量為q＝－2.0×10－16C．微粒的重力和所受空氣阻力均不計，油漆微粒最后都落在金屬PA板B上．試求：d（1）微粒打在B板上的動能；（2）微粒到達B板所需的最短時間；EB（3）微粒最后落在B板上所形成的圖形及面積的大小．解；（1）據(jù)動能定理，電場力對每個微粒做功為WEktEk0微粒打在B板上時動能為EktWEk0W1mv0228.0101415.010152.02J（2分）29.01014J（2）微粒初速度方向垂直于極板時，到達B板時間最短，到達B板時速度為vt,有Ekt1mvt222E29.01014vtkt1015m/s6.0m/s（2分）m5.0vovth2t因此t2h20.40ss（2分）vovt2.06.00.1（3）微粒落在B板上所形成的圖形是圓形．（1分）加速度aqE2.010161.0103m/s240m/s2m5.01015Rvot112（2分）h2at1圓面積為SR2(vt)2v2(2h)o1oa（2