2019屆高考物理二輪總結復習專題一力與運動第1講力與物體平衡課后演練強化提能

2021屆高考物理二輪總結復習專題一力與運動第1講力與物體均衡課后操練加強提能2021屆高考物理二輪總結復習專題一力與運動第1講力與物體均衡課后操練加強提能2021屆高考物理二輪總結復習專題一力與運動第1講力與物體均衡課后操練加強提能中小學教育講課資料第1講力與物體的均衡(建議用時：30分鐘)一、單項選擇題1．(2021·汕頭二模)以以下列圖，無風時氣球在輕繩的牽引下靜止在空中，此時輕繩的拉力為F.當有水平風力作用時，輕繩傾斜必定角度后氣球仍靜止在空中，有風時與無風時比較()A．氣球所受協力減小B．氣球所受協力增大C．輕繩的拉力F減小D．輕繩的拉力F增大分析：選D.有風時與無風時，氣球都處于靜止狀態(tài)，受力均衡，協力為零，不變，A、B錯誤；無風時氣球在豎直方向受重力、繩索拉力和浮力，由均衡條件得F?。璵g－F＝0，解得F＝F?。璵g；有風時，設繩索與豎直方向的夾角為θ，繩索的拉力沿豎直方向的重量等于浮力和重力之差，那么有F?。璵g－F′cosθ＝0，解得F′cosθ＝F?。璵g，故F′＞F，所以F增大，C錯誤，D正確．2．(2021·廣東中山聯考)以以下列圖，在固定斜面上的一物塊遇到一外力F平行于斜面向上．假定要物塊在斜面上保持靜止，F的取值應有必定范圍，已的作用，F知其最大值和最小值分別為F1和F2(F2>0)．由此可求出()A．物塊的質量B．斜面的傾角C．物塊與斜面間的最大靜摩擦力D．物塊對斜面的正壓力分析：選C.設斜面傾角為θ，斜面對物塊的最大靜摩擦力為Ff，當F取最大值F1時，最大靜摩擦力Ff沿斜面向下，由均衡條件得F1＝mgsinθ＋Ff；當F取最小值F2時，Ff沿斜面向上，由均衡條件得F2＝mgsinF1－F2θ－Ff，聯立兩式可求出最大靜摩擦力Ff＝，選項C正確．FN＝mgcosθ，F1＋F2＝2mgsinθ，所以不2能求出物塊的質量、斜面的傾角和物塊對斜面的正壓力．3．(2021·高考全國卷Ⅲ)一根輕質彈性繩的兩頭分別固定在水平天花板上相距80cm的兩點上，彈性繩的原長也為80cm.將一鉤碼掛在彈性繩的中點，均衡時彈性繩的總長度為100cm；再將彈性繩的兩頭遲緩移至天花板上的同一點，那么彈性繩的總長度變成(彈性繩的伸長向來處于彈性限度內)()A．86cmB．92cmC．98cmD．104cm分析：選B.將鉤碼掛在彈性繩的中點時，由數學知識可知鉤碼雙側的彈性繩(勁度系數設為k)與豎直方向中小學教育講課資料夾角θ均知足sinθ＝45，對鉤碼(設其重力為G)靜止時受力分析，得G＝2k1m0.8m－2cosθ；彈性繩2的兩頭移至天花板上的同一點時，對鉤碼受力分析，得G＝2kL0.8m－22，聯立解得L＝92cm，可知A、C、D項錯誤，B項正確．4．(2021·青島二模)以以下列圖，一輕質彈簧的一端系一質量為m的小球，定在傾角為37°的圓滑斜面體頂端，彈簧與斜面平行．在斜面體以大小另一端固速度水平向左做勻加快直線運動的過程中，小球向來相對于斜面靜止．已為g的加知彈簧的勁度系數為k，那么該過程中彈簧的形變量為(：sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)()A.mg4mgB.5k5kmg7mg

C.D.k5k分析：選A.在斜面體以大小為g的加快度水平向左做勻加快直線運動時，彈簧是處于伸長狀態(tài)仍是壓縮狀態(tài)，沒法直接判斷，此時可采納假定法，假定彈簧處于壓縮狀態(tài)，假定求得彈力F為正當，那么假定正確；假定求得彈力F為負值，那么假定錯誤，彈簧處于伸長狀態(tài)．設彈簧彈力大小為F，水平方向上由牛頓第二定律得：FNsin37°＋Fcos37°＝mg①豎直方向上由受力均衡得：FNcos37°＝mg＋Fsin37°②1聯立①②式得：F＝mg5mg

由胡克定律得F＝kx，x＝

5k，假定正確．5.(2021·河北保定模擬)以以下列圖，將三個完滿同樣的圓滑球用不能夠伸長的O點并處于靜止狀態(tài)．球半徑為R，重為G，線長均為R.那么每條細線上的細線懸掛于()張力大小為A．2GB.62GC.32GD.52G分析：選B.本題中O點與各球心的連線及各球心連線，組成一個邊長為2R的正四周體，如圖甲、乙所示(A、B、C為各球球心)，O′為△ABC的中心，設∠OAO′＝θ，由幾何關系知O′A＝233R，由勾股定理得OO′＝OA2－O′A2＝8R，對A處球受力分析有：Fsinθ＝G，又sinθ＝3OO′，解得F＝OA6G，故只有2B項正確．中小學教育講課資料6．(2021·高考全國卷Ⅲ)如圖，兩個輕環(huán)a和b套在位于豎直面內的一段上；一細線穿過兩輕環(huán)，其兩頭各系一質量為m的小球．在a和b之間的固定圓弧掛一小物塊．均衡時，a、b間的距離恰巧等于圓弧的半徑．不計全部摩擦．小細線上懸物塊的質量為()A.mB.23m2C．mD．2m分析：選C.因為輕環(huán)不計重力，故細線對輕環(huán)的拉力的協力與圓孤對輕環(huán)的支持力等大反向，即沿半徑方向；又雙側細線對輕環(huán)拉力相等，故輕環(huán)所在地點對應的圓孤半徑為兩細線的角均分線，因為兩輕環(huán)間的距離等于圓孤的半徑，故兩輕環(huán)與圓孤圓心組成等邊三角形；又小球對細線的拉力方向豎直向下，由幾何知識可知，兩輕環(huán)間的細線夾角為120°，對小物塊進行受力分析，由三力均衡知識可知，小物塊質量與小球質量相等，均為m，C項正確．7．(2021·佛山模擬)質量為m的四只完滿同樣的足球疊成兩層放在水平面上，球恰巧接觸成三角形，上層一只足球放在基層三只足球的正上邊，系統(tǒng)保持靜基層三只足靜摩擦力等于滑動摩擦力，那么()止．假定最大A．基層每個足球對地面的壓力為mgB．基層每個足球之間的彈力為零C．基層每個足球對上層足球的支持力大小為mg3D．足球與水平面間的動摩擦因數最少為66B.依據整體法，設下邊每個球對地面的壓力均為FN，那么3FN＝4mg，故FN＝分析：選誤；四個球的球心連線組成了正四周體，基層每個足球之間的彈力為零，43mg，A錯層足球遇到重力、基層足球對上層足球的三個支持力，因為三個支持力的B正確；上方向不是豎直向上，所以三個支持力在豎直方向的重量之和等于重力，那么基層每個足球對上層足球的支持力大小大于mg，C錯誤；依據正四周體幾何關系可求，F與mg夾角的余弦值cosθ＝36，正弦值sinθ＝33，那么有F·36＋mg＝FN＝343mg，3F＝Ff，解得Ff＝32mg，F＝66mg，那么μ≥62mg6＝43mg2，所以足球與水8中小學教育講課資料平面間的動摩擦因數最少為2，故D錯誤．8繩OA、OB、OC結于O點，另一端分別系于豎直墻壁、水平頂壁和懸掛小球，穩(wěn)8.三段細水平狀態(tài)．現保持O點地點不變，遲緩上移A點至D點的過程中，對于OA繩上定后OA呈化狀況的判斷正確的選項是()的拉力變大B．向來減小A．向來增C．先增大后減小D．先減小后增大分析：選D.可運用動向圖解法，由圖可知，當OA與OB垂直時，OA上的拉力最小，故D正確．9．(2021·煙臺二模)以以下列圖，質量均可忽視的輕繩與輕桿承受彈力的定，輕桿A端用鉸鏈固定，滑輪在A點正上方(滑輪大小及摩擦均可不計)，最大值一一重物G，現將繩的一端拴在桿的B端，用拉力F將B端遲緩上拉(均未斷)，輕桿B端吊到豎直前，以下分析正確的選項是()在AB桿達A．繩索愈來愈簡單斷B．繩索愈來愈不簡單斷C．AB桿愈來愈簡單斷D．AB桿愈來愈不簡單斷分析：選B.以B點為研究對象，它受三個力的作用而處于動向均衡狀態(tài)，此中一個是輕桿的彈力T，一個是繩索斜向上的拉力F，一個是繩索豎直向下的拉力F′(大小等于物體的重力G)，依據相像三角形法，可得F′＝OATF＝，因為OA和AB不變，OB漸漸減小，所以輕桿上的彈力大小不變，而繩索斜向上的拉力越ABOB來越小，選項B正確．二、多項選擇題10．(2021·桂林模擬)將某平均的長方體鋸成以以下列圖的A、B兩塊后，放在水平桌面上并排放在一同，現用水平力F垂直于B的左邊推B物體，使A、B整體仍保持矩形沿F方向勻速運動，那么()A．物體A在水平方向上受三個力的作用，且協力為零B．物體A在水平方向上受兩個力的作用，且協力為零C．B對A的作使勁方向與F方向同樣D．B對A的彈力等于桌面對A的摩擦力AC.對物體A進行受力分析，水平方向上遇到B物體產生的彈力、靜摩擦分析：選桌面產生的滑動摩擦力，以以下列圖，因為A、B整體仍保持矩形沿F方向力和水平那么物體A所受協力為零，A正確，B錯誤；B對A的彈力方向垂直于接觸面，勻速運動，D錯誤；B對A的作使勁與桌面對A的摩擦力等大反向，即B對A的作使勁方向與F方向同樣，C正確．中小學教育講課資料11.(2021·高考天津卷)明朝謝肇淛的?五雜組?中記錄：“明姑蘇虎丘議欲正之，非萬緡不能夠．一游僧見之曰：無煩也，我能正之．〞游僧每日寺塔傾側，將木楔從塔身傾斜一側的磚縫間敲進去，經月余扶正了塔身．假定所用的木楔為等腰三角形，木楔的頂角為θ，此刻木楔背上加一力F，方向以以下列圖，木楔雙側產生推力FN，那么()A．假定F必定，θ大時FN大B．假定F必定，θ小時FN大C．假定θ必定，F大時FN大D．假定θ必定，F小時FN大分析：選BC.木楔雙側面產生的推力協力大小等于F，由力的平行四邊形定那么可知，FN＝F2sinθ2，由表達式可知，假定F必定，θ越小，FN越大，A項錯誤，B項正確；假定θ必定，F越大，FN越大，C項正確，D項錯誤．12．(2021·煙臺二模)以以下列圖，斜面上放有兩個完滿同樣的物體a、b，兩物體間用一根細線連結，在細線的中點加一與斜面垂直的拉力F，使兩物體均處于靜止狀態(tài)．那么以下說法正確的選項是()A．a、b兩物體的受力個數必定同樣B．a、b兩物體對斜面的壓力同樣C．a、b兩物體遇到的摩擦力大小必定相等D．當漸漸增大拉力F時，物體a先開始滑動分析：選BD.對a、b進行受力分析，b物體處于靜止狀態(tài)，當繩索拉力沿斜面向上的重量與重力沿斜面向下的重量相等時，摩擦力為零，所以b可能只受3個力作用，而a物體必定遇到摩擦力作用，必定受4個力作用，故A錯誤；a、b兩個物體，垂直于斜面方向受力都均衡，那么有：N＋Tsinθ＝mgcosα，解得：N＝mgcosα－Tsinθ，依據牛頓第三定律知a、b兩物體對斜面的壓力同樣，故B正確；依據A項的分析可知，b的摩擦力能夠為零，而a的摩擦力必定不為零，故C錯誤；對a沿斜面方向有：Tcosθ＋mgsinα＝fa，對b沿斜面方向有：Tcosθ－mgsinα＝fb，正壓力相等，所以最大靜摩擦力相等，那么a先抵達最大靜摩擦力，先滑動，故D正確．滑、半徑為R的半球固定在水平川面上，球心O的正上方O′處有一無摩擦13.表面光質細繩兩頭各系一個可視為質點的小球掛在定滑輪上，以以下列圖．兩小球平定滑輪，輕輪雙側細繩的長度分別為L1＝2.4R和L2＝2.5R，那么這兩個小球的質量之比為衡時，假定滑中小學教育講課資料m1，小球與半球之間的壓力之比為m2FN1，那么以下說法正確的選項是()FN2m1A.＝m224B.25m125＝m224C.FN125FN124＝D.＝FN224FN225先以左邊小球為研究對象，分析受力狀況：重力m1g、繩索的拉力FT和分析：選BC.FN1，作出受力分析圖．半球的支持力知，拉力FT和支持力FN的協力與重力m1g大小相等、方向相反．設OO′由均衡條件得形相像得FT＝L1FN1＝Rm1g，解得m1g＝hFThFTR，FN1＝?①同理，以右邊小＝h，依據三角L1L1象，得：m2g＝FThFTR，FN2＝?②，由①∶②得L2L2m1L225FN1L2＝＝，＝＝球為研究對m2L124FN2L125

.2414．以以下列圖，傾角為θ的斜面體C置于水平川面上，一條細線一端與斜面上的物體B相連，另一端繞過質量不計的定滑輪與物體A相連，定滑輪用另一條細線懸掛在天花板上的O點，細線與豎直方向成α角，A、B、C向來處于靜止狀態(tài)，以下說法不正確的選項是()A．假定僅增大A的質量，B對C的摩擦力必定減小B．假定僅增大A的質量，地面對C的摩擦力必定增大C．假定僅增大B的質量，懸掛定滑輪的細線的拉力可能等于A的重力D．假定僅將C向左遲緩挪動一點，α角將增大分析：選ACD.設A的質量為m，B的質量為M，由均衡條件可知B遇到細線的拉力T＝mg，假定Mgsinθ＞mg，那么有：Mgsinθ＝mg＋f，假定Mgsinθ＝mg，那么f＝0，假定Mgsinθ<mg，那么有：Mgsinθ＋f＝mg，假定僅增大A的質量，B對C的摩擦力可能增大也可能減小，所以A項錯誤；以B、C為