河南省登封市外國語高級中學2023學年物理高二下期末綜合測試試題（含解析）

2023學年高二下學期物理期末模擬測試卷注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、甲、乙兩車某時刻由同一地點，沿同一方向開始做直線運動．若以該時刻作為計時起點，得到兩車的位移﹣時間圖象（即x﹣t圖象），如圖所示．甲圖象過O點的切線與AB平行，過C點的切線與OA平行，則下列說法中正確的是（）A．0﹣t2時間內，甲車的瞬時速度始終大于乙車的瞬時速度B．t3時刻甲車在乙車的前方C．0﹣t3時間內，甲車的平均速度大于乙車的平均速度D．在兩車相遇前，t1時刻兩車相距最遠2、甲、乙兩輛汽車在一條平直公路上沿直線同向行駛，某一時刻甲、乙兩車相遇，從該時刻開始計時，甲車的位移隨時間變化的關系式為x＝2t2＋2t，乙車的速度隨時間變化的關系式為v＝2t＋12，表達式中各物理量單位均采用國際單位，則兩車速度大小相等的時刻為()A．x＝s B．t＝3s C．t＝5s D．t＝12s3、如圖所示，在粗糙的水平地面上有質量為m的物體，連接在一勁度系數為k的輕彈簧上，物體與地面之間的動摩擦因數為μ，現用一水平力F向右拉彈簧，使物體做勻速直線運動，則彈簧伸長的長度為(重力加速度為g)A． B． C． D．4、A、B兩球在光滑水平面上沿同一直線、同一方向運動，mA=1kg，mB=2kg，vA=6m/s，vB=2m/s，當A追上B并發(fā)生碰撞后，A、B兩球速度的可能值是()A．vA′=5m/s，vB′=2.5m/sB．vA′=2m/s，vB′=4m/sC．vA′=－4m/s，vB′=7m/sD．vA′=7m/s，vB′=1.5m/s5、甲、乙兩車在同一水平路面上做直線運動，某時刻乙車在前、甲車在后，相距x=6m，從此刻開始計時，乙做勻減速運動，兩車運動的v-t圖象如圖所示。則在0~12s內關于兩車位置關系的判斷，下列說法正確的是A．t=4s時兩車相遇B．t=4s時兩車間的距離最大C．0~12s內兩車有兩次相遇D．0~12s內兩車有三次相遇6、關于一定質量的氣體，下列敘述正確的是（）A．氣體體積增大時，其內能一定減少B．外界對氣體做功，氣體內能一定增加C．氣體從外界吸收熱量，其內能一定增加D．氣體溫度升高，其分子平均動能一定增加二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一定量的理想氣體從狀態(tài)a變化到狀態(tài)b，其過程如p-V圖中從a到b的直線段所示．在此過程中______．A．氣體溫度一直降低B．氣體內能一直增加C．外界一直對氣體做正功D．氣體一直從外界吸熱E.外界對氣體做的功小于氣體向外界放出的熱量8、地下礦井中的礦石裝在礦車中，用電機通過豎井運送至地面．某豎井中礦車提升的速度大小v隨時間t的變化關系如圖所示，其中圖線①②分別描述兩次不同的提升過程，它們變速階段加速度的大小都相同；兩次提升的高度相同，提升的質量相等．不考慮摩擦阻力和空氣阻力．對于第①次和第②次提升過程，A．礦車上升所用的時間之比為4:5B．電機的最大牽引力之比為2:1C．電機輸出的最大功率之比為2:1D．電機所做的功之比為4:59、如圖所示，電路中的變壓器為理想變壓器，U為正弦式交變電壓，R為變阻器，R1、R2是兩個定值電阻，A、V分別是理想電流表和理想電壓表，則下列說法正確的是A．閉合開關S，電流表示數變大、電壓表示數變小B．閉合開關S，電流表示數變小、電壓表示數變大C．開關S閉合時，變阻器滑片向左移動的過程中，電流表、電壓表示數均變小D．開關S閉合時，變阻器滑片向左移動的過程中，電流表、電壓表示數均變大10、關于下列現象的說法正確的是（）A．甲圖說明分子間存在間隙B．乙圖在用油膜法測分子大小時，多撒痱子粉比少撒好C．丙圖說明氣體壓強的大小既與分子平均動能有關，也與分子的密集程度有關D．丁圖水黽停在水面上的原因是水黽受到了水的表面張力的作用三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在利用“插針法”測定玻璃的折射率實驗中①下列操作可以減小實驗誤差的是______（多選填字母代號）A．P1、P2及P3、P4之間的距離適當大些B．選擇平行玻璃磚進行實驗C．入射角適當大些D．若有幾塊厚度不同的玻璃磚，應選用厚度較小的②正確操作后，作出的光路圖及測出的相關角度如圖所示，此玻璃的折射率計算式為=________(用圖中的、表示)③同學在畫界面時，不小心將兩界面的間距畫得比玻璃磚寬度略大，則測得的折射率____(選填“偏大”、“偏小”或“不變”)．12．（12分）某同學要測量一節(jié)干電池的電動勢和內阻，備有下列器材：A．待測的舊干電池一節(jié)；B．電流表A1（量程0~3mA，內阻Rg1=10Ω）；C．電流表A2（量程0~0.6A，內阻Rg2=0.1Ω）；D．滑動變阻器R1（0~20Ω，1.0A）；E.電阻箱R0（0~9999.9Ω）；F.開關和導線若干。(1)該同學發(fā)現上述器材中沒有電壓表，他想利用器材中的一個電流表和電阻箱改裝成一個量程為0~3V的電壓表，并設計了如圖甲所示的a、b兩個參考實驗電路（虛線框內為改裝電壓表的電路），其中合理的是________。（選填“a”或“b”）改裝后電壓表的內阻為RV=________Ω；(2)閉合開關，移動滑動變阻器的滑片進行多次測量，圖乙為某次測量時電流表A2的指針偏轉情況，由此時電流表A2的讀數為________A；(3)實驗結束后，該同學根據測得的多組I1、I2的讀數（I1為電流表A1的示數，I2為電流表A2的示數），以I1為縱坐標、I2為橫坐標描點作圖，繪出了I1-I2圖像。若測得該圖像的縱截距為b，斜率的絕對值為k，則該電源的電動勢E=________，內阻r=________（用b、k、RV表示）。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）原來靜止的原子核，發(fā)生衰變后放出一個動能為的粒子，求：（1）生成的新核動能是多少？（2）如果衰變釋放的能量全部轉化為粒子及新核的動能，釋放的核能是多少？（3）虧損的質量是多少？14．（16分）甲乙兩輛汽車都從靜止出發(fā)做加速直線運動，加速度方向一直不變．在第一段時間間隔內，兩輛汽車的加速度大小不變，汽車乙的加速度大小是甲的兩倍；在接下來的相同時間間隔內，汽車甲的加速度大小增加為原來的兩倍，汽車乙的加速度大小減小為原來的一半．求甲乙兩車各自在這兩段時間間隔內走過的總路程之比．15．（12分）如圖甲是小型交流發(fā)電機的示意圖，兩磁極N、S間的磁場可視為水平方向的勻強磁場，為交流電流表，有一單匝線圈繞垂直于磁場方向的水平軸OO′沿逆時針方向勻速轉動，從圖示位置開始計時，產生的交變電流隨時間變化的圖象如圖乙所示．已知圖甲中電阻R＝9Ω，線圈內阻r＝1Ω，求：(1)交流電流表的示數(2)寫出交變電流i的瞬時表達式(3)穿過線圈磁通量的最大值Φm

2023學年模擬測試卷參考答案（含詳細解析）一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【答案解析】試題分析：在位移-時間圖象中，傾斜的直線表示物體做勻速直線運動，圖象的斜率表示速度；圖象的交點表示位移相等，平均速度等于位移除以時間．由此分析即可．圖象斜率表示速度，由圖可知，時間甲圖線的斜率大于乙圖線的斜率，時刻之后甲圖線的斜率小于乙圖線的斜率，所以甲車的瞬時速度先大于乙車的瞬時速度，后小于乙車的瞬時速度．時刻兩者瞬時速度相等，因為是乙追甲，所以在速度相等時，兩者之間的距離最大，即在時刻兩車相距最遠，A錯誤D正確；時刻兩車的位置坐標相同，兩車相遇，B錯誤；時間內，甲、乙兩車通過的位移相等，所用時間相等，則平均速度相等，C錯誤．2、C【答案解析】對甲，根據得，甲車的初速度，加速度；對乙，根據得，乙車的初速度，加速度；根據速度時間公式得，解得，故C正確，A、B、

D錯誤．故選C．【答案點睛】根據甲乙兩車的位移時間關系、速度時間關系得出兩車的初速度和加速度，結合速度時間公式求出兩車速度相等的時刻．3、D【答案解析】根據平衡條件得：彈簧的彈力F彈=F=μmg，根據胡克定律得，F彈=kx，解得彈簧的伸長量，或．故D正確，A、B、C錯誤．故選D．【答案點睛】本題考查了共點力平衡和胡克定律的綜合，知道拉力等于彈簧的彈力、等于摩擦力的大?。?、B【答案解析】

考慮實際情況，碰撞后A球速度不大于B球的速度；因而AD錯誤，BC滿足；兩球碰撞過程，系統(tǒng)不受外力，故碰撞過程系統(tǒng)總動量守恒；A追上B并發(fā)生碰撞前的總動量是：mAvA+mBvB=1kg×6m/s+2kg×2m/s=10kg?m/s；B選項：1kg×2m/s+2kg×4m/s=10kg?m/s，C選項：1kg×(-4m/s)+2kg×7m/s=10kg?m/s，則BC均滿足．根據能量守恒定律，碰撞后的系統(tǒng)總動能應該小于或等于碰撞前的系統(tǒng)總動能，碰撞前總動能為×1×62+×2×22=22J；B選項碰撞后總動能為×1×22+×2×42=18J，C選項碰撞后總動能為×1×42+×2×72=57J，故B滿足，C不滿足；故選B．5、D【答案解析】

AB．由圖象求得：t=4sxx因為：x則t=4s時，甲已追上乙，且在乙前面2m處，A、BCD．在4～8s內，vxx因為：xt=8s時，乙追上甲，且在甲前面2m8～12s內，vxx因為：x則t=12s時，甲又追上乙，且在乙前面6m處，由此知0~12s內兩車相遇三次，故C項不符合題意，D6、D【答案解析】一定量的氣體，氣體體積增大時，對外做功的同時如果吸收熱量，其內能不一定減少．故A錯誤；若外界對氣體做功同時放出熱量，則氣體的內能不一定增加．故B錯誤．若氣體吸熱的同時對外做功，則氣體的內能不一定增加．故C錯誤；溫度是分子平均動能的標志，溫度升高，則其分子的平均動能一定增加，故D正確；選D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACE【答案解析】

A．由理想氣體狀態(tài)方程：可知p-V圖的兩坐標圍成的矩形面積表示溫度，由題圖可得面積一直減小，則從a到b溫度降低，故A正確．B．一定量的理想氣體的內能只跟溫度有關：溫度一直降低，氣體的內能一直減小，故B錯誤．C．由圖讀出氣體的體積減小，則外界一直對氣體做功，故C正確．D．氣體的內能一直減小，并且外界對氣體做功，根據熱力學第一定律：△U=W+Q可知氣體向外界放熱，故D錯誤．E．因：因最終內能減少可得，即外界對氣體做的功小于氣體向外界放出的熱量，E正確．故選ACE．【答案點睛】該題結合圖象考查氣態(tài)方程和熱力學第一定律△U=W+Q結合的分析，能夠運用控制變量法研究多個物理量變化時的關系．要注意熱力學第一定律△U=W+Q中，△U、W、Q取正負號的含義．8、AC【答案解析】

A．由圖可得，變速階段的加速度，設第②次所用時間為t，根據速度-時間圖象的面積等于位移（此題中為提升的高度）可知，，解得：，所以第①次和第②次提升過程所用時間之比為，選項A正確；B．由于兩次提升變速階段的加速度大小相同，在勻加速階段，由牛頓第二定律，，可得提升的最大牽引力之比為1∶1，選項B錯誤；C．由功率公式，P=Fv，電機輸出的最大功率之比等于最大速度之比，為2∶1，選項C正確；D．加速上升過程的加速度，加速上升過程的牽引力，減速上升過程的加速度，減速上升過程的牽引力，勻速運動過程的牽引力．第①次提升過程做功；第②次提升過程做功；兩次做功相同，選項D錯誤．【答案點睛】此題以速度圖像給出解題信息．解答此題常見錯誤主要有四方面：一是對速度圖像面積表示位移掌握不到位；二是運用牛頓運動定律求解牽引力錯誤；三是不能找出最大功率；四是不能得出兩次提升電機做功．實際上，可以根據兩次提升的高度相同，提升的質量相同，利用功能關系得出兩次做功相同．9、AC【答案解析】

AB、閉合開關S，負載總電阻變小，變壓器的輸出功率增大，副線圈的電流增大，根據可知變壓器的輸入電流增大，即電流表示數變大，變阻器R兩端電壓增大，根據串聯(lián)分壓可知變壓器的輸入電壓減小，根據可知變壓器的輸出電壓減小，電壓表示數變小，故A正確，B錯誤；CD、開關S閉合時，變阻器滑片向左移動的過程中，變阻器R的阻值增大，兩端電壓增大，根據串聯(lián)分壓可知變壓器的輸入電壓減小，根據可知變壓器的輸出電壓減小，電壓表示數變小，根據歐姆定律可知副線圈的電流減小，根據可知變壓器的輸入電流減小，即電流表示數變小，故C正確，D錯誤；故選AC．10、CD【答案解析】

A．兩鉛塊相互擠壓后粘在一起，是因為分子間相互吸引而造成的；故A錯誤；B．在用油膜法測分子大小時，應少撒痱子粉以便于實驗；故B錯誤；C．該圖可以說明，氣體壓強的大小既與分子動能有關，也與分子的密集程度有關；故C正確；D．水黽停在水面上的原因是水黽受到了水的表面張力的作用；故D正確；故選CD．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、AC偏小【答案解析】試題分析：為了取得較好的實驗效果，根據實驗原理分析可知：玻璃磚上下表面不一定要平行，選擇的入射角應盡量大些；大頭針應垂直地插在紙面上；大頭針P1和P2及P3和P4之間的距離適當大些，這樣可以減小測量的相對誤差．根據幾何知識求出入射角和折射角的正弦值，再求解折射率．根據折射定律，分析入射角和折射角的誤差，即可分析折射率的誤差．（1）A、大頭針P1和P2及P3和P4之間的距離適當大些時，相同的距離誤差，引起的角度誤差會減小，角度的測量誤差會小些．故A正確；作插針法測定折射率時，玻璃磚上下表面不一定要平行．故B錯誤；為了減小測量的相對誤差，選擇的入射角應盡量大些，效果會更好．故C正確；若有幾塊厚度不同的玻璃磚，應選用厚度較大一些的，故D錯誤．（2）由圖可知，入射角為，折射角為；則由折射定律可知：（3）用插針法“測定玻璃磚折射率”的實驗原理是折射定律；某同學將兩界面的間距畫得比玻璃磚寬度略大，但在畫光路圖時，將入射點、出射點分別確定在ab、cd上，如圖所示，入射角測量沒有誤差，而折射角偏大，則