四川省資陽(yáng)市城北中學(xué)高三物理期末試題含解析

1、四川省資陽(yáng)市城北中學(xué)高三物理期末試題含解析一、 選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意1. 如圖所示，是一種測(cè)定風(fēng)力的儀器的原理圖，質(zhì)量為m的金屬球，固定在一細(xì)長(zhǎng)的輕金屬絲下端，能繞懸掛點(diǎn)0在豎直平面內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)，無(wú)風(fēng)時(shí)金屬絲自然下垂，有風(fēng)時(shí)金屬絲將偏離豎直方向一定角度，角的大小與風(fēng)力大小有關(guān)，下列關(guān)于風(fēng)力F與的關(guān)系式正確的是 AFmgsin BF=mgcot CF=mgcos DF=參考答案：B解析：對(duì)小球進(jìn)行受力分析即可求出風(fēng)力Fmgcot。2. （多選）如圖所示，直線、分別是電源1與電源2的路端電壓隨輸出電流變化的特性圖線，曲線是一個(gè)小燈泡的伏安特性曲線，如果把

2、該小燈泡分別與電源1、電源2單獨(dú)連接，則下列說(shuō)法中正確的是（）A電源1與電源2的內(nèi)阻之比是11：7B電源1與電源2的電動(dòng)勢(shì)之比是1：1C在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡的電阻之比是1：2D在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡消耗的功率之比是1：2參考答案：考點(diǎn)：電功、電功率；歐姆定律專題：恒定電流專題分析：根據(jù)電源的外特性曲線UI圖線，可求出電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻；根據(jù)燈泡伏安特性曲線與電源外特性曲線交點(diǎn)確定燈泡與電源連接時(shí)工作電壓與電流，即可求出功率與燈泡電阻解答：解：A、根據(jù)電源UI圖線，r1=，r2=，則r1：r2=11：7，故A正確 B、E1=E2=10V，故B正確 C、D、燈泡伏安特性曲線與電源外特性曲線的交

3、點(diǎn)即為燈泡與電源連接時(shí)的工作狀態(tài) 則U1=3v，I1=5A，P1=15W，R1=0.6 U2=5V，I2=6A，P2=30W，R2= P1：P2=1：2，R1：R2=18：25故C錯(cuò)誤，D正確故選：ABD點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵在于對(duì)電源外特性曲線、燈泡伏安特性曲線的理解3. （單選）如圖所示，兩個(gè)小孩共同提一桶水維持同一高度勻速前進(jìn)，則有（）A兩個(gè)小孩對(duì)水桶做正功B手臂對(duì)水桶的作用力的大小之和等于水桶和水的總重力C兩個(gè)小孩手臂間夾角越大對(duì)水桶的合力越小D手臂對(duì)水桶的作用力可能大于水桶和水的總重力參考答案：考點(diǎn)：功的計(jì)算；合力的大小與分力間夾角的關(guān)系專題：功的計(jì)算專題分析：水桶受到的重力與水桶的速度垂直

4、，由W=FScos可判定功手臂合力等于水桶和水的總重力，依據(jù)矢量合成法則可判定解答：解：A、手臂合力大小方向向上，速度方向沿水平方向，手臂的合力不做功，故A錯(cuò)誤BCD、因?yàn)閮蓚€(gè)小孩共同提一桶水維持同一高度勻速前進(jìn)，故水和水桶受到的合力為零，即手臂合力大小等于水桶和水的總重力，方向與重力相反，即豎直向上，依據(jù)平行四邊形定則可知手臂對(duì)水桶的作用力的大小之和大于水桶和水的總重力，熟練掌握矢量合成法則，注意平衡條件的應(yīng)用，當(dāng)物體受三個(gè)力作用處于平衡時(shí)其中兩個(gè)力的合力與第三個(gè)力等大反向，故BC錯(cuò)誤，D正確故選：D點(diǎn)評(píng)：熟練掌握矢量合成法則，注意平衡條件的應(yīng)用，當(dāng)物體受三個(gè)力作用處于平衡時(shí)其中兩個(gè)力的合力

5、與第三個(gè)力等大反向4. （多選）如圖所示，均質(zhì)均勻圓環(huán)半徑略大于圓柱體半徑，空間存在垂直于圓柱體表面沿半徑向外的磁場(chǎng)，圓環(huán)所在位置的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。圓環(huán)的質(zhì)量為m，半徑為r，給環(huán)以豎直向上的初速度v，圓環(huán)上升到最高度，然后落回拋出點(diǎn)，此過(guò)程中A圓環(huán)先有擴(kuò)張后有收縮趨勢(shì)B圓環(huán)上升時(shí)間比下降時(shí)間短C圓環(huán)上升過(guò)程和下降過(guò)程產(chǎn)生的熱量相同D圓環(huán)上升過(guò)程與下降過(guò)程流過(guò)線圈橫截面的電荷量相等參考答案：BDA、圓環(huán)上升時(shí)，根據(jù)楞次定律可得，產(chǎn)生的感應(yīng)電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较?；根?jù)左手定則可得，圓環(huán)受到的安培力的方向向下；圓環(huán)下降時(shí)，根據(jù)楞次定律可得，產(chǎn)生的感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針?lè)较?；根?jù)左手定則可得，圓環(huán)

6、受到的安培力的方向向上；整個(gè)的過(guò)程中，圓環(huán)既沒(méi)有擴(kuò)張的趨勢(shì)，也沒(méi)有收縮的趨勢(shì)，故A錯(cuò)誤；B、由A的方向可得，圓環(huán)上升上安培力的方向向下；圓環(huán)下降時(shí)，安培力的方向向上，由于上升與下降的高度是相等的，所以圓環(huán)上升的時(shí)間比較小，故B正確；C、圓環(huán)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中的電動(dòng)勢(shì)：，電流：設(shè)上升的高度是h，產(chǎn)生的熱量：；在圓環(huán)的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，雖然是變速運(yùn)動(dòng)，也接近是，所以公式雖然不能精確計(jì)算出上升與下降過(guò)程中產(chǎn)生的熱量，但是可得，產(chǎn)生的熱量與速度的大小成正比由于整個(gè)的過(guò)程中不斷由機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，所以上升的過(guò)程中的平均速度要大于下降過(guò)程的平均速度所以上升的過(guò)程中產(chǎn)生的熱量比較大，故C錯(cuò)誤；D、流過(guò)截面的電量：，與運(yùn)

7、動(dòng)的時(shí)間無(wú)關(guān)，故D正確。故選BD。5. （多選題）如圖所示，傾角為的斜面體放在水平地面上，質(zhì)量為m的木塊通過(guò)輕質(zhì)細(xì)線繞過(guò)斜面體頂端的定滑輪與質(zhì)量為M的鐵塊相連，整個(gè)裝置均處于靜止?fàn)顟B(tài)，已知mgsinMg現(xiàn)將質(zhì)量為m0的磁鐵輕輕地吸放在鐵塊下端，鐵塊加速向下運(yùn)動(dòng)，斜面體仍保持靜止不計(jì)滑輪摩擦及空氣阻力則與放磁鐵前相比（）A細(xì)線的拉力一定增大B細(xì)線的拉力可能不變C木塊所受到合力可能不變D斜面體相對(duì)地面有向左的運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)參考答案：AD【考點(diǎn)】牛頓第二定律；物體的彈性和彈力【分析】加磁鐵前，先對(duì)m和M分別進(jìn)行受力分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件得出各個(gè)力的情況，加磁鐵后，再次對(duì)m和M分別受力分析，根據(jù)牛頓第二定

8、律得出各個(gè)力的大小的改變情況【解答】解：AB、加磁鐵前細(xì)線的拉力拉不動(dòng)木塊，加磁鐵后，拉著木塊加速上滑，故細(xì)線的拉力一定變大，故A正確，B錯(cuò)誤；C、加磁鐵前木塊保持靜止，合力為零，加磁鐵后，木塊加速上滑，根據(jù)牛頓第二定律，合力不為零，故C錯(cuò)誤；D、放磁鐵后，由于木塊具有沿斜面向右上方的加速度，可對(duì)木塊和斜面體整體運(yùn)用牛頓第二定律，其整體受到的外力的合力向右上方，故地面對(duì)斜面體有向右的靜摩擦力，故斜面體相對(duì)與地面有向左滑動(dòng)的趨勢(shì)，故D正確；故選：AD二、 填空題：本題共8小題，每小題2分，共計(jì)16分6. 2愛(ài)因斯坦在現(xiàn)代物理學(xué)領(lǐng)域作出了很多重要貢獻(xiàn)，試舉出其中兩項(xiàng)： ； 參考答案：相對(duì)論；光的量

9、子性7. （5分）在某次光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，得到的遏止電壓Uc與入射光的頻率v的關(guān)系如圖所示，若該直線的斜率和截距分別為k和b，電子電荷量的絕對(duì)值為e，則普朗克常量可表示為 ，所用材料的逸出功可表示為 。參考答案：ek eb試題分析：光電效應(yīng)中，入射光子能量，克服逸出功后多余的能量轉(zhuǎn)換為電子動(dòng)能，反向遏制電壓；整理得，斜率即，所以普朗克常量，截距為，即，所以逸出功考點(diǎn)：光電效應(yīng)8. 如圖所示，在光滑水平面上，一絕緣細(xì)桿長(zhǎng)為，兩端各固定著一個(gè)帶電小球，處于水平方向、場(chǎng)強(qiáng)為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，兩小球帶電量分別為q和q，輕桿可繞中點(diǎn)O自由轉(zhuǎn)動(dòng)。在輕桿與電場(chǎng)線夾角為時(shí)，忽略兩電荷間的相互作用，兩電荷受到的電場(chǎng)

10、力對(duì)O點(diǎn)的力矩大小為_(kāi)，兩電荷具有的電勢(shì)能為_(kāi)。參考答案：qEdsin；-qEdcos解析：由力矩定義可得兩電荷受到的電場(chǎng)力對(duì)O點(diǎn)的力矩大小為qEdsin；兩電荷具有的電勢(shì)能為-qEdcos。9. 在長(zhǎng)為l的絕緣輕桿兩端分別固定帶電量分別為q、q的等量異種點(diǎn)電荷，放入場(chǎng)強(qiáng)為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，輕桿可繞中點(diǎn)O自由轉(zhuǎn)動(dòng)，若忽略兩點(diǎn)電荷間的相互作用，在輕桿與電場(chǎng)線夾角為時(shí)，兩點(diǎn)電荷受到的電場(chǎng)力對(duì)O點(diǎn)的合力矩大小為_(kāi)，若設(shè)過(guò)O點(diǎn)的等勢(shì)面電勢(shì)為零，則兩電荷具有的電勢(shì)能之和為_(kāi)。參考答案： 答案：qELsin；qELcos10. 如圖所示，一根足夠長(zhǎng)輕繩繞在半徑為R的定滑輪上，繩的下端掛一質(zhì)量為m的物體。物體

11、從靜止開(kāi)始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)時(shí)間t定滑輪的角速度為，此時(shí)物體的速度大小為_(kāi)，物體對(duì)繩的拉力大小為_(kāi)。參考答案：答案：；11. 15如圖，光滑水平面上放置質(zhì)量分別為m和2m的四個(gè)木塊，其中兩個(gè)質(zhì)量為2m的木塊間用一不可伸長(zhǎng)的輕繩相連，木塊間的最大靜摩擦力是mg。現(xiàn)用大小未知的水平拉力F拉其中一個(gè)質(zhì)量為m的木塊，使四個(gè)木塊以同一加速度運(yùn)動(dòng)，則輕繩對(duì)2m的最大拉力為 。參考答案：12. 如右圖所示，在真空中有一水平放置的不帶電平行板電容器，板間距離為d，電容為C，上板B接地，現(xiàn)有大量質(zhì)量均為m，帶電荷量為q的小油滴，以相同的初速度持續(xù)不斷地從兩板正中間沿圖中虛線所示方向射入，第一滴油滴正好落到下

12、板A的正中央P點(diǎn)如果能落到A板的油滴僅有N滴，且第N1滴油滴剛好能飛離電場(chǎng)，假設(shè)落到A板的油滴的電荷量能被板全部吸收，不考慮油滴間的相互作用，重力加速度為g，則落到A板的油滴數(shù)N=_第N1滴油滴經(jīng)過(guò)電場(chǎng)的整個(gè)過(guò)程中所增加的動(dòng)能_參考答案：13. 靜電除塵器示意如右圖所示，其由金屬管A和懸在管中的金屬絲B組成。A和B分別接到高壓電源正極和負(fù)極，A、B之間有很強(qiáng)的電場(chǎng)，B附近的氣體分子被電離成為電子和正離子，粉塵吸附電子后被吸附到_（填A(yù)或B）上，最后在重力作用下落入下面的漏斗中，排出的煙就成為清潔的了。已知每千克煤粉會(huì)吸附n mol電子，每晝夜能除m kg煤粉，設(shè)電子電量為e，阿伏加德羅常數(shù)為N

13、A，一晝夜時(shí)間為t，則高壓電源的電流強(qiáng)度為_(kāi)。參考答案：A 2emnNA/t 三、 實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，每小題11分，共計(jì)22分14. 用下列器材組裝成一個(gè)電路，既能測(cè)量出電池組的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r，又能同時(shí)描繪燈泡的伏安特性曲線A電壓表V1（量程6V、內(nèi)阻很大） B電壓表V2（量程3V、內(nèi)阻很大）C電阻箱（阻值099.9） D小燈泡（2A、5W）E電池組（電動(dòng)勢(shì)E、內(nèi)阻r） F開(kāi)關(guān)一只，導(dǎo)線若干某同學(xué)設(shè)計(jì)的實(shí)驗(yàn)電路圖如圖1實(shí)驗(yàn)時(shí)，電阻箱阻值R變大，則電壓表V1的示數(shù)U1 ，則電壓表V2的示數(shù)U2 （選填“變大”、“變小”或“不變”）每一次操作后，立刻記錄電阻箱阻值R、電壓表V1示數(shù)U1和電壓

14、表V2示數(shù)U2借助測(cè)量數(shù)據(jù)，描繪出電源和燈泡的 UI圖線，如圖2所示以下判斷正確的是 A每個(gè)點(diǎn)的橫坐標(biāo)計(jì)算公式是；I=（ U1U2）：R，其中R、U1、U2都是同一次測(cè)量值B描繪傾斜直線所借助的點(diǎn)的縱坐標(biāo)是每次測(cè)量的電壓表V2示數(shù)U2C描繪曲線借助的點(diǎn)的縱坐標(biāo)是每次測(cè)量的電壓表V2示數(shù)U2D兩條圖線在P點(diǎn)相交，此時(shí)電阻箱阻值與燈泡阻值相等電池組的內(nèi)阻r= 、交點(diǎn)P處的電池組效率= （結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）參考答案：變大；變小；AC；1.0；44%；【考點(diǎn)】測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻【分析】測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻實(shí)驗(yàn)時(shí)，電壓表測(cè)路端電壓，隨滑動(dòng)變阻器接入電路阻值的增大，電壓表示數(shù)增大；燈泡兩端電壓隨滑動(dòng)

15、變阻器阻值增大而減??；根據(jù)電壓表示數(shù)變化確定各電路元件的連接方式，然后作出實(shí)驗(yàn)電路圖根據(jù)對(duì)應(yīng)的圖象以及閉合電路歐姆定律進(jìn)行分析，明確兩圖象的意義；電源的UI圖象與縱軸的交點(diǎn)示數(shù)是電源的電動(dòng)勢(shì)，圖象斜率的絕對(duì)值等于電源內(nèi)阻由圖象求出兩圖線的交點(diǎn)對(duì)應(yīng)的電壓與電流，然后根據(jù)閉合電路中內(nèi)外電壓的關(guān)系及歐姆定律求出滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值；由圖象求出電路電流，然后由P=UI及效率公式求出電池組的效率【解答】解：（1）由電路圖可知，接入電阻變大，則電流減?。宦范穗妷涸龃?；故電壓表V1的示數(shù)增大；燈泡兩端的電壓減小，故V2示數(shù)減?。唬?）A、為了求出對(duì)應(yīng)的電阻值，在使用歐姆定律時(shí)兩電壓表示數(shù)應(yīng)是同一次實(shí)驗(yàn)中

16、所測(cè)量的；故A正確；B、電源的UI圖象是一條傾斜的直線，要測(cè)量對(duì)應(yīng)的伏安特性曲線應(yīng)根據(jù)V1的示數(shù)來(lái)描繪；故B錯(cuò)誤；C正確；D、兩條圖線在P點(diǎn)相交，此時(shí)電阻箱阻值的接入電阻應(yīng)為零；故D錯(cuò)誤；故選：AC電源的UI圖象是一條傾斜的直線，由圖象可知，電源電動(dòng)勢(shì)E=4.5V，電源內(nèi)阻r=1.0； 由圖乙所示圖象可知，兩圖象的交點(diǎn)坐標(biāo)，即燈泡電壓UL=2V，此時(shí)電路電流I=2.5A，電源電動(dòng)勢(shì)為：E=Ir+UL+IR滑，即：4.5V=2.5A1+2V+2.0AR滑，得：R滑=0；電池組的效率=100%=100%=100%44%故答案為：變大；變??；AC；1.0；44%；15. 某同學(xué)用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器測(cè)量做勻加

17、速直線運(yùn)動(dòng)的物體的加速度，電源頻率f50 Hz，在紙帶上打出的點(diǎn)中，選出零點(diǎn)，每隔4個(gè)點(diǎn)取1個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，因保存不當(dāng)，紙帶被污染，如圖147所示，A、B、C、D是依次排列的4個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，僅能讀出其中3個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)到零點(diǎn)的距離：sA16.6 mm、sB126.5 mm、sD624.5 mm.圖147若無(wú)法再做實(shí)驗(yàn)，可由以上信息推知：(1)相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔為_(kāi)s；(2)打C點(diǎn)時(shí)物體的速度大小為_(kāi)m/s(取2位有效數(shù)字)；(3)物體的加速度大小為_(kāi)(用sA、sB、sD和f表示)參考答案： (1). 0.1 (2). 2.5 (3). 試題分析：（1）打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出的紙帶每隔4個(gè)點(diǎn)選擇一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，則相鄰兩

18、計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔為根據(jù)間的平均速度等于點(diǎn)的速度得（2）勻加速運(yùn)動(dòng)的位移特征是相鄰的相等時(shí)間間隔內(nèi)的位移以均勻增大，即，所以有：，所以物體的加速度大小考點(diǎn)：考查了研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律實(shí)驗(yàn)【名師點(diǎn)睛】做分析勻變速直線運(yùn)動(dòng)情況時(shí)，其兩個(gè)推論能使我們更為方便解決問(wèn)題，一、在相等時(shí)間內(nèi)走過(guò)的位移差是一個(gè)定值，即，二、在選定的某一過(guò)程中，中間時(shí)刻瞬時(shí)速度等于該過(guò)程中的平均速度四、計(jì)算題：本題共3小題，共計(jì)47分16. 如圖所示，由某種透明物質(zhì)制成的直角三棱鏡ABC，A30，AB長(zhǎng)為2m，且在AB外表面鍍有水銀。一束與BC面成45度角的光線從BC邊的中點(diǎn)D射人棱鏡。已知棱鏡對(duì)該光的折射率n，有折射光線時(shí)，

19、則不考慮反射光線。求光線射出棱鏡的位置和在該位置對(duì)應(yīng)的折射角。參考答案： , 0【分析】根據(jù)折射定律可求從BC邊進(jìn)入時(shí)的折射角，根據(jù)幾何關(guān)系可求在AB邊的入射角，經(jīng)AB邊反射后垂直AC邊射出，則光線射出棱鏡時(shí)的折射角為0。再根據(jù)幾何關(guān)系可求射出點(diǎn)到C的距離。由折射定律可知：r30由幾何關(guān)系可知，光線在AB面的入射角等于30，所以光線在AB面發(fā)生反射后，垂直AC面射出棱鏡，即光線射出棱鏡時(shí)的折射角為0射出點(diǎn)到C點(diǎn)的距離解得：。17. 如圖所示，兩根電阻忽略不計(jì)、互相平行的光滑金屬導(dǎo)軌豎直放置，相距L=1m，在水平虛線間有與導(dǎo)軌所在平面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5T，磁場(chǎng)區(qū)域的高度d=1m

20、，導(dǎo)體棒a的質(zhì)量ma=0.2kg、電阻Ra=1；導(dǎo)體棒b的質(zhì)量mb=0.1kg、電阻Rb=1.5它們分別從圖中M、N處同時(shí)由靜止開(kāi)始在導(dǎo)軌上無(wú)摩擦向下滑動(dòng)，b勻速穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域，且當(dāng)b剛穿出磁場(chǎng)時(shí)a正好進(jìn)入磁場(chǎng)，重力加速度g=10m/s2，不計(jì)a、b棒之間的相互作用，導(dǎo)體棒始終與導(dǎo)軌垂直且與導(dǎo)軌接觸良好，求：（1）b棒穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域過(guò)程中克服安培力所做的功；（2）a棒剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)兩端的電勢(shì)差；（3）保持a棒以進(jìn)入時(shí)的加速度做勻變速運(yùn)動(dòng)，對(duì)a棒施加的外力隨時(shí)間的變化關(guān)系參考答案：解：（1）b棒穿過(guò)磁場(chǎng)做勻速運(yùn)動(dòng)，安培力等于重力，則有：BI1L=mbg，克服安培力做功為：W=BI1Ld=mbgd=0.1101=1J（2）b棒在磁場(chǎng)中勻速運(yùn)動(dòng)的速度為v1，重力和安培力平衡，根據(jù)平衡