江西省景德鎮(zhèn)市2013屆高三物理第二次質(zhì)檢試題(含解析)新人教版

1、江西省景德鎮(zhèn)市2013屆高三物理第二次質(zhì)檢試題（含分析）新人教版作者：日期：2江西省景德鎮(zhèn)市2013屆高三第二次質(zhì)檢物理試卷一、選擇題（共8小題，每題3分，滿分24分）1（3分）物理學(xué)國際單位制中有基本單位和導(dǎo)出單位，以下物理量的單位用基本單位表示，正確的選項(xiàng)是（）A功率的單位用基本單位表示是N?m/sB電容的單位用基本單位表示是C/VC電量的單位用基本單位表示是A?sD磁通量的單位用基本單位表示是2T?m考點(diǎn)：力學(xué)單位制分析：國際單位制規(guī)定了七個(gè)基本物理量分別為長度、質(zhì)量、時(shí)間、熱力學(xué)溫度、電流、光強(qiáng)度、物質(zhì)的量它們的在國際單位制中的單位稱為基本單位，而物理量之間的關(guān)系式推到出來的物理量的單

2、位叫做導(dǎo)出單位解答：解：A、功率的單位用N?m/s來表示時(shí)，此中的N是導(dǎo)出單位，不是基本單位，所以A錯(cuò)誤B、電容的單位用C/V來表示時(shí)，此中的C和V都不是基本單位，是導(dǎo)出單位，所以B錯(cuò)誤C、電量的單位用A?s來表示時(shí)，此中的A和S分別是電流和時(shí)間的基本單位，所以C正確D、磁通量的單位用2D錯(cuò)T?m來表示時(shí)，此中的T是導(dǎo)出單位，不是基本單位，所以誤應(yīng)選C評(píng)論：國際單位制規(guī)定了七個(gè)基本物理量，這七個(gè)基本物理量分別是誰，它們?cè)趪H單位制分別是誰，這都是需要學(xué)生自己記著的2（3分）以以下圖，圓滑固定斜面C傾角為，質(zhì)量均為m的兩物塊A、B一起以某一初速沿斜面向上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)已知物塊A上表面是水平的，

3、則在該減速運(yùn)動(dòng)過程中，下列說法正確的選項(xiàng)是（）A物塊A遇到B的摩擦力水平向左B物塊B遇到A的支持力做負(fù)功C物塊B的機(jī)械能減少D兩物塊A、B之間的摩擦力大小為mgsincos考點(diǎn)：機(jī)械能守恒定律；力的合成與分解的運(yùn)用；牛頓第二定律專題：機(jī)械能守恒定律應(yīng)用專題分析：依據(jù)整體法求出AB共同的加快度，將加快度分解為水平方向和豎直方向，隔斷對(duì)B分析，求出A、B之間的支持力和摩擦力解答：解：A、對(duì)整體分析，其加快度沿斜面向下，可將此加快度分解為水平方向和豎直方向，再隔斷B分析可得，故B定會(huì)遇到A是加大水平向左的摩擦力，依據(jù)牛頓第三定律，則物塊A遇到B的摩擦力水平向右，故A錯(cuò)誤3B、物塊B遇到A的支持力向上

4、，物體B有向上的位移，故支持力做正功故B錯(cuò)誤C、采納逆推法，沒有A的阻攔作用，B將會(huì)自由落體運(yùn)動(dòng)，故加快降落時(shí)B對(duì)A做正功，減速上漲時(shí)，A對(duì)B做正功，故A機(jī)械將增添，故C錯(cuò)誤D、對(duì)整體分析，其加快度沿斜面向下，可將此加快度分解為水平方向和豎直方向，水平方向上的加快度a1=acos=gsincos，豎直方向上的分速度a2=asin=gsin2隔斷對(duì)B分析，A對(duì)B的摩擦力f=ma1=mgsincos故D正確應(yīng)選D評(píng)論：解決此題的重點(diǎn)可以正確地進(jìn)行受力分析，運(yùn)用牛頓第二定律進(jìn)行求解，注意整體法和隔斷的運(yùn)用3（3分）以以下圖，一理想變壓器原線圈匝數(shù)為n1=1000匝，副線圈匝數(shù)為n2=200匝，將原線

5、圈接在u=200sin100t（V）的交流電壓上，副線圈上電阻R和理想交流電壓表并連接入電路，此刻A、B兩點(diǎn)間接入不一樣的電子元件，則以下說法正確的選項(xiàng)是（）A在A、B兩點(diǎn)間串通一只電阻R，穿過鐵芯的磁通量的最大變化率為0.2Wb/sB在A、B兩點(diǎn)間接入理想二極管，電壓表讀數(shù)為40VC在A、B兩點(diǎn)間接入一只電容器，只提升交流電頻率，電壓表讀數(shù)增大D在A、B兩點(diǎn)間接入一只電感線圈，只提升交流電頻率，電阻R耗費(fèi)電功率減小考點(diǎn)：變壓器的構(gòu)造和原理專題：交流電專題分析：依據(jù)變壓器變壓比公式獲得輸出電壓，依占有效值定義求解電壓有效值；電感器的感抗與頻率成正比，電容器的容抗與頻率成反比解答：解：A、在A、

6、B兩點(diǎn)間串通一只電阻R，輸入電壓最大值為200V283V，故均勻每匝電壓為0.283V，故磁通量的最大變化率為0.283Wb/s，故A錯(cuò)誤；B、輸入電壓為200V，依據(jù)，故輸出電壓為40V；在A、B兩點(diǎn)間接入理想二極管，會(huì)過濾掉負(fù)半周電流，設(shè)電壓表讀數(shù)為U，則依占有效值定義，有故B錯(cuò)誤；C、在A、B兩點(diǎn)間接入一只電容器，只提升交流電頻率，電容器容抗減小，故R分得4的電壓增添，電壓表讀數(shù)增添，故C正確；D、在A、B兩點(diǎn)間接入一只電感線圈，只提升交流電頻率，感抗增添，故R分得的電壓減小，電壓表讀數(shù)減小，故D正確；應(yīng)選CD評(píng)論：此題重點(diǎn)是明確變壓器的輸入和輸出電壓成正比，而后轉(zhuǎn)變成恒定電路的動(dòng)向分析

7、問題，不難4（3分）有一個(gè)消毒用電器P，電阻為20k，它只有在電壓高于24V時(shí)才能工作今用一個(gè)光敏電阻R1對(duì)它進(jìn)行控制，光敏電阻在光照時(shí)為100，黑暗時(shí)為1000電源電動(dòng)勢(shì)E為36V，內(nèi)阻不計(jì)，還有一個(gè)定值電阻R2，電阻為1000以下電路電鍵閉合后能使消毒用電器在光照時(shí)正常工作，黑暗時(shí)停止工作的是（）ABCD考點(diǎn)：閉合電路的歐姆定律專題：恒定電流專題分析：依據(jù)閉合電路歐姆定律逐項(xiàng)分析四個(gè)電路，當(dāng)消毒用電器P所占電壓高于24V時(shí)才能正常工作解答：解：A、在光照時(shí)，光敏電阻為100，P電阻為20k，R2電阻為1000，P占的電壓超出，正常工作；黑暗時(shí)，光敏電阻1000，P占的電壓超出，正常工作，故

8、A錯(cuò)誤；B、同理可以求得B電路中光照和黑暗時(shí)，P占的電壓超出，正常工作，故B錯(cuò)誤；C、電路C中P與R2并聯(lián)，電阻略小于1000，能使消毒用電器在光照時(shí)正常工作，黑暗時(shí)停止工作，故C正確；D、電路D中P與R1并聯(lián)，光照時(shí)并聯(lián)部分電阻小于100，黑暗時(shí)電阻略小于1000，不可以使消毒用電器在光照時(shí)正常工作，黑暗時(shí)停止工作，故D錯(cuò)誤應(yīng)選C評(píng)論：此題主要觀察了閉合電路歐姆定律的直接應(yīng)用，要求同學(xué)們能依據(jù)電路圖求出P的電壓，難度大5（3分）以以下圖，在傾角為的斜面上固定有兩根足夠長的平行圓滑導(dǎo)軌，兩導(dǎo)軌間距為L，金屬導(dǎo)體棒ab垂直于兩導(dǎo)軌放在導(dǎo)軌上，導(dǎo)體棒ab的質(zhì)量為m，電阻為R，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，空間有垂

9、直于導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感覺強(qiáng)度為B當(dāng)金屬導(dǎo)體棒ab由靜止開始向下滑動(dòng)一段時(shí)間t0，再接通開關(guān)S，則關(guān)于導(dǎo)體棒ab運(yùn)動(dòng)的vt圖象（以以下圖所示）不行能的是（）5ABCD考點(diǎn)：導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感覺電動(dòng)勢(shì)；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像；閉合電路的歐姆定律專題：電磁感覺中的力學(xué)識(shí)題分析：開關(guān)閉合前，金屬棒勻加快直線運(yùn)動(dòng)，vt圖象是傾斜的直線；開關(guān)閉合后，金屬棒可能做勻速直線運(yùn)動(dòng)，可能做加快度減小的加快度運(yùn)動(dòng)，也可能做加快度減小的減速運(yùn)動(dòng)，依據(jù)運(yùn)動(dòng)狀況選擇圖象解答：解：A、開關(guān)閉合前，金屬棒勻加快直線運(yùn)動(dòng)，vt圖象是傾斜的直線，開關(guān)閉合后，金屬棒切割磁感線產(chǎn)生感覺電流，遇到沿斜面向上的安培力，若安培力大小

10、等于重力沿斜面向下的分力，棒將做勻速直線運(yùn)動(dòng)，vt圖象平行于t軸故A圖是可能的故A錯(cuò)誤B、C開關(guān)閉合前，金屬棒勻加快直線運(yùn)動(dòng)，vt圖象是傾斜的直線，開關(guān)閉合后，金屬棒切割磁感線產(chǎn)生感覺電流，遇到沿斜面向上的安培力，若安培力大小大于重力沿斜面向下的分力，棒將做減速直線運(yùn)動(dòng)，速度減小，感覺電流減小，棒所受的安培力減小，加快度減小，vt圖象的斜率減小，當(dāng)安培力減至與重力沿斜面向下的分力大小相等時(shí)，棒開始做勻速直線運(yùn)動(dòng)故B圖象是不行能的，C可能故B正確，C錯(cuò)誤D、開關(guān)閉合后，金屬棒切割磁感線產(chǎn)生感覺電流，遇到沿斜面向上的安培力，若安培力大小小于重力沿斜面向下的分力，棒將做加快直線運(yùn)動(dòng)，速度增大，感覺電

11、流增大，棒所受的安培力增大，加快度減小，vt圖象的斜率減小，當(dāng)安培力增至與重力沿斜面向下的分力大小相等時(shí)，棒開始做勻速直線運(yùn)動(dòng)故D圖象是可能的，故D錯(cuò)誤應(yīng)選B評(píng)論：此題的解題重點(diǎn)是分析棒的受力狀況，來分析其運(yùn)動(dòng)狀況，要考慮各種可能的狀況開關(guān)閉合后，當(dāng)棒做變速運(yùn)動(dòng)時(shí)，加快度老是減小的6（3分）均勻帶電的球殼在球外空間產(chǎn)生的電場(chǎng)等效于電荷集中于球心處產(chǎn)生的電場(chǎng)如圖所示，在半球面AB上均勻分布正電荷，總電荷量為q，球面半徑為R，CD為經(jīng)過半球極點(diǎn)與球心O的軸線，在軸線上有M、N兩點(diǎn)，OM=ON=2R已知M點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)盛小為E，則N點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)盛小為（）ABCDEE+E考點(diǎn)：電場(chǎng)強(qiáng)度；電場(chǎng)的疊加專題：電場(chǎng)力與

12、電勢(shì)的性質(zhì)專題6分析：均勻帶電的球殼在球外空間產(chǎn)生的電場(chǎng)等效于電荷集中于球心處產(chǎn)生的電場(chǎng)，假設(shè)將帶電量為2q的球面放在O處在M、N點(diǎn)所產(chǎn)生的電場(chǎng)和半球面在M點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)對(duì)比求解解答：解：若將帶電量為2q的球面放在O處，均勻帶電的球殼在球外空間產(chǎn)生的電場(chǎng)等效于電荷集中于球心處產(chǎn)生的電場(chǎng)則在M、N點(diǎn)所產(chǎn)生的電場(chǎng)為E=，由題知當(dāng)半球面以以下圖產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)為E，則N點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為E=E，應(yīng)選A評(píng)論：此題解題重點(diǎn)是抓住對(duì)稱性，找出兩部分球面上電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)關(guān)系7（3分）一宇宙飛船沿橢圓軌道繞地球運(yùn)轉(zhuǎn)，機(jī)械能為E，經(jīng)過遠(yuǎn)地點(diǎn)P時(shí)，速度為v，加快度大小為a，以以下圖，當(dāng)飛船運(yùn)動(dòng)到P時(shí)實(shí)行變軌，轉(zhuǎn)到圓形軌道上運(yùn)轉(zhuǎn)，則飛

13、船在軌道上運(yùn)轉(zhuǎn)時(shí)（）A速度大于vB加快度大小為aC機(jī)械能等于ED機(jī)械能大于E考點(diǎn)：人造衛(wèi)星的加快度、周期和軌道的關(guān)系；萬有引力定律及其應(yīng)用專題：人造衛(wèi)星問題分析：研究衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，依據(jù)萬有引力供給向心力，列出等式表示出所要比較的物理量即可解題解答：解：A、衛(wèi)星要從低軌道到高軌道需要加快而后做離心運(yùn)動(dòng)，所以軌道上運(yùn)轉(zhuǎn)的速度大于v故A正確B、依據(jù)萬有引力供給向心力，即G得：a=G，M、r不變，所以加快度大小仍為a；故B正確C、D：飛船在軌道上的遠(yuǎn)地點(diǎn)P重點(diǎn)火加快，戰(zhàn)勝引力做功后v增大，做離心運(yùn)動(dòng)才能變軌到軌道上運(yùn)轉(zhuǎn)，所以機(jī)械能要增大所以C錯(cuò)誤、D正確應(yīng)選AB評(píng)論：解決此題的重點(diǎn)是掌握萬

14、有引力供給向心力，不可以考慮一個(gè)變量而忽視了另一個(gè)變量的變化78（3分）以以下圖，以直角三角形AOC為界限的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)所區(qū)，磁感覺強(qiáng)度為B，A=60，AO=a在O點(diǎn)擱置一個(gè)粒子源，可以向各個(gè)方向發(fā)射某種帶負(fù)電粒子，粒子的比荷為q/m，發(fā)射速度大小都為v0，且滿足v0=，發(fā)射方向由圖中的角度表示關(guān)于粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后的運(yùn)動(dòng)（不計(jì)重力作用），以下說法正確的選項(xiàng)是（）A粒子有可能打到A點(diǎn)B以=60飛入的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間最短C以30飛入的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間都相等D在AC界限上只有一半地域有粒子射出考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；牛頓第二定律；向心力專題：帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題分析：帶電粒子

15、以同樣的速率，不一樣的速度方向，進(jìn)入磁場(chǎng)，運(yùn)動(dòng)軌跡的曲率半徑同樣，從而依據(jù)不一樣的磁場(chǎng)狀況，即可求解解答：解：A、依據(jù)，可知粒子的運(yùn)動(dòng)半徑R=a，所以當(dāng)=60入射時(shí)，粒子恰好從A點(diǎn)飛出，故A正確；B、當(dāng)=60飛入的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間恰好是周期，是在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長，故B錯(cuò)誤；C、當(dāng)=0飛入的粒子在磁場(chǎng)中，粒子恰好從AC中點(diǎn)飛出，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間也恰好是，從0到60在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間先減小后增大，故C錯(cuò)誤；D、當(dāng)=0飛入的粒子在磁場(chǎng)中，粒子恰好從AC中點(diǎn)飛出，所以在AC界限上只有一半地域有粒子射出，故D正確；應(yīng)選：AD評(píng)論：觀察帶電粒子以同樣的速率，不一樣速度方向，射入磁場(chǎng)中，依據(jù)磁場(chǎng)的界限來

16、確立運(yùn)動(dòng)狀況，并聯(lián)合半徑與周期公式來分析談?wù)摱?、非選擇題：包含必考題和選考題兩部分第22題第32題為必考題，每個(gè)小題考生都一定作答第33題第40題為選考題，考生依據(jù)要求作答（一）必考題（11題，共129分）9（6分）某研究性學(xué)習(xí)小組在做“考據(jù)機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中，已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用電源的頻率為50HZ，查適合地重力加快度g=9.8m/s2測(cè)得所用重物的質(zhì)量為1.00kg，實(shí)驗(yàn)中獲得一條點(diǎn)跡清楚的紙帶，把第一個(gè)點(diǎn)記作0，每兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有幾個(gè)點(diǎn)未畫出，另選擇連續(xù)的3個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)A、B、C作為丈量的點(diǎn)，以以下圖，經(jīng)丈量知道A、B、C各點(diǎn)到O點(diǎn)的距離分別為50.50cm、86.00cm、131.1

17、0cm依據(jù)以上數(shù)據(jù)可以獲知兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為0.1s，重物由O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，重力勢(shì)能減少了8.43J，動(dòng)能增添了8.12J（保留三位有效數(shù)字）8考點(diǎn)：考據(jù)機(jī)械能守恒定律專題：實(shí)驗(yàn)題；機(jī)械能守恒定律應(yīng)用專題分析：利用逐差法h=gT2可以求出兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔紙帶實(shí)驗(yàn)中，若紙帶勻變速直線運(yùn)動(dòng)，測(cè)得紙帶上的點(diǎn)間距，利用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論，可計(jì)算出打出某點(diǎn)時(shí)紙帶運(yùn)動(dòng)的剎時(shí)速度從而求出動(dòng)能依據(jù)功能關(guān)系得重力勢(shì)能減小量等于重力做功的數(shù)值解答：解：依據(jù)h=gT2將h=（131.1086.00）（86.0050.50）=9.6cm，當(dāng)?shù)刂亓涌於萭=9.8m/s2所以解得T0.1s重力勢(shì)能減小量Ep=

18、mgh=1.09.800.8600J=8.43J利用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論得：vB=2EkB=mvC=8.12J故答案為：0.1s，8.43，8.12評(píng)論：運(yùn)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和動(dòng)能、重力勢(shì)能的定義式解決問題是該實(shí)驗(yàn)的慣例問題，同時(shí)要熟練應(yīng)用基本物理規(guī)律解決實(shí)驗(yàn)問題10（9分）某待測(cè)電阻Rx的阻值約為20，現(xiàn)要丈量其阻值，實(shí)驗(yàn)室供給器械以下：A電流表A1（量程150mA，內(nèi)阻約為10）B電流表A2（量程20mA，內(nèi)阻r2=30）C電壓表V（量程15V，內(nèi)阻15k）D定值電阻R0=100E滑動(dòng)變阻器R，最大阻值約為10F電源E，電動(dòng)勢(shì)E=9V（內(nèi)阻不計(jì)）G電鍵S及導(dǎo)線若干（1）丈量時(shí)要求電表讀數(shù)不得小于

19、其量程的，那應(yīng)選擇的電表是AB（填電表前面的字母符號(hào)）2）請(qǐng)你在虛線框內(nèi)畫出丈量Rx的實(shí)驗(yàn)原理圖（圖中元件使用題干中相應(yīng)英文字母符號(hào)注明）3）實(shí)驗(yàn)時(shí)電流表A1的讀數(shù)為I1，電流表A2的讀數(shù)為I2，用已知的和測(cè)得的物理量表示Rx=（用字母表示）9考點(diǎn)：伏安法測(cè)電阻專題：實(shí)驗(yàn)題；恒定電流專題分析：（1）實(shí)驗(yàn)需要電源、導(dǎo)線，而后依據(jù)題目要求選擇電流表、電壓表、滑動(dòng)變阻器2）依據(jù)實(shí)驗(yàn)原理及所選實(shí)驗(yàn)器械設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路3）依據(jù)電路構(gòu)造、應(yīng)用歐姆定律可以求出待測(cè)電阻阻值的表達(dá)式解答：解：（1）因?yàn)殡娫措妱?dòng)勢(shì)為4V，電壓表V量程為15V，達(dá)不到其量程的三分之一，故電壓表不可以使用；可用電流表A2與定值電阻R0串

20、通擴(kuò)大其電壓量程，看作電壓表與電流表A1配合使用伏安法丈量待測(cè)電阻阻值，因?yàn)楦难b的電壓表內(nèi)阻已知，故電流表A1采納外接法，改裝的電壓表電壓量程為20mA130=2.6V，滑動(dòng)變阻器最大阻值為5，沒法起到限流作用，故滑動(dòng)變阻器采納分壓式接法；經(jīng)過估量當(dāng)電流表A1滿偏時(shí)，電流表A2也正好滿篇，特別般配，所以滿足電表讀數(shù)不得小于量程的三分之一，故電表選擇A、B2）電流表A2與定值電阻R0串通構(gòu)成電壓表，滑動(dòng)變阻器采納分壓接法，電流表采納外接法，實(shí)驗(yàn)電路圖以以下圖（3）待測(cè)電阻兩端電壓U=I2（R0+r2），經(jīng)過待測(cè)電阻的電流IX=I1I2，待測(cè)電阻Rx=，故答案為：（1）AB2）如右圖所示3）評(píng)論：

21、此題觀察了實(shí)驗(yàn)器械的采納，實(shí)驗(yàn)器械的采納是此題的難點(diǎn)，也是正確解題的重點(diǎn)，選擇實(shí)驗(yàn)器械時(shí)，既要吻合題目要求，又要滿足：安全性原則、精確性原則與方便實(shí)驗(yàn)操作性原則1011（14分）一足夠長水平淡色傳遞帶以V0勻速運(yùn)動(dòng)，現(xiàn)將一可視為質(zhì)點(diǎn)的小煤塊輕放在其上方，已知煤塊與傳遞帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為經(jīng)過一準(zhǔn)時(shí)間后達(dá)到共同速度令傳遞帶忽然停下，此后不再運(yùn)動(dòng)，到最后煤塊也停下已知重力加快度為g求：1）煤塊第一次達(dá)到與傳遞帶相對(duì)靜止所用的時(shí)間；2）煤塊在傳遞帶上劃出的印跡長度考點(diǎn)：牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度與時(shí)間的關(guān)系；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系專題：傳遞帶專題分析：（1）由牛頓第二定律求出煤塊的加

22、快度，而后由速度公式求出煤塊相對(duì)傳遞帶靜止所需要的時(shí)間2）由勻變速運(yùn)動(dòng)規(guī)律求出煤塊相關(guān)于傳輸帶的位移，而后求出印跡的長度解答：解：（1）以煤塊為研究對(duì)象，由牛頓第二定律得：mg=ma，解得，煤塊的加快度a=g，達(dá)到V0所用時(shí)間t=；2）在煤塊與傳遞帶達(dá)到共同速度的過程中，傳遞帶運(yùn)動(dòng)的距離煤塊運(yùn)動(dòng)的距離此過程中劃出的印跡長度為傳遞帶忽然停下后，煤塊連續(xù)做勻減速運(yùn)動(dòng)，直至停下，這一過程煤塊向前運(yùn)動(dòng)的距離為考慮重疊部分，最后劃出的印跡長度為；答：（1）煤塊第一次達(dá)到與傳遞帶相對(duì)靜止所用的時(shí)間為；（2）煤塊在傳遞帶上劃出的印跡長度為評(píng)論：分析清楚煤塊的運(yùn)動(dòng)過程，應(yīng)用牛頓第二定律與運(yùn)動(dòng)學(xué)公式即可正確解題

23、12（18分）從陰極K發(fā)射的電子經(jīng)電勢(shì)差U0=4500V的陽極加快后，沿平行于板面的方向從中央射入兩塊長L1=10cm，間距d=4cm的平行金屬板AB以后，在離金屬板邊沿L2=75cm處放11置一個(gè)直徑D=20cm的帶有記錄紙的圓筒（如圖1所示），整個(gè)裝置放在真空內(nèi)，電子發(fā)射的初速度不計(jì)已知電子質(zhì)量m=0.91030kg，電子電量e=1.61019C，不考慮相對(duì)論效應(yīng)（1）若在兩金屬板上加上U1=1000V的直流電壓（AB），為使電子沿入射方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，應(yīng)加如何的磁場(chǎng)？（2）若在兩金屬板上加上U2=1000cos2t（V）的交流電壓，并使圓筒繞中心軸按圖2示方向以=4rad/s的角速度勻

24、速轉(zhuǎn)動(dòng)，確立電子在記錄紙上的偏轉(zhuǎn)位移隨時(shí)間變化的關(guān)系式并定性畫出1s鐘內(nèi)所記錄的圖形（電子穿過AB的時(shí)間很短，可以為這段時(shí)間內(nèi)板間電壓不變）考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題：帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題分析：1、依據(jù)動(dòng)能定理求出電子入射磁場(chǎng)的初速度，在AB間遇到電場(chǎng)力和洛倫茲力均衡，列方程求解B大小，依據(jù)左手定章判斷B的方向2、先求出AB間的場(chǎng)強(qiáng)，依據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的知識(shí)求解偏距，再依據(jù)圓筒的運(yùn)動(dòng)特色分析偏轉(zhuǎn)位移隨時(shí)間變化的圖形解答：解：（1）由eU0=得電子入射速度v0=m/s=4107m/s加直流電壓時(shí)，板間場(chǎng)強(qiáng)E1=2.5104V/m電子做直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，由條件eE1=ev0B，得應(yīng)加磁場(chǎng)的磁感

25、覺強(qiáng)度B=6.25104T，方向垂直紙面向里（2）加交流電壓時(shí)，A、B兩極間場(chǎng)強(qiáng)E2=2.5104cos2t（V/m）電子飛出板間時(shí)偏距y1=（）2電子飛出板間時(shí)豎直速度vy=at1=?從飛離板到達(dá)圓筒時(shí)偏距12y2=vyt2=在紙上記錄落點(diǎn)的總偏距（m）因圓筒每秒鐘轉(zhuǎn)2周，故在1s內(nèi)，紙上圖形以以下圖答：（1）應(yīng)加的磁場(chǎng)的磁感覺強(qiáng)度為6.25104T，方向垂直紙面向里（2）若在兩金屬板上加上U2=1000cos2t（V）的交流電壓，在1s內(nèi)，紙上圖形如上圖所示評(píng)論：此題中帶電粒子先加快后偏轉(zhuǎn)，運(yùn)用動(dòng)能定理求解加快電壓，運(yùn)用運(yùn)動(dòng)的分解法研究類平拋運(yùn)動(dòng)，都是常用的思路此題有必定的難度，屬于難題三

26、、物理-選修3-313（6分）以下說法正確的選項(xiàng)是（）A兩個(gè)物體只需溫度相等，那么他們分子熱運(yùn)動(dòng)的均勻動(dòng)能就相等B在自然界能的總量是守恒的，所以不存在能源危機(jī)C熱力學(xué)第必定律也可表述為第一類永動(dòng)機(jī)不行能制成D熱力學(xué)第二定律可描述為“不行能使熱量由低溫物體傳達(dá)到高溫物體”E1kg的0C的冰比1kg的0C的水的內(nèi)能小些考點(diǎn)：熱力學(xué)第必定律；溫度是分子均勻動(dòng)能的標(biāo)記；能量守恒定律；熱力學(xué)第二定律專題：熱力學(xué)定理專題分析：A、溫度是均勻動(dòng)能的標(biāo)記；B、能量是守恒，但轉(zhuǎn)變有方向性，所以要節(jié)約；C、U=Q+W是熱力學(xué)第必定律；D、熱力學(xué)第二定律是描述能量轉(zhuǎn)變有方向性；E、冰化成水需要吸熱解答：解：A、溫度

27、是均勻動(dòng)能的標(biāo)記，所以兩個(gè)物體只需溫度相等，那么他們分子熱運(yùn)動(dòng)的均勻動(dòng)能相等，故A正確；B、在自然界能的總量是守恒的，因?yàn)榇嬖诜较蛐?，所以需要我們?jié)約能源，故B錯(cuò)誤；C、依據(jù)U=Q+W熱力學(xué)第必定律，也可表述為第一類永動(dòng)機(jī)不行能制成，故C正確；D、熱力學(xué)第二定律可描述為“在外界做功下，能使熱量由低溫物體傳達(dá)到高溫物體”，故D錯(cuò)誤；E、因?yàn)楸伤枰鼰?，所?kg的0C的冰比1kg的0C的水的內(nèi)能小些，故E正確；應(yīng)選：ACE13x軸正向流傳，某時(shí)刻的他們的波形分別如圖甲、丙所TA），這兩列簡(jiǎn)諧橫波的波形分別變成圖乙、丁所示，則評(píng)論：觀察熱力學(xué)基本知識(shí)，掌握熱力學(xué)第一、二定律，知識(shí)溫度是均勻動(dòng)

28、能的標(biāo)記，理解能量轉(zhuǎn)變需要方向性，重申要節(jié)約能源14（9分）以以下圖，A、B氣缸的長度均為60cm，截面積均為40cm2，C是可在氣缸內(nèi)無摩擦滑動(dòng)的、體積不計(jì)的活塞，D為閥門整個(gè)裝置均由導(dǎo)熱資料制成本來閥門關(guān)閉，A內(nèi)有壓強(qiáng)PA=2.4105Pa的氧氣B內(nèi)有壓強(qiáng)PB=1.2105Pa的氫氣閥門打開后，活塞C向右挪動(dòng)，最后達(dá)到均衡求：活塞C挪動(dòng)的距離及均衡后B中氣體的壓強(qiáng)；活塞C挪動(dòng)過程中B中氣體是吸熱還是放熱（簡(jiǎn)要說明原由）（假設(shè)氧氣和氫氣均視為理想氣體，連接氣缸的管道體積可忽視）考點(diǎn)：理想氣體的狀態(tài)方程；熱力學(xué)第必定律專題：壓軸題；理想氣體狀態(tài)方程專題分析：整個(gè)裝置均由導(dǎo)熱資料制成，活塞C向右

29、挪動(dòng)時(shí)，兩氣缸內(nèi)氣體均發(fā)生等溫變化，均衡后兩部分氣體的壓強(qiáng)相等依據(jù)玻意耳定律，聯(lián)合關(guān)系條件求解依據(jù)熱力學(xué)第一定律分析吸放熱狀況解答：解：、由玻意耳定律得：對(duì)A部分氣體有：pALS=p（L+x）S，對(duì)B部分氣體有：pBLS=p（Lx）S，代入相關(guān)數(shù)據(jù)解得：x=20cm，p=1.8105Pa；、活塞C向右挪動(dòng)的過程中活塞對(duì)B中氣體做功，而氣體發(fā)生等溫變化，內(nèi)能不變，故B中氣體向外界放熱5答：、活塞C挪動(dòng)的距離為20cm，均衡后B中氣體的壓強(qiáng)1.810Pa；評(píng)論：此題采納是的隔斷法分別對(duì)兩部分氣體用玻意耳定律研究，同時(shí)要抓住兩部分氣體的相關(guān)條件，如壓強(qiáng)關(guān)系、體積關(guān)系等等四、物理-選修3-415（6分

30、）A、B兩列簡(jiǎn)諧橫波均沿示，經(jīng)過時(shí)間t（t小于A波的周期A、B兩列波的波速vA、vB之比可能的是（）A1：1B3：2C1：3D3：1E1：5考點(diǎn)：波長、頻率和波速的關(guān)系；橫波的圖象專題：波的多解性14分析：由顛簸圖象讀出兩波的波長，依據(jù)題給條件，列出兩波的周期與時(shí)間t的關(guān)系，確立波速的關(guān)系，列出通項(xiàng)，分析特別值解答：=12cm又t=，t=kT，獲得T：T=2k：1，（k=0，1，解：由圖波長=24cm，ABBAB2，、），則由波速v=獲得，vA：vB=1：k當(dāng)k=1時(shí)，vA：vB=1：1，當(dāng)k=3時(shí)，vA：vB=1：3，當(dāng)k=5時(shí)，vA：vB=1：5，因?yàn)閗為整數(shù)，vA：vB3：1，也不行能等

31、于3：2應(yīng)選ACE評(píng)論：此題觀察依據(jù)波的周期性列出通項(xiàng)的能力，解題時(shí)要注意條件t小于A波的周期TA，不可以得出t=（2n+）16（9分）如圖，厚度為D的玻璃磚與水平實(shí)驗(yàn)桌成45角擱置紅色激光束平行于水平桌面射到玻璃磚的表面，在桌面上獲得兩個(gè)較亮的光點(diǎn)A、B，測(cè)得AB間的距離為L求玻璃磚對(duì)該紅色激光的折射率考點(diǎn)：光的折射定律專題：光的折射專題分析：依據(jù)幾何關(guān)系，聯(lián)合折射定律求出玻璃磚對(duì)該紅色激光的折射率解答：解：由折射定律有：=n直角三角形MNR中sin=MN=在直角三角形PQN中PN=L解得n=答：玻璃磚對(duì)該紅色激光的折射率為評(píng)論：此題觀察光的折射定律，對(duì)數(shù)學(xué)幾何的能力要求較高，需增強(qiáng)這種題型的訓(xùn)練五、物理-選修3-517（6分）以以下圖為氫原子的能級(jí)表示圖，一群氫原子處于n=3的激發(fā)態(tài)，在向較低能級(jí)躍遷的過程中向外發(fā)出光子，并用這些光照耀逸出功為2.49eV的金屬鈉15這群氫原子能發(fā)出3種不一樣頻率的光，此中有2種頻率的光能使金屬鈉發(fā)生光電效應(yīng)金屬鈉發(fā)出的光電子的最大初動(dòng)能9.60eV考點(diǎn)：氫原子的能級(jí)公式和