陜西省銅川市2021-2022學年高三下學期第一次聯(lián)考物理試卷含解析

1、2021-2022學年高考物理模擬試卷注意事項1考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置3請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符

2、合題目要求的。1、A、B兩小車在同一直線上運動，它們運動的位移s隨時間t變化的關(guān)系如圖所示，已知A車的s-t圖象為拋物線的一部分，第7s末圖象處于最高點，B車的圖象為直線，則下列說法正確的是（ ）AA車的初速度為7m/sBA車的加速度大小為2m/s2CA車減速過程運動的位移大小為50mD10s末兩車相遇時，B車的速度較大2、如圖所示，一質(zhì)量為M的楔形木塊放在水平桌面上，它的頂角為90，兩底角為和；a、b為兩個位于斜面上質(zhì)量均為m的小木塊，已知所有接觸面都是光滑的現(xiàn)發(fā)現(xiàn)a、b沿斜面下滑，而楔形木塊靜止不動，這時楔形木塊對水平桌面的壓力等于（ ）AMg+mgBMg+2mgCMg+mg（sin+si

3、n）DMg+mg（cos+cos）3、如圖甲所示，金屬細圓環(huán)固定，圓環(huán)的左半部分處于隨時間均勻變化的勻強磁場中。該圓環(huán)電阻為R、半徑為r，從t=0時刻開始，該圓環(huán)所受安培力大小隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示，則磁感應強度的變化率為（）ABCD4、如圖甲所示，在磁感應強度為B的勻強磁場中，有一匝數(shù)為n，面積為S，總電阻為r的矩形線圈abcd繞軸OO做角速度為的勻速轉(zhuǎn)動，矩形線圈在轉(zhuǎn)動中可以保持和外電路電阻R形成閉合電路，回路中接有一理想交流電流表圖乙是線圈轉(zhuǎn)動過程中產(chǎn)生的感應電動勢e隨時間t變化的圖象，下列說法中正確的是A從tl到t3這段時間穿過線圈磁通量的變化量為2nBSB從t3到t4這段時間通過

4、電阻R的電荷量為Nbs/RCt3時刻穿過線圈的磁通量變化率為nBSD電流表的示數(shù)為5、如圖所示，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為2:3，兩端共接有六只相同的小燈泡L1、L2、 L3、L4、L5和L6（電阻恒定不變），變壓器的原線圈接有輸出電壓U恒定的交流電源，六只小燈泡均發(fā)光下列說法正確的是（ ）AL1、L2、 L3三只燈泡亮度一定相同B小燈泡L2一定比L4亮C交流電源輸出電壓U是小燈泡L4兩端電壓的4.5倍DL1消耗的功率是L2消耗燈泡的2.25倍6、如圖所示為某住宅區(qū)的應急供電系統(tǒng)，由交流發(fā)電機和副線圈匝數(shù)可調(diào)的理想降壓變壓器組成。發(fā)電機中矩形線圈所圍的面積為S，匝數(shù)為N，電阻不計，它可繞水平

5、軸OO/在磁感應強度為B的水平勻強磁場中以角速度勻速轉(zhuǎn)動。矩形線圈通過滑環(huán)連接降壓變壓器，滑動觸頭P上下移動時可改變輸出電壓，R0表示輸電線的電阻。以線圈平面在中性面為計時起點，下列判斷正確的是（）A若發(fā)電機線圈某時刻處于圖示位置，變壓器原線圈的電流瞬時值為零B發(fā)電機線圈感應電動勢的瞬時值表達式為 C當滑動觸頭P向下移動時，變壓器原線圈兩端的電壓不變D當用戶數(shù)目增多時，電路中的電流變小，用戶得到的電壓變小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下列說法正確的是_A水池中水

6、的溫度相同，水底一小氣泡因擾動而上升時一定吸熱B懸浮在液體中的固體微粒越小，布朗運動就越明顯C同一容器中同種氣體所有的分子運動速率基本相等D熵增加原理說明一切自然過程總是向著分子熱運動的無序性增大的方向進行E.壓縮汽缸內(nèi)氣體時要用力推活塞，這表明氣體分子間的作用力主要表現(xiàn)為斥力8、空間中有水平方向的勻強電場，電場強度大小為。在電場中的點由靜止釋放一個電荷量為、質(zhì)量為的帶電微粒，經(jīng)過一段時間后微粒運動至點，微粒一直在電場中運動。若、兩點間的水平距離為，重力加速度為。關(guān)于微粒在、兩點間的運動，下列說法中正確的是（ ）A微粒運動的加速度為B微粒運動的時間為C、兩點間對應的豎直高度為D運動過程中電場力

7、做功大小為9、抗擊新冠肺炎疫情的戰(zhàn)斗中，中國移動攜手“學習強國”推出了武漢實景24小時直播，通過5G超高清技術(shù)向廣大用戶進行九路信號同時直播武漢城市實況，全方位展現(xiàn)鏡頭之下的武漢風光，共期武漢“復蘇”。5G是“第五代移動通信技術(shù)”的簡稱，其最顯著的特征之一為具有超高速的數(shù)據(jù)傳輸速率。5G信號一般采用3.31096109Hz頻段的無線電波，而現(xiàn)行第四代移動通信技術(shù)4G的頻段范圍是1.881092.64109Hz，則_A5G信號比4G信號所用的無線電波在真空中傳播得更快B5G信號相比于4G信號更不容易繞過障礙物，所以5G通信需要搭建更密集的基站C空間中的5G信號和4G信號不會產(chǎn)生干涉現(xiàn)象D5G信號

8、是橫波，4G信號是縱波E.5G信號所用的無線電波具有波粒二象性10、如圖所示，某科研單位設計了一空間飛行器，飛行器從地面起飛時，發(fā)動機提供的動力方向與水平方向的夾角60，使飛行器恰好沿與水平方向的夾角30的直線斜向右上方勻加速飛行，經(jīng)時間t后，將動力的方向沿逆時針旋轉(zhuǎn)60同時適當調(diào)節(jié)其大小，使飛行器依然可以沿原方向勻減速直線飛行，飛行器所受空氣阻力不計下列說法中正確的是()A飛行器加速時動力的大小等于mgB飛行器加速時加速度的大小為gC飛行器減速時動力的大小等于mgD飛行器減速飛行時間t后速度為零三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分

9、）研究電阻值相近的兩個未知元件和的伏安特性，使用的器材有多用電表、電壓表（內(nèi)阻約為）、電流表（內(nèi)阻約為）。(1)用多用電表歐姆擋的“”倍率粗測元件的電阻，示數(shù)如圖（a）所示，其讀數(shù)為_。若用電壓表與電流表測量元件的電阻，應選用圖（b）或圖（c）中的哪一個電路_（選填“（b）”或“（c）”）。(2)連接所選電路并閉合開關(guān)，滑動變阻器的滑片從左向右滑動，電流表的示數(shù)逐漸_（選填“增大”或“減小”）；依次記錄實驗中相應的電流值與電壓值。(3)將元件換成元件，重復上述步驟進行實驗。(4)圖（d）是根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出的元件和的圖線，由圖像可知，當元件中的電流增大時其電阻_（選填“增大”“減小”或“不變”）

10、。12（12分）某小組要測量一電源的電動勢和內(nèi)阻。供使用的實驗器材有：量程為0 0.6A電阻不計的電流表一只；阻值均為6的定值電阻三只；開關(guān)S及導線若干。根據(jù)實驗器材，同學們設計出如圖甲所示的電路圖，其主要實驗操作步驟如下：(1)三個6的電阻通過串、并聯(lián)等不同的組合方式可以得到七個不同阻值的電阻R，表中已列出R的不同阻值。(2)把不同組合方式得到的電阻R分別接入圖甲所示電路的MN之間，可測得七組電阻R對應電流I的數(shù)據(jù)如下表。(3)以縱坐標、R為橫坐標，根據(jù)表中數(shù)據(jù)在圖乙坐標紙上作出圖像_。(4)根據(jù)圖像求出電源的電動勢E=_V；內(nèi)阻r=_。（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）(5)該小組利用此電路測量一

11、未知電阻的阻值。把未知電阻接入電路MN間，電流表的讀數(shù)為0.25A，可得待測電阻的阻值為_。(保留兩位有效數(shù)字)四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，在離地面高 h=5m 處固定一水平傳送帶，傳送帶以v0=2m/s 順時針轉(zhuǎn)動。長為 L的薄木板甲和小物塊乙（乙可視為質(zhì)點），質(zhì)量均為m=2kg，甲的上表面光滑，下表面與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)1=0.1.乙與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)2=0.2.某一時刻， 甲的右端與傳送帶右端 N 的距離 d=3m，甲以初速度 v0=2m/s 向左運動的同時，乙以v1=6m

12、/s 沖上甲的左端，乙在甲上運動時受到水平向左拉力F=4N，g 取 10m/s2.試問：(1)當甲速度為零時，其左端剛好與傳送帶左端M相齊，乙也恰與甲分離，求 MN的長度LMN；(2)當乙與甲分離時立即撤去 F，乙將從 N 點水平離開傳送帶，求乙落地時距甲右端的水平距離。14（16分）1916年， Tolman和 Stewart發(fā)表論文指出，一個繞在圓柱上的閉合金屬線圈當該圓柱以一定的角速度繞軸旋轉(zhuǎn)時，線圈中會有電流通過，這種效應稱為 Stewart- Tolman效應。設有許多匝線圈，每匝線圈的半徑為r，每匝線圈均用電阻為R的細金屬導線繞成，線圈均勻地繞在一個很長的玻璃圓柱上，圓柱的內(nèi)部為真

13、空每匝線圈的位置用黏膠固定在圓柱上，單位長度的線圈匝數(shù)為n，包含每匝線圈的平面與圓柱的軸垂直。從某一時刻開始，圓柱以角加速度繞其軸旋轉(zhuǎn)。經(jīng)過足夠長時間后：請計算每匝線圈中的電流強度。15（12分）如圖所示為一巨大的玻璃容器，容器底部有一定的厚度，容器中裝一定量的水，在容器底部有一單色點光源，已知水對該單色光的折射率為4/3，玻璃對該單色光的折射率為1.5，容器底部玻璃的厚度為d，水的深度為2d求：（1）該單色光在玻璃和水中傳播的速度（2）水面形成的圓形光斑的半徑（不考慮兩個界面處的反射光線）參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目

14、要求的。1、B【解析】ABA車做勻變速直線運動，設A車的初速度為，加速度大小為，由圖可知時，速度為零，由運動學公式可得：根據(jù)圖象和運動學公式可知時的位移為：聯(lián)立解得，故選項B正確，A錯誤；CA車減速過程運動的位移大小為，故選項C錯誤；D位移時間圖象的斜率等于速度，10s末兩車相遇時B車的速度大小為：A車的速度為：兩車的速度大小相等，故選項D錯誤。故選B。2、A【解析】本題由于斜面光滑，兩個木塊均加速下滑，分別對兩個物體受力分析，求出其對斜面體的壓力，再對斜面體受力分析，求出地面對斜面體的支持力，然后根據(jù)牛頓第三定律得到斜面體對地面的壓力?！驹斀狻繉δ緣Ka受力分析，如圖，受重力和支持力由幾何關(guān)系

15、，得到： N1=mgcos故物體a對斜面體的壓力為：N1=mgcos同理，物體b對斜面體的壓力為：N2=mgcos 對斜面體受力分析，如圖， 根據(jù)共點力平衡條件，得到：N2cos-N1cos=0 F支-Mg-N1sin-N2sin=0根據(jù)題意有：+=90由式解得： F支=Mg+mg根據(jù)牛頓第三定律，斜面體對地的壓力等于Mg+mg；故選：A?！军c睛】本題關(guān)鍵先對木塊a和b受力分析，求出木塊對斜面的壓力，然后對斜面體受力分析，根據(jù)共點力平衡條件求出各個力。也可以直接對三個物體整體受力分析，然后運用牛頓第二定律列式求解，可使解題長度大幅縮短，但屬于加速度不同連接體問題，難度提高。3、D【解析】設勻強

16、磁場 （ ）感應電動勢安培力結(jié)合圖像可知所以磁感應強度的變化率故D正確ABC錯誤。故選D。4、D【解析】試題分析：由圖可知，tl和t3這兩時刻的磁通量大小為BS，方向相反；故穿過線圈磁通量的變化量為2BS；故A錯誤； 從t3到t4這段時間磁通量的變化為BS，則平均電動勢；因此通過電阻R的電荷量為；故B錯誤； t3時刻電動勢E=NBS；則由法拉第電磁感應定律可知：；則穿過線圈的磁通量變化率為BS；故C錯誤； 電流表的示數(shù)為有效值，則有：；故D正確；故選D考點：法拉第電磁感應定律；交流電的有效值5、C【解析】設小燈泡L4兩端電壓為，則有副線圈的輸出電壓為，根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，原線圈的輸入電壓為，

17、L2、 L3兩只燈泡串聯(lián)后的總電壓為；設通過小燈泡L4電流為，根據(jù)電流與匝數(shù)成反比，則有原線圈電流為，根據(jù)歐姆定律可得通過L2、 L3兩只燈泡的電流為，根據(jù)并聯(lián)分流可得通過L1燈泡的電流為，小燈泡L1兩端電壓為，根據(jù)串聯(lián)分壓可知交流電源輸出電壓，根據(jù)電功率公式可知，故C正確，A、B、D錯誤；6、C【解析】A當線圈與磁場平行時，感應電流最大，故A錯誤；B從中性面開始計時，發(fā)電機線圈感應電動勢的瞬時值表達式為故B錯誤；C當滑動觸頭P向下移動時，輸出電壓變小，但變壓器原線圈兩端的電壓將不變，故C正確；D當用戶數(shù)目增多時，電路總電阻變小，電路中的電流變大，則輸電線上電阻的電壓增大，用戶得到的電壓變小，

18、故D錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABD【解析】A氣泡上升過程壓強不斷減小，氣泡逐漸脹大，就要對外做功，然而溫度還不變，于是它肯定不斷吸熱所以A正確B懸浮在液體中的顆粒越小,在某一瞬間跟它相撞擊的分子數(shù)越小.布朗運動微粒大小在10-6m數(shù)量級,液體分子大小在10-10m數(shù)量級,撞擊作用的不平衡性就表現(xiàn)得越明顯,因此,布朗運動越明顯.B正確C同一容器中同種氣體所有的分子運動速率不一定相等，C錯誤D按機械能與內(nèi)能轉(zhuǎn)化的方向性表述：不可能從單一熱源吸收熱

19、量，使之完全變成功，而不產(chǎn)生其他影響熵增加原理的內(nèi)容：在任何自然過程中，一個孤立系統(tǒng)的總熵不會減小如果過程可逆，則熵不變；如果過程不可逆，則熵增加從微觀的角度看，熱力學第二定律是一個統(tǒng)計規(guī)律：一個孤立系統(tǒng)總是從熵小的狀態(tài)向熵大的狀態(tài)發(fā)展，而熵值較大代表著較為無序，所以自發(fā)的宏觀過程總是向無序度更大的方向發(fā)展所以D正確E分子間的引力和斥力是同時存在的，它們的大小隨分子間的距離而發(fā)生變化當時，合力表現(xiàn)為斥力，當時，合力表現(xiàn)為引力E錯誤所以選擇ABD8、BD【解析】A帶電微粒受力情況、水平方向有電場力、豎直方向有重力；根據(jù)平行四邊形定則可得合外力根據(jù)牛頓第二定律微粒運動的加速度為故A錯誤；B水平方向

20、加速度為根據(jù)運動學公式可得解得微粒運動的時間為故B正確；C微粒在豎直向下為自由落體運動，下降高度解得、兩點間對應的豎直高度為故C錯誤；D運動過程中電場力做功故D正確；故選BD。9、BCE【解析】A任何電磁波在真空中的傳播速度均為光速，故傳播速度相同，故A錯誤；B5G信號的頻率更高，波長更短，故相比4G信號不易發(fā)生衍射現(xiàn)象，則5G通信需要搭建更密集的基站，故B正確；C5G信號和4G信號的頻率不同，則它們相遇不能產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象，故C正確；D電磁波均為橫波，故5G信號和4G信號都是橫波，故D錯誤；E任何電磁波包括無線電波都具有波粒二象性的特點，故E正確。故選BCE。10、BC【解析】AB起飛時，

21、飛行器受推力和重力，兩力的合力與水平方向成30角斜向上，設動力為F，合力為Fb，如圖所示：在OFFb中，由幾何關(guān)系得：F=mgFb=mg由牛頓第二定律得飛行器的加速度為：a1=g故A錯誤，B正確；CDt時刻的速率：v=a1t=gt推力方向逆時針旋轉(zhuǎn)60，合力的方向與水平方向成30斜向下，推力F跟合力Fh垂直，如圖所示，此時合力大小為：Fh=mgsin30動力大小：Fmg飛行器的加速度大小為：到最高點的時間為：故C正確，D錯誤；故選BC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、10 （b） 增大 增大 【解析】(1)1選擇“”倍率測量讀數(shù)為，則待測電阻值為。(2)2元件電阻值約為，根據(jù)可知元件與電流表內(nèi)阻相近，則電流表采用外接法誤差較小，應選（b）電路。(3)3在（b）電路中，滑動變阻器的滑片從左向右滑動，元件兩端電壓增大，則其電流增大則電流表的示數(shù)逐漸增大。(4)