2023學(xué)年山東省菏澤市單縣第五中學(xué)物理高二第一學(xué)期期中質(zhì)量檢測(cè)模擬試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)1考生要認(rèn)真填寫考場(chǎng)號(hào)和座位序號(hào)。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，兩平行的粗糙金屬導(dǎo)軌水平固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，導(dǎo)軌寬度為L(zhǎng)，一端與電源連接。一質(zhì)量為m的金屬棒ab垂直于平行導(dǎo)軌放置并接觸良好，金屬棒與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)，在安培力的作用下，金屬棒以的速度向右勻速運(yùn)動(dòng)，通過改變

2、磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向，可使流過導(dǎo)體棒的電流最小，此時(shí)磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向與水平方向成ABCD2、將懸掛在細(xì)線上的帶正電的小球A放在不帶電的金屬空心球C內(nèi)(不與球接觸)，另有一個(gè)懸掛在細(xì)線上的帶負(fù)電的小球B向C靠近，如圖所示，于是有()A.A向左偏離豎直方向，B向右偏離豎直方向BA的位置不變，B向右偏離豎直方向C.A向左偏離豎直方向，B的位置不變D.A和B的位置都不變3、如圖所示三條長(zhǎng)直導(dǎo)線，都通有垂直于紙面向里的電流，且I1 = I2 = I3 則距三導(dǎo)線距離都相等的A點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向?yàn)锳方向向上B方向向下C方向向左D方向向右4、關(guān)于電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)，下列說法正確的是()A由公式E=F/q可知E與F

3、成正比，與q成反比B由公式U=Ed可知，在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，E為恒值，任意兩點(diǎn)間的電勢(shì)差與這兩點(diǎn)間的距離成正比C電場(chǎng)強(qiáng)度為零處，電勢(shì)不一定為零D無論是正電荷還是負(fù)電荷，當(dāng)它在電場(chǎng)中移動(dòng)時(shí)，若電場(chǎng)力做功，它一定是從電勢(shì)高處移到電勢(shì)低處，并且它的電勢(shì)能一定減少5、下圖中，可以將電壓升高給電燈供電的變壓器是（ ）ABCD6、如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為12V，電源內(nèi)阻為1.0，電路中的電阻R0為1.5，小型直流電動(dòng)機(jī)M的內(nèi)阻為0.5，閉合開關(guān)S后，電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)動(dòng)，電流表的示數(shù)為2.0A則以下判斷中正確的是 A電動(dòng)機(jī)的輸出功率為12WB電動(dòng)機(jī)兩端的電壓為10.0VC電動(dòng)機(jī)產(chǎn)生的熱功率為4.0WD電源輸出的功率為24W

4、二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、一個(gè)帶正電的粒子（重力不計(jì)）穿過如圖所示的勻強(qiáng)磁場(chǎng)和勻強(qiáng)電場(chǎng)區(qū)域時(shí)，恰能沿直線運(yùn)動(dòng)，則欲使粒子向上偏轉(zhuǎn)應(yīng)采用的辦法是（ ） A減小電場(chǎng)強(qiáng)度B增大電荷電荷量C減小入射速度D增大磁感應(yīng)強(qiáng)度8、某靜電場(chǎng)方向平行于x軸，其電勢(shì)隨x變化規(guī)律如圖所示一質(zhì)量為m、帶電量為q的粒子(不計(jì)重力)，以初速度v0從O點(diǎn)(x0)進(jìn)入電場(chǎng)，僅在電場(chǎng)力的作用下沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)下列說法正確的是() A粒子從O運(yùn)動(dòng)到x1的過程中做勻加速直線運(yùn)動(dòng)B粒子從x1運(yùn)動(dòng)到x

5、3的過程中，電勢(shì)能一直減少C若v0為 ，帶電粒子在運(yùn)動(dòng)過程中的最大速度為D若使粒子能運(yùn)動(dòng)到x4處，則初速度v0至少為9、如圖所示，豎直平面內(nèi)固定一半徑為R的四分之一圓弧軌道，一可視為質(zhì)點(diǎn)的小滑塊從圓弧頂端沿軌道滑至底端。關(guān)于此過程下列說法正確的是A小滑塊的位移大小是RB小滑塊的位移大小是C小滑塊的路程是2RD小滑塊的路程是10、利用霍爾效應(yīng)制作的霍爾元件，廣泛應(yīng)用于測(cè)量和自動(dòng)控制等領(lǐng)域。當(dāng)電流通過位于磁場(chǎng)中的導(dǎo)體時(shí)，會(huì)在導(dǎo)體的兩表面產(chǎn)生電勢(shì)差，這種磁電現(xiàn)象稱為霍爾效應(yīng)。如圖所示，長(zhǎng)方體金屬塊的長(zhǎng)、寬、高分別為a 、b、 h ，金屬的電阻率為 ，在三維空間有 一個(gè)沿 x 軸正方向、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小

6、為 B 的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，當(dāng)金屬塊沿 y 軸正方向 通以大小為 I 的電流時(shí)，以下判斷正確的是（）A金屬塊受到的磁場(chǎng)力大小為 BIa ，方向沿 z軸正方向B金屬塊沿 y 軸方向的電阻為C金屬塊沿 y 軸正方向兩個(gè)側(cè)表面的電勢(shì)差為D金屬塊沿 z 軸方向的上表面的電勢(shì)高于下表面的電勢(shì)三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）請(qǐng)?jiān)谟覉D方框中畫出“測(cè)繪小燈泡伏安特性曲線”實(shí)驗(yàn)的實(shí)驗(yàn)電路圖，采用該電路圖實(shí)驗(yàn)時(shí)其測(cè)量結(jié)果比實(shí)際真實(shí)值_（填“偏大”、“偏小”、“不變”）12（12分）在“測(cè)定金屬導(dǎo)體的電阻率”的實(shí)驗(yàn)中，待測(cè)金屬導(dǎo)線的電阻Rx約為3 實(shí)驗(yàn)室備

7、有下列實(shí)驗(yàn)器材A電壓表V1（量程3 V，內(nèi)阻約為15 k）B電壓表V2（量程15 V，內(nèi)阻約為75 k）C電流表A1（量程3 A，內(nèi)阻約為0.2 ）D電流表A2（量程600 mA，內(nèi)阻約為1 ）E.變阻器R1（010 ，1.0 A）F.變阻器R2（0100 ，0.3 A）G.電池E（電動(dòng)勢(shì)為3 V，內(nèi)阻約為0.3 ）H.開關(guān)S，導(dǎo)線若干(1)提高實(shí)驗(yàn)精確度，減小實(shí)驗(yàn)誤差，應(yīng)選用的實(shí)驗(yàn)器材有_(2)為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，應(yīng)選用圖中_（填“a”或“b”）為該實(shí)驗(yàn)的電路原理圖，并按所選擇的原理圖把實(shí)物圖用導(dǎo)線連接起來_(3)用刻度尺測(cè)得金屬絲長(zhǎng)度為60.00 cm，用螺旋測(cè)微器測(cè)得導(dǎo)線的直徑為0.635

8、 mm，兩電表的示數(shù)分別如圖所示，則電阻值為_，電阻率為_四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，水平放置的平行板電容器，原來兩板不帶電，上極板接地，它的極板長(zhǎng)L=0.1m，兩極板間距離d=0.4cm, 有一束相同微粒組成的帶電粒子流以相同的初速度從兩板中央平行于極板射入，由于重力作用微粒能落到下板上，微粒所帶電荷立即轉(zhuǎn)移到下極板且均勻分布在下極板上。已知微粒質(zhì)量m=1.010-6kg，電量q=+1.010-8C，電容器電容C=1.010-6F，若第一個(gè)粒子剛好落到下板中點(diǎn)O處，取g=10m/s1試求

9、： （1）則帶電粒子入射初速度的大??；（1）最終落到下極板上的微粒個(gè)數(shù)。14（16分）如圖所示，有兩個(gè)質(zhì)量均為m、帶電量均為q的小球，用絕緣細(xì)繩懸掛在同一點(diǎn)O處，保持靜止后懸線與豎直方向的夾角為=30，重力加速度為g，靜電力常量為k.求：(1) 帶電小球A在B處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小；(2) 細(xì)繩的長(zhǎng)度L.15（12分）如圖所示，一質(zhì)量m=40kg的男孩練習(xí)滑板沖坡，當(dāng)他通過坡底O點(diǎn)時(shí)的速度v=5m/s設(shè)該男孩始終未離開滑道，取g=10m/s2，不計(jì)機(jī)械能損失求：（1）他通過O點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能Ek；（2）他達(dá)到的最大高度H參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)

10、中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】設(shè)磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向與豎直方向的夾角為，對(duì)導(dǎo)體棒受力分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡可得，解得: ，由數(shù)學(xué)知識(shí)可知當(dāng)時(shí)，I最小，故磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向與豎直方向?yàn)?0，即與水平方向成角。故D正確。2、B【解析】A在空心金屬球內(nèi)，由于靜電感應(yīng)，使得C外表面帶正電，B、C相互吸引，所以B向右偏； 而金屬空腔C可以屏蔽外部的B的電場(chǎng)，所以B的電荷對(duì)空腔C的內(nèi)部無影響，所以A位置不變故B正確，ACD錯(cuò)誤；故選B點(diǎn)睛：考查靜電感應(yīng)現(xiàn)象，掌握同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引并理解外部電場(chǎng)對(duì)空心球內(nèi)部沒有影響，即為靜電屏蔽3、A【解析】由安培定則確定出磁感線方向，再利用矢量合成法

11、則求得A的合矢量的方向【詳解】由安培定則知電流I1和I2，在A點(diǎn)的磁感線方向相反，距離又相等，所以合場(chǎng)強(qiáng)為零，I3在A點(diǎn)的電場(chǎng)線方向豎直向上，故A點(diǎn)的磁感線方向向上。故選A。4、C【解析】A電場(chǎng)中某點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)與試探電荷的電量與其所受的電場(chǎng)力無關(guān)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B由公式UEd可知，在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，任意兩點(diǎn)間的電勢(shì)差與這兩點(diǎn)沿電場(chǎng)線方向間的距離成正比，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C電場(chǎng)強(qiáng)度為零處，電勢(shì)不一定為零，例如等量同種電荷連線的中點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)為零，電勢(shì)大于零，選項(xiàng)C正確；D無論是正電荷還是負(fù)電荷，當(dāng)它在電場(chǎng)中移動(dòng)時(shí)，若電場(chǎng)力做正功，它的電勢(shì)能一定減少，但是不一定是從電勢(shì)高處移到電勢(shì)低處，選項(xiàng)D錯(cuò)誤故選C。5、C【解

12、析】變壓器不能升高直流電流的電壓，AD錯(cuò)誤；根據(jù)變壓器電壓與匝數(shù)成正比，則升壓變壓器的原線圈匝數(shù)應(yīng)小于副線圈匝數(shù)，B錯(cuò)誤；C正確6、A【解析】ABC電路中電流表的示數(shù)為2.0A，所以電動(dòng)機(jī)的電壓為U=E-U內(nèi)-UR0=12-Ir-IR0=12-21-21.5=7V電動(dòng)機(jī)的總功率為P總=UI=72=14W電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功率為：P熱=I2R=220.5=2W所以電動(dòng)機(jī)的輸出功率為14 W-2W=12W故A正確，BC錯(cuò)誤；D電源的輸出的功率為：P輸出=EI-I2R=122-221=20W故D錯(cuò)誤。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

13、全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】開始時(shí)正電粒子恰能做直線運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力向下，洛倫茲力向上，合力為零，故：qE=qvBA減小電場(chǎng)強(qiáng)度，則電場(chǎng)力減小，洛倫茲力不變，合力向上，向上偏轉(zhuǎn)，故A正確；B增大電荷量，則電場(chǎng)力與洛倫茲力都增加，合力為0，做直線運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C減小入射速度，則洛倫茲力減小，電場(chǎng)力不變，合力向下，向下偏轉(zhuǎn)，故錯(cuò)誤；D增大磁感應(yīng)強(qiáng)度，則向上的洛倫茲力增大，合力向上，向上偏轉(zhuǎn)，故D正確。8、BC【解析】粒子從O運(yùn)動(dòng)到x1的過程中，電勢(shì)升高，場(chǎng)強(qiáng)方向沿x軸負(fù)方向，粒子所受的電場(chǎng)力方向也沿x軸負(fù)方向，與粒子的速度方向相反，則粒子做減速運(yùn)動(dòng)故A錯(cuò)誤；

14、粒子從x1運(yùn)動(dòng)到x3的過程中，電勢(shì)不斷降低，根據(jù)正電荷在電勢(shì)高處電勢(shì)能越大，可知，粒子的電勢(shì)能不斷減小故B正確；若v0=，粒子運(yùn)動(dòng)到x3處電勢(shì)能最小，動(dòng)能最大，由動(dòng)能定理得 q0-（-0）= ，解得最大速度為vm=故C正確；根據(jù)電場(chǎng)力和運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性可知：粒子如能運(yùn)動(dòng)到x1處，就能到達(dá)x4處，當(dāng)粒子恰好運(yùn)動(dòng)到x1處時(shí)，由動(dòng)能定理得： ，解得，要使粒子能運(yùn)動(dòng)到x4處，粒子的初速度v0至少為故D錯(cuò)誤故選BC點(diǎn)睛：此題也可以根據(jù)電勢(shì)隨x的分布圖線可以得出電勢(shì)函數(shù)關(guān)系，由電勢(shì)能和電勢(shì)關(guān)系式得出電勢(shì)能的變化對(duì)于速度問題，往往利用動(dòng)能定理列方程解答9、BD【解析】AB位移是從起點(diǎn)指向終點(diǎn)的有向線段的長(zhǎng)度，則

15、小滑塊的位移大小是，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；CD路程是軌跡長(zhǎng)度，則小滑塊的路程是，選項(xiàng)D正確，C錯(cuò)誤。10、BD【解析】A金屬塊受到的磁場(chǎng)力大小，根據(jù)安培力公式解得， 根據(jù)左手定則，方向沿z軸負(fù)方向，故A錯(cuò)誤；B根據(jù)電阻公式解得，故B正確；C金屬塊沿y軸正方向兩個(gè)側(cè)表面的電勢(shì)差，根據(jù)歐姆定律得解得，故C錯(cuò)誤；D根據(jù)左手定則，電子向下表面偏轉(zhuǎn)，則上表面電勢(shì)高于下表面的，故D正確。故選BD。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 偏小【解析】測(cè)繪小燈泡伏安特性曲線要求電壓能夠從零開始變化，所以滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法； 燈泡正常發(fā)光時(shí)電阻較小，電

16、壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于燈泡內(nèi)阻，電流表應(yīng)采用外接法。實(shí)驗(yàn)電路圖如圖所示：由于電壓表的分流，電流測(cè)量值大于真實(shí)值，由歐姆定律可知，電阻測(cè)量值小于真實(shí)值，即測(cè)量值和真實(shí)值相比偏小。12、ADEGH b 2.4 【解析】(1)1伏安法測(cè)電阻，需要：G、電池E（電動(dòng)勢(shì)為3 V，內(nèi)阻約為0.3 ），H、開關(guān)S，導(dǎo)線若干；電源電動(dòng)勢(shì)是3 V，因此電壓表可選：A、電壓表V1（量程3 V，內(nèi)阻約為15 k）；電路最大電流：如果選用量程是3A的電流表，電流表指針偏轉(zhuǎn)角度不到電表刻度的三分之一，為提高實(shí)驗(yàn)精度，電流表可選：D；電流表A2（量程600 mA，內(nèi)阻約為1 ），滑動(dòng)變阻器F的額定電流太小，因此滑動(dòng)變阻器應(yīng)選E變

17、阻器R1（010 ，1.0 A）；即需要的實(shí)驗(yàn)器材有：ADEGH；(2)2因?yàn)椋弘娏鞅響?yīng)選擇外接法，因此實(shí)驗(yàn)電路應(yīng)選b；3根據(jù)電路圖連接實(shí)物電路圖，實(shí)物電路圖如答圖所示；(3)4電壓表量程是3 V，由圖示電壓表可知，電壓表分度值是0.1 V，電壓表示數(shù)是1.20 V，電流表量程是600 mA=0.6 A，由圖示電流表可知電流表分度值是0.02 A，電流表示數(shù)是0.50 A，電阻阻值：R=2.4 5由電阻定律可知：R=，則電阻率：=代入數(shù)據(jù)解得：m四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）1.5m/s （1）600個(gè)【解析】試題分析：根據(jù)粒子做平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，運(yùn)用運(yùn)動(dòng)的合成與分解，并依據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，即可求解；根據(jù)牛頓第二定律，結(jié)合電場(chǎng)力表達(dá)式和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，即可求解。（1）設(shè)粒子打在下極板中點(diǎn)的初速度分別為v0，粒子在電場(chǎng)中做平拋運(yùn)動(dòng)偏轉(zhuǎn)位移： 水平方向： 聯(lián)立解得：v0=1.5m/s（1）粒子在電場(chǎng)中做平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)粒子剛好從邊緣飛出時(shí)極板帶電為Q，場(chǎng)強(qiáng)為E，板間電壓為U，由牛頓第二定律得：mg-Eq=ma偏轉(zhuǎn)位移： 水平位移：L=v0t聯(lián)立以上解得：E=1.5103N/C則電壓為：U=Ed總的電荷量為：Q=CU 解得：Q=