2023學年廣東省深圳市寶安區(qū)物理高二第一學期期中經(jīng)典試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列判斷正確的是( )A由R知，導體兩端的電壓越大，電阻就越大B由R知，導體中的電流越大，電阻就越小C由R可知，導體兩端的電壓為零時，導體的電阻也為零D由I可知，通過一段定值電阻的

2、電流跟加在它兩端的電壓成正比2、關于磁感應強度，下列正確的說法是（ ）A根據(jù)B =，磁場中某點的磁感應強度B與F成正比，與IL成反比B磁感應強度B是矢量，方向與F的方向相同C磁感應強度B是矢量，方向與通過該點的磁感線的切線方向相同D通電導線在磁場中某點不受磁場力作用，則該點的磁感強度一定為零3、一個電容為C的電容器，當所帶電量為Q時，兩板間電勢差為U，如果電量增大為2Q，則A電容變?yōu)?C，電勢差保持不變 B電容變?yōu)?C，電勢差變?yōu)?UC電容保持不變，電勢差變?yōu)?U D電容保持不變，電勢差保持不變4、將一個平行板電容器接上電源后再切斷電源然后使兩極板間的距離增大一些，則關于電容器兩極的電壓U和兩

3、極間的場強E的變化，下列說法正確的是（ ）AU增大，E增大 BU增大，E不變CU不變，E減小 DU減小，E減小5、兩個完全一樣的金屬小球M、N，先讓它們各自帶電5q和7q，接觸后再分開，則最終M、N的帶電量分別是()A6q，6q B7q，5qC12q，12q Dq，q6、如圖是靜電噴涂原理的示意圖噴槍噴嘴與被涂工件之間有強電場，噴嘴噴出的帶電涂料微粒在強電場的作用下會向工件高速運動，最后被吸附到工件表面則可知（ ）A微粒一定帶正電B微?？赡軒д?，也可能帶負電C微粒運動過程中，電勢能越來越大D微粒運動過程中，電勢能越來越小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選

4、項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，A板的電勢UA0，B板的電勢UB隨時間的變化規(guī)律如圖所示。電子只受電場力的作用，且初速度為零(設兩板間距足夠大)，則 ()A若電子是在t0時刻進入的，它將一直向B板運動B若電子是在t0時刻進入的，它將時而向B板運動，時而向A板運動，最后打在B板上C若電子是在tT8時刻進入的，它將時而向B板運動，時而向A板運動，最后打在B板上D若電子是在tT4時刻進入的，它將時而向B板運動，時而向A板運動，最后打在B板上8、如圖所示，有三個質(zhì)量相等，分別帶正電、負電和不帶電的小球，從平行板電場的中點以相同的初速

5、度v0垂直于電場方向進入電場，最后落在A、B、C三點，可以判斷（ ）A小球A帶正電，小球B不帶電，小球C帶負電B三個小球在電場中運動的時間相等C三個小球到達極板時的動能關系為EkC EkB EkAD三個小球在電場中運動時的加速度關系為aAaBaC9、圖中R1=4，R2=9，R3=18通電后 （ ） A經(jīng)R1和R3的電流之比I1：I3=3：1BR1兩端的電壓和R3兩端的電壓之比U1：U3=4：9C三個電阻消耗的電功率之比P1：P2：P3=2：1：2D三個電阻消耗的電功率之比P1：P2：P3=2： 2：110、如圖所示，在區(qū)域I和區(qū)域II內(nèi)分別存在著與紙面垂直的勻強磁場，一帶電粒子沿著弧線apb由

6、區(qū)域I運動到區(qū)域II已知圓弧ap與圓弧pb的弧長之比為21，下列說法正確的是( )A粒子在區(qū)域I和區(qū)域II中的速率之比為21B粒子通過圓弧ap、pb的時間之比為21C圓弧ap與圓弧pb對應的圓心角之比為21D區(qū)域I和區(qū)域II的磁場方向相反三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）如圖所示，有一個表頭G，內(nèi)阻為100，滿偏電流為10mA，它和另一個電阻連接可以改裝成電壓表或電流表，若要將它改裝成量程為0.6A的電流表，要按_（填“甲”或“乙”）圖，該圖里的電阻_,要使它的量程加大，應使電阻_（填“增大”或“減小”）；若要將表頭改裝成量程為

7、3V的電壓表，要按_（填“甲”或“乙”）圖，該圖里的電阻_,要使它的量程加大，應使電阻_（填“增大”或“減小”）。12（12分）圖為“研究電磁感應現(xiàn)象”的實驗裝置，部分導線已連接.（1）用筆畫線代替導線將圖中未完成的電路連接好_ .（2）如果在閉合開關時發(fā)現(xiàn)靈敏電流計的指針向右偏了一下，那么閉合開關后，將小線圈迅速插入大線圈的過程中，電流計的指針將向_偏；小線圈插入大線圈后，將滑動變阻器的滑片迅速向右移動時，電流計的指針將向_偏.（均選填“左”或“右”）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，質(zhì)量M=

8、1.0kg的木板靜止在光滑水平面上，質(zhì)量m=0.495kg的物塊（可視為質(zhì)點）放在的木板左端，物塊與木板間的動摩擦因數(shù)=0.4。質(zhì)量m0=0.005kg的子彈以速度v0=300m/s沿水平方向射入物塊并留在其中（子彈與物塊作用時間極短），木板足夠長，g取10m/s2。求： （1）物塊的最大速度；（2）木板的最大速度。14（16分）如圖所示，沿水平方向做勻變速直線運動的車廂中，懸掛小球的懸線偏離豎直方向37角，球和車廂相對靜止，球的質(zhì)量為1kg.(g取10m/s2，sin 370.6，cos 370.8)求：(1)車廂運動的加速度并說明車廂的運動情況；(2)懸線對球的拉力15（12分）如圖所示，

9、桌面上放著一個單匝矩形線圈，線圈中心上方一定高度上有一豎直的條形磁鐵，此時磁通量為0.04Wb，把條形磁鐵豎放在線圈內(nèi)的桌面上時磁通量為0.12Wb，分別計算以下兩個過程中線圈中的感應電動勢（1）用時0.5s（2）換用10匝的線圈，用時0.1s參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】ABC、電阻的大小由導體本身決定，與導體兩端電壓，通過導體的電流無關，則ABC錯誤；D、通過導體的電流與導體兩端電壓，電阻有關，根據(jù)歐姆定律可知通過導體的電流跟導體兩端電壓成正比，跟導體的電阻成反比，故D正確；故選：D.點睛：電阻

10、的大小由導體本身決定，與兩端電壓以及通過導體的電流無關，但根據(jù)歐姆定律可知：通過導體的電流跟導體兩端電壓成正比，跟導體的電阻成反比2、C【解析】A磁感應強度B的定義式為，采用的是比值定義法，則知B與F、IL均無關，故A錯誤；BB的方向與F的方向是垂直關系，故B錯誤；C磁感應強度的方向可以用磁感線的切線方向形象表示，即磁感應強度的方向與通過該點的磁感線的切線方向相同，故C正確；D電流在磁場中某點不受磁場力作用，可能是電流的方向與磁場的方向垂直，但該點的磁感強度不一定為零，故D錯誤。故選C。3、C【解析】電容的大小是電容器本身決定的，與電容器極板上的電量無關，電量增大為2Q，電量不變；給定的電容器

11、電容C一定，則 ，電量增大為2Q，電勢差增大為2U故選C.4、B【解析】考點：電容器的動態(tài)分析專題：電容器專題分析：題中平行板電容器與靜電計相接，電容器的電量不變，改變板間距離，由C=，分析電容的變化，根據(jù)C=分析電壓U的變化，根據(jù)E=分析場強的變化解答：解：平行板電容器接上電源后再切斷電源，電容器所帶電量不變 增大電容器兩極板間的距離d時，由C=知，電容C變小，Q不變，根據(jù)C=知，U變大，而E=，Q、k、?、S均不變，則E不變故B正確故選B點評：對于電容器動態(tài)變化分析問題，要抓住不變量當電容器保持與電源相連時，電壓不變當電容器充電后，與電源斷開后，往往電量不變5、A【解析】兩個完全相同的金屬

12、小球接觸，電荷先中和后均分，故： ，故選項A正確。點睛：本題關鍵是記住“兩個相同的金屬小球接觸后電荷先中和后均分”的結論，根據(jù)電荷守恒定律列式分析即可。6、D【解析】試題分析：帶正電的工件由于靜電感應電荷分布在表面，粒子在庫侖力的作用下運動，故粒子帶負電，故AB錯誤；微粒受電場力的作用，電場力做正功，電勢能越來越小，故D正確，C錯誤故選D考點：靜電的應用二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】若電子在t=0時刻進入的，它將在電場力作用下，先加速向B運動，后減速

13、向B運動，接著加速向B運動，后減速向B運動，因此它一直向B板運動，故A正確，B錯誤；若電子在t=T8，時刻進入的在T8T2時間內(nèi)，做勻加速直線運動，在T27T8內(nèi)做勻減速直線運動到零，7T8T時間內(nèi)反向做勻加速直線運動，T9T8內(nèi)反向做勻減速運動到零，可知在一個周期內(nèi)時而向B板運動，時而向A板運動，一個周期內(nèi)的位移大于0，故C正確；同理，若電子是在t=T4時刻進入的，它將時而向B板、時而向A板運動，在一個運動周期內(nèi)總位移為零，所以電子不能到達B板，故D錯誤。所以AC正確，BD錯誤。8、ACD【解析】在平行金屬板間不帶電小球、帶正電小球和帶負電小球的受力如圖所示由此可知不帶電小球做平拋運動帶正電

14、小球做類平拋運動帶負電小球做類平拋運動根據(jù)題意，三小球在豎直方向都做初速度為0的勻加速直線運動，球到達下極板時，在豎直方向產(chǎn)生的位移h相等，據(jù)得三小球運動時間，正電荷最長，不帶電小球次之，帶負電小球時間最短。A三小球在水平方向都不受力，做勻速直線運動，則落在板上時水平方向的距離與下落時間成正比，故水平位移最大的A是帶正電荷的小球，B是不帶電的小球，C帶負電的小球。故A正確；B由于三小球在豎直方向位移相等，初速度均為0，由于電場力的作用，三小球的加速度不相等，故它們的運動時間不相等，故B錯誤；C根據(jù)動能定理，三小球到達下板時的動能等于這一過程中合外力對小球做的功。由受力圖可知，帶負電小球合力最大

15、為，做功最多動能最大，帶正電小球合力最小為，做功最少動能最??；故C正確；D因為A帶正電，B不帶電，C帶負電，所以aA=a2，aB=a1，aC=a3，所以aAaBaC。故D正確。故選ACD。9、AD【解析】因 I2+I3=I1；又：；由兩式得：I1：I3=3：1，故A正確；R2與R3的并聯(lián)值；則，故B錯誤；功率之比P1：P2：P3=，故C錯誤，D正確故選AD10、BD【解析】由于洛倫茲力不做功，所以粒子在兩個磁場中的運動速度大小不變，即粒子在區(qū)域I和區(qū)域II中的速率之比為1：1，A錯誤；根據(jù)，v相同，則時間之比等于經(jīng)過的弧長之比，即粒子通過圓弧ap、pb的時間之比為2：1，B正確；圓心角，由于磁

16、場的磁感應強度之比不知，故半徑之比無法確定，則轉過的圓心角之比無法確定，故C錯誤；根據(jù)曲線運動的條件，可知洛倫茲力的方向與運動方向的關系，再由左手定則可知，兩個磁場的磁感應強度方向相反，故D正確；故選BD點睛：此題考查粒子在洛倫茲力作用下做勻速圓周運動，掌握半徑與周期公式，理解運動時間與圓心角及周期關系，同時知道洛倫茲力對粒子不做功三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、甲 1.69 減小 乙 200 增大 【解析】123表頭改裝電流表時，需要給他并聯(lián)一個分流電阻，所以選擇甲圖；并聯(lián)電路的電阻值為：；要使電流表的量程加大，應該是并聯(lián)分流變大

17、，則并聯(lián)的電阻應該減??；456 表頭改裝電壓表時，需要給他串聯(lián)一個分壓電阻，所以選擇乙圖；串聯(lián)電路的電阻值為：；要使電壓表的量程加大，應該是串聯(lián)分壓變大，則串聯(lián)的電阻應該變大；12、 右 左 【解析】（）將電源、電鍵、變阻器、小螺線管串聯(lián)成一個回路， 再將電流計與大螺線管串聯(lián)成另一個回路，注意滑動變阻器接一上一下兩個接線柱，電路圖如圖所示（）閉合開關時，穿過大螺線管的磁通量增大，靈敏電流表的指針向右偏；閉合開關后，將原線圈迅速插入副線圈的過程中，磁場方向不變，磁通量變大，電流表指針方向向右偏轉；由電路圖可知，原線圈插入副線圈后，將滑動變阻器滑片迅速向右滑動時，滑動變阻器繼而電路的阻值變大，電路電流變小，穿過大螺線管的磁通量變小，磁場方向不變，則電流表指針向左偏轉【點睛】四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）3m/s（2）1m/s【解析】（1）子彈射入物塊后一起向右滑行的初速度即為物塊的最大速度，取向右為正方向，根據(jù)子彈和物塊組成的系統(tǒng)動量守恒得： 解得：=3m/s（2）當子彈、物塊和木板三者速度相同時，木板的速度最大，根據(jù)三者組成的系統(tǒng)動量守恒得：解得：=1m/s14、（1）車廂運動的加速度大小為7.5m