解圓錐曲線問(wèn)題常用方法

1、解圓錐曲線問(wèn)題常用方法（二）【學(xué)習(xí)要點(diǎn)】 解圓錐曲線問(wèn)題常用以下方法：1、定義法（1）橢圓有兩種定義。第一定義中，r1+r2=2a。第二定義中，r1=ed1 r2=ed2。 （2）雙曲線有兩種定義。第一定義中，當(dāng)r1>r2時(shí)，注意r2的最小值為c-a：第二定義中，r1=ed1，r2=ed2，尤其應(yīng)注意第二定義的應(yīng)用，常常將焦半徑與“點(diǎn)到準(zhǔn)線距離”互相轉(zhuǎn)化。 （3）拋物線只有一種定義，而此定義的作用較橢圓、雙曲線更大，很多拋物線問(wèn)題用定義解決更直接簡(jiǎn)明。2、韋達(dá)定理法 因直線的方程是一次的，圓錐曲線的方程是二次的，故直線與圓錐曲線的問(wèn)題常轉(zhuǎn)化為方程組關(guān)系問(wèn)題，最終轉(zhuǎn)化為一元二次方程問(wèn)題，故

2、用韋達(dá)定理及判別式是解決圓錐曲線問(wèn)題的重點(diǎn)方法之一，尤其是弦中點(diǎn)問(wèn)題，弦長(zhǎng)問(wèn)題，可用韋達(dá)定理直接解決，但應(yīng)注意不要忽視判別式的作用。3、設(shè)而不求法解析幾何的運(yùn)算中，常設(shè)一些量而并不解解出這些量，利用這些量過(guò)渡使問(wèn)題得以解決，這種方法稱為“設(shè)而不求法”。設(shè)而不求法對(duì)于直線與圓錐曲線相交而產(chǎn)生的弦中點(diǎn)問(wèn)題，常用“點(diǎn)差法”，即設(shè)弦的兩個(gè)端點(diǎn)A(x1,y1),B(x2,y2),弦AB中點(diǎn)為M(x0,y0)，將點(diǎn)A、B坐標(biāo)代入圓錐曲線方程，作差后，產(chǎn)生弦中點(diǎn)與弦斜率的關(guān)系，這是一種常見(jiàn)的“設(shè)而不求”法. 4、數(shù)形結(jié)合法 解析幾何是代數(shù)與幾何的一種統(tǒng)一，常要將代數(shù)的運(yùn)算推理與幾何的論證說(shuō)明結(jié)合起來(lái)考慮問(wèn)題

3、，在解題時(shí)要充分利用代數(shù)運(yùn)算的嚴(yán)密性與幾何論證的直觀性，尤其是將某些代數(shù)式子利用其結(jié)構(gòu)特征，想象為某些圖形的幾何意義而構(gòu)圖，用圖形的性質(zhì)來(lái)說(shuō)明代數(shù)性質(zhì)。 如“2x+y”，令2x+y=b，則b表示斜率為-2的直線在y軸上的截距；如“x2+y2”,令，則d表示點(diǎn)P（x，y）到原點(diǎn)的距離；又如“”，令=k，則k表示點(diǎn)P（x、y）與點(diǎn)A（-2，3）這兩點(diǎn)連線的斜率5、參數(shù)法（1）點(diǎn)參數(shù)利用點(diǎn)在某曲線上設(shè)點(diǎn)（常設(shè)“主動(dòng)點(diǎn)”），以此點(diǎn)為參數(shù)，依次求出其他相關(guān)量，再列式求解。如x軸上一動(dòng)點(diǎn)P，常設(shè)P（t，0）；直線x-2y+1=0上一動(dòng)點(diǎn)P。除設(shè)P（x1,y1）外，也可直接設(shè)P（2y,-1,y1）（2）斜率

4、為參數(shù) 當(dāng)直線過(guò)某一定點(diǎn)P(x0,y0)時(shí)，常設(shè)此直線為y-y0=k(x-x0)，即以k為參數(shù)，再按命題要求依次列式求解等。（3）角參數(shù)當(dāng)研究有關(guān)轉(zhuǎn)動(dòng)的問(wèn)題時(shí)，常設(shè)某一個(gè)角為參數(shù)，尤其是圓與橢圓上的動(dòng)點(diǎn)問(wèn)題。6、代入法這里所講的“代入法”，主要是指條件的不同順序的代入方法，如對(duì)于命題：“已知條件P1,P2求（或求證）目標(biāo)Q”，方法1是將條件P1代入條件P2，方法2可將條件P2代入條件P1，方法3可將目標(biāo)Q以待定的形式進(jìn)行假設(shè)，代入P1,P2,這就是待定法。不同的代入方法常會(huì)影響解題的難易程度，因此要學(xué)會(huì)分析，選擇簡(jiǎn)易的代入法?！镜湫屠}】例1：已知P(a,b)是直線x+2y-1=0上任一點(diǎn)，求

5、S=的最小值。分析：由此根式結(jié)構(gòu)聯(lián)想到距離公式，解：S=設(shè)Q(-2,3),則S=|PQ|,它的最小值即Q到此直線的距離Smin點(diǎn)評(píng)：此題也可用代入消元的方法轉(zhuǎn)化為二次函數(shù)的最小值問(wèn)題（注：可令根式內(nèi)為t消元后，它是一個(gè)一元二次函數(shù)）例2：已知點(diǎn)P(x,y)是圓x2+y2-6x-4y+12=0上一動(dòng)點(diǎn)，求的最值。解：設(shè)O（0，0），則表示直線OP的斜率，由圖可知，當(dāng)直線OP與圓相切時(shí)，取得最值，設(shè)最值為k，則切線：y=kx,即kx-y=0圓(x-3)2+(y-2)2=1,由圓心（3，2）到直線kx-y=0的距離為1得,例3：直線l：ax+y+2=0平分雙曲線的斜率為1的弦，求a的取值范圍.分析：

6、由題意，直線l恒過(guò)定點(diǎn)P(0,-2)，平分弦即過(guò)弦中點(diǎn)，可先求出弦中點(diǎn)的軌跡，再求軌跡上的點(diǎn)M與點(diǎn)P的連線的斜率即-a的范圍。解：設(shè)A(x1,y1),B(x2,y2)是雙曲線上的點(diǎn)，且AB的斜率為1，AB的中點(diǎn)為M(x0,y0)則： -得即M(X0,y0)在直線9x-16y=0上。由 9x-16y=0 得C,D 點(diǎn)M的軌跡方程為9x-16y=0(x<-或x>)kPD=由圖知，當(dāng)動(dòng)直線l的斜率k時(shí)，l過(guò)斜率為1的弦AB的中點(diǎn)M，而k=-aa的取值范圍為：點(diǎn)評(píng)：此題是利用代數(shù)運(yùn)算與幾何特征相結(jié)合的方法而解得的，由圖得知，弦AB中點(diǎn)軌跡并不是一條直線（9x-16y=0），而是這條直線上的

7、兩條射線（無(wú)端點(diǎn)）。再利用圖形中的特殊點(diǎn)（射線的端點(diǎn)C、D）的屬性（斜率）說(shuō)明所求變量a的取值范圍。例4：過(guò)y2=x上一點(diǎn)A（4，2）作傾斜角互補(bǔ)的兩條直線AB、AC交拋物線于B、C兩點(diǎn)。求證：直線BC的斜率是定值。分析：（1）點(diǎn)A為定點(diǎn)，點(diǎn)B、C為動(dòng)點(diǎn)，因直線AB、AC的傾斜角互補(bǔ)，所以kAB與kAC相反，故可用“k參數(shù)”法，設(shè)AB的斜率為k，寫出直線AB的方程，將AB的方程與拋物線方程聯(lián)立，因A為已知交點(diǎn)，則方程有一根已知故用韋達(dá)定理容易解出點(diǎn)B坐標(biāo)，同理可得點(diǎn)C坐標(biāo)，再求BC斜率。（2）因點(diǎn)B、C在拋物線上移動(dòng)，也可用“點(diǎn)參數(shù)”法，設(shè)B（x1,y1）,C(x2,y2),因x1=y12,x

8、2=y22,即可設(shè)B（y12,y1）,C(y22,y2)。再考慮kAB=-kAC得參數(shù)y1,y2的關(guān)系。解法1：設(shè)AB的斜率為k，則AC的斜率為-k AB：y-2=k(x-4),與y2=x聯(lián)立得： y-2=k(y2-4),即ky2-y-4k+2=0 y=2是此方程的一解， 2yB= xB=yB2= B kAC=-k,以-k代替k代入B點(diǎn)坐標(biāo)得C kBC=為定值解法2：設(shè)B（y12,y1）,C(y22,y2)，則 kBC= kAB= 由題意，kAB=-kAC, 則：kBC=為定值。點(diǎn)評(píng)：解法1運(yùn)算量較大，但其方法是一種基本方法，因k的變化而造成了一系列的變化，最終求出BC的斜率為定值；解法2利用

9、點(diǎn)B，C在拋物線上設(shè)點(diǎn)，形成含兩個(gè)參數(shù)y1,y2的問(wèn)題，用整體思想解題，運(yùn)算量較小。例5：在圓x2+y2=4上，有一定點(diǎn)A（2，0）和兩動(dòng)點(diǎn)B，C（A，B，C按逆時(shí)針排列），當(dāng)B，C兩點(diǎn)保持BAC=時(shí)，求ABC的重心的軌跡。分析：圓周角BAC=可轉(zhuǎn)化為圓心角BOC=，選用“角參數(shù)”， 令B（2cos，2sin）則C(2cos(+),2sin(+)則重心可用表示出來(lái)。解：連OB，OC，BAC=，BOC= 設(shè)B（2cos,2sin）(0<<),則C(2cos(+),2sin(+) 設(shè)重心G（x，y），則： x= y=即： x= y= +。（x<）即點(diǎn)評(píng)：要注意參數(shù)的范圍，+（，）

10、它是一個(gè)旋轉(zhuǎn)角，因此最終的軌跡是一 段圓弧，而不是一個(gè)圓。例6、求直線3x-4y+10=0與橢圓(a>0)有公共點(diǎn)時(shí)a的取值范圍 分析:將直線方程代入橢圓方程消元得一元二次方程應(yīng)有解,用判別式0可求得a的取值范圍。也可考慮另一代入順序，從橢圓方程出發(fā)設(shè)公共點(diǎn)P（用參數(shù)形式），代入直線方程，轉(zhuǎn)化為三角問(wèn)題：asinx+bcosx=c何時(shí)有解。解法一：由直線方程3x-4y+10=0得代入橢圓方程得 0，得解得，又a>0, 解法二：設(shè)有公共點(diǎn)為P，因公共點(diǎn)P在橢圓上，利用橢圓方程設(shè)P（acos，sin）再代入直線方程得3acos-4sin+10=0 4sin-3acos=10。 令sin

11、=，cos=，則sin(-)= ，由 即sin2(-)1得 9a284，a2(a>0)a點(diǎn)評(píng)：解法1，2給出了兩種不同的條件代入順序，其解法1的思路清晰，是常用方法，但運(yùn)算量較大，對(duì)運(yùn)算能力提出較高的要求，解法2先考慮橢圓，設(shè)公共點(diǎn)再代入直線，技巧性強(qiáng)，但運(yùn)算較易，考慮一般關(guān)系：“設(shè)直線l：Ax+By+C=0與橢圓有公共點(diǎn),求應(yīng)滿足的條件”此時(shí)，若用解法一則難于運(yùn)算，而用解法二，設(shè)有公共點(diǎn)P，利用橢圓，設(shè)P（acos，bsin）代入直線方程得Aacos+Bbsin=-C。時(shí)上式有解。 C2A2a2+B2b2因此，從此題我們可以體會(huì)到條件的代入順序的重要性?！就骄毩?xí)】1、若實(shí)數(shù)x、y滿足

12、x2+y2-2x+4y=0，則x-2y的最大值是（ ）A、5 B、10 C、9 D、5+22、若關(guān)于x的方程有兩個(gè)不等實(shí)根，則實(shí)數(shù)k的取值范圍是 （ ）A、B、C、D、3、方程表示的圖形是（ ）A、橢圓 B、雙曲線 C、拋物線 D、以上都不對(duì)4、已知P、Q分別在射線y=x(x>0)和y=-x(x>0)上，且POQ的面積為1，（0為原點(diǎn)），則線段PQ中點(diǎn)M的軌跡為（ ）A、雙曲線x2-y2=1 B、雙曲線x2-y2=1的右支 C、半圓x2+y2=1(x<0) D、一段圓弧x2+y2=1(x>)5、一個(gè)等邊三角形有兩個(gè)頂點(diǎn)在拋物線y2=20x上，第三個(gè)頂點(diǎn)在原點(diǎn)，則這個(gè)三角

13、形的面積為 6、設(shè)P(a,b)是圓x2+y2=1上的動(dòng)點(diǎn)，則動(dòng)點(diǎn)Q(a2-b2,ab)的軌跡方程是 7、實(shí)數(shù)x、y滿足3x2+2y2=6x，則x+y的最大值為 8、已知直線l：2x+4y+3=0，P是l上的動(dòng)點(diǎn)，O為坐標(biāo)原點(diǎn)，點(diǎn)Q分為1：2，則點(diǎn)Q的軌跡方程為 9、橢圓在第一象限上一動(dòng)點(diǎn)P，若A(4，0)，B(0，3)，O(0，0)，則的最大值為 10、已知實(shí)數(shù)x、y滿足x+y=4，求證：11、ABC中,A(3,0)，BC在y軸上，且在-3,3間滑動(dòng)，求ABC外心的軌跡方程。12、設(shè)A、B是拋物線y2=2Px(p>0)上的點(diǎn),且AOB=90°（O為原點(diǎn)）。求證：直線AB過(guò)定點(diǎn)。

14、參考答案 1、Bx-2y=b，圓(x-1)2+(y+2)2=5，由(1，2)到x-2y-b=0的距離等于得，b=0或b=10則b的最大值為10，選B?；蛴脜?shù)法，令代入得 最大值為10。選B2、C作圖，知當(dāng)時(shí)，直線y=k(x-2)與半圓有兩交點(diǎn)，選C3、B方程即令F(-3,1) P(x,y), l: x-y+3=0, PHl于H 則，由雙曲線第二定義知選B。4、B用“點(diǎn)參數(shù)”法，設(shè)P(x1,x1)(x1>0)，Q(x2,-x2)(x2>0)則，x1x2=1，設(shè)M(x，y)，則2x=x1+x2，2y=x1-x2，(2x)2-(2y)2=4x1x2則x2-y2=1(x>0)。選B

15、5、1200。設(shè)此三角形為OAB，設(shè)A(x1,y1)，B(x2,y2)由得， (x1-x2)(x1+x2+20)=0，x1>0，x2>0 x1=x2則，y1=-y2，A、B關(guān)于x軸對(duì)稱，A、B在y=上將代入y2=20x得A(60,20)，B(60,-20)邊長(zhǎng)為40面積為6、x2+4y2=1令a=cos，bsin，則Q(cos2,sin2)，設(shè)Q(x，y)則x2+4y2=17、+13(x-1)2+2y2=3, (x-1)2+令x-1=cos，y=sin，則x+y=cos+sin+1最大值為8、2x+4y+1=0設(shè)Q(x，y)，P(x1，y1)，則x1=3x，y1=3y ， 2x1+4y1+3=02×3x+4×3y+3=0即2x+4y+1=09、設(shè)P(4cos,3sin)(0<<)