高三數(shù)學(xué)(理)二輪復(fù)習(xí)精品同步：第1部分重點(diǎn)保分題：專題檢測(cè)(20)選修4-5(不等式選講)(通用版)

1、a1. (2019廣西質(zhì)檢)已知函數(shù)f(x)=+ax(a>0)在(1,+)上的最小值為15，函數(shù)g(x)X1=|x+a|+|x+1|.(1)求實(shí)數(shù)a的值；求函數(shù)g(x)的最小值.1 12. (2019全國(guó)甲卷)已知函數(shù)f(x)=x-2+x+2,M為不等式f(x)<2的解集.(1) 求M;(2) 證明：當(dāng)a,bM時(shí)，|a+b|<|1+ab|.3. (2019貴陽(yáng)模擬)設(shè)f(x)=|x-1|-2x+1|的最大值為m.(1)求實(shí)數(shù)m的值；若a、b、c(0,+)，且a2+2b2+c2=m，求ab+bc的最大值.+4.(2019重慶模擬)設(shè)a,b,cR且a+b+c=1.c2一1(1)求

2、證：2ab+bc+ca+§w；2丄2,2222a+cb+ac+b求證：+>2.bca5.(2019鄭州質(zhì)檢)已知函數(shù)f(x)=|x+6|-|m-x|(mR).(1) 當(dāng)m=3時(shí)，求不等式f(x)5的解集；(2) 若不等式f(x)w7對(duì)任意實(shí)數(shù)x恒成立，求m的取值范圍.56. (2019西安質(zhì)檢)設(shè)函數(shù)f(x)=x-2+xa|,xR.aa1.解：(1)tf(x)=+ax=+a(x1)+a,x>1,a>0,x1x1f(x)>3a,即有3a=15,解得a=5.由于|x+5|+|x+1|>|(x+5)(x+1)|=4，當(dāng)且僅當(dāng)一5<x<1時(shí)等號(hào)成立,

3、g(x)=|x+5|+|x+1|的最小值為4.2.解:1r2x，xw2，(1)f(x)=<1，2<x<2，11L2x，x>Q.1當(dāng)XW2時(shí)，由f(x)<2得一2x<2，解得x>當(dāng)2<x<2時(shí)，f(x)<2恒成立;1當(dāng)x>2時(shí)，由f(x)<2得2x<2，解得x<1.所以f(x)<2的解集M=x|1<x<1.2 222(2)證明：由知，當(dāng)a，bM時(shí)，一1<a<1，1<b<1，從而(a+b).22|222a+c,b+ac+ba.ab所以h+c+a(h+c)+bcabc'

4、;(1+ab)2=a2+b2a2b21=(a21)(1b2)<o.因此|a+b|<|1+ab|.3 .解：(1)當(dāng)x<1時(shí)，f(x)=3+xw2;當(dāng)一1<x<1時(shí)，f(x)=13x<2;當(dāng)x>1時(shí)，f(x)=x3<4.故當(dāng)x=1時(shí)，f(x)取得最大值m=2.2tci_2,2/2,2,2(2)a+2b+c=(a+b)+(b+c)>2ab+2bc=2(ab+bc).當(dāng)且僅當(dāng)a=b=c=¥時(shí)，等號(hào)成立.此時(shí)，ab+bc取得最大值1.4. 證明：(1)因?yàn)?=(a+b+c=a?+b?+c?+2ab+2bc+2ca4ab+2bc+2ca+c

5、?，(當(dāng)且僅當(dāng)a=b時(shí)等號(hào)成立)c211所以2ab+bc+ca+=?(4ab+2bc+2ca+c2)w-.2,2,2.22.2.fa+c、2acb+a、2abc+b2bc因?yàn)橐?，廠>，abc+zacbccb(ac+；)=a(b+；)+bbbccaacb+b>2a+2b+2c=2,當(dāng)且僅當(dāng)a=b=c=舟時(shí)等號(hào)成立.5. 解：(1)當(dāng)m=3時(shí)，f(x)>5,即為|x+6|-|3-x|>5, 當(dāng)x<6時(shí)，得一9>5,所以x?; 當(dāng)一6<xw3時(shí)，得x+6+x3>5,即x>1，所以1wx<3; 當(dāng)x>3時(shí)，得9>5，所以x>

6、3.故不等式f(x)>5的解集為x|x>1.(2)因?yàn)閨x+6|mx|w|x+6+mx|=|m+6|,由題意得|m+6|w7,則一7wm+6w7,解得一13wmw1,故m的取值范圍是13,1.51516. 解：(1)證明：由絕對(duì)值不等式的性質(zhì)，f(x)=x+x+2x+x+2=3,故函數(shù)f(x)的最小值為3,從而f(x)3>e，所以Inf(x)>1成立.(2)由絕對(duì)值不等式的性質(zhì)得f(x)=xI+|xa|>|i(xa)|=a號(hào),5所以f(x)的最小值為|a,從而2aa，解得aw5.因此a的最大值為5.47. 解：(1)不等式f(x)>0，即|2x1|>|

7、x+2|,即4x1x3,x>2,故f(x)的最小值為f1=54x+1>x2+4x+4,213x28x3>0，解得x<-或x>3,31所以不等式f(x)>0的解集為因?yàn)?？x°R,使得f(xo)+2m2<4m,x|x<3或x>3.x+3,x<2,1I3x1,2wxw(2)f(x)=|2x1|x+2|=2所以4m2m2>5,215解得2<m<2,即所求實(shí)數(shù)m的取值范圍為一£5.8. 解：由絕對(duì)值不等式的性質(zhì)知f(x)=|x|+|x1|>|xx+1|=1,-f(x)min=1,只需|m1|<1,解得KmK1,/0<mW2,實(shí)數(shù)m的最大值M=2.(2)證明：/a2+b2>2ab,且a2+b2=2,abw1,_abw1,當(dāng)且僅當(dāng)a=b時(shí)取等號(hào)，又ab<撫，當(dāng)且僅當(dāng)a=b時(shí)取等號(hào)，由得,込w1,a+b2a+b>2ab.1(1)求證：當(dāng)a=-$時(shí)，不等式Inf(x)>1成立;關(guān)于x的不等式f(x)>a在R上恒成立，求實(shí)數(shù)a的最大值.7. (2019蘭州模擬)設(shè)函數(shù)f(x)=|2x-1|-|x+2|.(1)解不等式f(x)>0;若？x0R，使得f(x°)+2