2019高考物理全程備考二輪復(fù)習(xí)課余擠時(shí)加餐訓(xùn)練：電學(xué)與原子物理學(xué)選擇題押題練(二)含解析

1、電學(xué)與原子物理學(xué)選擇題押題練常量為 k，則下列說法正確的是（）A .點(diǎn)電荷乙從 A 點(diǎn)向甲運(yùn)動(dòng)的過程中，加速度逐漸增大B.點(diǎn)電荷乙從 A 點(diǎn)向甲運(yùn)動(dòng)的過程中，其電勢(shì)能先增大再減小fLo+ 2mv2D.在點(diǎn)電荷甲形成的電場(chǎng)中，AB 間電勢(shì)差UAB=q-解析：選 C 點(diǎn)電荷乙在向甲運(yùn)動(dòng)的過程中，受到點(diǎn)電荷甲的庫侖力和阻力,逐漸增大，由題意知，在B 點(diǎn)時(shí)速度最小，則點(diǎn)電荷乙從A 點(diǎn)向甲運(yùn)動(dòng)過程中先減速后加速，運(yùn)動(dòng)到 B 點(diǎn)時(shí)庫侖力與阻力大小相等，加速度為零，根據(jù)庫侖定律，有kQqz= f,所以roBroB=膽尹，選項(xiàng) A 錯(cuò)誤，C 正確；點(diǎn)電荷乙向甲運(yùn)動(dòng)的過程中，庫侖力一直做正功， 點(diǎn)電荷乙的電勢(shì)能

2、一直減小，選項(xiàng)B 錯(cuò)誤；根據(jù)動(dòng)能定理，qUAB fLo=fmv2-fmvo2,解1212fLo+ ?m v ?mvo得UAB=- - ，選項(xiàng) D 錯(cuò)誤。q2.如圖所示，理想變壓器原線圈兩端A、B 接在電動(dòng)勢(shì)為E =“LK 8 V，內(nèi)阻為 r= 2Q的交流電源上，理想變壓器的副線圈兩端與滑V動(dòng)變阻器 Rx相連，變壓器原、畐俊圈的匝數(shù)比為1 : 2，當(dāng)電源輸 :.出功率最大時(shí)（）A 滑動(dòng)變阻器的阻值 Rx= 2QB.最大輸出功率 P= 4 WC .變壓器的輸出電流 12= 2 AD 滑動(dòng)變阻器的阻值 Rx= 8Q解析：選 D 當(dāng)外電路電壓等于內(nèi)電路電壓時(shí)電源輸出功率最大，即5= Ur，且 U1+U

3、r= 8 V，故 Ui= Ur= 4 V，根據(jù)歐姆定律可得 Ii=Ur= 2 A，故根據(jù) =血可得副線圈中的rI2ni1.如圖所示，一個(gè)帶電荷量為一Q的點(diǎn)電荷甲，固定在絕緣水平面上的 0 點(diǎn)。另一個(gè)帶電荷量為+ q、質(zhì)量為 m 的點(diǎn)電荷乙，從 A 點(diǎn)以初速度 vo沿它們的連線向甲運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)到 動(dòng)過程中速度的最小值。已知點(diǎn)電荷乙受到的阻力大小恒為-Q0RB 點(diǎn)時(shí)速度為v，且為運(yùn)f,A、B 間距離為L(zhǎng)o,靜電力且?guī)靵隽 . OB 間的距離為電流為 12= 1 A，根據(jù)U1=皿可得副線圈兩端的電壓U2= 8 V，故 Rx=嚴(yán)=8Q=8 愆最大U2n2121輸出功率為 P= U2l2= 8 W，故

4、D 正確。3.如圖所示，空間有一磁感應(yīng)強(qiáng)度 B= 0.5 T 的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直紙面向外，一質(zhì)量 M = 0.2 kg 且足夠長(zhǎng)的絕緣塑料板靜止在光 滑水平面上。在塑料板左端無初速度放上一質(zhì)量m= 0.1 kg、電荷量q=+ 0.2 C 的滑塊，滑塊與塑料板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)尸 0.5，滑塊受到的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力?，F(xiàn)對(duì)塑料板施加方向水平向左、大小 F = 0.6 N 的恒力，g 取 10 m/s2，則（）A .塑料板和滑塊一直做加速度為2 m/s2的勻加速運(yùn)動(dòng)B.滑塊開始做勻加速運(yùn)動(dòng)，然后做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，最后做勻速直線運(yùn)動(dòng)C .最終塑料板做加速度為2 m/s2的勻加速運(yùn)動(dòng)

5、，滑塊做速度為10 m/s 的勻速運(yùn)動(dòng)D .最終塑料板做加速度為3 m/s2的勻加速運(yùn)動(dòng)，滑塊做速度為6 m/s 的勻速運(yùn)動(dòng)解析：選 B 滑塊隨塑料板向左運(yùn)動(dòng)時(shí)，受到豎直向上的洛倫茲力，則滑塊和塑料板之間的正壓力逐漸減小。開始時(shí)塑料板和滑塊加速度相同，由F = （M + m）a,得 a= 2 m/s2,對(duì)滑塊有 mg qvB）= ma,當(dāng) v= 6 m/s 時(shí)，滑塊恰好相對(duì)于塑料板有相對(duì)滑動(dòng)，此后滑塊做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng) mg= qvB,即 v = 10 m/s 時(shí)滑塊對(duì)塑料板的壓力FN= 0,此后滑塊做勻速運(yùn)動(dòng)，塑料板所受的合力為0.6 N，由 F = Ma1,得 a1= 3 m/s2

6、, B 選項(xiàng)正確。4.如圖所示，一對(duì)光滑的平行金屬導(dǎo)軌（電阻不計(jì)）固定在同一水平面內(nèi)，導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)且間距為 L,左端接有阻值為 R 的電阻，一質(zhì)量為 m、長(zhǎng) 度為 L的勻質(zhì)金屬棒 cd 放置在導(dǎo)軌上，金屬棒的電阻為r，整個(gè)裝置置于方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為 B。金屬棒在水平向右的拉力 F 作用下，由靜止開始做加速度大小為a 的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過的位移為 s 時(shí),F 列說法正確的是（）A金屬棒中感應(yīng)電流方向?yàn)橛蒬 到 cB.金屬棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為BU asD .水平拉力 F 的大小為豐嚴(yán)解析：選 C 根據(jù)右手定則可知金屬棒中感應(yīng)電流的方向?yàn)橛蒫 到 d,選項(xiàng) A 錯(cuò)誤；設(shè)金屬

7、棒的位移為 s 時(shí)速度為 v,貝 U v2= 2as,金屬棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E = BLv= BL 2as,* rr.*,-C 金屬棒中感應(yīng)電流為BL ,2asR+ rEBLx/2as選項(xiàng) B 錯(cuò)誤；金屬棒中感應(yīng)電流的大小I =-，解得 I = 一：一，選項(xiàng) C 正確；金屬棒R+ rR+r受到的女培力大小F安一 BIL，由牛頓第一疋律可得 F F安=ma,解得 F 一+ ma,R+ r選項(xiàng) D 錯(cuò)誤。5.圖甲所示為氫原子的能級(jí)圖，圖乙為氫原子的光譜。已知 譜線b 是氫原子從 n= 5 的能級(jí)躍遷到 n= 2 的能級(jí)時(shí)的輻射光,則譜線 a 可能是氫原子（）n85432E/eV-1,51:X13.

8、6A .從 n = 2 的能級(jí)躍遷到B.從 n = 3 的能級(jí)躍遷到C .從 n = 4 的能級(jí)躍遷到D .從 n = 4 的能級(jí)躍遷到n=1 的能級(jí)時(shí)的輻射光n= 1 的能級(jí)時(shí)的輻射光n=1 的能級(jí)時(shí)的輻射光n=2 的能級(jí)時(shí)的輻射光解析：選 D 譜線 a 波長(zhǎng)大于譜線 b 波長(zhǎng)，所以 a 光的光子頻率小于 b 光的光子頻率,所以 a 光的光子能量小于 n=5 和 n= 2 間的能級(jí)差，輻射光的能量小于此能級(jí)差的只有n=4 和 n = 2 間的能級(jí)差，故 D 正確，A、B、C 錯(cuò)誤。6.多選中國科學(xué)家發(fā)現(xiàn)了量子反常霍爾效應(yīng)，楊振寧稱這一發(fā)現(xiàn)是諾貝爾獎(jiǎng)級(jí)的成果。如圖所示，厚度為 h，寬度為 d

9、的金屬導(dǎo)體，當(dāng)磁場(chǎng)方向與電流方向垂直時(shí)， 在導(dǎo)體上下表面會(huì)產(chǎn)生電勢(shì)差， 這種現(xiàn)象稱為霍爾效應(yīng)。下列說法正確的是（A .上表面的電勢(shì)高于下表面電勢(shì)B.僅增大 h 時(shí)，上、下表面的電勢(shì)差不變C .僅增大 d 時(shí)，上、下表面的電勢(shì)差減小D .僅增大電流 I 時(shí)，上、下表面的電勢(shì)差減小 解析：選 BC 根據(jù)左手定則可知自由電子向上偏轉(zhuǎn),則上表面帶負(fù)電，下表面帶正電，所以下表面電勢(shì)咼于上表面電勢(shì)，所以A 錯(cuò)誤；最終穩(wěn)定時(shí)，evB= ，解得 U = vBh,根據(jù)電流的微觀表達(dá)式1=nesv, s=hd,故 u=nesBh=比，所以h增大時(shí)，上、下表面電勢(shì)差不變，所以 B 正確；當(dāng) d 增大時(shí)，U 減小，所

10、以 C 正確；I 增大時(shí)，U 增大，所以 DIIII700 nut 600 nut 500 rnn400 inn350 tun缸加子的光誥.圖下的數(shù)值和短維是波式的標(biāo)尺 乙D N獲得的最大速度為 m解析：選 BC M 剛開始運(yùn)動(dòng)時(shí)，回路中有逆時(shí)針方向的感應(yīng)電流，隨著電流的產(chǎn)生,M 受向左的安培力做減速運(yùn)動(dòng)， N 受到向右的安培力做加速運(yùn)動(dòng)，直到兩者共速時(shí)回路中最大，根據(jù)動(dòng)量守恒定律可得：I = 2mv，解得 v =十，選項(xiàng) D 錯(cuò)誤。2m8.多選如圖所示，直角三角形 ABC 由三段細(xì)直桿連接而成，AB桿豎直，長(zhǎng)為 2L 的 AC 桿粗糙且絕緣，其傾角為 30 D 為 AC 上一點(diǎn)，且 BD 垂

11、直于 AC,在 BC 桿中點(diǎn) O 處放置一正點(diǎn)電荷Q, 套在細(xì)桿 上的帶負(fù)電小球（未畫出），以初速度 vo由 C 點(diǎn)沿 CA 上滑，滑到 D 點(diǎn)速率恰好為零，之后沿 AC 桿滑回 C 點(diǎn)。小球質(zhì)量為 m、電荷量為 q,重力加速度為 g。則（）A 小球下滑過程中電場(chǎng)力先做負(fù)功后做正功B.小球再次滑回 C 點(diǎn)時(shí)的速率為 vC=3gL-vo2C 小球下滑過程中動(dòng)能、電勢(shì)能、重力勢(shì)能三者之和減小D .小球上滑過程中和下滑過程中經(jīng)過任意位置時(shí)的加速度大小都相等解析：選 BC 小球下滑過程中點(diǎn)電荷Q對(duì)小球的庫侖力是吸引力，故電場(chǎng)力先做正功 后做負(fù)功，故 A 錯(cuò)誤；小球從 C 到 D 的過程中，根據(jù)動(dòng)能定理

12、得：0-mvo2=- mgh-Wf,錯(cuò)誤。7.多選如圖所示，兩根相距為 d 的足夠長(zhǎng)的光滑金屬導(dǎo)軌固定在水平面上，導(dǎo)軌電阻不計(jì)。磁感應(yīng)強(qiáng)度為B 的勻強(qiáng)磁場(chǎng)與導(dǎo)軌平面垂直，長(zhǎng)度等于 d 的兩導(dǎo)體棒 M、N 平行地放在導(dǎo)軌上， 且電阻均為 R、質(zhì)量均* N二為 m,開始時(shí)兩導(dǎo)體棒靜止。現(xiàn)給M 個(gè)平行導(dǎo)軌向右的瞬時(shí)沖量I，整個(gè)過程中 M、N均與導(dǎo)軌接觸良好，下列說法正確的是（）A 回路中始終存在逆時(shí)針方向的電流B. N 的最大加速度為2 2Big2m2RC 回路中的最大電流為Bid2mR感應(yīng)電流為零，安培力為零，兩者做勻速運(yùn)動(dòng)，故選項(xiàng)A 錯(cuò)誤；M 剛開始運(yùn)動(dòng)時(shí)，電路中的感應(yīng)電流最大，N 所受安培力最大，加速度最大，則:I = mv0, Em= Bdvo,Em2R，F(xiàn)安=BImd= mam,解得am=2 2B2Id22m2R，BIdIm= 2mR，選項(xiàng)B、C 正確；當(dāng)M、N 共速時(shí) N 速度* 1