高三新物理選修 靜電場

1、 普通高中課程標準實驗教科書物理 新課標人教版20062007學年度上學期高中學生學科素質(zhì)訓練高三新物理第一輪復習單元測試（4）（命題范圍：選修31 靜電場）說明：本試卷分第卷和第卷兩部分，共150分；答題時間120分鐘.第卷（選擇題，共40分）一、選擇題（本題共10小題，每小題4分，共40分.在每題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得4分，選不全的得3分，有選錯或不答的得0分）1某電場的分布如圖所示，帶箭頭的實線為電場線，虛線為等勢面.A、B、C三點的電場強 度分別為EA、EB、EC，電勢分別為、，關于這三點的電場強度和電勢的關系，以下判斷正確的是

2、（ ）AEAEB，CEAEB，v1B若電鍵K閉合一段時間后再斷開，向下移動b板，則v2v1C若電鍵K保持閉合，無論向上或向下移動b板，則v2=v1D若電鍵K閉合一段時間后再斷開，無論向上或向下移動 b板，則v2EB；根據(jù)沿電場線方向電勢降低，有.2答案：A 由點電荷的電場分布特點可知，距離點電荷越近，場強越大，因此該點電荷必然處于A點右側(cè).但點電荷帶電性質(zhì)不確定，因此場強的方向不確定.3答案：BD 由電場的疊加，AB中垂線中由C向上場強為先增后減，故電荷C所受電場力向上且先增后減，所以C的加速度先增后減，但速度始終增大，可知BD正確.4答案：C 靜電屏蔽作用，人體相當于一個等勢體.5答案：BC

3、 注意兩種情況的區(qū)別，電鍵K始終閉合，則電容器兩板間的電壓保持不變，閉合后再斷開則電量保持不變，然后再根據(jù)平行板電容器電容、電勢差和電量的關系及勻強電場中場強和距離的關系即可.6答案：B 由于庫侖力變化，因此質(zhì)子向b不是做加速運動，A錯誤；由于a、b之間的電勢差恒定，根據(jù)動能定理得，可得，則知粒子從a點由靜止釋放后運動到b點的速率為，B正確；當電子以Oa為半徑繞O做勻速圓周運動時，根據(jù)，可得，則知電子以Ob為半徑繞O做勻速圓周運動時的線速度為，C、D錯誤.7答案：AD 減小的動能轉(zhuǎn)化為電子的電勢能，由A到C減小的動能與由C到B增加的動能相等，所以場強方向由O指向C，A和B的電勢相等，形成電場的

4、正電荷應位于D點.8答案：A 根據(jù)帶電粒子在電場中水平方向上勻速和豎直方向上勻加速即可推出A正確.9答案：D 剪斷細線Oc后，a、b作為一個系統(tǒng)在水平方向只受內(nèi)力（庫侖力、繩子拉伸后的拉力）作用，外力無沖量故其水平方向上動量恒為零.在豎直方向上，二者同時在重力作用下做初速度為零的勻加速運動，同時落地機械能守恒，故落地時，ab兩球的動能和為.在運動過程中，電場力做正功，因此其系統(tǒng)電勢能減小.10答案：BD 粒子在水平方向上做勻速直線運動，因初速度相同，故水平位移大的時間長，因，故，A錯.粒子在豎直方向上做勻加速直線運動，有，因為位移相同，所以運動時間長的粒子加速度小，即，故B正確.粒子到達正極板

5、的動能為，而，所以有，C錯誤.由可以判斷A帶負電，B不帶電，C帶正電，D正確.11答案：（1）BE（4分） 要用直流電源形成穩(wěn)恒電流場，以模擬靜電場，應選6V的直流電源，所以選B；要用探針尋找等勢點，電流表靈敏度高，指針能左右偏轉(zhuǎn)，所以選E.（2）D （4分） 探針由O點左側(cè)沿x軸正方向移到O點右側(cè)的過程中，兩探針間的電勢差先減小后變大，所以靈敏電流表的指針與零刻度的夾角先變小后變大.12答案：（1）如圖（a）.（4分）（2） （4分）（3） （4分） 提示：帶電小球的受力如圖b，根據(jù)平衡條件有，又有，聯(lián)立解得，所以應以為橫坐標.13解析：（1）由圖可得B點電場強度的大小N/C（2分）因B點的

6、試探電荷帶負電，而受力指向x軸的正方向，故B點場強的方向沿x軸的負方向. （2分）（2）因A點的正電荷受力和B點的負電荷受力均指向x軸的正方向，故點電荷Q位于A、B兩點之間，帶負電. （2分）設點電荷Q的坐標為x，則，（4分）由圖可得N/C，解得x=2.6m. （4分）14解析：他的解答是錯誤的. （5分）小環(huán)是穿在絲線上，作用于小環(huán)上的兩個拉力大小相等，方向不同.小環(huán)受四個力，如圖所示.豎直方向 Tsin60=mg （3分）水平方向 Tcos60+T= （3分）由聯(lián)立得 （3分）15解析：（1）由小球運動到最高點可知，小球帶正電（2分）（2）設小球運動到最高點時速度為v，對該過程由動能定理有

7、，（2分）在最高點對小球由牛頓第二定律得，（2分）由式解得，T=15N（1分）（3）小球在細線斷裂后，在豎直方向的加速度設為a，則（2分）設小球在水平方向運動L的過程中，歷時t，則（1分）設豎直方向上的位移為s，則（1分）由解得，s=0.125m（2分）小球距O點高度為s+L=0.625m. （1分）16解析：（1）因油滴到達最高點時速度大小為，方向水平，對ON過程用動能定理有，（2分）所以電場力一定做正功，油滴帶負電，則最高位置一定在O點的左上方. （3分）（2）由（1）的分析可知，在豎直方向上油滴做初速為的豎直上拋運動，則有，（3分）即.（2分）（3）油滴由ON的運動時間，（2分）則在水平

8、方向上由動量定理得，（2分）即.（2分）17解析：（1）小球由B點運動到C點過程，由動能定理有，（2分）在C點，設繩中張力為FC，則有（2分）因FC=mg，故vC=0（2分）又由小球能平衡于A點得，（2分）（2分）（2）小球由D點靜止釋放后將沿與豎直方向夾=53的方向作勻加速直線運動，直至運動到O點正下方的P點，OP距離h=Lcot53=（2分）在此過程中，繩中張力始終為零，故此過程的加速度a和位移s分別為：，.（2分）小球到達懸點正下方時的速率為.（2分）18解析：（1）設電子經(jīng)電壓U1加速后的速度為v0，根據(jù)動能定理得： e U1=（2分） 解得：（2分）（2）電子以速度v0進入偏轉(zhuǎn)電場后，垂直于電場方向作勻速直線運動，沿電場方向作初速度為零的勻加速直線運動。設偏轉(zhuǎn)電場的電場強度為E，電子在偏轉(zhuǎn)電場運動的時間為t1，電子的加速度為a，離開偏轉(zhuǎn)電場時相對于原運動方向的側(cè)移量為y1，根據(jù)牛頓第二定律和運動學公式得：U1L1L2dPMNOKAy2y1F=eE， E= ， F=ma， a =（3分）t1=， y1=，解得： y1=（3分）（3）設電子離開偏轉(zhuǎn)電場時沿電場