重慶市2021_2022學年高二物理下學期第一次月考試題（含答案）

1、重慶市2021-2022學年高二物理下學期第一次月考試題一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分每小題給出的四個選項中，只有一項符合題目要求。1. 下列說法正確的是（）A. “聞其聲而不見其人”是一種司空見慣的現(xiàn)象，這體現(xiàn)了聲波的衍射B. 在地球上測量出星球上某些元素發(fā)出的光波頻率，若其小于地球上這 些元素靜止時的發(fā)光頻率，則利用多普勒效應可以推知該星球在靠近地球C. 空氣中產(chǎn)生的聲波是縱波，縱波中的質(zhì)點振動方向與波的傳播方向相同D. 單擺的周期與振幅無關，所以無論靜止釋放擺球時的擺角為多少，周期不變【1題答案】【答案】A【解析】【詳解】A“聞其聲而不見其人”是一種司空見慣的現(xiàn)象，這

2、體現(xiàn)了聲波的衍射，A正確；B波源遠離時，接收的頻率變小，B錯誤；C縱波中的質(zhì)點振動方向有時與波的傳播方向相同，有時則相反，C錯誤；D小角度單擺才可近似為簡諧運動，此時周期與擺角無關，然而若擺角很大，就不再是單擺周期，D錯誤。故選A。2. 把一個小球套在光滑水平細桿上，球與輕彈簧相連組成彈簧振子，小球沿桿在平衡位置O的兩側(cè)A、B間做簡諧運動，如圖所示。下列結(jié)論正確的是（）A. 小球從A到O的過程中，彈簧的彈性勢能不斷增加B. 小球在A、B位置時，加速度最大，速度也最大C. 小球從A經(jīng)O到B的過程中，速度一直增大D. 小球在O位置時，動能最大，加速度為零【2題答案】【答案】D【解析】【詳解】A小球

3、從A到O的過程中，彈簧的形變量減小，則彈性勢能不斷減小，故A錯誤；B小球在A、B位置時，速度為零，位移最大，回復力最大，加速度最大，故B錯誤；C由于回復力指向平衡位置，所以小球從A經(jīng)O到B的過程中，回復力先做正功，后做負功，小球的動能先增大后減小，即速度先增大，后減小，故C錯誤；D小球經(jīng)過平衡位置時，速度最大，位移為零，所以經(jīng)過平衡位置時動能最大，回復力為零，加速度為零，故D正確。故選D。3. 如圖所示，紙面內(nèi)有一半徑為R單匝環(huán)形閉合線圈，線圈中通有恒定電流I，整個環(huán)形線圈處于垂直紙面的勻強磁場中（圖中未畫出），磁感應強度大小為B。則該環(huán)形線圈所受磁場作用力大小為（）A. 0B. BIRC.

4、2BIRD. 2BIR【3題答案】【答案】A【解析】【詳解】把線圈分割成無數(shù)微元，根據(jù)對稱性結(jié)合畫圖可以看出每個微元受力指向圓心（或者背離圓心），總和為零?；蛘叻治龅刃чL度，將其看成起點和終點重合的彎折線框，其等效長度為零，故安培力為零。故選A。4. 如同所示，ACDB為圓柱型玻璃的橫截面，AB為其直徑?，F(xiàn)有兩單色光組成的復合光沿EA方向射向玻璃，其折射光線分別沿AC、AD方向，光從A到C的時間為tAC，從A到D的時間為tAD。則（）A. tAC=tADB. tACtADD. 無法確定【4題答案】【答案】B【解析】【詳解】由于AD光的折射角小于AC光的折射角，故AD光的折射率大于AC光，由可知

5、，AD光在玻璃中速度較小，AB為直徑，故，故tACtAD，故B正確；故選B。5. 如圖所示是用來測量各種發(fā)動機轉(zhuǎn)速的轉(zhuǎn)速計原理圖。在同一鐵支架MN上焊有固有頻率依次為100Hz、90Hz、80Hz、70Hz的四個鋼片a、b、c、d，將M端與正在轉(zhuǎn)動的電動機接觸，發(fā)現(xiàn)b鋼片振幅很大，其余鋼片振幅很小。則（）A. 鋼片a的振動頻率約為100HzB. 鋼片b的振動頻率約為90HzC. 鋼片c的振動頻率約為80HzD. 電動機的轉(zhuǎn)速約為90r/min【5題答案】【答案】B【解析】【詳解】ABC.b鋼片共振，故電動機頻率等于其固有頻率90Hz，故B正確AC錯誤；D.電動機的轉(zhuǎn)速和頻率相同為，故D錯誤。故

6、選B。6. 如圖所示為t0.1s時刻簡諧橫波a與b的波形圖，其中a沿x軸正方向傳播，b沿x軸負方向傳播，波速都是10m/s，振動方向都平行于y軸。下列選項畫出的是平衡位置在x2m處的質(zhì)點從t0開始的振動圖像，其中正確的是（）A. B. C. D. 【6題答案】【答案】C【解析】【詳解】根據(jù)為t0.1s時的波形圖可以知道x=2m的質(zhì)點處于干涉加強點，振幅為3cm，此時位于平衡位置向上運動，根據(jù)波速和波長可以求出周期0.4s，而0.1s是周期，則t=0s時該質(zhì)點位于周期之前的位置也就是波谷，故C正確。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。每小題有多個選項符合題目要求。全部選對

7、的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7. 消除噪聲污染是當前環(huán)境保護的一個重要課題。內(nèi)燃機、通風機等在排放各種高速氣流的過程中都會發(fā)出噪聲，如圖所示為某種可以用來削弱高速氣流產(chǎn)生的噪聲的消聲器。一列聲波沿水平管道自左向右傳播，到達a處時分成上下兩束波，這兩束聲波沿虛線路徑傳播，在b處相遇時可削弱噪聲。設在a處分開的兩束波經(jīng)上下方管道到達b處的波程差為，這一列聲波的波長為。關于此消聲器，下列說法正確的是（）A. 消除噪聲利用了波的衍射原理B. 消除噪聲利用了波的干涉原理C. 要盡量消除噪聲，應滿足=n（n=0，1，2，3）D. 要盡量消除噪聲，應滿足=+n（n=0，1，2，3）【7題答

8、案】【答案】BD【解析】【詳解】AB消除噪聲利用了波的干涉原理，A錯誤，B正確；CD要盡量消除噪聲，a、b兩列波相遇時波程差等于半波長的奇數(shù)倍，振動減弱，應滿足=+n（n=0，1，2，3C錯誤，D正確。故選BD。8. 在做“用單擺測定重力加速度”的實驗中，如果用周期公式直接計算，得到的g值偏小，可能的原因是（）A. 測擺長時只測了擺線的長度B. 擺線上端未牢固地系于懸點，振動中出現(xiàn)松動C. 在擺球經(jīng)過平衡位置時開始計時，秒表過早按下D. 測量周期時，誤將擺球（n1）次全振動的時間t記成了n次全振動的時間【8題答案】【答案】ABC【解析】【詳解】A根據(jù)T2得g測擺長時只測了擺線的長度，則測量的擺

9、長偏小，所以測量的重力加速度偏小，A正確；B擺線上端未牢固地系于懸點，振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了，知測量的擺長偏小，則測量的重力加速度偏小，B正確；C開始計時，秒表過早按下，測量的周期偏大，則測量的重力加速度偏小，C正確；D測量周期時，誤將擺球（n1）次全振動的時間t記成了n次全振動的時間，則算得的周期變小，重力加速度偏大，D錯誤。故選ABC。9. 在我國南海上有一浮桶式波浪發(fā)電燈塔，其原理如圖甲所示。浮桶內(nèi)的磁體通過支柱固定在暗礁上，浮桶內(nèi)置圓形線圈隨波浪相對磁體沿豎直方向做簡諧運動，其速度隨時間滿足v=0.4sint（單位：m/s），且始終處于輻射磁場中，該線圈與阻值R=15的燈泡串

10、聯(lián)；浮桶下部由內(nèi)、外兩密封圓筒構(gòu)成（俯視圖乙中陰影部分），其內(nèi)部為產(chǎn)生磁場的磁體；線圈匝數(shù)n=200匝，線圈所在處磁場的磁感應強度大小B=0.1T，圓形線圈的直徑D=0.4m，電阻r=1。計算時近似取2=10。下列說法正確的是（）A. 線圈中形成了周期為2s的正弦式交流電B. 燈泡電流最大時，線圈處于振動的最大位移處C. 線圈中感應電動勢的峰值為32VD. 較長時間內(nèi)，燈泡的平均功率為60W【9題答案】【答案】AC【解析】【詳解】根據(jù)題意可知，產(chǎn)生感應電動勢的瞬時值表達式為A由表達式可知角頻率故故A正確；B燈泡電流最大時，即線圈速度最大時，則線圈處于振動的平衡位置，故B錯誤；C線圈中感應電動勢

11、的峰值為線圈速度最大時故C正確；D根據(jù)表達式可知，電流為正弦交變電流，則有效值為較長時間內(nèi)，燈泡的平均功率為故D錯誤。故選AC。10. 如圖所示，傾角為的光滑斜面上設置有AB和CD兩個粗糙的緩沖區(qū)，且AB=BC=CD=l。整個空間分布著垂直紙面向里的勻強磁場。一帶負電的物塊（視為質(zhì)點）從斜面頂端O由靜止釋放，其與緩沖區(qū)動摩擦因數(shù)為，通過AB段與通過CD段的時間相等，運動到D點時的速度為v。已知重力加速度為g，則（）A. 物塊通過AB段時可能做加速運動B. 物體通過AB段的時間大于通過BC段的時間C. 物塊通過AB段時克服摩擦力所做的功大于通過BC段時重力所做的功D. 斜面OA段長度為【10題答

12、案】【答案】BCD【解析】【詳解】AAB與CD段時間相同，說明A點與C點速度應該相同，這樣AB與CD段運動規(guī)律相同，所以才會有時間相同，故只能AB段減速，BC段勻加速，CD段減速，A錯；B洛倫茲力垂直斜面向下，故AB段速度減小時，洛倫茲力減小，支持力減小，摩擦力減小，做加速度減小的減速運動，AB段的初末速度與BC段的末初速度相等，根據(jù)v-t圖象可以分析出AB段平均速度比BC段小，在相同位移下，AB段時間更長，B對；C從A到C，根據(jù)前面的分析可知初末動能不變，則克服摩擦力做的功等于AC段重力做的功，所以大于BC段重力做的功，C對；DB點速度即D點速度v，B到C由運動學公式C點速度就是A點速度，O

13、到A再用運動學公式故故D正確。故選BCD。三、實驗題：本題共2小題，共16分。11. 小但同學利用“插針法”測定玻璃的折射率，所用的玻璃磚兩面平行。正確操作后，作出的光路圖及測出的相關角度如圖所示。（1）此玻璃的折射率計算式為n_（用圖中的1、2表示）；（2）如果有幾塊寬度不同的平行玻璃磚可供選擇，為了減小誤差，應選用寬度_（填“大”或“小”）的玻璃磚來測量。（3）如圖所示，小但同學在實驗中將玻璃磚界面aa和bb的間距畫得過寬。若其他操作正確，則折射率的測量值_（選填“大于”“小于”或“等于”）準確值?！?1題答案】【答案】 . . 大 . 小于【解析】【詳解】（1）1玻璃的折射率為（2）2為

14、了減少誤差，應選用寬度大的玻璃磚來測量。（3）3如圖所示紅線表示將玻璃磚向上平移后實際的光路圖，而黑線是作圖時所采用的光路圖，可見，入射角沒有變化，折射角的測量值偏大，則由折射率公式得，折射率測量值小于真實值。12. 為測量A、B兩金屬絲的電阻率，小戴同學設計了如圖甲、乙所示的兩種實驗方案。已知電源的電動勢E和內(nèi)阻r在實驗過程中保持不變。（1）小戴先進行圖甲方案的測量：利用螺旋測微器測出A金屬絲的直徑，示數(shù)如圖丙所示，則A金屬絲直徑的測量值=_mm；把A金屬絲接入圖甲電路，并用刻度尺測出接入電路的A金屬絲的長度l=50.00cm。閉合開關，改變滑動變阻器阻值，記錄兩電表的測量數(shù)據(jù)如下表所示，數(shù)

15、據(jù)的對應點已經(jīng)標在如圖丁所示的坐標紙上，請在圖丁中畫出U-I圖線_；實驗次數(shù)123456U/V0.901.201.501.802.102.40I/A0.182.240310.370.430.49該方案測得的A金屬絲的電阻率_m（保留兩位有效數(shù)字）。（2）小戴又用圖乙所示方案測量B金屬絲的電阻率，通過移動接線夾位置（即圖乙滑動變阻器符號上的箭頭接觸金屬絲的位置），以控制接入電路中金屬絲的長度；實驗操作步驟：a正確連接電路，設計電阻箱的阻值，閉合開關；b讀出電流表的示數(shù)，記錄接線夾的位置；c斷開開關，測出接入電路的金屬絲的長度；d閉合開關，重復b、c的操作。根據(jù)測得電流與金屬絲接入長度關系的數(shù)據(jù)，

16、畫出如圖戊所示的關系圖線，由圖可以得到圖線的斜率為k。已知金屬絲直徑為d，電動勢E、內(nèi)阻r，則乙金屬絲的電阻率為_（用給出的字母表示）。（3）圖乙方案中電流表的內(nèi)阻對電阻率的測量值_（填“會”或“不會”）造成影響?！?2題答案】【答案】 . 2.500 . . （4.5-4.9）10-5 . . 不會【解析】【詳解】（1）1用螺旋測微器測出A金屬絲的直徑的測量值d甲=2.5mm+0.01mm0.0=2.500mm；2畫出U-I圖線如圖；3由圖像可得A金屬絲電阻根據(jù)解得帶入數(shù)據(jù)解得（2）4由閉合電路的歐姆定律即則則（3）5圖乙中若考慮電流表內(nèi)阻，則不影響圖像的斜率，電阻率的測量值不變。四、計算題

17、：本大題共3小題，共40分。13. 如圖所示，等腰直角三棱鏡ABC，一條光線從斜面AB垂直射入。（1）若n，求出光線從BC面射出時的折射角正弦值；（2）如果光線不從AC、BC面射出，求三棱鏡的折射率至少為多大？【13題答案】【答案】（1）；（2）【解析】【詳解】（1）入射角=45，折射角設為，根據(jù)折射定律可得sin=（2）如果光線不從AC、BC面射出，則入射角為臨界角，則有=C（臨界角）因為根據(jù)全反射的條件sinC=解得14. 一列簡諧橫波沿x軸傳播，t=0.1s時的波形圖如圖甲所示。圖乙為介質(zhì)中質(zhì)點A的振動圖像。(1)求波傳播方向及波速；(2)t=0.1s時，波剛好傳播到坐標原點O，質(zhì)點B平

18、衡位置的坐標xB=2.5m(圖中未畫出)，求質(zhì)點B處于波峰位置的時刻?！?4題答案】【答案】(1)沿x軸負方向，v=0.5m/s；(2)t=（5.15+0.2n）s（n=0，1，2，3，）【解析】【詳解】(1)由乙圖可知質(zhì)點A在t=0.1s時由平衡位置向下振動，則質(zhì)點A前面的質(zhì)點在平衡位置下方，所以波的傳播方向為沿x軸負方向由甲圖可知波長m由乙圖可知周期為T=0.2s則波速為(2)波從O點傳播到B點所需時間質(zhì)點B第一次離開平衡位置是向上運動的，到波峰位置所需時間為（n=0，1，2，3，）所以質(zhì)點B處于波峰位置的時刻代入數(shù)據(jù)得15. 如圖所示，兩豎直虛線MN和MN間的距離AC=d，P、Q點在直線MN上。一質(zhì)量為m、電荷量為q的粒子（不計重力）以某一速度從A點垂直于MN射入；若兩豎直虛線間的區(qū)域內(nèi)只存在場強大小為E、沿豎直方向的勻強電場，則該粒子將從P點離開場區(qū)，射出方向與AC的夾角叫做電偏轉(zhuǎn)角，記為；若兩豎直虛線間的區(qū)域內(nèi)只存在磁感應強度大小為B、方向垂直于紙面的勻強磁場，則該粒子將從Q點離開場區(qū)，射出方向