上海市松江區(qū)2016年高三物理二模試卷及答案

1、 2016年上海市松江區(qū)高考物理一模試卷一、單項(xiàng)選擇題1 .下列物理量中可以運(yùn)用平行四邊形定則求和的是（）A質(zhì)量B速率C功率D位移2以下關(guān)系式中用基本單位表示國際單位正確的（）A1焦=1牛米B1伏=1千克米2秒3安1C1庫=1焦伏1D1特=1牛安1米13關(guān)于物理學(xué)研究方法或物理學(xué)家貢獻(xiàn)的敘述中正確的是（）A質(zhì)點(diǎn)、速度、點(diǎn)電荷等都是理想化模型BE=及a=均體現(xiàn)了比值定義的思想方法C卡文迪什扭秤實(shí)驗(yàn)應(yīng)用了微元的思想方法D法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，建立了電磁感應(yīng)定律4在如圖所示的邏輯電路中，其真值表的“輸出”這一列數(shù)據(jù)從上到下依次為（） 輸入輸出00011011A0，0，0，1B1，0，0，0C0，

2、1，0，1D1，0，1，05下圖中按力的作用效果分解正確的是（）A BCD6根據(jù)機(jī)械波的知識(shí)可知（）A橫波沿水平方向傳播，縱波沿豎直方向傳播B在波的傳播過程中，質(zhì)點(diǎn)隨波遷移將振動(dòng)形式和能量傳播出去C波的圖象就是反映各質(zhì)點(diǎn)在同一時(shí)刻不同位移的曲線D聲波在真空中也能傳播7質(zhì)量為m、初速度為零的物體，在變化不同的合外力作用下都通過位移xo下列各種情況中合外力做功最多的是（）ABCD8一電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖中虛線所示，一帶電粒子以某一初速度從圖中A點(diǎn)沿圖示方向進(jìn)入電場(chǎng)，若粒子只受電場(chǎng)力作用，則從A點(diǎn)開始，（）A無論正負(fù)，粒子總是做直線運(yùn)動(dòng)B無論正負(fù)，粒子的電勢(shì)能總是先變大C無論正負(fù)，粒子的電勢(shì)能總是先變小

3、D粒子的電勢(shì)能的變化及粒子所帶電的電性有關(guān)二、單項(xiàng)選擇題9 .如圖所示，由粗糙的水平桿AO及光滑的豎直桿BO組成的絕緣直角支架，在AO桿、BO桿上套有帶正電的小球P、Q，兩個(gè)小球在某一位置平衡現(xiàn)將P緩慢地向左移動(dòng)一小段距離，兩球再次達(dá)到平衡若小球所帶電量不變，及移動(dòng)前相比（）A桿BO對(duì)Q的彈力減小B桿AO對(duì)P的彈力減小C桿AO對(duì)P的摩擦力增大DP、Q之間的距離增大10如圖所示，兩端開口的彎管，左管插入水銀槽中，管內(nèi)外高度差為h1，右管有一段水銀柱，高度差為h2，中間封有一段空氣則（）A若大氣壓升高，h1和h2同時(shí)增大B若環(huán)境溫度升高，h1和h2同時(shí)減小C若把彎管向上移動(dòng)少許，則管內(nèi)氣體體積不變

4、D若把彎管向下移動(dòng)少許，則管內(nèi)氣體壓強(qiáng)增大11某一質(zhì)點(diǎn)沿直線運(yùn)動(dòng)的位移x隨時(shí)間t變化的圖象如圖所示，則（）A第10s末，質(zhì)點(diǎn)的速度最大B在20s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)的位移為9mC第5s末和第15s末，質(zhì)點(diǎn)的加速度方向相反D010s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)所受合外力的方向及速度方向相反12如圖，由均勻的電阻絲組成的等邊三角形導(dǎo)體框，垂直磁場(chǎng)放置，將AB兩點(diǎn)接入電壓恒定的電源兩端，通電時(shí)電阻絲AB段受到的安培力為F，則此時(shí)三根電阻絲受到的合安培力大小為（）AFB1.5FC2FD3F13汽車在平直公路上以速度v0勻速行駛，發(fā)動(dòng)機(jī)功率為P，快進(jìn)入鬧市區(qū)時(shí)，司機(jī)減小了油門，使汽車的功率立即減小一半并保持該功率繼續(xù)行駛設(shè)汽車行駛時(shí)所

5、受的阻力恒定，則下面四個(gè)圖象中，哪個(gè)圖象正確表示了司機(jī)從減小油門開始，汽車的速度及時(shí)間的關(guān)系（）ABCD14如圖所示，a、b兩小球分別從半圓軌道頂端和斜面頂端以大小相等的初速度v0同時(shí)水平拋出，已知半圓軌道的半徑及斜面豎直高度相等且在同一豎直面內(nèi)，斜面底邊長是其豎直高度的2倍若小球b能落到斜面上，下列說法正確的是（）Aa、b不可能同時(shí)分別落在半圓軌道和斜面上Ba球一定先落在半圓軌道上Cb球一定先落在斜面上Da球可能先落在半圓軌道上15有上下兩條摩擦因數(shù)相同的水平軌道L1、L2，它們?cè)谕回Q直面內(nèi)，相同質(zhì)量的物塊A、B放置在兩軌道上，軌道L1開一條平行軌道方向的細(xì)縫，可使細(xì)線通過，如圖所示A物塊

6、在B物塊正上方在連接A、B細(xì)線的中點(diǎn)O施加拉力，使A、B一起向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則F的方向可能是（圖中OQ表示水平方向）（）A沿OP方向B沿OQ方向C沿ON方向D沿OP、OQ、ON方向都可能16如圖所示，在OxL和2Lx3L的區(qū)域內(nèi)存在著勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)的方向垂直于xOy平面（紙面）向里，具有一定電阻的正方形線框abcd邊長為2L，位于xOy平面內(nèi)，線框的ab邊及y軸重合令線框從t=0時(shí)刻由靜止開始沿x軸正方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則線框中的感應(yīng)電流i（取逆時(shí)針方向的電流為正）隨時(shí)間t的函數(shù)圖象大致是下列圖中的（）ABCD三、多項(xiàng)選擇題17 .如圖，游樂場(chǎng)中，從高處A到水面B處有兩條長度相同的光滑軌

7、道甲、乙兩小孩沿不同軌道同時(shí)從A處自由滑向B處，下列說法正確的有（）A甲的切向加速度始終比乙的大B甲、乙在同一高度的速度大小相等C甲、乙在同一時(shí)刻總能到達(dá)同一高度D甲比乙先到達(dá)B處18一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，t時(shí)刻及（t+0.6）時(shí)刻的波形圖正好重合，如圖所示則下列說法中正確的是（）A質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)周期可能為1.2sB該波的波速可能為10m/sC在（t+0.4）時(shí)刻，x=1m處的質(zhì)點(diǎn)位移可能為零D從（t+0.3）時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，x=0.5m處的質(zhì)點(diǎn)可能比x=0.5m處的質(zhì)點(diǎn)先到達(dá)波峰位置19如圖所示，A、B兩球分別套在兩光滑無限長的水平直桿上，兩球通過一輕繩繞過一定滑輪（軸心固定不動(dòng)）相連，某時(shí)

8、刻連接兩球的輕繩及水平方向的夾角分別為、，A球向左的速度為v，下列說法正確的是（）A此時(shí)B球的速度為vB此時(shí)B球的速度為vC當(dāng)增大到等于90°時(shí)，B球的速度達(dá)到最大D在增大到90°的過程中，繩對(duì)B球的拉力一直做正功20如圖所示，電路中定值電阻阻值R大于電源內(nèi)阻阻值r閉合電鍵后，將滑動(dòng)變阻器滑片向下滑動(dòng)，理想電壓表V1、V2、V3示數(shù)變化量的絕對(duì)值分別為U1、U2、U3，理想電流表A示數(shù)變化量的絕對(duì)值為I，則（）AU1大于U2B =R+rCV2的示數(shù)增大D +保持不變四、填空題21遠(yuǎn)古時(shí)代，取火是一件困難的事，火一般產(chǎn)生于雷擊或磷的自燃隨著人類文明的進(jìn)步，出現(xiàn)了“鉆木取火”等

9、方法“鉆木取火”是通過方式改變物體的內(nèi)能，把轉(zhuǎn)變?yōu)閮?nèi)能22甲、乙兩顆繞地球作勻速圓周運(yùn)動(dòng)人造衛(wèi)星，其線速度大小之比為：1，則這兩顆衛(wèi)星的運(yùn)轉(zhuǎn)半徑之比為，運(yùn)轉(zhuǎn)周期之比為23某同學(xué)的質(zhì)量為60kg，在一次野營中，他從岸上以2m/s的速度，跳到一條以0.5m/s的速度正對(duì)著他飄來的小船上，跳上船后他又走了幾步，最終停在船上已知小船的質(zhì)量為140kg，則人及小船共同運(yùn)動(dòng)的速度大小為m/s，運(yùn)動(dòng)方向?yàn)椋ㄌ睢跋蜃蟆被颉跋蛴摇保?4如圖所示是兩列相干波的干涉圖樣，實(shí)線表示波峰，虛線表示波谷，兩列波的振幅都為10cm，波速和波長分別為1m/s和0.2m，C點(diǎn)為AB連線的中點(diǎn)則圖示時(shí)刻C點(diǎn)的振動(dòng)方向（選填“向上

10、”或“向下”），從圖示時(shí)刻再經(jīng)過0.25s時(shí)，A點(diǎn)經(jīng)過的路程為cm25如圖所示，河道寬L=200m，越到河中央河水的流速越大，且流速大小滿足u=0.2x（x是離河岸的距離，0x）一小船在靜水中的速度v=10m/s，自A處出發(fā)，船頭垂直河岸方向渡河到達(dá)對(duì)岸B處AB兩點(diǎn)間距離為m設(shè)船的運(yùn)動(dòng)方向及水流方向夾角為，則渡河過程中最小為26帶正電小球靜止在光滑絕緣斜面的底端，現(xiàn)在該區(qū)域加一平行斜面向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，經(jīng)時(shí)間t電場(chǎng)做功40J時(shí)，勻強(qiáng)電場(chǎng)突然消失，小球又經(jīng)時(shí)間t恰好回到斜面底端若以小球初始水平面為零重力勢(shì)能面，則小球回到斜面底端時(shí)的機(jī)械能為J，小球的動(dòng)能為8J時(shí)重力勢(shì)能為J五、實(shí)驗(yàn)題27某同學(xué)利用

11、單擺測(cè)定重力加速度時(shí)，用秒表測(cè)量單擺的周期，當(dāng)單擺擺動(dòng)穩(wěn)定且到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)開始計(jì)時(shí)并記為n=0，單擺每經(jīng)過最低點(diǎn)記一次數(shù)，當(dāng)數(shù)到n=60時(shí)停止計(jì)時(shí)測(cè)量結(jié)果及當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣鹊恼鎸?shí)值比較，發(fā)現(xiàn)偏大，可能原因是（）A振幅偏小B開始計(jì)時(shí)誤記為n=1C將擺線加上球直徑當(dāng)成了擺長D將擺線的長度當(dāng)成了擺長28“研究共點(diǎn)力的合成”的實(shí)驗(yàn)情況如圖甲所示，其中A為固定橡皮筋的圖釘，O為橡皮筋及細(xì)繩的結(jié)點(diǎn)，OB和OC為細(xì)繩，圖乙是在白紙上根據(jù)實(shí)驗(yàn)結(jié)果畫出的圖示（1）圖乙中的F及F兩力中，方向一定沿AO方向的是（2）（單選題）本實(shí)驗(yàn)采用的科學(xué)方法是A理想實(shí)驗(yàn)法 B等效替代法 C控制變量法 D建立物理模型法（3）（多選

12、題）實(shí)驗(yàn)中可減小誤差的措施有A兩個(gè)分力F1、F2的大小要盡量大些B兩個(gè)分力F1、F2間夾角應(yīng)越大越好C拉橡皮筋時(shí)，彈簧秤、橡皮條、細(xì)繩應(yīng)貼近木板且及木板平面平行DAO間距離要適當(dāng)，將橡皮筋拉至結(jié)點(diǎn)O時(shí)，拉力要適當(dāng)大些29如圖是“用DIS研究回路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小及磁通量變化快慢的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)裝置，保持擋光片位置、光電門和螺線管之間的距離不變 （1）實(shí)驗(yàn)器材除了需要光電門傳感器之外，還需要傳感器（2）讓小車以不同的速度靠近螺線管，記錄下小車每次靠近螺線管至最后撞上螺線管停止的全過程中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)及時(shí)間的變化關(guān)系如圖所示，光電門測(cè)得擋光時(shí)間為t1，有感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的時(shí)間為t2，則實(shí)驗(yàn)可以得到感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)及成正

13、比（用題中字母表示）（3）若保持磁鐵靠近線圈的速度不變，只增加線圈的匝數(shù)（線圈直徑不變），則t1內(nèi)圖象所圍陰影部分面積將（選填“不變”、“增大”或“減小”）30某實(shí)驗(yàn)小組利用銅片、鋅片和家鄉(xiāng)盛產(chǎn)的柑橘制作了果汁電池，他們測(cè)量這種電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r，并探究電極間距對(duì)E和r的影響，實(shí)驗(yàn)器材如圖所示測(cè)量E和r的實(shí)驗(yàn)方案為：調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，改變電源兩端的電壓U和流過電源的電流I，依據(jù)公式U=EIr，利用測(cè)量數(shù)據(jù)作出UI圖象，得出E和r（1）將電壓表視為理想表，要求避免電流表分壓作用對(duì)測(cè)量結(jié)果的影響，請(qǐng)?jiān)趫D中用筆畫線代替導(dǎo)線連接電路（2）實(shí)驗(yàn)中依次減小銅片及鋅片的間距，分別得到相應(yīng)果汁電池的UI圖象

14、如圖中（a）（b）（c）（d）所示，由此可知：在該實(shí)驗(yàn)中，隨電極間距的減小，電源電動(dòng)勢(shì)（填“增大”、“減小”或“不變”），電源內(nèi)阻（填“增大”、“減小”或“不變”）（3）對(duì)圖線（c），當(dāng)外電路總電阻為2500時(shí)，該電源的輸出功率P=mW六、計(jì)算題.（共50分）31如圖所示，導(dǎo)熱良好的薄壁氣缸放在水平面上，用橫截面積為S=1.0×102m2的光滑薄活塞將一定質(zhì)量的理想氣體封閉在氣缸內(nèi)，活塞桿的另一端固定在墻上此時(shí)活塞桿及墻剛好無擠壓外界大氣壓強(qiáng)p0=1.0×105Pa當(dāng)環(huán)境溫度為27時(shí)，密閉氣體的體積為2.0×103m3若固定氣缸在水平面上，當(dāng)環(huán)境溫度緩慢升高到57

15、時(shí)，氣體壓強(qiáng)p2為多少？若氣缸放在光滑水平面上不固定，當(dāng)環(huán)境溫度緩慢升高到57時(shí)，氣缸移動(dòng)了多少距離？保持的條件不變下，對(duì)氣缸施加水平作用力，使缸內(nèi)氣體體積緩慢地恢復(fù)到原來數(shù)值，這時(shí)氣缸受到的水平作用力多大？32如圖所示，粗糙水平面上放置一個(gè)小物塊，在力F作用下沿水平面向右加速運(yùn)動(dòng)在保持力F大小不變的情況下，發(fā)現(xiàn)當(dāng)F水平向右或及水平面成60°夾角斜向上時(shí)，物塊的加速度相同求：（1）物塊及水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)（2）若保持力F及水平面成60°夾角斜向上，從靜止起拉動(dòng)物塊，物塊沿水平面向右移動(dòng)s=5m的時(shí)間為t改變F的大小重復(fù)上述過程，時(shí)間t的最小值為多少？33如圖所示，電源電動(dòng)

16、勢(shì)為，內(nèi)阻為r，滑動(dòng)變阻器總阻值為3r，間距為d的兩平行金屬板AB、CD豎直放置，閉合電鍵S時(shí)，板間電場(chǎng)可視為勻強(qiáng)電場(chǎng)板間有一長為L的絕緣細(xì)輕桿，能繞水平固定轉(zhuǎn)軸O在豎直面內(nèi)無摩擦轉(zhuǎn)動(dòng)，桿上端固定質(zhì)量為m、帶電量為+q的金屬小球a，下端固定質(zhì)量為2m、帶電量為q的金屬小球b，已知Ob=2Oa，并且q=，兩帶電小球可視為點(diǎn)電荷，不影響勻強(qiáng)電場(chǎng)的分布，兩電荷間相互作用力不計(jì)，重力加速度為g現(xiàn)調(diào)節(jié)滑片P使其位于滑動(dòng)變阻器的中點(diǎn)，閉合電鍵S，待電場(chǎng)穩(wěn)定后：（1）求兩極板間電場(chǎng)強(qiáng)度E的表達(dá)式；（2）將輕桿從如圖位置順時(shí)針轉(zhuǎn)過時(shí)（360°）由靜止釋放，輕桿恰能靜止，求；（3）若將輕桿從如圖位置由

17、靜止釋放，輕桿將繞軸O順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，求小球a運(yùn)動(dòng)的最大速度34如圖所示，兩根粗細(xì)均勻的金屬桿AB和CD的長度均為L，電阻均為R，質(zhì)量分別為3m和m，用兩根等長的、質(zhì)量和電阻均不計(jì)的、不可伸長的柔軟導(dǎo)線將它們連成閉合回路，懸跨在絕緣的、水平光滑的圓棒兩側(cè)，AB和CD處于水平在金屬桿AB的下方有高度為H的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感強(qiáng)度的大小為B，方向及回路平面垂直，此時(shí)CD處于磁場(chǎng)中現(xiàn)從靜止開始釋放金屬桿AB，經(jīng)過一段時(shí)間（AB、CD始終水平），在AB即將進(jìn)入磁場(chǎng)的上邊界時(shí)，其加速度為零，此時(shí)金屬桿CD還處于磁場(chǎng)中，在此過程中金屬桿AB上產(chǎn)生的焦耳熱為Q重力加速度為g，試求：（1）金屬桿AB即將進(jìn)入磁場(chǎng)上邊

18、界時(shí)的速度v1；（2）在此過程中金屬桿CD移動(dòng)的距離h和通過導(dǎo)線截面的電量q；（3）設(shè)金屬桿AB在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的速度為v2，通過計(jì)算說明v2大小的可能范圍；（4）依據(jù)第（3）問的結(jié)果，請(qǐng)定性畫出金屬桿AB在穿過整個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域的過程中可能出現(xiàn)的速度時(shí)間圖象（vt圖）2016年上海市松江區(qū)高考物理一模試卷參考答案及試題解析一、單項(xiàng)選擇題1 .下列物理量中可以運(yùn)用平行四邊形定則求和的是（）A質(zhì)量B速率C功率D位移【考點(diǎn)】矢量和標(biāo)量【專題】定性思想；歸納法；直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律專題【分析】矢量既有大小，又有方向，相加時(shí)遵循平行四邊形定則標(biāo)量只有大小，沒有方向，相加時(shí)遵守代數(shù)加減法則【解答】解：ABC、質(zhì)量、速率和

19、功率都是標(biāo)量，相加時(shí)，遵守代數(shù)加減法則，故ABC錯(cuò)誤D、位移是矢量，相加時(shí)遵守平行四邊形定則，故D正確故選：D【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道矢量既有大小，又有方向，其運(yùn)算遵循平行四邊形定則2以下關(guān)系式中用基本單位表示國際單位正確的（）A1焦=1牛米B1伏=1千克米2秒3安1C1庫=1焦伏1D1特=1牛安1米1【考點(diǎn)】力學(xué)單位制【專題】定性思想；推理法；牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題【分析】國際單位制規(guī)定了七個(gè)基本物理量分別為長度、質(zhì)量、時(shí)間、熱力學(xué)溫度、電流、光強(qiáng)度、物質(zhì)的量他們?cè)趪H單位制中的單位分別為米、千克、秒、開爾文、安培、坎德拉、摩爾而物理量之間的關(guān)系式推到出來的物理量的單位叫做導(dǎo)出單位【解答】解

20、：A、牛頓是力的單位，是導(dǎo)出單位所以1焦=1牛米不用基本單位表示國際單位故A錯(cuò)誤；B、用基本單位表示國際單位故B正確；C、焦耳是能量的單位，是導(dǎo)出單位所以1庫=1焦伏1不是用基本單位表示國際單位故C錯(cuò)誤；D、牛頓是力的單位，是導(dǎo)出單位所以1特=1牛安1米1不是用基本單位表示國際單位故D錯(cuò)誤故選：B【點(diǎn)評(píng)】該題考查單位制，解答的關(guān)鍵是知道7個(gè)基本單位，并要熟記相關(guān)的單位之間的關(guān)系3關(guān)于物理學(xué)研究方法或物理學(xué)家貢獻(xiàn)的敘述中正確的是（）A質(zhì)點(diǎn)、速度、點(diǎn)電荷等都是理想化模型BE=及a=均體現(xiàn)了比值定義的思想方法C卡文迪什扭秤實(shí)驗(yàn)應(yīng)用了微元的思想方法D法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，建立了電磁感應(yīng)定律【考點(diǎn)】

21、物理學(xué)史【專題】定性思想；推理法；直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律專題【分析】理想化模型是抓主要因素，忽略次要因素得到的知道比值定義法的含義，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)【解答】解：A、理想化模型是抓主要因素，忽略次要因素得到的，點(diǎn)電荷、質(zhì)點(diǎn)是理想化模型，但是速度不是理想化模型，故A錯(cuò)誤B、a=不是比值定義法，故B錯(cuò)誤；C、卡文迪許測(cè)萬有引力常量G的扭秤實(shí)驗(yàn)，應(yīng)用了“放大”的實(shí)驗(yàn)方法，故C錯(cuò)誤；D、法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，建立了電磁感應(yīng)定律，故D正確故選：D【點(diǎn)評(píng)】本題屬于記憶知識(shí)，要了解、熟悉物理學(xué)史，關(guān)鍵在于平時(shí)注意積累和記憶，不可忽視，不然很容易出錯(cuò)對(duì)于物理學(xué)上常用的科學(xué)研究方法：等效替代法、理想化模型法、

22、比值定義法等等要理解并掌握，并進(jìn)行歸納總結(jié)，對(duì)學(xué)習(xí)物理量的意義有很大的幫助4在如圖所示的邏輯電路中，其真值表的“輸出”這一列數(shù)據(jù)從上到下依次為（） 輸入輸出00011011A0，0，0，1B1，0，0，0C0，1，0，1D1，0，1，0【考點(diǎn)】簡(jiǎn)單的邏輯電路【分析】圖示電路為或非門，當(dāng)AB輸入經(jīng)或門輸出再經(jīng)非門輸出【解答】解：當(dāng)AB輸入00經(jīng)或門輸出0再經(jīng)非門輸出1，當(dāng)AB輸入01經(jīng)或門輸出1再經(jīng)非門輸出0；當(dāng)AB輸入10經(jīng)或門輸出1再經(jīng)非門輸出0；當(dāng)AB輸入11經(jīng)或門輸出1再經(jīng)非門輸出0；故輸出1，0，0，0，故B正確故選B【點(diǎn)評(píng)】考查了基本門電路的基本邏輯輸入輸出關(guān)系，理解組合門的輸入輸出

23、5下圖中按力的作用效果分解正確的是（）ABCD【考點(diǎn)】力的分解【專題】定性思想；合成分解法；受力分析方法專題【分析】物體的重力，按效果分解為垂直于兩接觸面，作出力的分解圖，從而即可求解【解答】解：A、力F的作用效果，如圖所示，故A正確；B、物體的重力，按效果分解成一個(gè)垂直接觸面的力，及垂直擋板的力，如圖所示，故B錯(cuò)誤；C、按照力的作用效果，拉力分解成如圖所示故C錯(cuò)誤；D、物體的重力，按效果分解分解成如圖所示故D錯(cuò)誤；故選：A【點(diǎn)評(píng)】本題考查運(yùn)用數(shù)學(xué)知識(shí)處理物理問題的能力，比較簡(jiǎn)單對(duì)于力的分解，關(guān)鍵確定力的作用效果，定出兩個(gè)分力的方向6根據(jù)機(jī)械波的知識(shí)可知（）A橫波沿水平方向傳播，縱波沿豎直方向

24、傳播B在波的傳播過程中，質(zhì)點(diǎn)隨波遷移將振動(dòng)形式和能量傳播出去C波的圖象就是反映各質(zhì)點(diǎn)在同一時(shí)刻不同位移的曲線D聲波在真空中也能傳播【考點(diǎn)】波長、頻率和波速的關(guān)系；橫波的圖象【分析】橫波和縱波水平和豎直方向都能傳播質(zhì)點(diǎn)不隨波遷移，只是將振動(dòng)形式和能量傳播出去波的圖象就是反映各質(zhì)點(diǎn)在同一時(shí)刻不同位移的曲線機(jī)械波傳播需要介質(zhì)，聲波在真空中不能傳播【解答】解：A、橫波和縱波水平和豎直方向都能傳播，這兩種波是根據(jù)波的傳播方向及質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向間的關(guān)系劃分的故A錯(cuò)誤B、在波的傳播過程中，質(zhì)點(diǎn)在自己的平衡位置附近振動(dòng)，并不隨波遷移故B錯(cuò)誤C、波的圖象就是反映各質(zhì)點(diǎn)在空間的分布情況，即各質(zhì)點(diǎn)在同一時(shí)刻不同位移的

25、曲線故C正確D、聲波在真空中不能傳播，因?yàn)闆]有傳播振動(dòng)的介質(zhì)故D錯(cuò)誤故選C【點(diǎn)評(píng)】本題考查了一些波的基本知識(shí)：波的分類、形成機(jī)械波的條件等等，波的一個(gè)基本特點(diǎn)是：質(zhì)點(diǎn)不隨波遷移7質(zhì)量為m、初速度為零的物體，在變化不同的合外力作用下都通過位移xo下列各種情況中合外力做功最多的是（）ABCD【考點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像；動(dòng)能定理的應(yīng)用【專題】運(yùn)動(dòng)學(xué)中的圖像專題【分析】Fx圖象中，圖象及坐標(biāo)軸圍成的面積表示力F所做的功【解答】解：由力做功公式可知，F(xiàn)x圖象中，圖象及坐標(biāo)軸圍成的面積表示力F所做的功，由圖象可知，C圖象中圍成的面積最大，所以C中合外力做功最多故選C【點(diǎn)評(píng)】利用數(shù)學(xué)圖象處理物理問題的方法

26、就是把物理表達(dá)式及圖象結(jié)合起來，根據(jù)圖象中的數(shù)據(jù)求解8一電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖中虛線所示，一帶電粒子以某一初速度從圖中A點(diǎn)沿圖示方向進(jìn)入電場(chǎng)，若粒子只受電場(chǎng)力作用，則從A點(diǎn)開始，（）A無論正負(fù)，粒子總是做直線運(yùn)動(dòng)B無論正負(fù)，粒子的電勢(shì)能總是先變大C無論正負(fù)，粒子的電勢(shì)能總是先變小D粒子的電勢(shì)能的變化及粒子所帶電的電性有關(guān)【考點(diǎn)】電勢(shì)；電勢(shì)能【專題】電場(chǎng)力及電勢(shì)的性質(zhì)專題【分析】粒子在靜電場(chǎng)中電場(chǎng)力先做正功后做負(fù)功，電勢(shì)能先減小后增大粒子所受的電場(chǎng)力及速度方向不在同一直線上，做曲線運(yùn)動(dòng)【解答】解：A、根據(jù)電場(chǎng)線及等勢(shì)線垂直且指向低電勢(shì)處，可知在A點(diǎn)電場(chǎng)線方向應(yīng)及速度v垂直，則粒子所受的電場(chǎng)力及速度v也

27、垂直，粒子做曲線運(yùn)動(dòng)故A錯(cuò)誤BCD、無論正負(fù)，電場(chǎng)力做正功，粒子的電勢(shì)能總是先變小，故BD錯(cuò)誤，C正確故選：C【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵抓住電場(chǎng)線及等勢(shì)線的關(guān)系判斷電場(chǎng)力方向及粒子初速度方向的關(guān)系，分析運(yùn)動(dòng)情況，根據(jù)電場(chǎng)力做功正負(fù)，判斷電勢(shì)能的變化二、單項(xiàng)選擇題9 .如圖所示，由粗糙的水平桿AO及光滑的豎直桿BO組成的絕緣直角支架，在AO桿、BO桿上套有帶正電的小球P、Q，兩個(gè)小球在某一位置平衡現(xiàn)將P緩慢地向左移動(dòng)一小段距離，兩球再次達(dá)到平衡若小球所帶電量不變，及移動(dòng)前相比（）A桿BO對(duì)Q的彈力減小B桿AO對(duì)P的彈力減小C桿AO對(duì)P的摩擦力增大DP、Q之間的距離增大【考點(diǎn)】庫侖定律；共點(diǎn)力平衡的條件及其

28、應(yīng)用【專題】定性思想；整體法和隔離法；電荷守恒定律及庫侖定律專題【分析】分別以兩環(huán)組成的整體和Q環(huán)為研究對(duì)象，分析受力情況，根據(jù)平衡條件研究AO桿對(duì)P環(huán)的支持力N和細(xì)繩上的拉力T的變化情況【解答】解：A、Q受力如圖，由力的合成及平衡條件可知：BO桿對(duì)小球Q的彈力變大，兩小球之間的庫侖力變大，由庫侖定律知，兩小球P、Q的距離變小，故AD錯(cuò)誤；C、對(duì)整體受力分析，可得AO桿對(duì)小球P的摩擦力變大，AO桿對(duì)小球P的彈力不變，故C正確，B錯(cuò)誤；故選：C【點(diǎn)評(píng)】本題涉及兩個(gè)物體的平衡問題，靈活選擇研究對(duì)象是關(guān)鍵當(dāng)幾個(gè)物體都處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，可以把它們看成整體進(jìn)行研究10如圖所示，兩端開口的彎管，左管插入水銀

29、槽中，管內(nèi)外高度差為h1，右管有一段水銀柱，高度差為h2，中間封有一段空氣則（）A若大氣壓升高，h1和h2同時(shí)增大B若環(huán)境溫度升高，h1和h2同時(shí)減小C若把彎管向上移動(dòng)少許，則管內(nèi)氣體體積不變D若把彎管向下移動(dòng)少許，則管內(nèi)氣體壓強(qiáng)增大【考點(diǎn)】理想氣體的狀態(tài)方程；封閉氣體壓強(qiáng)【專題】理想氣體狀態(tài)方程專題【分析】管中封閉氣體的壓強(qiáng)P=P0+gh1=P0+gh2，可得h1=h2根據(jù)氣態(tài)方程分析大氣壓和溫度變化時(shí)，氣體的體積如何變化，即知道h1和h2如何變化若把彎管向上移動(dòng)少許或下移少許，封閉氣體的壓強(qiáng)將要變化，根據(jù)玻意耳定律分析體積如何變化【解答】解：A、管中封閉氣體的壓強(qiáng)P=P0+gh1=P0+g

30、h2，則得h1=h2若大氣壓升高時(shí)，封閉氣體的壓強(qiáng)增大，由玻意耳定律PV=c得知，封閉氣體的體積減小，水銀柱將發(fā)生移動(dòng)，使h1和h2同時(shí)減小故A錯(cuò)誤B、若環(huán)境溫度升高，封閉氣體的壓強(qiáng)增大，體積也增大，h1和h2同時(shí)增大故B錯(cuò)誤C、若把彎管向上移動(dòng)少許，封閉氣體的體積將增大故C錯(cuò)誤D、若把彎管向下移動(dòng)少許，封閉氣體的體積減小，壓強(qiáng)增大，故D正確故選D【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵要根據(jù)壓強(qiáng)判斷出h1=h2再結(jié)合氣態(tài)方程進(jìn)行動(dòng)態(tài)分析11某一質(zhì)點(diǎn)沿直線運(yùn)動(dòng)的位移x隨時(shí)間t變化的圖象如圖所示，則（）A第10s末，質(zhì)點(diǎn)的速度最大B在20s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)的位移為9mC第5s末和第15s末，質(zhì)點(diǎn)的加速度方向相反D010s內(nèi)，質(zhì)

31、點(diǎn)所受合外力的方向及速度方向相反【考點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像【專題】定性思想；推理法；運(yùn)動(dòng)學(xué)中的圖像專題【分析】位移時(shí)間圖象表示物體的位置隨時(shí)間的變化，圖象上的任意一點(diǎn)表示該時(shí)刻的位置，圖象的斜率表示該時(shí)刻的速度，斜率的正負(fù)表示速度的方向當(dāng)物體做加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，合外力及速度同向，當(dāng)物體做減速運(yùn)動(dòng)時(shí)，合外力及速度反向【解答】解：A、位移時(shí)間圖象切線的斜率表示該時(shí)刻的速度，則知在10s末時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的速度為零，故A錯(cuò)誤；B、在20s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的位移為x=x2x1=01m=1m，故B錯(cuò)誤；C、在010s內(nèi)，物體沿正方向做減速運(yùn)動(dòng)，加速度方向及速度方向相反，即沿負(fù)方向；在1020s內(nèi)，斜率為負(fù)值，說明物體沿負(fù)方向

32、運(yùn)動(dòng)，斜率增大，做加速運(yùn)動(dòng)，加速度方向及速度方向相同，即沿負(fù)方向所以在5s和15s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的加速度方向相同，故C錯(cuò)誤；D、在010s內(nèi)，斜率逐漸減小，說明物體做減速運(yùn)動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)所受合外力的方向及速度方向相反，故D正確故選：D【點(diǎn)評(píng)】理解位移時(shí)間圖象時(shí)，要抓住點(diǎn)和斜率的物理意義，掌握斜率表示速度是關(guān)鍵12如圖，由均勻的電阻絲組成的等邊三角形導(dǎo)體框，垂直磁場(chǎng)放置，將AB兩點(diǎn)接入電壓恒定的電源兩端，通電時(shí)電阻絲AB段受到的安培力為F，則此時(shí)三根電阻絲受到的合安培力大小為（）AFB1.5FC2FD3F【考點(diǎn)】安培力【專題】定量思想；推理法；磁場(chǎng) 磁場(chǎng)對(duì)電流的作用【分析】根據(jù)左手定則判斷出各段受到的安培力

33、的方向，根據(jù)閉合電路的歐姆定律計(jì)算出各段上的電流大小，再計(jì)算出各段安培力的大小，然后使用平行四邊形定則合成即可【解答】解：AB受力：FAB=BIL=FACB受力：有效長度為L，電流為AB的電流的，則其受力為： =，二力方向相同，則合力為1.5F則B正確故選：B【點(diǎn)評(píng)】該題中，各段時(shí)的電流的大小不相等，要使用閉合電路的歐姆定律分別計(jì)算出各段的電流的大小，然后計(jì)算安培力是解題的正確思路題目的難度中檔13汽車在平直公路上以速度v0勻速行駛，發(fā)動(dòng)機(jī)功率為P，快進(jìn)入鬧市區(qū)時(shí)，司機(jī)減小了油門，使汽車的功率立即減小一半并保持該功率繼續(xù)行駛設(shè)汽車行駛時(shí)所受的阻力恒定，則下面四個(gè)圖象中，哪個(gè)圖象正確表示了司機(jī)從

34、減小油門開始，汽車的速度及時(shí)間的關(guān)系（）ABCD【考點(diǎn)】功率、平均功率和瞬時(shí)功率；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像【專題】功率的計(jì)算專題【分析】汽車勻速行駛時(shí)牽引力等于阻力，根據(jù)功率和速度關(guān)系公式P=Fv，功率減小一半時(shí)，牽引力減小了，物體減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律分析加速度和速度的變化情況即可【解答】解：汽車勻速行駛時(shí)牽引力等于阻力；功率減小一半時(shí)，汽車的速度由于慣性來不及變化，根據(jù)功率和速度關(guān)系公式P=Fv，牽引力減小一半，小于阻力，合力向后，汽車做減速運(yùn)動(dòng)，由公式P=Fv可知，功率一定時(shí)，速度減小后，牽引力增大，合力減小，加速度減小，故物體做加速度不斷減小的減速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)牽引力增大到等于阻力時(shí)，加速度

35、減為零，物體重新做勻速直線運(yùn)動(dòng)；故選B【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵分析清楚物體的受力情況，結(jié)合受力情況再確定物體的運(yùn)動(dòng)情況14如圖所示，a、b兩小球分別從半圓軌道頂端和斜面頂端以大小相等的初速度v0同時(shí)水平拋出，已知半圓軌道的半徑及斜面豎直高度相等且在同一豎直面內(nèi)，斜面底邊長是其豎直高度的2倍若小球b能落到斜面上，下列說法正確的是（）Aa、b不可能同時(shí)分別落在半圓軌道和斜面上Ba球一定先落在半圓軌道上Cb球一定先落在斜面上Da球可能先落在半圓軌道上【考點(diǎn)】平拋運(yùn)動(dòng)【專題】定性思想；圖析法；平拋運(yùn)動(dòng)專題【分析】平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，將圓軌道和斜面重合在一起進(jìn)行分析比

36、較，即可得出正確答案【解答】解：將圓軌道和斜面軌道重合在一起，如圖所示，交點(diǎn)為A，初速度合適，可知小球做平拋運(yùn)動(dòng)落在A點(diǎn)，則運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，即同時(shí)落在半圓軌道和斜面上若初速度不適中，由圖可知，可能小球先落在斜面上，也可能先落在圓軌道上故D正確，ABC錯(cuò)誤故選：D【點(diǎn)評(píng)】本題考查平拋運(yùn)動(dòng)比較靈活，學(xué)生容易陷入計(jì)算比較的一種錯(cuò)誤方法當(dāng)中，不能想到將半圓軌道和斜面軌道重合進(jìn)行分析比較15有上下兩條摩擦因數(shù)相同的水平軌道L1、L2，它們?cè)谕回Q直面內(nèi)，相同質(zhì)量的物塊A、B放置在兩軌道上，軌道L1開一條平行軌道方向的細(xì)縫，可使細(xì)線通過，如圖所示A物塊在B物塊正上方在連接A、B細(xì)線的中點(diǎn)O施加拉力，使A、

37、B一起向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則F的方向可能是（圖中OQ表示水平方向）（）A沿OP方向B沿OQ方向C沿ON方向D沿OP、OQ、ON方向都可能【考點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；物體的彈性和彈力【專題】共點(diǎn)力作用下物體平衡專題【分析】對(duì)A、B兩物體分析，抓住A、B對(duì)水平軌道的正壓力不同，導(dǎo)致摩擦力不等，根據(jù)水平方向上平衡，得出AO、BO拉力的大小，從而確定拉力F的方向【解答】解：力的作用點(diǎn)是在細(xì)線的中點(diǎn)，而且物塊A在B的正上方，所以三角形ABO是等腰三角形，且AB在豎直方向，所以AO及BO及水平方向的夾角相等因?yàn)锳對(duì)水平軌道的正壓力大于B對(duì)水平軌道的正壓力，所以水平面對(duì)A的摩擦力大于水平面對(duì)B的摩擦力

38、，由題意細(xì)線AO受到的拉力必須大于BO受到的拉力，所以F的方向只能是ON方向故C正確，A、B、D錯(cuò)誤故選：C【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道滑動(dòng)摩擦力及正壓力成正比，通過摩擦力的大小得出繩子拉力的大小，從而確定拉力的方向16如圖所示，在OxL和2Lx3L的區(qū)域內(nèi)存在著勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)的方向垂直于xOy平面（紙面）向里，具有一定電阻的正方形線框abcd邊長為2L，位于xOy平面內(nèi)，線框的ab邊及y軸重合令線框從t=0時(shí)刻由靜止開始沿x軸正方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則線框中的感應(yīng)電流i（取逆時(shí)針方向的電流為正）隨時(shí)間t的函數(shù)圖象大致是下列圖中的（）ABCD【考點(diǎn)】導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；閉合電路的歐姆定

39、律【專題】壓軸題；電磁感應(yīng)及圖像結(jié)合【分析】首先根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向再根據(jù)公式E=Blv和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得到感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式，由歐姆定律得到感應(yīng)電流的表達(dá)式【解答】解：設(shè)線框進(jìn)入磁場(chǎng)的時(shí)間為t0，則由L=，得t0=在0t0時(shí)間內(nèi)，由楞次定律判斷可知感應(yīng)電流方向沿逆時(shí)針方向，感應(yīng)電流大小為I=；故CD均錯(cuò)誤設(shè)線框ab從x=L運(yùn)動(dòng)到x=4L的時(shí)間為t1，則由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得t1=t0=2t0t0=t0，這段時(shí)間內(nèi)穿過線框的磁通量不變，沒有感應(yīng)電流故B錯(cuò)誤設(shè)線框ab從x=4L運(yùn)動(dòng)到x=5L的時(shí)間為t2，則由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得t2=t0=t02t0=0.236t0的時(shí)間內(nèi)，根據(jù)楞次定律得知，感應(yīng)電流方向

40、沿順時(shí)針方向，為負(fù)值感應(yīng)電流為I=；故A正確故選A【點(diǎn)評(píng)】本題是電磁感應(yīng)及運(yùn)動(dòng)學(xué)公式的綜合應(yīng)用，根據(jù)楞次定律判斷出感應(yīng)電流的方向，可排除CD，再根據(jù)運(yùn)動(dòng)時(shí)間，排除B三、多項(xiàng)選擇題17 .如圖，游樂場(chǎng)中，從高處A到水面B處有兩條長度相同的光滑軌道甲、乙兩小孩沿不同軌道同時(shí)從A處自由滑向B處，下列說法正確的有（）A甲的切向加速度始終比乙的大B甲、乙在同一高度的速度大小相等C甲、乙在同一時(shí)刻總能到達(dá)同一高度D甲比乙先到達(dá)B處【考點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度及位移的關(guān)系【專題】直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律專題【分析】由受力分析及牛頓第二定律可知，甲的切向加速度先比乙的大，后比乙的??；可以使用機(jī)械能守恒來說明，也可以使用運(yùn)

41、動(dòng)學(xué)的公式計(jì)算，后一種方法比較麻煩；哪一個(gè)先達(dá)到B點(diǎn)，可以通過速度的變化快慢來理解，也可以使用vt圖象來計(jì)算說明【解答】解：A：由受力分析及牛頓第二定律可知，甲的切向加速度先比乙的大，后比乙的小，故A錯(cuò)誤；B：由機(jī)械能守恒定律可知，各點(diǎn)的機(jī)械能保持不變，高度（重力勢(shì)能）相等處的動(dòng)能也相等，故B正確；C、D：甲的切向加速度先比乙的大，速度增大的比較快，開始階段的位移比較大，故甲總是先達(dá)到同一高度的位置故C錯(cuò)誤，D正確故選：BD【點(diǎn)評(píng)】本題應(yīng)該用“加速度”解釋：高度相同，到達(dá)底端的速度大小就相同，但甲的加速度逐漸減小，乙的加速度逐漸增大所以它們的速度增加的快慢不同，甲增加得最快，乙增加得最慢它們的

42、vt圖象如圖，結(jié)合vt圖象的意義，圖線的斜率表示加速度，圖線及時(shí)間軸之間的面積可以用來表示位移18一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，t時(shí)刻及（t+0.6）時(shí)刻的波形圖正好重合，如圖所示則下列說法中正確的是（）A質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)周期可能為1.2sB該波的波速可能為10m/sC在（t+0.4）時(shí)刻，x=1m處的質(zhì)點(diǎn)位移可能為零D從（t+0.3）時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，x=0.5m處的質(zhì)點(diǎn)可能比x=0.5m處的質(zhì)點(diǎn)先到達(dá)波峰位置【考點(diǎn)】波長、頻率和波速的關(guān)系；橫波的圖象【分析】據(jù)題，t時(shí)刻及（t+0.6）時(shí)刻的波形圖正好重合，經(jīng)過的時(shí)間是周期的整數(shù)倍，得到周期的通項(xiàng)由圖讀出波長，求出波速的通項(xiàng)，再求解特殊值根據(jù)時(shí)間及周期

43、的關(guān)系，分析在（t+0.4）時(shí)刻，x=1m處的質(zhì)點(diǎn)的狀態(tài)根據(jù)波可能的傳播方向，分析從（t+0.3）時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，x=0.5m處的質(zhì)點(diǎn)及x=0.5m處的質(zhì)點(diǎn)到達(dá)波峰位置的先后【解答】解：A、由題分析得知，nT=0.6s，n=1，2，3，周期T=s，所以質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)周期不可能為1.2s故A錯(cuò)誤B、由圖讀出波長為=2m，波速v=m/s=nm/s，當(dāng)n=3時(shí)，v=10m/s故B正確C、t時(shí)刻到（t+0.4）時(shí)刻經(jīng)過時(shí)間為0.4s，而0.4s及周期的關(guān)系為n=n，由于n為整數(shù)，所以該時(shí)刻x=1m處的質(zhì)點(diǎn)不可能在平衡位置，位移不可能為零故C錯(cuò)誤D、簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，在（t+0.3）時(shí)刻，x=0.5m處

44、的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向可能沿y軸正方向，x=0.5m處的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向沿y軸負(fù)方向，所以先到達(dá)波峰位置x=0.5m處的質(zhì)點(diǎn)可能比x=0.5m處的質(zhì)點(diǎn)先到達(dá)波峰位置故D正確故選BD【點(diǎn)評(píng)】本題考查根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)列通項(xiàng)的能力抓住波的周期性進(jìn)行分析波經(jīng)過整數(shù)倍周期時(shí)間，圖象重合；半個(gè)周期奇數(shù)倍時(shí)間，圖象反相19如圖所示，A、B兩球分別套在兩光滑無限長的水平直桿上，兩球通過一輕繩繞過一定滑輪（軸心固定不動(dòng)）相連，某時(shí)刻連接兩球的輕繩及水平方向的夾角分別為、，A球向左的速度為v，下列說法正確的是（）A此時(shí)B球的速度為vB此時(shí)B球的速度為vC當(dāng)增大到等于90°時(shí)，B球的速度達(dá)到最大D在增大到90°

45、的過程中，繩對(duì)B球的拉力一直做正功【考點(diǎn)】運(yùn)動(dòng)的合成和分解【專題】定性思想；圖析法；運(yùn)動(dòng)的合成和分解專題【分析】將物塊A的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子的方向，在沿繩子方向的分速度等于B沿繩子方向的分速度組成的系統(tǒng)只有重力做功，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，通過系統(tǒng)機(jī)械能守恒判斷小球B減小的勢(shì)能及物塊A增加的動(dòng)能的大小關(guān)系【解答】解：A、將物塊A的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子的方向，在沿繩子方向的分速度等于B沿繩子方向的分速度在沿繩子方向的分速度為v繩子=vcos，所以vB=故A正確，B錯(cuò)誤C、當(dāng)增大到等于90°時(shí)，B球的速度沿繩子方向的分速度等于0，所以A沿繩子方向的分速度也是0，而cos

46、不等于0，所以A球的速度為0；此時(shí)A的動(dòng)能全部轉(zhuǎn)化為B的動(dòng)能，所以B球的速度達(dá)到最大，故C正確；D、在增大到90°的過程中，繩子的方向及B球運(yùn)動(dòng)的方向之間的夾角始終是銳角，所以繩對(duì)B球的拉力一直做正功故D正確故選：ACD【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵會(huì)對(duì)速度進(jìn)行分解，以及掌握機(jī)械能守恒的條件，會(huì)利用力及速度之間的夾角關(guān)系分析力對(duì)物體做功的性質(zhì)問題20如圖所示，電路中定值電阻阻值R大于電源內(nèi)阻阻值r閉合電鍵后，將滑動(dòng)變阻器滑片向下滑動(dòng)，理想電壓表V1、V2、V3示數(shù)變化量的絕對(duì)值分別為U1、U2、U3，理想電流表A示數(shù)變化量的絕對(duì)值為I，則（）AU1大于U2B =R+rCV2的示數(shù)增大D +保

47、持不變【考點(diǎn)】閉合電路的歐姆定律【專題】比較思想；方程法；恒定電流專題【分析】理想電壓表內(nèi)阻無窮大，相當(dāng)于斷路理想電流表內(nèi)阻為零，相當(dāng)短路分析電路的連接關(guān)系，根據(jù)歐姆定律和閉合電路歐姆定律進(jìn)行分析【解答】解：A、根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U2=EIr，則得： =r； =R，據(jù)題：Rr，則得U1U2故A正確B、根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U3=EI（R+r），則得： =R+r，故B正確C、理想電壓表內(nèi)阻無窮大，相當(dāng)于斷路理想電流表內(nèi)阻為零，相當(dāng)短路，所以R及變阻器串聯(lián)，電壓表V1、V2、V3分別測(cè)量R、路端電壓和變阻器兩端的電壓當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片向下滑動(dòng)時(shí)，接入電路的電阻減小，電路中電流增大，則A的示數(shù)

48、增大，電路中電流增大，電源的內(nèi)電壓增大，則路端電壓減小，所以V2的示數(shù)減小，故C錯(cuò)誤；D、由上知， +=R+r，保持不變，故D正確故選：ABD【點(diǎn)評(píng)】本題是電路的動(dòng)態(tài)分析問題，關(guān)鍵要理解理想電表的作用，搞清電路的結(jié)構(gòu)，明確電表各測(cè)量哪部分電路的電壓或電流，根據(jù)閉合電路歐姆定律進(jìn)行分析四、填空題21遠(yuǎn)古時(shí)代，取火是一件困難的事，火一般產(chǎn)生于雷擊或磷的自燃隨著人類文明的進(jìn)步，出現(xiàn)了“鉆木取火”等方法“鉆木取火”是通過做功方式改變物體的內(nèi)能，把機(jī)械能轉(zhuǎn)變?yōu)閮?nèi)能【考點(diǎn)】改變內(nèi)能的兩種方式【分析】做功及熱傳遞都可以改變物體的內(nèi)能，做功是能量轉(zhuǎn)化過程，熱傳遞是能量的轉(zhuǎn)移過程【解答】解：“鉆木取火”是通過做

49、功方式改變物體的內(nèi)能，在此過程中，機(jī)械能轉(zhuǎn)變?yōu)閮?nèi)能故答案為：做功；機(jī)械能【點(diǎn)評(píng)】本題考查了改變物體內(nèi)能的方式，難度不大，是一道基礎(chǔ)題；知道：做功及熱傳遞都可以改變物體的內(nèi)能，做功是能量轉(zhuǎn)化過程，熱傳遞是能量的轉(zhuǎn)移過程，即可正確解題22甲、乙兩顆繞地球作勻速圓周運(yùn)動(dòng)人造衛(wèi)星，其線速度大小之比為：1，則這兩顆衛(wèi)星的運(yùn)轉(zhuǎn)半徑之比為1：2，運(yùn)轉(zhuǎn)周期之比為1：【考點(diǎn)】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系【專題】人造衛(wèi)星問題【分析】根據(jù)萬有引力提供向心力，得出線速度、周期及軌道半徑的關(guān)系，從而求出向心力、線速度、周期之比【解答】解：根據(jù)，得v=，所以：根據(jù)：得：T=2所以周期之比為： =故答案為：1：2，1

50、：2【點(diǎn)評(píng)】該題考查人造衛(wèi)星的應(yīng)用，解決本題的關(guān)鍵掌握萬有引力提供向心力，知道線速度、周期及軌道半徑的關(guān)系23某同學(xué)的質(zhì)量為60kg，在一次野營中，他從岸上以2m/s的速度，跳到一條以0.5m/s的速度正對(duì)著他飄來的小船上，跳上船后他又走了幾步，最終停在船上已知小船的質(zhì)量為140kg，則人及小船共同運(yùn)動(dòng)的速度大小為0.25m/s，運(yùn)動(dòng)方向?yàn)橄蛴遥ㄌ睢跋蜃蟆被颉跋蛴摇保究键c(diǎn)】動(dòng)量守恒定律【專題】簡(jiǎn)答題；定性思想；推理法；動(dòng)量及動(dòng)能定理或能的轉(zhuǎn)化及守恒定律綜合【分析】人跳上船的過程，系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律求解人和船的共同速度【解答】解：以人及船組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，以人的速度方向?yàn)?/p>

51、正方向，由動(dòng)量守恒定律得：m人v人m船v船=（m人+m船）v，即：60×2140×0.5=（60+140）v，解得：v=0.25m/s，方向及人原來的速度方向相同，即向右故答案為：0.25；向右【點(diǎn)評(píng)】本題考查了求人及船的速度，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律即可正確解題，解題時(shí)要注意正方向的選擇，否則會(huì)出錯(cuò)24如圖所示是兩列相干波的干涉圖樣，實(shí)線表示波峰，虛線表示波谷，兩列波的振幅都為10cm，波速和波長分別為1m/s和0.2m，C點(diǎn)為AB連線的中點(diǎn)則圖示時(shí)刻C點(diǎn)的振動(dòng)方向向下（選填“向上”或“向下”），從圖示時(shí)刻再經(jīng)過0.25s時(shí)，A點(diǎn)經(jīng)過的路程為100cm【考點(diǎn)】波的疊加【分析】波峰

52、及波峰疊加，波谷及波谷疊加為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，振幅等于兩列波引起的振幅之和，C點(diǎn)為AB連線的中點(diǎn)，處于振動(dòng)加強(qiáng)區(qū)，根據(jù)波的傳播方向確定C點(diǎn)的振動(dòng)方向根據(jù)波速、波長求出周期，質(zhì)點(diǎn)在一個(gè)周期內(nèi)振動(dòng)的路程等于4倍的振幅【解答】解：B點(diǎn)處于波谷，A點(diǎn)處于波峰，波由B向A傳播，此時(shí)C處于平衡位置，經(jīng)過四分之一周期，波谷傳播到該點(diǎn)，知C點(diǎn)的振動(dòng)方向向下周期T=，質(zhì)點(diǎn)在一個(gè)周期內(nèi)振動(dòng)的路程等于4倍的振幅，經(jīng)過0.25s時(shí)，走過的路程等于5倍的振幅，A=20cm，則s=100cm故答案為：向下，100【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵會(huì)通過波的傳播方向確定質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向，以及知道質(zhì)點(diǎn)在一個(gè)周期內(nèi)振動(dòng)的路程等于振幅的4倍25如圖

53、所示，河道寬L=200m，越到河中央河水的流速越大，且流速大小滿足u=0.2x（x是離河岸的距離，0x）一小船在靜水中的速度v=10m/s，自A處出發(fā)，船頭垂直河岸方向渡河到達(dá)對(duì)岸B處AB兩點(diǎn)間距離為200m設(shè)船的運(yùn)動(dòng)方向及水流方向夾角為，則渡河過程中最小為arctan0.5【考點(diǎn)】運(yùn)動(dòng)的合成和分解【專題】運(yùn)動(dòng)的合成和分解專題【分析】將船的運(yùn)動(dòng)分解為沿河岸方向和垂直于河岸方向，在垂直于河岸方向上的速度等于靜水速，根據(jù)河寬以及在垂直于河岸方向上的速度求出渡河的時(shí)間水流速及到河岸的最短距離x成正比，是成線性變化的，知水流速的平均速度等于處的水流速根據(jù)平均水流速，求出沿河岸方向上的位移，從而求出AB

54、的直線距離，最后根據(jù)水流速度及距離的關(guān)系，得出在河中央處，水流速度，再結(jié)合三角知識(shí)，即可求解夾角的最小值【解答】解：渡河的時(shí)間為：t=s=10s；水流速的平均速度等于處的水流速則有：u=0.4×=10m/s所以沿河岸方向上的位移為：x=ut=200m所以AB的直線距離為：s=m=200m；船在靜水中速度是不變，而水流速度滿足u=0.2x（x是離河岸的距離，0x），因x=vt，那么u=2t，因此到達(dá)河中央前小船加速度大小為2 m/s2，當(dāng)?shù)竭_(dá)中央時(shí)，水流速度為：u=0.2x=0.2×100=20m/s，由三角知識(shí)，則有：tan=0.5；故答案為：200；arctan0.5【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道合運(yùn)動(dòng)及分運(yùn)動(dòng)具有等時(shí)性，