最新版高考物理第三章牛頓運動定律微專題19牛頓運動定律的解釋備考精煉.doc

1、19牛頓運動定律的解釋方法點撥（1）理解牛頓第二定律的矢量性、瞬時性、同一性、獨立性.（2）輕繩、輕桿和接觸面的彈力能跟隨外界條件發(fā)生突變；彈簧（或橡皮繩）的彈力不能突變，在外界條件發(fā)生 變化的瞬間可認為是不變的.（3）多個物體一起運動時，知其一物體加速度即可知整體加速度，反之亦然.從而知其合外力方向.1 .如圖1所示，彈簧左端固定，右端可自由伸長到 P點.一物塊從光滑水平面的 b位置以速度v向左運動，將彈簧壓縮到最短a點，之后物塊被彈簧向右彈出.物塊從 P到a的運動過程，以下說法正確的是（）圖1A.物塊的慣性減小B.在a位置，物塊的慣性為零C.物塊對彈簧的作用力和彈簧對物塊的作用力大小相等D

2、.在a位置，物塊對彈簧的作用力小于彈簧對物塊的作用力2 .（多選）如圖2所示，一質(zhì)量為 m的小球用輕質(zhì)線懸掛在質(zhì)量為 m的木板的支架上，木板沿傾角為0的斜面下滑時，細線呈豎直狀態(tài)，在木板下滑的過程中斜面體始終靜止在水平地面上，已知斜面體的質(zhì)量為 M重力加速度為g,則下列說法中不正確的是 （）B.木板與斜面間的動摩擦因數(shù)為A.地面對斜面體的支持力小于1tan 0C.摩擦產(chǎn)生的熱量等于木板減少的機械能D.斜面體受到地面的摩擦力為零3 .（多選）如圖3所示，套在繩索上的小圓環(huán) P下面用懸線掛一個重為 G的物體Q并使它們處 于靜止狀態(tài).現(xiàn)釋放圓環(huán) P,讓其沿與水平面成 0角的繩索無摩擦下滑，在圓環(huán) P

3、下滑過程 中繩索處于繃緊狀態(tài)（可認為是一直線），若圓環(huán)和物體下滑時不振動，穩(wěn)定后，下列說法正確的是（）A. Q的加速度一te小于gsin0B.懸線所受拉力為Gsin0C.懸線所受拉力為 GCos 0D.懸線一定與繩索垂直4. （2018 前黃中學模擬）如圖4所示，光滑斜面的傾角為 a , 一個質(zhì)量為 m的物體放在斜面上，如果斜面以加速度 a水平向左做勻加速直線運動，物體與斜面間無相對運動，則斜面對物體的支持力的大小錯誤的是（）圖4A. mapos ab.4cos aD. mg2 + a2maC.二 sin a5. （2018 伍佑中學調(diào)研）如圖5所示，某雜技演員在做手指玩圓盤的表演.設該盤的質(zhì)

4、量為m,手指與盤之間的滑動摩擦因數(shù)為,設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，盤底處于水平狀態(tài)且不考慮盤的自轉(zhuǎn)，重力加速度為g,則下列說法中正確的是（）圖5A.若手指支撐著盤，使盤保持靜止狀態(tài)，則手指對盤的作用力沿該手指方向B.若手指支撐著盤并一起水平向右勻速運動，則盤受到手水平向右的靜摩擦力C.若盤隨手指一起水平勻加速運動，則手對盤的作用力大小不可超過41+型2mgD.若手指支撐著盤并一起水平向右勻加速運動，則手對盤的摩擦力大小為mg6.（多選）（2017 揚州中學12月月考）如圖6所示，兩個相同小物塊 a和b之間用一根輕彈簧相連，系統(tǒng)用細線靜止懸掛于足夠高的天花板下.細線某時刻被剪斷，系統(tǒng)下落，已知

5、重力加速度為g,則（）A.細線男斷瞬間，a和b的加速度大小均為 gB.彈簧恢復原長時，a和b的加速度大小均為 gC.下落過程中彈簧一直保持拉伸狀態(tài)D.下落過程中a、b和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒7.如圖7所示，A B、C三個小球的質(zhì)量均為 m A B之間用一根沒有彈性的輕繩連在一起，B、C之間用輕彈簧拴接，用細線懸掛在天花板上，整個系統(tǒng)靜止，現(xiàn)將A上面的細線剪斷,使A的上端失去拉力，則在剪斷細線瞬間，A、R C的加速度的大小分別為（）A. 1.5 g 1.5 g 0B. g 2g 0C. g g gD. g g 08 . （2017 阜寧中學模擬）如圖8所示，天花板上固定有一光滑的定滑輪，繞過定

6、滑輪且不可2 mg最初系統(tǒng)處伸長的輕質(zhì)細繩左端懸掛一質(zhì)量為M的鐵塊；右端懸掛有兩質(zhì)量均為m的鐵塊，上下兩鐵塊用輕質(zhì)細線連接，中間夾一輕質(zhì)彈簧處于壓縮狀態(tài)，此時細線上的張力為于靜止狀態(tài).某瞬間將細線燒斷，則左端鐵塊的加速度大小為（）圖8A.1g B. 3g C. 2g D . g9 .如圖9所示，質(zhì)量均為m的木塊A和B用一輕彈簧相連， 豎直放在光滑的水平面上，木塊A上放有質(zhì)量為2m的木塊C,三者均處于靜止斗犬態(tài).現(xiàn)將木塊C迅速移開，若重力加速度為g,則在木塊C移開的瞬間（）A.木塊B對水平面的壓力迅速變?yōu)?2mgB.彈簧的彈力大小為 mgC.木塊A的加速度大小為 2gD.彈簧的彈性勢能立即減小1

7、0 .（多選）（2018 黃橋中學模擬）如圖10所示，彈簧p和細繩q的上端固定在天花板上， 下 端用小鉤鉤住質(zhì)量為 m的小球C,彈簧、細繩和小鉤的質(zhì)量均忽略不計.靜止時 p、q與豎直 方向的夾角均為60° .下列判斷正確的有（）圖10A.若p和球突然脫鉤，則脫鉤后瞬間q對球的拉力大小為 mgB.若p和球突然脫鉤，則脫鉤后瞬間球的加速度大小為專g_ 1C.若q和球突然脫鉤，則脫鉤后瞬間p對球的拉力大小為2mgD.若q和球突然脫鉤，則脫鉤后瞬間球的加速度大小為g11 .（多選）如圖11所示，人站在勻加速斜向上的電梯上，則 （圖11a.人受到摩擦力方向沿運動方向，即與水平方向成e角斜向上B

8、.人受到摩擦力方向沿水平方向向右C.人受到梯面的支持力大于其重力D.人受到梯面的支持力等于其重力12. （2018 啟東中學調(diào)研）如圖12所示的水平地面上，直角斜面體 M的傾角為30° ,物塊A、 B的質(zhì)量相等，C為輕質(zhì)定滑輪.圖甲中斜面體M和物塊A、B均處于靜止狀態(tài)，圖乙中斜面體M和物塊A、B一起以加速度a= 43g水平向右做勻加速直線運動， 且三者保持相對靜止.關(guān) 于物塊A、B的受力情況，下列說法中正確的是（）a甲圖12A.圖甲中的物塊A一定受三個力作用B.圖甲中的物塊B一定受四個力作用C.圖乙中的物塊A一定受三個力作用D.圖乙中的物塊B一定受四個力作用石 小二合奈相析1. C

9、物塊從P到a的運動過程中，質(zhì)量不變，慣性不變，A B項錯誤；根據(jù)牛頓第三定律，作用力和反作用力大小相等，C項正確，D項錯誤.2. ABC3. CD 由題意知，小圓環(huán)和 Q保持相對靜止一起沿繩索無摩擦下滑，整體受重力和支持力作用，加速度方向一定沿繩索方向向下，由牛頓第二定律有，a= -+ sgsin 。解得：arq= gsin 0 , A項錯誤；再對 Q受力分析，受到懸線的拉力和豎直向下的重力，合力大小為F合=mgsin 0 ,又重力沿繩索方向的分力也為mgsin 0 ,則懸線上的拉力沿繩索方向的分力為零，所以懸線一定與繩索垂直，而在垂直于繩索方向上，由平衡條件有：懸線上的拉力F= Gsos e

10、 ,故B項錯誤，C、D項正確.4. A 由題意知，斜面以加速度 a水平向左做勻加速直線運動，物體與斜面間無相對運動， 則放在斜面上的物體所受合外力一定水平向左.隔離物體受力分析，物體受到斜面支持力和 重力，二力的合力水平向左，大小等于ma則有：F N2=(mg2+(ma2,解得Fn= mg2+ a2,，一. -ma , 一1mg選項D正確；FNSina =ma解得Fn=-,選項C正確；Fncosa = mg解得Fn=,sin a=cos a選項A錯誤，B正確.5. C6. BD 細線剪斷前，a、b受力如圖所示，F(xiàn)i=Fi' = mg F2=Fi' + mg= 2mg細線剪斷瞬

11、間，繩子拉力F2變?yōu)榱?，彈簧拉力不?對 a： Fi' + mg= ma, aa=2g, b受力不變，加速度 為零，A錯誤；彈簧恢復原長時， a和b都只受重力，加速度大小均為 g, B正確；由于細線 剪斷瞬間a的加速度大于b的加速度，彈簧恢復原長時， a的速度大于b的速度，彈簧變成 壓縮狀態(tài)，C錯誤；下落過程中a、b和彈簧組成的系統(tǒng)動能、重力勢能、彈性勢能相互轉(zhuǎn)化， 系統(tǒng)機械能守恒，D正確.''''7. A 在剪斷細線的瞬間， 彈簧上的力沒有來得及發(fā)生變化，故C球受到的重力和彈簧彈力不變，C球所受合力為零，加速度為 0; A、B球被輕繩拴在一起整體受重力

12、和彈簧的拉力， 合力為3mg則A B的加速度大小均為1.5 g,故A正確，B、C、D錯誤.8. C 9.C 10.BD11. BC 對人受力分析：重力 mg支才!力Fn、摩擦力Ff（摩擦力方向一定與接觸面平行，由 加速度的方向推知 E的方向為水平向右）.建立直角坐標系：取水平向右 （即Ff的方向）為x軸正方向，豎直向上為 y軸正方向，如圖所示.對加速度分解可得：x軸方向上： ax= acos e y軸方向上： ay= asin 0 根據(jù)牛頓第二定律得x軸方向上：Ff= ma= macos 0y軸方向上：Fn- mg= ma= main 0即 Fn= mg+ main 0 故選項B、C正確.12. B 題圖甲中物塊 A受重力和拉力兩個力的作用，A錯誤；對A受