西城區(qū)20162017高三物理二模試題及答案

1、13關(guān)于、三種射線，下列說法正確的是A射線是帶負(fù)電的高速電子流 B射線是帶正電的高速粒子流C射線是能量很高的電磁波 D、三種射線都是高速運動的帶電粒子流14對一定質(zhì)量的氣體，忽略分子間的相互作用力。當(dāng)氣體溫度升高時，下列判斷正確的是A氣體的內(nèi)能不變B氣體分子的平均動能增大 C外界一定對氣體做功D氣體一定從外界吸收熱量15某靜電場的電場線分布如圖所示，P、Q為該電場中的兩點。下列說法正確的是-+AP點場強大于Q點場強 BP點電勢低于Q點電勢C將電子從P點移動到Q點，電場力做正功D將電子從P點移動到Q點，其電勢能增大 e / Vt/10-2交流發(fā)電機產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢與

2、時間的關(guān)系如圖 所示。由圖像可知 A該交流電的周期為4sB該交流電的頻率為50HzC該交流發(fā)電機線圈轉(zhuǎn)動的角速度為100（rad/s）D電動勢的瞬時值與時間的關(guān)系為e =100sin50t（V）17應(yīng)用物理知識分析生活中的常見現(xiàn)象，或是解釋一些小游戲中的物理原理，可以使物理學(xué)習(xí)更加有趣和深入。甲、乙兩同學(xué)做了如下的一個小游戲，如圖所示，用一象棋子壓著一紙條，放在水平桌面上接近邊緣處。第一次甲同學(xué)慢拉紙條將紙條抽出，棋子掉落棋子 在地上的P點。第二次將棋子、紙條放回原來的位置，乙同學(xué)快拉紙條將紙條抽出，棋 子掉落在地上的N點。兩次現(xiàn)象相比N 紙條 A第二次棋子的慣性更大 B第二次棋子受到紙帶的摩

3、擦力更小C第二次棋子受到紙帶的沖量更小 P D第二次棋子離開桌面時的動量更大18在銀河系中，雙星的數(shù)量非常多，冥王星和它的衛(wèi)星卡戎就是一對雙星。所謂雙星就是兩顆相距較近的星球，在相互間萬有引力的作用下，繞連線上某點做勻速圓周運動。如圖所示，兩個質(zhì)量不等的星球a、b構(gòu)成一個雙星系統(tǒng)，它們分別環(huán)繞著O點做勻速圓周運動。關(guān)于a、b兩顆星的運動和受力，下列abO判斷正確的是A向心力大小相等 B線速度大小相等 C周期大小不相等 D角速度大小不相等19研究光電效應(yīng)的電路如圖所示，用藍(lán)光、較強的黃光和較弱的黃光分別照射密封真空管中的金屬極板K，極板發(fā)射出的光電子在電路中形成的光電流I與AK之間的電壓U的關(guān)系

4、圖像如圖乙所示。關(guān)于1、2、3三條曲線，下列說法正確的是圖甲圖乙A2、3為用黃光照射時得到的曲線，曲線2對應(yīng)的黃光較強B2、3為用黃光照射時得到的曲線，曲線3對應(yīng)的黃光較強C1、3為用黃光照射時得到的曲線，曲線1對應(yīng)的黃光較強D1、3為用黃光照射時得到的曲線，曲線3對應(yīng)的黃光較強20智能手機電池“快速充電技術(shù)”可以使用戶在短時間內(nèi)完成充電。比如對一塊額定電壓3.7V、容量1430毫安時的電池充電，可以在半小時內(nèi)將電池充到滿容量的75%。結(jié)合本段文字和你所學(xué)知識，關(guān)于“快速充電技術(shù)”，你認(rèn)為下列敘述中比較合理的是A這里所提到的“毫安時”指的是一種能量單位B這里所提到的“滿容量的75%”是指將電池

5、電壓充到3.7V的75%C快速充電技術(shù)提高了鋰電池的原有容量D對額定電壓3.7V的鋰電池充電，其充電電壓應(yīng)高于3.7V21（18分）（1）用10分度的游標(biāo)卡尺測量小球的直徑，測量的示數(shù)如圖1所示，讀出小球直徑d的值為 mm。 23010012345678910圖1（2）某同學(xué)在做“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗時，用標(biāo)有“2.5V，0.3A”的小燈泡，采用如圖2所示的電路進行實驗。VASRLE+_圖3AV圖2 他選擇了學(xué)生電源、電流表和電壓表?，F(xiàn)有兩個滑動變阻器R1（010)和R2（01k），實驗中應(yīng)選用的滑動變阻器是 。 請根據(jù)圖2所示的電路，在圖3中進行實物連線。 如圖4是該同學(xué)根據(jù)實驗

6、數(shù)據(jù)描繪出的伏安特性曲線。從圖線可以得出小燈泡燈絲的電阻率隨溫度變化的特點是 。 在實驗中，當(dāng)小燈泡兩端加2.5V的電壓時，此時小燈泡的電阻為 （保留兩位有效數(shù)字）。 若實驗室現(xiàn)只有一個電動勢為6V的鉛蓄電池，為了調(diào)節(jié)方便，同時確保實驗過程的安全性，某同學(xué)設(shè)計在電路中某位置增加一個阻值合適的定值電阻R0。在如圖5給出的A、B、C三個位置中，更合理的位置是哪一個，并簡要說明理由。圖4+1.02.03.000.100.200.30U/VI/A+C圖5RLESAVAB22（16分）  如圖所示，在豎直平面內(nèi)有一個四分之一圓弧軌道固定在水平桌面上，圓心為O點，OA在水平方向，其半徑R=0.4

7、0 m ，軌道的最低點B距地面的高度h=0.45 m。一質(zhì)量m=0.20kg的小滑塊從軌道的最高點A由靜止開始滑下，到達(dá)軌道底端B點的速度vB = 2.0m/s。滑塊離開軌道后做平拋運動，落到地上的C點。不計空氣阻力，重力加速度g=10m/s2。求：BOxARhC（1）小滑塊從B點運動到C點所經(jīng)歷的時間t；（2）小滑塊落地點與B點的水平距離x；（3）小滑塊從A點運動到B點的過程中，滑塊克服摩擦力所做的功W。23（18分）電源是通過非靜電力做功把其它形式的能轉(zhuǎn)化為電勢能的裝置，在不同的電源中，非靜電力做功的本領(lǐng)也不相同，物理學(xué)中用電動勢來表明電源的這種特性。BMN圖1v（1）如圖1所示，固定于水

8、平面的U形金屬框架處于豎直向下的勻強磁場中，磁感應(yīng)強度為B，金屬框兩平行導(dǎo)軌間距為l。金屬棒MN在外力的作用下，沿框架以速度v向右做勻速直線運動，運動過程中金屬棒始終垂直于兩平行導(dǎo)軌并接觸良好。已知電子的電荷量為e。 a. 請根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，推導(dǎo)金屬棒MN切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E1；b在金屬棒產(chǎn)生電動勢的過程中，請說明是什么力充當(dāng)非靜電力，并求出這個非靜電力F1的大小。（2）由于磁場變化而產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢，也是通過非靜電力做功而實現(xiàn)的。圖2OrR在磁場變化時產(chǎn)生的電場與靜電場不同，它的電場線是閉合的，我們把這樣的電場叫做感生電場，也稱渦旋電場。在渦旋電場中電場力做功與路徑有關(guān)，正因

9、為如此，它是一種非靜電力。如圖2所示，空間存在一個垂直于紙面向外的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B0，磁場區(qū)域半徑為R。一半徑為r的圓形導(dǎo)線環(huán)放置在紙面內(nèi)，其圓心O與圓形磁場區(qū)域的中心重合。已知電子的電荷量為e。a. 如果磁感應(yīng)強度Bt隨時間t的變化關(guān)系為Bt=B0+kt。求圓形導(dǎo)線環(huán)中的感應(yīng)電動勢E2的大??；b上述感應(yīng)電動勢中的非靜電力來自于渦旋電場對電子的作用。求上述導(dǎo)線環(huán)中電子所受非靜電力F2的大小。24（20分）簡諧運動是我們研究過的一種典型運動形式。圖1Ok1k2x（1）一個質(zhì)點做機械振動，如果它的回復(fù)力與偏離平衡位置的位移大小成正比，而且方向與位移方向相反，就能判定它是簡諧運動。如圖1所示

10、，將兩個勁度系數(shù)分別為k1和 k2的輕質(zhì)彈簧套在光滑的水平桿上，彈簧的兩端固定，中間接一質(zhì)量為m的小球，此時兩彈簧均處于原長。現(xiàn)將小球 沿桿拉開一段距離后松開，小球以O(shè)為平衡位置往復(fù)運動。請你據(jù)此證明，小球所做的運動是簡諧運動。（2）以上我們是以回復(fù)力與偏離平衡位置的位移關(guān)系來判斷一個運動是否為簡諧運動。但其實簡諧運動也具有一些其他特征，如簡諧運動質(zhì)點的運動速度v與其偏離平衡位置的位移x之間的關(guān)系就都可以表示為v2 = v02 - ax2，其中v0為振動質(zhì)點通過平衡位置時的瞬時速度，a為由系統(tǒng)本身和初始條件所決定的不變的常數(shù)。請你證明，圖1 中小球的運動也滿足上述關(guān)系，并說明其關(guān)系式中的a與哪

11、些物理量有關(guān)。已知彈簧的彈性勢能可以表達(dá)為，其中k是彈簧的勁度系數(shù)，x是彈簧的形變量。（3）一質(zhì)點以速度v0做半徑為R的勻速圓周運動，如圖2所示。請結(jié)合第（2）問中的信息，分析論證小球在x方向上的分運動是否符合簡諧運動這一特征。參考答案2017.513C 14B 15D 16D 17C 18A 19C 20D21（18分）（1）18.4 （4分）（2）R1（3分）略（3分）隨著溫度的升高，小燈泡燈絲的電阻率增大（2分）10 （2分）是C位置。理由是：當(dāng)滑動變阻器的滑片滑到最左端時，能保證小燈泡兩端的電壓為零；當(dāng)滑片滑到最右端時，能保證小燈泡兩端的電壓不超過它的額定電壓2.5V。這樣既方便了操作

12、，又確保了小燈泡的安全。（4分）22（16分）以小滑塊為研究對象（1）（5分）從B到C，根據(jù)平拋運動規(guī)律豎直方向代入數(shù)據(jù)解得t = 0.30s（2）（5分）水平方向x = vB t 代入數(shù)據(jù)解得x = 0.60m （3）（6分）從A到B，根據(jù)動能定理代入數(shù)據(jù)解得W = 0.40J 23（18分）（1）a. （5分）在t內(nèi)金屬棒由原來的位置MN移到M1 N1，如圖所示。這個過程中金屬框和棒所圍面積的變化量是BMNvM1N1Ds = lvDt 則穿過閉合電路的磁通量的變化量是=BDs =BlvDt 根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律由此得到感應(yīng)電動勢E1 =BlvBMNvF1b. （4分）金屬棒MN向右切割磁

13、感線時，棒中的電子受到沿棒向下的洛侖茲力，是這個力充當(dāng)了非靜電力。非靜電力的大小F1 = Bev（2）a. （4分）由Bt=B0+kt得根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律解得b. （5分）在很短的時間內(nèi)電子的位移為s，非靜電力對電子做的功為F2Ds電子沿著導(dǎo)線環(huán)運動一周，非靜電力做的功根據(jù)電動勢定義聯(lián)立解得圖1xOF1F2k1k2xxC24（20分）（1）（6分）當(dāng)小球向右運動到任意位置C，離開O的位移為x，此時小球受到兩個彈力F1、F2，方向沿x軸負(fù)方向，如圖1所示。兩個力的合力即為小球的回復(fù)力，即F= -（F1+F2）= -（k1x+k2x）= -（k1+k2）x其中k1+k2為常數(shù)，所以F與x成正比?；貜?fù)力F沿x軸負(fù)方向，位移x沿x軸正方向， F與x方向相反。由此證明小球所做的運動是簡諧運動。（2）（6分）當(dāng)小球從平衡位置O運動到任意位置C時，設(shè)此時小球的速度為v根據(jù)能量守恒整理后得其中常數(shù)與兩個彈簧的勁