第一章 靜電場 期中綜合檢測卷一（答案含解析）—人教版高中物理選修3-1 同步訓練

1、一、單選題1在如圖所示的四種電場中，分別標記有a、b兩點。其中a、b兩點的電勢相等，電場強度相同的是()A甲圖中與點電荷等距的a、b兩點B乙圖中兩等量異號電荷連線的中垂線上與連線等距的a、b兩點C丙圖中兩等量同號電荷連線的中垂線上與連線等距的a、b兩點D丁圖中勻強電場中的a、b兩點2對于由點電荷Q產(chǎn)生的電場，下列說法正確的是()A電場強度的表達式仍成立，即E=FQ，式中的Q就是產(chǎn)生電場的點電荷所帶電量B在真空中，點電荷產(chǎn)生電場強度的表達式為E=kQr2，式中Q就是產(chǎn)生電場的點電荷所帶電量C在真空中E=kQr2，式中Q是試探電荷D任意兩點間的電勢差等于場強和這兩點間距離的乘積3關(guān)于電容器的電容，

2、下列說法中正確的是（ ）A電容器兩極的電勢差越大，電容就越大B電容器所帶電荷量越多，電容就越大C電容器所帶電荷量為零，電容就為零D電容器的電容與兩極的電勢差及所帶電荷量均無關(guān)，僅由電容器本身因素決定4帶電量分別為2Q、4Q 的兩點點電荷，相距為r，相互作用力為F現(xiàn)把兩個電荷的電量各減少一半，距離增大為原來的2倍，則兩個點電荷的相互作用力變?yōu)椋?）AF B C D519世紀30年代，法拉第提出一種觀點，認為在電荷周圍存在電場，電荷之間通過電場傳遞相互作用力下列說法中正確的是A電場線越密的地方，同一電荷所受電場力一定越大B靜電場的電場線是閉合的C電場線的方向，就是電荷受力的方向D帶電粒子僅受電場力

3、作用，由靜止開始運動，其運動軌跡一定與電場線重合6由電場強度的定義式E可知，在電場中的同一點（ ）A電場強度E跟F成正比，跟q成反比B無論檢驗電荷q值（不為零）如何變化，F(xiàn)與q的比值大小始終不變C電場中某點的場強為零，則處在該點的電荷受到的電場力不一定為零D一個不帶電的小球在P點受到的電場力為零，則P點場強一定為零7有關(guān)電場強度的理解，下述說法正確的是（ ）A由EFq可知，電場強度E跟放入的電荷q所受的電場力成正比B當電場中存在試探電荷時，電荷周圍才出現(xiàn)電場這種特殊的物質(zhì)，才存在電場強度C由EkQr2可知，在離點電荷很近，r接近于零，電場強度達無窮大D電場強度是反映電場本身特性的物理量，與是否

4、存在試探電荷無關(guān)8如圖所示是電場中某區(qū)域的電場線分布，a、b是電場中的兩點，則（ ）A正電荷放在a點靜止釋放，在電場力作用下運動的軌跡與電場線一致B同一點電荷放在a點受到的電場力比放在b點時受到電場力小Ca點的電場強度較大D電荷在a點受到電場力方向必定與場強方向一致9如圖所示，質(zhì)量為m、帶電荷量為q的小球用輕質(zhì)絕緣細線懸掛起來，若加一方向平行于紙面的勻強電場，小球靜止時懸線與豎直方向成角，則該電場的場強大小至少為（ ）10下列說法中正確的是 ( )A由E知，電場中某點的電場強度與檢驗電荷在該點所受的電場力成正比B公式E和E對于任何靜電場都是適用的C電場中某點的電場強度方向即檢驗電荷在該點的受力

5、方向D電場中某點的電場強度等于，但與檢驗電荷的受力大小及帶電量無關(guān)11如圖所示,實線表示某靜電場的電場線,虛線表示該電場的等勢面。下列判斷正確的是( ) A同一電荷在1、2兩點的所受電場力相同B同一電荷在2、3兩點的所受電場力相同C負電荷從點1運動到點2，電場力做正功D負電荷從點1運動到點2和從點1運動到點3，增加的電勢能相等12用電場線能很直觀、很方便地比較電場中各點場強的強弱。如圖中甲是等量異種點電荷形成電場的電場線，圖乙是場中的一些點：O是電荷連線的中點，E、F是連線中垂線上相對O點對稱的兩點，B、C和A、D也分別相對O點對稱。則（ ）AB，O，C三點比較，O點場強最強BE，O，F(xiàn)三點比

6、較，O點場強最強CB，O，C三點比較，O點電勢最高DA，O，D三點比較，O點電勢最高13如右圖所示是個示波管工作原理的示意圖。電子經(jīng)電壓加速后垂直進入偏轉(zhuǎn)電場，離開電場時的偏轉(zhuǎn)量是h，兩平行板間的距離為d，電勢差為，板長為。為了提高示波管的靈敏度(每單位電壓引起的偏轉(zhuǎn)量)，可采用的方法是A盡可能使板長長些B增大兩板間的電勢差C盡可能使板間距離d大一些D使加速電壓升高一些14有關(guān)電容的單位，正確的是（ ）A、 B、 C、 D、15如圖所示，已經(jīng)充好電的平行板電容器與靜電計連接在一起，固定B板，移動A板，下列現(xiàn)象正確的是A向右移動A板，靜電計指針張角增大B向右移動A板，靜電計指針張角不變C向上移動

7、A板，靜電計指針張角增大D向上移動A板，靜電計指針張角不變16下列說法中，正確的是()A電場線與磁感線都是電場或磁場中實際存在的線B地理南極正上方磁場方向豎直向上，地理北極正上方磁場方向豎直向下C電場線和磁感線都不是不閉合曲線D電場線越密的地方，同一試探電荷所受的電場力越大；磁感線分布越密的地方，同一通電導線所受的磁場力也越大17下列關(guān)于電場線和磁感線的說法中，正確的是（ ）A電場線和磁感線都是電場或磁場中實際存在的線B磁場中兩條磁感線一定不相交，但在復雜電場中的電場線是可以相交的C電流與電流之間的相互作用一定是通過磁場來發(fā)生的D電場線越密，同一試探電荷所受的電場力越大；磁感線分布較密的地方，

8、同一試探電荷所受的磁場力也越大18如圖中帶箭頭的直線是某一電場中的一條電場線，在這條線上有A、B兩點，用EA、EB表示A、B兩處的場強大小，A、B表示A、B兩點的電勢，則()AA、B兩點的場強方向可能不相同B電場線從A指向B，所以EAEB，ABCA、B同在一條電場線上，且電場線是直線，所以EA=EB，A=BD不知A、B附近的電場線分布狀況，EA、EB的大小不能確定，但一定有AB19如圖是一個點電荷的電場線的示意圖,一個負檢驗電荷(重忽略不計)以某一初速度從a向b運動, 檢驗電荷在運動過程中（ ）A加速度越來越大,速度越來越大B加速度越來越大,速度越來越小C加速度越來越小,速度越來越大D加速度越

9、來越小,速度,越來越小二、多選題20如圖所示，在點電荷Q產(chǎn)生的電場中，虛線表示等勢面，實線表示粒子穿過電場時的軌跡，A、B為軌跡與兩等勢面的交點，則下列說法正確的是（ ）AQ可能是正電荷，也可能是負電荷B電勢AB，粒子動能EkAEkBC電勢AB，粒子電勢能EPAEPBD場強EAEkB21平行板電容器的兩極板A、B接于電源的兩極，兩極板豎直、平行正對放置，一個帶正電的小球懸掛在電容器的內(nèi)部，閉合電鍵S，電容器充電，懸線偏離豎直方向的夾角為，如圖所示，則下列說法正確的是（ ）A保持電鍵S閉合，帶正電的A板向B板靠近，則減小B保持電鍵S閉合，帶正電的A板向B板靠近，則不變C電鍵S斷開，帶正電的A板向

10、B板靠近，則不變D電鍵S斷開，帶正電的A板向B板靠近，則增大22下圖是示波管的工作原理圖：電子經(jīng)電場加速后垂直于偏轉(zhuǎn)電場方向射入偏轉(zhuǎn)電場，若加速電壓為U1，偏轉(zhuǎn)電壓為U2，偏轉(zhuǎn)電場的極板長度與極板間的距離分別為L和d，y為電子離開偏轉(zhuǎn)電場時發(fā)生的偏轉(zhuǎn)距離。取“單位偏轉(zhuǎn)電壓引起的偏轉(zhuǎn)距離”來描述示波管的靈敏度，即yU2（該比值越大則靈敏度越高），則下列哪種方法可以提高示波管的靈敏度 （ ） A增大L B減小d C增大U1 D增大U2三、填空題23如圖是某靜電場的一部分電場線分布情況，A點的電場強度_B點的電場強度（填“大于”、“小于”或“等于”）。 在電場中一點放入-410-8C點電荷，點電荷受

11、到大小為210-5N水平向右的電場力，則電場中A點處的電場強度是_N/C,電場強度的方向是_。24如圖所示，是一正點電荷電場的電場線，電場中A、B兩點間的電勢差UAB200V。電荷量為6108C的電荷從A移到B，電場力對其做的功為_J，其電勢能_（填“增大”、“減小”或“不變”）。四、解答題25將帶電荷量為1108 C的電荷，從無限遠處移到電場中的A點，要克服靜電力做功2106 J，問：(1)電荷的電勢能是增加還是減少？電荷在A點具有多少電勢能？(2)A點的電勢是多少？(3)若靜電力可以把帶電荷量為2108 C的電荷從無限遠處移到電場中的A點，說明電荷帶正電還是帶負電？靜電力做了多少功？(取無

12、限遠處為電勢零點)26長為L的平行金屬板水平放置,兩極板帶等量的異種電荷,板間形成勻強電場,一個帶電量為+q、質(zhì)量為m的帶電粒子,以初速度v0緊貼上極板垂直于電場線方向進入該電場,剛好從下極板邊緣射出,射出時速度恰與下極板成30角,如圖所示,不計粒子重力。求：(1)粒子從下極板邊緣射出時速度的大小;(2)勻強電場的場強;(3)兩板間的電勢差.27在某電場中的A點，放一帶正電的電量為q1=1.51010C的檢驗電荷，測得該電荷受到的電場力大小為F1=6107N，方向水平向左，求：（1）A點的場強大小和方向（2）在A點放一帶電量為q2=21010C 的檢驗電荷，求q2受到的電場力F2的大小和方向2

13、8有一個電量q=-310-6C的負點電荷，從某電場中的A點移動到B點，電荷克服電場力做了610-4J的功，該電荷從B點移至C點，電場力對電荷做了910-4J的功，設(shè)B點電勢為零，求：（1）A、C兩點的電勢和各為多少？ （2）A、C兩點的電勢差為多少？29如圖所示為一真空示波管，電子從燈絲K發(fā)出(初速度不計)，經(jīng)燈絲與A板間的加速電壓U1加速，從A板中心孔沿中心線KO射出，然后進入兩塊平行金屬板M、N形成的偏轉(zhuǎn)電場中(偏轉(zhuǎn)電場可視為勻強電場)，電子進入M、N間電場時的速度與電場方向垂直，電子經(jīng)過電場后打在熒光屏上的P點.已知加速電壓為U1，M、N兩板間的電壓為U2，兩板間的距離為d，板長為L1，

14、板右端到熒光屏的距離為L2，電子的質(zhì)量為m，電荷量為e.求：(1)電子穿過A板時的速度大?。?2)電子在偏轉(zhuǎn)場運動的時間t；(3)電子從偏轉(zhuǎn)電場射出時的側(cè)移量；(4)P點到O點的距離參考答案1B【解析】甲圖中a、b兩點的電場強度大小相同，但方向不在同一條直線上，A錯誤；乙圖中a、b兩點的電場強度大小相等，方向相同，B錯誤；丙圖中a、b兩點的電場強度大小相等，方向相反，C正確；丁圖中由于電場線疏密程度不同，所以電場方向相同，但大小不同，D錯誤2B【解析】【分析】電場強度公式E=Fq適用于所有的電場，E為場源電荷產(chǎn)生的場強，q為試探電荷；點電荷的場強公式E=kQr2，其中E就是式中Q產(chǎn)生的場強【詳

15、解】A、電場強度的表達式E=Fq仍成立，式中q指的是試探電荷的電荷量，并非場源點電荷Q，場源點電荷的場強公式為：E=kQr2，所以A錯誤；B、在真空中，電場強度的表達式為E=kQr2，式中Q就是產(chǎn)生電場的電荷，所以B正確；C、在真空中E=kQr2，式中Q是產(chǎn)生電場的點電荷，所以C錯誤；D、由于點電荷產(chǎn)生的電場強度不是勻強電場，所以任意兩點間的電勢差不等于場強和這兩點間距離的乘積，故D錯誤；故選：B【點睛】本題是基礎(chǔ)的題目，考查的就是學生對基本公式使用條件及物理量的物理意義，在平時要注意多積累3D【解析】電容是電容器容納電荷本領(lǐng)的屬性，其大小與加在兩板上的電壓無關(guān)，與帶電量多少無關(guān)，D正確4D【

16、解析】試題分析：由庫倫定律可得：變化前：F=k=k，變化后：F=k=k，所以：F=F，故ABC錯誤，D正確考點：庫侖定律5A【解析】試題分析：根據(jù)電場力F=qE知，電場線越密的地方，同一電荷所受電場力一定越大，A正確；電場線從正電荷出發(fā)到負電荷終止，電場線不閉合，B錯誤；電場線的方向，就是正電荷受力的方向，C錯誤；帶電粒子僅受電場力作用，由靜止開始運動，其運動軌跡不一定與電場線重合，當電場線是直線時重合，D錯誤；故選A考點：電場線【名師點睛】此題主要考查電場線的特點；要知道電場線越密的地方，同一電荷所受電場力一定越大，電場線從正電荷出發(fā)到負電荷終止，電場線的方向，就是正電荷受力的方向。6B【解

17、析】試題分析：電場強度E是描述電場本身性質(zhì)的物理量，它與檢驗電荷q無關(guān)若場強為零，則電荷受到的電場力一定為零；不帶電小球不受電場力，無法判定場強是否為零，則ACD錯誤，B正確考點：電場強度7D【解析】試題分析：電場強度E可以根據(jù)定義式EFq來測量，電場強度就等于每單位正電荷所受的力，但場強與試探電荷無關(guān)，是由電場本身決定的，故A錯誤；電場強度是由電場本身決定的，是電場的一種性質(zhì)，與試探電荷是否存在無關(guān)，故B錯誤，D正確；庫侖力屬于強相互作用，是一種遠程力，點電荷電場的決定式EkQr2，也不適用于r接近0的情況故C錯誤故選D考點：電場強度【名師點睛】本題涉及電場強度的定義式和點電荷電場強度的決定

18、式，要抓住電場強度是由電場本身決定的，是電場的一種性質(zhì)，與試探電荷是否存在無關(guān)這一根本的特點，才能做出正確的判斷屬于簡單題8C【解析】解：A、正電荷放在a點受到的電場力沿電場線的切線方向，由靜止釋放后，正電荷將離開電場線，所以其運動軌跡與電場線不一致故A錯誤；B、a點的電場強度較大，同一點電荷放在a點受到的電場力較大故B錯誤；C、由圖可知，a點處電場線較密，電場強度較大故C正確；D、電場力方向與正電荷受力方向一致與負電荷受力方向相反故D錯誤；故選：C【點評】本題考查對電場線物理意義的理解要注意只有當電場線是直線，而且電荷無初速度或初速度方向與電場線共線時，電荷的軌跡才與電場線一致9B【解析】試

19、題分析：以小球為研究對象，分析受力情況，如圖：根據(jù)作圖法得到，當電場力qE與細線垂直時，電場力最小；根據(jù)平衡條件得：qE=mgsin，得到：E=mgsinq，B正確；考點：考查了共點力平衡條件的應(yīng)用【名師點睛】本題是帶電物體在電場中平衡問題，受力分析是基礎(chǔ)，關(guān)鍵要會運用作圖法求解極值，也可以函數(shù)法求解10D【解析】試題分析：E=Fq是電場強度的定義式，采用比值法定義，E與檢驗電荷所受的電場力F、電荷量q無關(guān)，故A錯誤，D正確；公式E=Fq對于任何靜電場都適用，而E=kQr2只適用于點電荷的電場，故B錯誤；電場中某點的電場強度方向即正檢驗電荷在該點的受力方向，與負檢驗電荷在該點的受力方向相反，故

20、C錯誤。考點：電場強度；庫侖定律【名師點睛】E=Fq是電場強度的定義式，采用比值法定義，E與F、q無關(guān)，該式適用于任何電場；E是矢量，E的方向與正電荷在該點所受的電場力的方向相同；場強反映電場本身的特性，與試探電荷無關(guān)，E=kQr2只適用于點電荷的電場。11D【解析】試題分析：電場線的疏密表示電場的強弱，由圖可得，1與2比較，1處的電場線密，所以1處的電場強度大，同一電荷在1、2兩點的所受電場力不相同故A錯誤；電場線的疏密表示電場的強弱，由圖可得，2與3比較，它們的電場強度的大小相同，方向不同，所以同一電荷在2、3兩點的所受電場力不相同故B錯誤；順著電場線，電勢降低，所以1點的電勢高于2點處的

21、電勢，所以負電荷從點1運動到點2，電場力做負功故C錯誤；由圖可得，2與3處于同一條等勢線上，所以2與3兩點的電勢相等負電荷從點1運動到點2和從點1運動到點3，增加的電勢能相等故D正確故選D考點：電場線；電勢及電勢能【名師點睛】要知道電場線的分布特點：從正電荷或無窮遠處出發(fā)到負電荷或無窮遠處終止，分析該點電荷的電性；電場線越密，場強越大順著電場線，電勢降低；加強基礎(chǔ)知識的學習，掌握住電場線和等勢面的特點，即可解決本題，注意電場強度是矢量，是否相等，要關(guān)注方向性。12B【解析】【分析】根據(jù)等量異種點電荷形成電場的電場線分布的對稱性分析對稱點場強的大小關(guān)系，等量異種點電荷連線的中垂線是一條等勢線，沿

22、著電場線電勢降低；【詳解】A、根據(jù)電場線的疏密判斷場強的大小，電場線越密，場強越大，電場線越疏，場強越小，由圖可知：B、O、C三點比較，O點電場線最稀疏，故其場強最弱；E、O、F三點比較，O點電場線最密，故其場強最強，故選項A錯誤，B正確；C、沿著電場線電勢降低，可知：B、O、C三點比較，B點電勢最高，故選項C錯誤；D、根據(jù)等量異種點電荷等勢面的分布情況可知：A、O、D三點比較，O點電勢不是最高，其電勢與A點電勢相等，故選項D錯誤?！军c睛】本題考查對電場線的掌握，要注意明確通過電場線分析場強大小和電勢高低的方法，對于等量異種點電荷和等量同種點電荷的電場線、等勢線的分布是考試的熱點，要抓住對稱性

23、進行記憶。13A【解析】帶電粒子加速時應(yīng)滿足： 帶電粒子偏轉(zhuǎn)時，由類平拋規(guī)律，應(yīng)滿足：L=v0t， ， ，聯(lián)立以上各式可得 ，故A正確，BCD錯誤。故選：A。14A【解析】試題分析：，故選A考點：電容15C【解析】【分析】靜電計測定電容器極板間的電勢差，電勢差越大，指針的偏角越大；根據(jù)電容的決定式C=S4kd分析電容的變化情況，再由電容的定義式C=QU分析板間電勢差的變化，再確定靜電計指針的偏角變化情況?！驹斀狻緼、B項：向右移動A板，兩板間的距離減小，根據(jù)公式C=S4kd可知，電容增大，由于Q一定，再根據(jù)公式C=QU可知，電壓減小，所以靜電計指針張角減小，故A、B錯誤；C、D項：向上移動A板

24、，兩板間的正對面積減小，根據(jù)公式C=S4kd可知，電容減小，由于Q一定，再根據(jù)公式C=QU可知，電壓增大，所以靜電計指針張角增大，故C正確，D錯誤。故應(yīng)選：C。16B【解析】【分析】磁感線和電場線都是人們?yōu)樾蜗竺枋鰣龆傧氲?；利用磁感線和電場線的分布特點和疏密程度都反映場的強弱；導線受到的安培力：F=BILsin?！驹斀狻緼、磁感線和電場線都是人們?yōu)樾蜗竺枋鰣龆傧氲?，并不是實際存在的.故A錯誤；B、根據(jù)地球的磁場的特點可知，地理南極正上方磁場方向豎直向上，地理北極正上方磁場方向豎直向下，故B正確；C、磁感線是閉合的曲線，而靜電場的電場線是從正電荷(無限遠)出發(fā)終止于無限遠(負電荷)的不閉合的

25、曲線，故C錯誤D、電場線越密的地方，同一試探電荷所受的電場力越大；磁感線分布越密的地方，同一通電導線所受的磁場力不一定越大，還與導線與磁場的方向之間的關(guān)系有關(guān)，故D錯誤故選：B【點睛】該題考查電場線與磁場線的特點，明確磁感線和電場線為形象描述場而假想的，并不是實際存在和分布特點是解題的關(guān)鍵17C【解析】【分析】電場線是從正電荷或者無窮遠發(fā)出，到負電荷或無窮遠處為止，沿電場線的方向，電勢降低，電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度?。淮鸥芯€是在磁場中的用來描述磁感應(yīng)強度的閉合的曲線，它的特點和電場線類似，但是磁感線是閉合的曲線，電場線不是閉合的，有起點和終點?！驹斀狻緼項：電場線和

26、磁感線都是為了形象的描述電場和磁場而引入的曲線，是假想的，不是實際存在的線，所以A錯誤；B項：電場線和磁感線都是不會相交的，否則的話在該點就會出現(xiàn)兩個不同的方向，這是不可能的，所以B錯誤；C項：電流與電流之間的相互作用一定是通過磁場來發(fā)生的，所以C正確；D項：電場線越密的地方，電場的強度大，同一試探電荷所受的電場力越大，但是在磁場中，靜止的電荷是不受磁場力作用的，所以D錯誤。故選：C?！军c睛】本題就是考查學生對電場線和磁感線的理解，它們之間的最大的區(qū)別是磁感線是閉合的曲線，但電場線不是閉合的，有起點和終點。18D【解析】【詳解】A、由題，A、B兩點所在的電場線是直線，A、B兩點電場強度方向必定

27、相同，故A錯誤；BC、電場線的疏密表示電場強度的大小，由于A、B附近電場線的分布情況未知，A、B在一條電場線上，無法判斷電場線的疏密，也就無法判斷A、B兩點電場強度的大小。故B錯誤，C錯誤；D、依據(jù)沿著電場線方向，電勢是降低的，則有AB，故D正確。故選：D。19C【解析】【詳解】因b點場強小于a點的場強，可知負檢驗電荷以某一初速度從a向b運動過程中受電場力方向由a指向b，則加速度越來越小，速度越來越大，故選C.20CD【解析】【分析】根據(jù)粒子彎曲方向判斷所受電場力方向，粒子帶正電，分析Q的電性，根據(jù)順著電場線方向降低，判斷電勢高低，由電場力方向與速度方向的關(guān)系分析電場力做功的正負，若電場力做負

28、功，電荷的電勢增大，動能減小，電場力做正功，電勢能減小，動能增大；【詳解】A、由圖，粒子的軌跡向左彎曲可知，受到了斥力，而粒子帶正電，說明Q一定是正電荷，故A錯誤；B、由于Q帶正電，電場線從Q出發(fā)到無窮遠終止，則電勢AB，由B到A的過程，電場力做正功，電勢能減小，動能增加，即粒子動能EkAEkB，電勢能EPAEPB，故B錯誤，C正確；D、由公式E=kQr2得到，場強EAEB，又粒子動能EkAEkB，故D正確?！军c睛】本題是電場中軌跡問題，首先根據(jù)軌跡彎曲方向判斷粒子受到的電場力方向，對于電勢能的高低，也可以根據(jù)推論正電荷在電勢高處電勢能大判斷。21AC【解析】AB.保持電鍵k閉合，電容器兩端的

29、電壓不變，當帶正電的A板向B板靠近，由公式E=Ud知E變大，則變大，選項A正確、B錯誤；CD.電鍵k斷開，電容器的Q不變，當帶正電的A板向B板靠近，d減小，由公式C=S4kd及Q=CU，結(jié)合公式E=Ud=4kQS知E不變，則不變，選項CD錯誤。故選：A。點睛：保持電鍵S閉合時，電容器板間電壓不變，由E=U/d分析板間場強的變化，確定的變化電鍵S斷開，根據(jù)推論可知，板間場強不變，分析是否變化22AB【解析】經(jīng)加速電場后的速度為v，則12mv2=eU1，所以電子進入偏轉(zhuǎn)電場時速試的大小為v=2eU1m，電子進入偏轉(zhuǎn)電場后的偏轉(zhuǎn)位移為y=12at2=12eU2md(lv)2=U2l24dU1，所以示

30、波管的靈敏度yU2=l24dU1，所以要提高示波管的靈敏度可以增大L，減速小d，故A、B正確。點晴：本題是信息題，根據(jù)所給的信息，找出示波管的靈敏度的表達式即可解決問題。23 大于 5102 水平向左【解析】電場線的疏密表示場強的大小，故A的電場強度大于B點的電場強度，根據(jù)場強公式: E=Fq=210-5410-8=500N/C，電場強度的方向是水平向左。241.210-6 ； 減小； 【解析】根據(jù)公式W=qU可知電場力做功W=qUAB=1.2105J，電場力做正功電勢能減小。25（1）增加，0.210-6J （2）200V）（3）帶負電，410-6J 【解析】（1）電荷從無限遠處移到電場中的

31、A點，要克服靜電力做功210-6J，電荷的電勢能增加；無限遠處電勢能為零，則電荷在A點具有210-6J的電勢能，（2）A點的電勢為A=EPAq210-6110-8V200V；（3）若靜電力可以把帶電荷量為210-8C的電荷從無限遠處移到電場中的A點，靜電力做正功，所以該電荷帶負電；電荷量為210-8 C的電荷從無限遠處移到電場中的A點時，無限遠與A點間的電勢差不變，則靜電力做正功，為W=qUA=-210-8（0-200）J=410-6J點睛：本題關(guān)鍵明確電場力做的功等于電勢能的減小量，同時結(jié)合電勢的定義式和電場力做功與電勢差關(guān)系公式列式求解26(1) v=233v0 (2)E=3mv023qL

32、 (3) U=mv026q【解析】【分析】（1）粒子垂直進入勻強電場，做類平拋運動，由速度的合成與分解求出粒子的末速度；（2）粒子在電場中做類平拋運動，由類平拋運動規(guī)律可以求出電場強度；（3）由類平拋運動規(guī)律可以求出兩極板間的距離，根據(jù)U=Ed可求兩板間的電勢差【詳解】(1).粒子垂直進入勻強電場,做類平拋運動，由速度關(guān)系得粒子末速度: v=v0cos30=233v0(2).豎直方向的速度vy=v0tan30=33v0 由牛頓第二定律得: qE=ma 由平拋規(guī)律得: L=v0t，vy=at 由以上各式得: E=3mv023qL（3）由平拋規(guī)律得豎直方向: d=12at2又：U=Ed 解得： U=mv026q27（1）P點的場強大小為4103N/C，方向水平向左；（2）q2受到的電場力F2的大小為8107N，方向水平向右；【解析】解：（1）P點的場強為：，方向與負電荷受到的電場力方向相反，即水平向左；（2）q2受到的電場力為：F2=q2E=21010C4103N/C=8107N，所以q2受到的電場力大小為8107N，方向水平向右答：（1）P點的場強大小為4103N/C，方向水平向左；（2）q2受到的電場力