歐姆定律易錯(cuò)題

1、一、歐姆定律選擇題1.如圖所示的電路中，電源電壓為樣，電壓表選用的量程是 015V,歐姆定律易錯(cuò)題20V,定值電阻為200,滑動(dòng)變阻器標(biāo)有“30QA”字在該電路正常使用的情況下，則：（）A.電路允許通過的最大電流為C.電壓表的最小示數(shù)為5V1AB電路消耗的最小功率為8WD.滑動(dòng)變阻器接入電路的最小阻值為10Q則當(dāng) Ur=15V時(shí),【解析】【解答】由于電壓表量程為“015V',-a-ja此時(shí)電流小于滑動(dòng)變阻器的最大電流1A,所以電路中的最大電流為Imax=lR=0.75A,故A錯(cuò)誤.根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)可知：U滑min=U-UR=20V-15V=5V,的歌小琪20斤灣血j?_r-R根據(jù)

2、歐姆定律得："第3；故D錯(cuò)誤；當(dāng)滑動(dòng)變阻器全部連入電路時(shí)，則根據(jù)電阻的串聯(lián)特點(diǎn)得：R總max=R+R滑=20Q+30Q=50QU2（N/ju,jt-0、J*所以，心（必，根據(jù)歐姆定律得：電壓表的最小示數(shù)URmin=IminR=0.4AX20Q=8敞C錯(cuò)誤.電路消耗的最小功率Pmin=UImin=20VX0.4A=8VV故B正確.故答案為：B.I-【分析】（1）當(dāng)電壓表示數(shù)為15V時(shí)，根據(jù)力算出電路中的電流，再與滑動(dòng)變阻器上允許通過的最大電流相比較即可確定電路中的最大電流；（2）電路中電流最大時(shí)，滑動(dòng)變阻器最值最小，根據(jù)一J算出滑動(dòng)變阻器的最小阻值;（3）當(dāng)滑動(dòng)變阻器阻值最大時(shí)，電路中

3、電流最小，根據(jù)歐姆定律求出電路中的最小電流，再根據(jù)U=IR求出電壓表的示數(shù)；（4）根據(jù)P=UI算出電路消耗的最小功率.2.如圖甲所示，粗細(xì)均勻的電阻絲AB通過滑片連入電路（電阻絲的阻值不隨溫度變化），小燈泡的額定電壓為6V.閉合開關(guān)S后，滑片P從最左端A滑到最右端B的過程中，小燈泡的I-U圖象關(guān)系如圖乙所示.則下列計(jì)算結(jié)果正確的是（甲乙A.電源電壓為9VB.燈泡的額定功率為3WC.電阻絲AB的最大阻值為6aD.滑片P在A、B兩端時(shí)小燈泡的電功率之比為1:8【答案】D【解析】【解答】解：（1）由圖甲可知，當(dāng)滑片位于B端時(shí)，電路為L的簡單電路，此時(shí)電路中的電流最大，由圖乙可知，通過燈泡的電流為1A

4、,燈泡兩端的電壓為6V,即電源的電壓U=6V,故A錯(cuò)誤；燈泡的額定功率PL=UlIl=6VX1A=6W故B錯(cuò)誤；（2）當(dāng)滑片P在最左端A時(shí)，電阻絲AB完全接入電路中，電路中的電流最小，由圖乙可知，通過小燈泡的電流為I=0.5A,燈泡兩端電壓Ul'=1.5V因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和，所以，電阻絲AB兩端電壓：Uab=UUl'=6V1.5V=4.5V,因串聯(lián)電路中各處的電流相等，4所以，由1=氏可得，電阻絲AB的阻值：Rab=7=口血=9Q,故C錯(cuò)誤，燈泡的電功率：Pl'=LUI=1.5VX0.5A=0.75W則滑片P在A、B兩端時(shí)小燈泡的電功率之比：Pl'

5、;：PL=0.75W：6W=1:8,故D正確.故選D.【分析】（1）由圖甲可知，當(dāng)滑片位于B端時(shí)，電路為L的簡單電路，此時(shí)電路中的電流最大，根據(jù)圖乙可知通過燈泡的電流以及兩端的電壓即為電源的電壓，根據(jù)P=UI求出燈泡的額定功率；（2）滑片P在最左端A時(shí)，電阻絲AB完全接入電路中，電路中的電流最小，根據(jù)圖乙讀出燈泡兩端的電壓和通過的電流，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)求出AB兩端的電壓，根據(jù)串聯(lián)電路的電流特點(diǎn)和歐姆定律求出電阻絲AB的阻值，根據(jù)P=UI求出燈泡的電功率，然后得出滑片P在A、B兩端時(shí)小燈泡的電功率之比.3.某興趣小組為了研究電子溫控裝置，連接成如圖所示電路，Ri為熱敏電阻，熱敏電阻B電壓表

6、Vi和電流表A示數(shù)之比不變D電壓表V2變化量和電流表 A變化量之R與R2并聯(lián)后再與 R0串聯(lián)，電壓表 Vi測并聯(lián)部分的阻值隨溫度的升高而減小，閉合開關(guān)，當(dāng)溫度降低時(shí)，下列說法中正確的是（）C.電壓表V2和電流表A的乘積不變比不變【答案】D【解析】【解答】解：由電路圖可知，的電壓，電壓表V2測R0兩端的電壓，電流表測干路中的電流.（1）因熱敏電阻的阻值隨溫度的升高而減小，所以，當(dāng)溫度降低時(shí)，熱敏電阻Ri的阻值變大，并聯(lián)部分的電阻變大，電路中的總電阻變大，由|二:可知，干路中的電流變小，即電流表A的示數(shù)變小，由U=IR可知，&兩端的電壓變小，即電壓表V2的示數(shù)變小，故A錯(cuò)誤；由電壓表V2示

7、數(shù)變小、電流表A示數(shù)變小可知，電壓表V2和電流表A的乘積變小，故C錯(cuò)誤;因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和,所以，并聯(lián)部分的電壓變大，即電壓表Vi的示數(shù)變大，由電壓表Vi的示數(shù)變大、電流表A示數(shù)變小可知，電壓表Vi和電流表A示數(shù)之比變大,故B錯(cuò)誤；（2）設(shè)溫度變化前后，干路中的電流分別為Ii、|2,則電壓表V2示數(shù)的變化量：|£4U2=l2R0IiR0=（I2Ii）Ro=AIRo,即£=R0,且Ro的阻值不變，所以，電壓表V2變化量和電流表A變化量之比不變，故D正確.故選D.【分析】由電路圖可知，Ri與R2并聯(lián)后再與Ro串聯(lián)，電壓表Vi測并聯(lián)部分的電壓，電壓表V2測R0兩端

8、的電壓，電流表測電路中的電流.（D根據(jù)熱敏電阻阻值與溫度的關(guān)系得出當(dāng)溫度降低時(shí)其阻值的變化，進(jìn)一步可知并聯(lián)部分的電阻變化和電路中總電阻的變化，根據(jù)歐姆定律可知電路中電流的變化和Ro兩端的電壓變化，然后得出電壓表V2和電流表A的乘積變化；根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)和并聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)可知電壓表Vi的示數(shù)變化，然后得出電壓表Vi和電流表A示數(shù)之比變化；（2）設(shè)出溫度變化前后電路中的電流，根據(jù)歐姆定律得出電壓表示數(shù)和電流表示數(shù)與尺的阻值關(guān)系，然后得出電壓表V2變化量和電流表A變化量之比的變化.4 .標(biāo)有“6V1.5W”的小燈泡，通過它的電流隨兩端電壓變化的關(guān)系如圖所示.若把這樣的三只燈泡串聯(lián)起來，接在1

9、2V的電源兩端，燈泡的電阻和實(shí)際功率約為（）0.1 -I-r-:I *咻jTI I I I I J 產(chǎn)V廠LA.24Q0.67WB20Q0.96WC24Q0.96WD20Q0.8W【答案】D12V的電源兩端，則每只燈泡兩端【解析】【解答】解：把這種規(guī)格的三只燈泡串聯(lián)接在的電壓都為4V,從圖象上可以看出，此時(shí)電路電流為0.2A,由歐姆定律得，每只燈泡的電阻:R=20Q;則每只燈泡的實(shí)際功率:P實(shí)=UI=4VX0.2A=0.8VV故ABC錯(cuò)誤，D正確.故選：D.【分析】三只完全相同的燈泡串聯(lián)，燈泡的電阻相等，通過的電流相等，根據(jù)歐姆定律可知，三只燈泡兩端的電壓相等，再從圖象上找到對應(yīng)的電壓和電流，

10、根據(jù)相應(yīng)的公式分別算出每只燈泡的實(shí)際電阻和實(shí)際功率.5 .如圖所示的電路中，當(dāng)只閉合開關(guān)S時(shí)，電流表、電壓表的示數(shù)分別為Ii、Ui,當(dāng)開關(guān)S1、8都閉合時(shí)，電流表、電壓表的示數(shù)分別為12、U2,則下列關(guān)系式正確的是（）A.I2=li、U2VU1B.I2>li、U2=UiC.I2>li、U2>Ui“D.I2VI1、U2VU1【答案】C【解析】【解答】解：當(dāng)只閉合開關(guān)Si時(shí)，Ri與R2串聯(lián)，電壓表測R2兩端的電壓Ui電流表測電路中的電流Il;當(dāng)開關(guān)S、S2都閉合時(shí)，電路為R2的簡單電路，電壓表測及兩端的電壓U2,電流表測電路中的電流I2；因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，所以，

11、電路中的總電阻變小，由1=%可知，電路中的電流變大，即電流表的示數(shù)變大，則I2>I1,故AD錯(cuò)誤；由U=IR可知，R2兩端的電壓變大，即電壓表的示數(shù)變大，則U2>Ui,故B錯(cuò)誤、C正確.故選C.【分析】當(dāng)只閉合開關(guān)Si時(shí)，Ri與R2串聯(lián)，電壓表測R2兩端的電壓，電流表測電路中的電流；當(dāng)開關(guān)S、S2都閉合時(shí)，電路為R2的簡單電路，電壓表測R2兩端的電壓，電流表測電路中的電流，根據(jù)電阻的串聯(lián)判斷電路中總電阻的變化，根據(jù)歐姆定律可知電路中電流的變化和R2兩端的電壓變化，然后得出答案.6 .如圖所示，電源電壓不變，下列說法正確的是（）A.只閉合Si,將P向左移動(dòng)，電流表示數(shù)變小，電壓表示數(shù)

12、變大B.閉合Si、S2,斷開S3,將P向左移動(dòng)，Ri消耗的功率增大C.開關(guān)都閉合，將P向左移動(dòng)，電壓表的示數(shù)為零，電流表示數(shù)變小D.開關(guān)都閉合，將P向左移動(dòng)，L消耗的功率不變，R2消耗的功率變小【答案】B【解析】【解答】解A只閉合Si,Ri、R2串聯(lián)，電壓表測R2電壓，P向左移動(dòng)，R2電阻變小，總電阻變小，電流變大，根據(jù)串聯(lián)電路的分壓規(guī)律知電壓表示數(shù)變小，A不符合題意；（2）閉合S、S2,斷開S3,Ri與燈并聯(lián)后與R2串聯(lián)，將P左移，R2電阻變小，根據(jù)分壓原理，R2的電壓變小，根據(jù)串聯(lián)電路電壓的規(guī)律，并聯(lián)部分的電壓變大，根據(jù)P=斤，R消耗的功率增大，B符合題意；（3）（4）開關(guān)都閉合，R2短路

13、，所以滑片移動(dòng)對電路無影響CD不符合題意。故答案為：B.【分析】分析開關(guān)在不同狀態(tài)下電路結(jié)構(gòu)，結(jié)合串聯(lián)電路特點(diǎn)和歐姆定律分析判斷將P向左移動(dòng)時(shí)兩電表變化量比值的變化情況；由并聯(lián)電路特點(diǎn)、歐姆定律和電功率公式分析判斷電表示數(shù)及兩者功率變化.7.有兩只分別標(biāo)有 下列說法正確的是（不考慮溫度對燈絲電阻的影響,6V3W“和”9V3W"的小夕T泡Li、L2,)A. Li和匕正常工作時(shí)的電流一樣大B. Li和1.2串聯(lián)在一起同時(shí)使用時(shí)，兩燈一樣亮C. L和L2并聯(lián)在一起同時(shí)使用時(shí)，兩燈消耗的功率一樣大D.將Li串聯(lián)在一個(gè)12的電阻，接在電源電壓為12V的電路中，Li也能正常發(fā)光【答案】D【解析】

14、【解答】解：A.由P=UI可得，兩燈泡正常發(fā)光時(shí)的電流分別為：Ii =12=5'# = A所以兩燈泡正常發(fā)光時(shí)的電流不一樣，故A錯(cuò)誤;B.由P=UI=斤可得，兩燈泡的電阻分別為:(6V)2Ri=J口=120,R2=F1=y=270,兩燈泡串聯(lián)時(shí)通過的電流相等，但燈泡的電阻不同，由p=Fr可知，兩燈泡的實(shí)際功率不相等，亮度不同，故B錯(cuò)誤；C.Li和L2并聯(lián)在一起同時(shí)使用時(shí)，它們兩端的電壓相等，但燈泡的電阻不同，由P=力知，兩燈泡消耗的電功率不相等，故C錯(cuò)誤；D,將Li串聯(lián)在一個(gè)12的電阻時(shí)，電路中的總電阻R-R+R=12Q+12Q=240電路中的電流1=白6=0.5A,因電路中的電流和燈

15、泡Li正常發(fā)光時(shí)的電流相等，所以Li能正常發(fā)光，故D正確.故選D.【分析】（1）燈泡正常發(fā)光時(shí)的電壓和額定電壓相等，根據(jù)P=UI求出兩燈泡的正常發(fā)光時(shí)的電流，然后比較兩者的關(guān)系；（2）根據(jù)P=UI=/求出兩燈泡的電阻，根據(jù)串聯(lián)電路的電流特點(diǎn)和P=I2R比較兩燈泡的實(shí)際功率關(guān)系，實(shí)際功率大的燈泡較亮；（3）Li和L2并聯(lián)在一起同時(shí)使用時(shí)，它們兩端的電壓相等，根據(jù)P=l芥比較兩燈泡消耗的電功率關(guān)系;（4）將Li串聯(lián)在一個(gè)12的電阻時(shí)，根據(jù)電阻的串聯(lián)和歐姆定律求出電路中的電流，然后與燈泡Li正常發(fā)光時(shí)的電流相比較判斷其是否能正常發(fā)光.8.如圖甲，R為定值電阻，Rp為滑動(dòng)變阻器，閉合開關(guān)，RP的滑片從

16、一端移動(dòng)到另端，得到電壓與電流圖像如圖乙，下列說法正確的是（）I -J乙6: 5C.當(dāng)Rp總阻值的5接入電路時(shí)，它與定值電阻消耗的功率之比為D.當(dāng)電流為0.4A時(shí)，Ri與Rp連入電路的阻值之比為1:2【答案】C【解析】【解答】A.據(jù)乙圖可知，當(dāng)滑片滑到最左端時(shí)，此時(shí)電流最大為0.6A,電阻Ri兩3VRi-5Q端的電壓是3V,因此電源電壓U總=3V;電阻Ri的阻值為：力“刈,故A錯(cuò)誤；B.據(jù)乙圖可知，電路的最小電流為0.2A,那么電路消耗的最小功率為：P總二U總I總=3VX0.2=0.6W故B錯(cuò)誤；C.當(dāng)滑片滑到最右端時(shí)，變阻器全部使用，此時(shí)電流最小為0.2A,這時(shí)的總電阻為：那么滑動(dòng)變阻器的最

17、大阻值為：R=R-Ri=15Q-5Q=10J當(dāng)Rp總阻值的m接入電路時(shí)，它與定值電阻消耗的功率之比Pr-XIOQ：5G-6i5,故C正確；U總3V-7力一1四D.當(dāng)電流為0.4A時(shí)，總電阻總?cè)缬茫换瑒?dòng)變阻器接入的電阻為：Rp=R總-Ri=7.5S5Q=2.5;Ri與Rp連入電路的阻值之比：用心=542,5。21故d錯(cuò)誤。故選C?！痉治觥慷ㄖ惦娮鑂i與滑動(dòng)變阻器Rp串聯(lián)，電壓表測Ri的電壓。(i)當(dāng)滑片滑到最左端時(shí)，變阻器阻值為0,這時(shí)只有Ri,此時(shí)電壓表的示數(shù)就是電源電壓；可根據(jù)乙圖中電壓和對應(yīng)電流計(jì)算Ri的阻值；我總(2)從乙圖找到電路的最小電流，根據(jù)公式P=UI計(jì)算電路的最小功率;(3)當(dāng)

18、滑片滑到最右端時(shí)，變阻器全部使用，此時(shí)電流最小，首先根據(jù)計(jì)算出總電阻，再根據(jù)Rp=R總-Ri計(jì)算出變阻器的最大阻值；因?yàn)榇?lián)電路中功率和電阻成正比，所以當(dāng)RP總阻值的接入電路時(shí)，求出它們的電阻之比即可;(4)當(dāng)電流為0.4A時(shí)，根據(jù)歐姆定律計(jì)算出Rp的阻值，然后作比即可。9.在如圖所示的電路中，電源電壓保持不變，開關(guān)Si、S2均閉合，電路正常工作。當(dāng)開關(guān)S2由閉合到斷開時(shí)，電路中()A.電壓表V的示數(shù)變小B.電流表Ai的示數(shù)變大C.電壓表V的示數(shù)與電流表A的示數(shù)的比值變大D.電壓表V的示數(shù)與電流表A的示數(shù)的乘積變大【答案】A【解析】【解答】根據(jù)電路圖電路并聯(lián)，Si在干路上，當(dāng)斷開開關(guān)，電路斷開

19、，電壓表示數(shù)為0,電流表為0,A符合題意，BCD不符合題意。故答案為：A.【分析】當(dāng)電路中的開關(guān)斷開時(shí)，電流斷開，電表示數(shù)為0.10.如圖所示電路中，電源電壓不變，開關(guān)S閉合，滑動(dòng)變阻器滑片向右移動(dòng)時(shí)，電流表和電壓表的示數(shù)將（）A.電流表的示數(shù)變大，電壓表的示數(shù)變大!B.電流表的示數(shù)變小，電壓表的示數(shù)不變C.電流表的示數(shù)變大，電壓表的示數(shù)不變nD.電流表的示數(shù)變小，電壓表的示數(shù)變小【答案】D【解析】【解答】解：由電路圖可知，燈泡與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，電流表測電路中的電流，電壓表測燈泡亮度的電壓，開關(guān)S閉合，滑動(dòng)變阻器滑片向右移動(dòng)時(shí)，接入電路中的電阻變大，電路中的總電阻變大，b由1=7可知，電路中的

20、電流變小，即電流表的示數(shù)變小，AC不符合題意；由U=IR可知，燈泡兩端的電壓變小，即電壓表的示數(shù)變小，B不符合題意，D符合題意.故答案為：D.【分析】由圖可知，電路串聯(lián)，電壓表測量燈泡分壓，滑片右移電阻變大，電流變小，燈泡分壓減小.11.如圖所示，電源電壓保持6V不變，電流表量程為00.6A,電壓表量程為03V,定值電阻Ri的規(guī)格為“10O0.5A”滑動(dòng)變阻器R2的規(guī)格為“20Q1A”閉合開關(guān)，為了保證電路安全，在變阻器滑片移動(dòng)過程中，下列說法正確的是（）電阻Ri消耗電功率允許的變化范圍為0.4W0.9W電流表示數(shù)允許的變化范圍為0.2A0.5A滑動(dòng)變阻器R2允許接入電路阻值的變化范圍為102

21、0a電路消耗總電功率允許的變化范圍為1.8W3Wa.BDCncgn【答案】AU郎/【解析】【解答】滑動(dòng)變阻器最大時(shí)電流最小，此時(shí)R及/他=0.2A,定值電阻的功率"二判斷最大電功率為0.9W,最小為0.4W,答案對。電流表量程不能超過0.6A,I定值電阻不能超過0.5A,而定值電阻的端電壓不能超過3v,根據(jù)'N判斷電流不能超過U6VF二0二0.3A,因此電流最大時(shí)0.3A,錯(cuò)。根據(jù)兄的孑用判斷，電流最大0.3A,滑動(dòng)變阻器最小10Q,正確。電路消耗的總功率產(chǎn)二以6yX1，電流最大0.3A,總功率最大1.8W,答案錯(cuò)。所以正確的為、，故答案為：A【分析】結(jié)合電路圖，理清元件的連

22、接方式及電表的測量對象，已知電流表選擇的量程和定值電阻規(guī)格，可以確定電路最大電流；已知電壓表選擇的量程，可以確定定值電阻兩端最大電壓；電路電流最大時(shí)，定值電阻消耗的功率最大；電路電流最小時(shí)，總電阻最大，消耗的功率最小.據(jù)此確定定值電阻消耗功率的變化范圍及電路電流變化范圍；電路電流最大時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路電阻最??；電流最小時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路電阻最大，據(jù)此確定滑動(dòng)變阻器接入電路電阻范圍；再利用公式P=UI確定電路消耗的總功率的變化范圍.12 .如圖所示是電阻甲和乙的U-I圖象，下列說法正確的是（10a2V時(shí)，電路的總電流為 0.3A0.2A時(shí)，甲的功率為 0.6WA.甲、乙兩元件的電流與電壓

23、都成正比B.乙元件是一個(gè)定值電阻且阻值大小為C.甲、乙并聯(lián)在電路中，當(dāng)電源電壓為D.甲、乙串聯(lián)在電路中，當(dāng)電路電流為【答案】C【解析】【解答】解：AB、由圖象可知，乙元件中電流與兩端電壓圖象不是過原點(diǎn)直線，說明乙元件的電流與電壓不成正比，即乙的電阻不是定值，故A、B錯(cuò)誤；C、甲、乙并聯(lián)在2V電源時(shí)，甲和乙電壓都為2V,由圖象可知，I甲=0.1A,I乙=0.2A,故干路電流I=I甲+I乙=0.1A+0.2A=0.3A,故C正確；D、甲、乙串聯(lián)在電路中時(shí)，當(dāng)電路電流為0.2A時(shí)，甲和乙電流都為0.2A,由圖可知U甲=4V,所以甲的功率P甲=U甲I甲=4VX0.2A=0.8W,故D錯(cuò)誤.故選C.【分

24、析】（1）根據(jù)歐姆定律可知，電阻一定時(shí)，通過電阻的電流與兩端的電壓成正比，據(jù)此分析圖象甲乙電阻的變化；（2）根據(jù)并聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)結(jié)合圖象讀出對應(yīng)的電流，再根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點(diǎn)得出干路電流；（3）根據(jù)串聯(lián)電路的電流特點(diǎn)讀出圖象中對應(yīng)的電壓，根據(jù)P=UI計(jì)算甲的功率.13 .如圖所示電路中，定值電阻Ri=10Q,沿動(dòng)變阻器R2最大阻值為20Q,電源電壓保持U=6V不變，將滑片P滑至最右端，閉合S,下列說法正確的是（）A.Ri和R2串聯(lián)在電路中B.電流表Ai的示數(shù)是電流表A2示數(shù)的兩倍C.當(dāng)滑片P向左滑動(dòng)的過程中，電壓表V的示數(shù)與電流表A2的示數(shù)的比值保持不變D.將滑片P滑至最左端，電路仍能正常

25、工作【答案】C【解析】【解答】A.根據(jù)電路圖判斷，電流分別經(jīng)過電阻，是并聯(lián)電路，A不符合題意；B.動(dòng)力臂Ai測量干路電流，A2測量Ri的電流，由于Ri和R2不相等，則并聯(lián)時(shí)電流不相等，干路電流不是支路的2倍，B不符合題意；C.當(dāng)滑片移動(dòng)時(shí)，電壓表測量電源電壓，示數(shù)不變，電流表A2測量定值電阻的電流，示數(shù)不變，所以兩表白比值不變，C符合題意；D.當(dāng)滑片移至最左時(shí)，電流不經(jīng)過R2,此時(shí)電源短路，D不符合題意。故答案為：C.【分析】根據(jù)電路的連接方式，結(jié)合電流表和電壓表測量的位置，分別判斷在電阻變化時(shí)，電流或電壓的變化情況。i4.如圖所示電路中，R:R2=2:3,開關(guān)閉合后，電路的總功率為P0o若將

26、Ri的阻值增大2Q,R2的阻值減小2Q,電路的總功率仍為P。；若將Ri的阻值減小2Q,電的阻值增大2Q,電路的總、功率為P;則P:B等于（）A.3:2B.4:3C.5:4D.6:5【答案】A【解析】【解答】兩個(gè)滑動(dòng)變阻器并聯(lián)；由題意可知，Ri:R2=2:3,，開關(guān)閉合后，飛電路的總功率：P0=凡凡，若將R1的阻值增大2Q,R2的阻值減小2Q,電路的總功率：Po=航'.噴用二，由以上式可解得：Ri=4Q,R2=6Q;ififif專5于所以Po=川型=m6G12C,若將Ri的阻值減小2Q,R2的阻值增大2Q,此時(shí)電|于十if譽(yù)/5一鏘路的總功率：p=柚=愈一口=7q一五"必二唳一

27、而，p：Po=1位：涼=3:2。故答案為：AS【分析】結(jié)合電路圖，理清元件的連接方式，先根據(jù)P=1表示出電路的總功率Po,將Ri的阻值增大2Q,R2的阻值減小2，再卞據(jù)P=表示出電路的總功率仍為Po,結(jié)合Ri:WR2=2:3可求出Ri、R2的阻值；若將Ri的阻值減小2Q,R2的阻值增大2,根據(jù)P3'表示出電路的總功率為P,將Ri、R2的阻值代入Po和P的表達(dá)式，聯(lián)立即可得出答案.i5.小海設(shè)計(jì)了一種測定油箱內(nèi)油量的模擬裝置，如圖所示，其中電源兩端電壓保持不變，品是定值電阻，R是滑動(dòng)變阻器的電阻片，滑動(dòng)變阻器的滑片P跟滑桿的一端連接,滑桿可以繞固定軸O轉(zhuǎn)動(dòng)，另一端固定著一個(gè)浮子。油箱中的

28、油量減少時(shí)，浮子隨油面下降，帶動(dòng)滑桿使變阻器的滑片P向上移動(dòng)，從而引起電流表的示數(shù)發(fā)生變化。下列說法中正確的是（）IA.電流表示數(shù)變小時(shí)，表明油箱中的油量減少B.電流表示數(shù)變小時(shí)，電阻R0兩端電壓變大C.當(dāng)油箱中的油量減少時(shí)，電流表示數(shù)變大D.當(dāng)油箱中的油量減少時(shí)，變阻器R連入電路的電阻變小【答案】A【解析】【解答】如圖，定值電阻R0與滑動(dòng)變阻器R串聯(lián)在電路中，電流表測量電路中電流。A.C.D當(dāng)油箱中的油量減少時(shí)，浮子下降，帶動(dòng)滑片上升，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻變大，電路總電阻變大，根據(jù)1一彳可知，電路中電流變小，所以電流表示數(shù)變小時(shí)，表明油箱中的油量減少，A符合題意，CD不符合題意；B.電流

29、表示數(shù)變小時(shí)，即通過R0的電流變小，根據(jù)"知,電阻R0兩端電壓變小，B不符合題意；故答案為：A。【分析】滑動(dòng)變阻器R與定值電阻Ro串聯(lián)，電流表測電路中的電流，根據(jù)油量的變化可知浮子的變化，在杠桿的作用下可知滑片P移動(dòng)的方向，從而得出接入電路中電阻的變化，根據(jù)歐姆定律可知電路中電流的變化和電阻Ro兩端電壓的變化.16 .在如圖所示的電路中，閉合開關(guān)后，當(dāng)滑片P向左移動(dòng)時(shí)，下列說法正確的是（）A.燈泡L變亮B.電壓表V示數(shù)變大C電流表Ai示數(shù)變小D.電流表A2示數(shù)變大【答案】C【解析】【解答】解：由圖可知，該電路為并聯(lián)電路；電流表Ai測量干路中的電流，電流表A2測量通過燈泡的電流；電壓表

30、測量的是支路兩端的電壓，亦即電源電壓，保持不變，B不符合題意；根據(jù)并聯(lián)電路的特點(diǎn)可知，滑動(dòng)變阻器滑片移動(dòng)時(shí)，對燈泡所在的支路無影響，燈泡的電流和電壓都不變，故電流表A2示數(shù)不變，燈泡亮度不變，AD不符合題意；當(dāng)滑片P向左移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻變大，根據(jù)歐姆定律可知，通過滑動(dòng)變阻器的電流減小；通過燈泡的電流不變，根據(jù)并聯(lián)電路的電流關(guān)系可知，干路中的電流減小，即電流表Ai示數(shù)變小，C符合題意。故答案為：Co【分析】電流表測量干路中的電流，電流表測量通過燈泡的電流；電壓表測量的是支路兩端的電壓；根據(jù)滑動(dòng)變阻器滑片移動(dòng)的方向判定其阻值變化，根據(jù)歐姆定律判定其電流變化，根據(jù)并聯(lián)電路的電流、電壓

31、特點(diǎn)判定電表示數(shù)的變化17 .如圖所示，電源電壓保持不變，開關(guān)S閉合后，燈Li、12都能正常發(fā)光，甲、乙兩個(gè)電表的示數(shù)之比是2:3.此時(shí)燈Li、L2的電阻之比是（）A.2:1舊.3:2C.2:3“D.1:2【答案】D【解析】【解答】如果甲乙任何一個(gè)為電流表，將會(huì)形成短路，因此甲乙都為電壓表，此時(shí)燈Li、L2串聯(lián)連接，電壓表甲測量L2兩端電壓，電壓表乙測量電源電壓；因?yàn)榇?lián)電路兩端電壓等于各部分電壓之和，并且甲、乙兩個(gè)電表的示數(shù)之比是2:3,所以燈Li、L2兩端電壓之比：Ui:U2=（3-2）:2=1:2;又因?yàn)榇?lián)電路電流相等，即Ii=l2；LU1仍LU由I=k可得，Ri：2二門：£

32、=Ui：U2=i:2.故選D.【分析】根據(jù)電壓表并聯(lián)在電路中，電流表串聯(lián)在電路中確定甲乙儀表的種類，然后根據(jù)串聯(lián)電路的特點(diǎn)和歐姆定律求出兩燈泡的電阻之比.18 .如圖所示的電路.電源電壓保持不變.Ri=10閉合開關(guān)S,滑動(dòng)變阻器滑片P在最右端時(shí).電流表的示散為0.25A;把滑片P移到中點(diǎn)時(shí).電流表的示教為0.4A。則下列選項(xiàng)正確的是（）A.滑片P在最右端時(shí).通過Ri、R2的電流之比為5:8B.滑片P在最右端時(shí)，Ri、R2兩端電壓之比為3:1C.滑動(dòng)變阻器的最大阻值為40QD.電源電壓為10V【答案】D【解析】【解答】閉合開關(guān)S,滑動(dòng)變阻器滑片P在最右端時(shí)，定值電阻Ri和變阻器R2串聯(lián)，根據(jù)U總

33、總R總得到：U總=0.25AX(10Q+R)；/當(dāng)滑片P移到中點(diǎn)時(shí)，定值電阻Ri和變阻器工R2串聯(lián),1根據(jù)U總總R總得到：U總=0.4AX(10Q+二電)；解得：R2=30Q,U總=10V,故C錯(cuò)誤，D正確；滑片P在最右端時(shí)，定值電阻Ri和變阻器R2串聯(lián)；因?yàn)榇?lián)電路各處電流都相等，所以通過Ri、R2的電流之比為1:1,故A錯(cuò)誤；串聯(lián)電路中，電壓與電阻成正比，那么R、Q兩端電壓之比：U1：U2=R1:R2=10Q:30a=13,故B錯(cuò)誤。故選D?！痉治觥?1)閉合開關(guān)S,滑動(dòng)變阻器滑片P在最右端時(shí)，定值電阻R和變阻器R2串/聯(lián)；當(dāng)滑片P移到中點(diǎn)時(shí)，定值電阻R1和變阻器串聯(lián)；根據(jù)U總=1總R總列

34、出方程組，然后計(jì)算得到變阻器的最大阻值和電源電壓；(2)串聯(lián)電路中各處電流都相等；(3)串聯(lián)電路中，電壓與電阻成正比。19.如圖所示，R。為定值電阻，R1為滑動(dòng)變阻器, 標(biāo)有“0.6,” “3)',閉合開關(guān)后，調(diào)節(jié)滑片A1P.A2為實(shí)驗(yàn)室用電流表(接線柱上使兩電流表指針?biāo)肝恢孟嗤?。下列說法正確的是()A.電流表A1與A2的示數(shù)之比為1 : 4B.通過R與R1的電流之比為4: 1C.R0與R1兩端的電壓之比為1:4D.R）與R1的阻值之比為4:1【答案】D【解析】【解答】A.如圖電路，兩電阻并聯(lián)，電流表Ai測量R0的電流，電流表A2測量干路電流。因?yàn)楦陕冯娏饕欢ù笥谥冯娏?，且電流表?/p>

35、兩個(gè)量程為5倍的關(guān)系，所以兩電流表指針?biāo)肝恢孟嗤瑫r(shí)，干路電流為R電流的5倍，即電流表Ai與A2的示數(shù)之比為1:5,A不符合題意；B.得：工07t二年，則/二5即通過R與R的電流之比為1:4,B不符合題意；C.兩電阻并聯(lián)，電壓相等，C不符合題意；D.R）與R的阻值之比為：U的I。114瓦7萬7門，D符合題意；故答案為：Do【分析】R與R1并聯(lián)，電流表A1測R0中電流，電流表A2測干路電流，根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點(diǎn)結(jié)合兩電流表指針?biāo)肝恢孟嗤芍獌呻娏鞅淼牧砍?，根?jù)指針位置相同時(shí)大量程示數(shù)是小量程示數(shù)的5倍可知兩者的大小關(guān)系，根據(jù)并聯(lián)電路的電流關(guān)系可知兩電阻中電流的關(guān)系，根據(jù)并聯(lián)電路的分流特點(diǎn)可知

36、兩電阻的關(guān)系，再根據(jù)歐姆定律求出兩電阻的電壓關(guān)系.20.如圖所示的電路中，電源電壓恒定不變，已知R=32，當(dāng)S和S1閉合、S2斷開時(shí)，電壓表和電流表的示數(shù)分別為U1和|1；當(dāng)S1斷開、S和S2閉合時(shí)，電壓表和電流表的示數(shù)分別為U2和I2,則U1：U2、|1：I2分別是（）A.1:1、4:3B.1:2、1:3C.1:1、1:491:4、1:1【答案】A【解析】【解答】解：當(dāng)S1閉合、8斷開時(shí)，等效電路圖如圖1所示；當(dāng)S斷開、S2閉合時(shí)，等效電路圖如圖2所示。圖L圖2電源的電壓不變，且兩種情況下電壓表測電源的電壓,所以兩次電壓表的示數(shù)不變，即Ui：U2=1：1；uuu闕匕兩電阻并聯(lián)，Ii=處的猶？

37、肥'3昭，2=&則1l：|24:3。故答案為：A。【分析】結(jié)合電路圖，理清開關(guān)處于不同狀態(tài)時(shí)元件的連接方式及電表的測量對象，根據(jù)電源的電壓不變判斷電壓表示數(shù)的變化，再根據(jù)并聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)和歐姆定律表示出各支路的電流，根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點(diǎn)判斷電流表示數(shù)的比值S,將滑片從左向右移動(dòng)，電流表的示數(shù)和燈L21 .一盞調(diào)光臺(tái)燈，其原理如圖所示，閉合兩端的電壓變化分別是（）A.變大、變大B變大、變小大【答案】C【解析】【解答】解：由電路圖可知，燈泡流，C變小、變小D變小、變L與滑動(dòng)變阻器 R串聯(lián)，電流表測電路中的電將滑片從左向右移動(dòng)時(shí)，接入電路中的電阻變大，電路的總電阻變大，由I可知，

38、電路中的電流變小，即電流表的示數(shù)變小，AB不符合題意；變阻器接入電路中的電阻變大，由串聯(lián)電路的分壓特點(diǎn)可知，滑動(dòng)變阻器兩端的電壓變大，燈泡兩端的電壓變小，C符合題意、D不符合題意。故答案為：Co【分析】結(jié)合電路圖，理清元件的連接方式，根據(jù)滑片的移動(dòng)可知接入電路中電阻的變口化，根據(jù)歐姆定律1=7可知電路中電流的變化，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)可知L兩端的電壓變化.22 .如圖所示，將條形磁鐵固定在靜止的小車上，電路連接完整后，閉合開關(guān)S時(shí)，小車不動(dòng)。變陽器的滑片P向左移動(dòng)到某一位置時(shí)，小車開始向左運(yùn)動(dòng)。則下列變陽器接入電路的方式正確的是（）A.a接e、d接f卜B.a接e、b接fC.c接e、d接fhD

39、.c接e、b接f【答案】A【解析】【解答】根據(jù)安培定則，右手握住螺線管，四指指向電流的方向，大拇指指向螺線管的左端為N極，與固定在靜止的小車上的條形磁鐵相互排斥；當(dāng)變阻器的滑片P向左移動(dòng)到某位置時(shí)，小車開始向左運(yùn)動(dòng)，說明斥力增大，則此時(shí)電路中的電流變大，磁性增強(qiáng)，則電阻變小，根據(jù)變阻器的接法，一上一下可知，a接e、d接f,如圖所示：故答案為：Ao【分析】此題涉及到安培定則、磁極間的相互作用、影響電磁鐵磁性強(qiáng)弱的因素、滑動(dòng)變阻器的接線柱的接法等多個(gè)知識(shí)點(diǎn).23.如圖甲所示，及為電阻箱調(diào)節(jié)R2時(shí)電流表示數(shù)I隨之變化。如圖乙所示是電阻箱阻值及與電流表示數(shù)的倒數(shù) 亍的圖象。則定值電阻 R與電源電壓U的大小分別為（）A. 5 a 30V【答案】B川 B. 5 a 2.5Vc. ioa 20Vd. ioa 10V【解析】【解答