【KS5U解析】四川省遂寧市第二中學(xué)2020屆高三上學(xué)期高考模擬（三）理綜物理試題 Word版含解析

1、遂寧市第二中學(xué)2020屆高三上學(xué)期高考模擬（三）理科綜合試卷物理部分考生注意：1、答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卷、機讀卡上?？忌J真核對。2、第i卷每小題選出答案后，用2b鉛筆把機讀卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號。第ii卷用黑色墨水簽字筆在答題卷上書寫作答，在試卷上作答，答案無效。3、考試結(jié)束后，請將答題卷和機讀卡一并上交。二、選擇題(共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，第1418題只有一項符合題目要求，第1921題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分)1.如圖所示為氫原子的能級結(jié)構(gòu)示

2、意圖，一群氫原子處于n=4的激發(fā)態(tài)，在向較低能級躍遷的過程中向外輻射出光子，用這些光子照射逸出功為2.22ev的金屬鉀。下列說法正確的是（）a. 這群氫原子能輻射出六種不同頻率的光，其中從n=4能級躍遷到n=3能級所發(fā)出的光波長最小b. 這群氫原子在輻射光子的過程中電子繞核運動的動能增大，電勢能減小c. 能發(fā)生光電效應(yīng)的光有三種d. 金屬鉀表面所發(fā)出的光電子的最大初動能是12.75ev【答案】b【解析】【詳解】a根據(jù)這群氫原子能輻射出六種不同頻率的光，其中從n=4能級躍遷到n=3能級所發(fā)出的光頻率最小，波長最長，故a錯誤；b氫原子向外輻射光子的過程中，能量減小，半徑減小，動能增加，電勢能減小，

3、故b正確；c在所有輻射出的光子中，只有從n=4躍遷到n=3，以及從n=3躍遷到n=2輻射的光子能量小于逸出功，所以能發(fā)生光電效應(yīng)的光有四種，故c錯誤；d從n=4躍遷到n=1輻射光子能量最大，發(fā)生光電效應(yīng)時產(chǎn)生的光電子最大初動能最大，最大值為12.75ev2.22ev=10.53ev故d錯誤。因此本題正確答案為b.2.在x軸上x=0和x=3a放置兩個點電荷q1、q2，連線上各點電勢隨x變化關(guān)系如圖所示，則（）a. q1、q2為同種電荷b. q1電荷量是q2電荷量4倍c. 帶負電的試探電荷在x=1.5a處的電勢能小于x=2.5a處的電勢能d. 02a電場強度沿x軸正方向，2a3a電場強度沿x軸負方

4、向【答案】c【解析】【詳解】a根據(jù)圖像可知，x=2a處電勢為零，因此q1、q2為異種電荷，故a錯誤；b根據(jù)題目所給信息無法求解兩點電荷電量之比，故b錯誤；c由圖可知，x=1.5a處的電勢高于x=2.5a處的電勢，根據(jù)，負電荷在電勢越高的地方電勢能越低，故c正確；d沿電場線方向電勢逐漸降低，故03a電場線方向均沿x軸正方向，故d錯誤。故選c。3.理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比n1：n2=4：1，電壓表和電流表均為理想電表,燈泡電阻rl=5，ab端電壓，則（）a. 電流表的讀數(shù)為0.2 ab. 變壓器輸入功率為1.6 wc. 原線圈的輸入電壓的有效值為d. 交變電流的方向在單位時間內(nèi)改變50次【答案】

5、d【解析】【詳解】ac原線圈電壓的有效值u1=8v根據(jù)可得副線圈電壓的有效值u2=2v由歐姆定律可得 則電流表的讀數(shù)為0.4a，故ac錯誤；b變壓器輸入功率等于輸出功率p=u2i2=0.8w故b錯誤；d根據(jù)交變電壓的表達式可得=50rad/s=2f解得f=25hz故在單位時間內(nèi)電流方向改變50次，故d正確。故選d。4.土星環(huán)被認為是太陽系內(nèi)所觀察到的令人印象最深刻的景觀，土星環(huán)在赤道上方可延伸至120700公里處，其主要成分是水冰和無定型碳。環(huán)的內(nèi)層可以看做土星的一部分，而外層則是繞著土星做獨立的圓周運動，則（）a. 對于外層中的物體而言，軌道越高則線速度越大b. 對于內(nèi)層中的物體而言，軌道越

6、高則加速度越小c. 若外層區(qū)域存在稀薄大氣，外層物質(zhì)軌道將降低，降低過程中機械能將增大d. 若外層區(qū)域存在稀薄大氣，外層物質(zhì)軌道將降低，降低過程中線速度將增大【答案】d【解析】【詳解】a對外層中的物體而言，萬有引力提供向心力 其線速度因此軌道越高則線速度越小，故a錯誤；b對于內(nèi)層中的物體而言，其角速度與土星相同，保持不變，故加速度，因此軌道越高則加速度越大，故b錯誤；c若外層區(qū)域存在稀薄大氣，由于阻力使速度減小，物體做近心運動，外層物質(zhì)軌道將降低，此過程中空氣阻力做負功，故機械能將減小，故c錯誤；d近心運動過程中，阻力做負功，但引力做正功，且引力比阻力大的多，故線速度將增加，故d正確。故選d。

7、5.如圖所示，線框abcd由四根完全相同的導(dǎo)體捧連接而成，ac也通過同種材質(zhì)的導(dǎo)體棒連接，其中ab=bc=cd=ad=l，固定在勻強磁場中，線框所在平面與磁場方向垂直，現(xiàn)將直流電源e連接在線框的a、c兩點之間，此時導(dǎo)體棒ab所受安培力大小為f，則整個線框所受安培力的大小為（）a. 2fb. c. d 3f【答案】b【解析】【詳解】由于ab所受安培力為f，根據(jù)疊加原理可知abc所受總安培力為，則adc所受的安培力也為，而故電流之比安培力之比為故因此整個線框所受安培力大小為故選b。6.白熾燈泡l的伏安特性曲線如圖所示，則說法正確的是（）a. 燈泡l的阻值隨電流的增大而減小b. 若燈絲的長度和橫截面

8、積未改變，則該材料電阻率隨著電壓的變大而變大c. 若將兩個燈泡并聯(lián)，再與電動勢為e=5v，內(nèi)阻為r=2.5的電源串聯(lián)在一起，燈泡l消耗的電功率約1.8wd. 若將兩個燈泡并聯(lián)，再與電動勢為e=5v，內(nèi)阻為r=2.5的電源串聯(lián)在一起，燈泡l的電阻約【答案】bd【解析】【詳解】a由ui特性曲線知，曲線斜率的倒數(shù)表示電阻，斜率逐漸減小，故電阻逐漸變大，故a錯誤；b根據(jù)電阻定律可知：在長度和橫截面積不改變的情況下，電阻與電阻率成正比，電阻逐漸變大，故電阻率逐漸變大，故b正確；c若將兩個燈泡并聯(lián)，再與電動勢為e=5v，內(nèi)阻為r=2.5的電源串聯(lián)在一起，則根據(jù)閉合電路歐姆定律可知：e=u+2ir，帶入數(shù)據(jù)

9、：u=55i在圖中做出其曲線可以發(fā)現(xiàn)交點為（2，0.6），即燈泡的工作點，故其功率為p=ui=1.2w電阻故c錯誤，d正確。故選bd。7.一個質(zhì)量為m的人乘坐電梯，由靜止開始上升，整個過程中支持力的功率隨時間變化的pt圖象如圖所示，取g=10m/s2，加速和減速過程均為勻變速運動，勻速運行時速度v=2m/s，忽略一切阻力，則以下說法正確的是（）a. 人的質(zhì)量m=60kgb. 圖中t1的值為2sc. 圖中p2的值為1330wd. 電梯加速階段對人所做的功小于減速階段對人所做功【答案】cd【解析】【詳解】a勻速運動時，支持力等于重力，則有：因此質(zhì)量故a錯誤；bt1時刻速度v=2m/s，故支持力為加

10、速度故時間為故b錯誤；c減速的加速度支持力支持力的功率為故c正確；d加速階段支持力做功減速階段支持力做功故d正確。故選bd。8.如圖所示，一根粗細和質(zhì)量分布均勻細繩，兩端各系一個質(zhì)量都為2kg的環(huán)，環(huán)套在固定水平桿上，兩環(huán)靜止時，繩子過環(huán)與細繩結(jié)點p、q的切線與豎直方向的夾角均為，已知繩子的質(zhì)量也為2kg，重力加速度大小為g=10m/s2，則兩環(huán)靜止時（）a. 每個環(huán)對桿的壓力大小為20nb. 左側(cè)半根繩子對右側(cè)半根繩子的拉力大小為c. 由于熱脹冷縮，冬季兩相鄰線桿之間的導(dǎo)線長度會有所減少，若兩環(huán)位置不變，則冬季相比于夏季桿對環(huán)的摩擦力增大d. 在繩的最低點施加豎直向下的力使繩的最低點緩慢下降

11、（環(huán)仍保持靜止），則繩重心將下降【答案】bc【解析】【詳解】a對兩個圓環(huán)及繩子整體分析，由平衡可知，每個圓環(huán)對桿的壓力分別為 故a錯誤；b以左側(cè)半根繩子為研究對象，可知右側(cè)半根繩子對左側(cè)半根繩子拉力方向水平向右，根據(jù)平衡條件，有水平方向豎直方向解得故b正確；c冬季相比于夏季繩子兩端切線與桿的夾角變小，故繩子與圓環(huán)之間的張力變大，因此沿桿方向的分力變大，故環(huán)與桿之間的摩擦力變大，故c正確；d由于繩的最低點緩慢下降，故動能不變，因此合外力做功為零，拉力對繩子做正功，故重力只能對繩子做負功，因此重心升高，故d錯誤。故選bc。三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分。第22題25題為必考題，每個試題考生

12、都必須作答。第3334題為選考題，考生根據(jù)要求作答。9.在“驗證力的平行四邊形定則”的實驗中，某同學(xué)進行實驗的主要步驟是：a.如圖甲所示，將橡皮筋的一端固定在木板上的a點，另一端拴上兩根繩套，每根繩套分別連著一個彈簧測力計；b.沿著兩個方向拉彈簧測力計，將橡皮筋的活動端拉到某一位置，將此位置標(biāo)記為o點，讀取此時彈簧測力計的示數(shù)，分別記錄兩個拉力f1、f2的大小。用筆在兩繩的拉力方向上分別標(biāo)記a、b兩點，并分別將其與o點連接，表示兩力的方向；c.再用一個彈簧測力計將橡皮筋的活動端仍拉至o點，記錄其拉力f的大小并用上述方法記錄其方向；(1)本實驗用到的物理方法是_；(2)圖乙是在白紙上根據(jù)實驗數(shù)據(jù)

13、作出的力的圖示，其中_是f1和f2合力的理論值（填寫f或）；(3)實驗中的一次測量如圖丙所示，兩個測力計m、n的拉力方向互相垂直，即+，若保持測力計m的讀數(shù)不變，當(dāng)角由圖中所示的值逐漸減小時，要使橡皮筋的活動端仍在o點，可采用的辦法是_；a.增大n的讀數(shù)，增大角b.減小n的讀數(shù)，增大角c.減小n的讀數(shù)，減小角d.增大n的讀數(shù)，減小角【答案】 (1). 等效替代法 (2). (3). c【解析】【詳解】(1)1 合力與分力是等效替代的關(guān)系，所以本實驗采用的等效替代法；(2)2f1和f2合力的測量值是用一根彈簧秤拉的；f1和f2合力的理論值是根據(jù)平行四邊形定則作出的，故是f1和f2合力的理論值；(

14、3)3由題意可知：保持o點位置不動，即合力大小方向不變，彈簧測力計m的讀數(shù)不變，因此根據(jù)要求作出力的平行四邊形定則，畫出受力分析如圖所以由圖可知角逐漸變小時，n的示數(shù)減小，同時角減小，故abd錯誤，c正確。故選c。10.在科技發(fā)達的當(dāng)今社會，隨時隨地都可以看到科學(xué)技術(shù)在生活中的應(yīng)用，其中利用水果發(fā)電由于簡單并有趣吸引越來越多的學(xué)生進行研究。成都某中學(xué)的三位同學(xué)想通過實驗測量水果電池的電動勢和內(nèi)阻。(1)甲同學(xué)先用量程為3v的電壓表，直接測量水果電池兩極的電壓，電壓表的示數(shù)為1.8v，則水果電池的電動勢應(yīng)_（填“大于”“等于”或“小于”）1.8v。(2)乙同學(xué)用以下器材設(shè)計了如圖(a)所示的電路

15、。a.電壓表（03v，內(nèi)阻約6k）b.電流表（00.6a，ra=5）c.滑動變阻器（040）d.開關(guān)1個、導(dǎo)線若干閉合開關(guān)后，滑動變阻器的滑片，電流表與電壓表都示數(shù)很小且?guī)缀醪蛔儯ń?jīng)檢查，電路無故障），原因是_。若故障處理以后利用該同學(xué)的測量方法測得的電源內(nèi)阻_（偏大、偏小、準(zhǔn)確）。(3)丙同學(xué)使用1個電阻箱（09999）和1個電壓表（03v，內(nèi)阻很大，可視為理想電壓表），設(shè)計了如圖(b)所示的實驗電路，改變電阻箱的阻值r得到多組電壓表的示數(shù)u，以為縱坐標(biāo)，為橫坐標(biāo)，得到如圖(c)所示的圖像。根據(jù)圖像可得到水果電池的電動勢為 _，內(nèi)阻為_?！敬鸢浮?(1). 大于 (2). 水果電池的內(nèi)阻很大

16、，滑動變阻器所分得的電壓很小 (3). 偏小 (4). (5). 【解析】【詳解】(1)1由于水果電池有內(nèi)阻，所以電壓表的示數(shù)為外電壓，小于電源電動勢；(2)23電路無故障，外電壓幾乎為零，說明外電阻遠小于內(nèi)電阻；由于電壓表具有分流作用，因此導(dǎo)致測量的實際為電源和電壓表并聯(lián)以后的總電阻，故測量值偏小；(3)45由閉合電路歐姆定律得：變形可得所以圖像的斜率為截距的絕對值為因此電源電動勢內(nèi)阻。11.如圖所示，兩正對的豎直平行金屬板ab、cd的長度均為l4cm、板間距離d6cm，p為a、c連線的中點；ab的延長線上有一點o和足夠長的熒光屏。一質(zhì)量m2×106kg、電荷量q3×10

17、6c的帶正電油滴從p點由靜止釋放后，恰好從cd板的下邊緣d處射出電場。若油滴射出電場的同時，在o點固定一點電荷，同時在空間加一豎直向上的勻強電場，結(jié)果油滴離開d點后做勻速圓周運動并恰好垂直打到熒光屏上。靜電力常量k9×109nm2/c2，取g10m/s2，空氣阻力不計。求：(1)金屬板兩板間的電壓u；(2)該點電荷的電荷量q（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）?！敬鸢浮?1)(2)q6.9×1012c【解析】【詳解】(1)對油滴：又且電勢差：得：(2)由幾何關(guān)系得油滴的軌道半徑為：油滴從p點到d點加速度：油滴到達d點時速度：油滴做圓周運動：聯(lián)立解得：q6.9×c12.如圖所示

18、，兩根間距為l=2m的金屬導(dǎo)軌，電阻不計，左端與水平面傾角為，其余水平，水平導(dǎo)軌左側(cè)cdef區(qū)域存在豎直向上的勻強磁場i，其中ce=df=d=2m，磁感應(yīng)強度大小為b1=1t，右側(cè)有另一豎直向下的磁場ii，且右側(cè)導(dǎo)軌足夠長，磁感應(yīng)強度大小為b2=2t。有兩根質(zhì)量均為m=2kg、電阻均為r=2的金屬棒a與b與導(dǎo)軌垂直放置，b棒置于磁場ii中pq處，導(dǎo)軌除p、q兩處（對應(yīng)的距離極短）外其余均光滑，兩處對棒可產(chǎn)生總的最大靜摩擦力為棒重力的k=0.5倍，a棒從傾斜導(dǎo)軌ab處由靜止釋放，忽略cd位置的能量損失。(1)若a棒釋放高度大于h0，則a棒進入磁場i時才會使b棒運動，請求出h0。(2)若將a棒從高

19、度h1=1m釋放，導(dǎo)體棒在到達ef邊界前的某點時，累計通過pq的電荷量q=0.4c，求該點距離cd的距離x；(3)在第(2)問中，若a棒穿出磁場i區(qū)域時速度為v1=4m/s，且當(dāng)a棒進入磁場ii區(qū)域時，b棒可以運動，則從開始釋放a棒到最后穩(wěn)定的過程中，b棒產(chǎn)生的熱量？（a、b足夠遠未碰撞）【答案】(1)h0=1.25m；(2)x=0.8m；(3)?！窘馕觥俊驹斀狻?1)對a棒由動能定理：電動勢：，電流：，b棒所受安培力：得：h0=1.25m(2)由于h1<h0，故b棒不動，電動勢：，電流：，電流：得：x=0.8m(3)a棒未進入ii區(qū)之前對系統(tǒng)由能量守恒：a棒進入ii區(qū)后對系統(tǒng)由動量守恒

20、：a棒進入ii區(qū)后對系統(tǒng)由動量守恒：故b棒產(chǎn)生的總熱量：13.下列說法正確的是（ ）a. 質(zhì)量和溫度相同的冰和水，內(nèi)能不同b. 溫度高的物體不一定比溫度低的物體內(nèi)能大c. 物體放熱，同時對外做功，其內(nèi)能可能增加d. 布朗運動是液體分子與固體分子的共同運動e. 氣體擴散現(xiàn)象表明了氣體分子的無規(guī)則運動【答案】abe【解析】【詳解】a質(zhì)量和溫度相同的冰和水，平均動能相同，但是分子勢能不同，則內(nèi)能不同，選項a正確；b物體的內(nèi)能與物體的溫度、體積以及物質(zhì)的量等都有關(guān)，則溫度高的物體不一定比溫度低的物體內(nèi)能大，選項b正確；c根據(jù)熱力學(xué)第一定律，物體放熱，同時對外做功，其內(nèi)能一定減小，選項c錯誤；d布朗運動

21、是固體顆粒的無規(guī)則運動，是液體分子無規(guī)則運動的表現(xiàn)，選項d錯誤；e氣體擴散現(xiàn)象表明了氣體分子的無規(guī)則運動，選項e正確。14.如圖所示，有兩個不計質(zhì)量和厚度的活塞m、n，將兩部分理想氣體a、b封閉在絕熱汽缸內(nèi)，溫度均是27 。m活塞是導(dǎo)熱的，n活塞是絕熱的，均可沿汽缸無摩擦地滑動，已知活塞的橫截面積均為s2 cm2，初始時m活塞相對于底部的高度為h127 cm，n活塞相對于底部的高度為h218 cm?，F(xiàn)將一質(zhì)量為m1 kg的小物體放在m活塞的上表面上，活塞下降。已知大氣壓強為p01.0×105 pa。(g10 m/s2)求下部分氣體的壓強多大；現(xiàn)通過加熱絲對下部分氣體進行緩慢加熱，使活塞m回到原來的位置，求應(yīng)使下部分氣體的溫度升高到多少攝氏度。 【答案】1.5×105 pa 252【解析】【詳解】以兩個活塞和重物作為整體進行受力分析得：psmgp0s 得pp01.5×105 pa。 對下部分氣體進行分析，初狀態(tài)壓強為p0，體積為h2s，溫度為t