《計算機網絡》作業(yè)及答案WORD

1、文檔可能無法思考全面，請瀏覽后下載! 計算機網絡作業(yè)一、填空題1光纖通訊中，按使用波長區(qū)的不同可分 光纖通訊方式和 光纖通訊方式。單模，多模2網絡互連設備按照它們執(zhí)行協(xié)議和功能轉換的不同，可以分為中繼器、網橋、路由器和網關，其中 只負責數(shù)據(jù)鏈路層，而 專門用于高層協(xié)議的轉換。網橋，網關3計算機網絡的功能主要表現(xiàn)在數(shù)據(jù)通訊，資源共享，提高可靠性，促進分布式數(shù)據(jù)處理和分布式數(shù)據(jù)庫的發(fā)展4用電路交換技術完成數(shù)據(jù)傳輸要經歷建立，傳輸、拆除過程。5碼元速率是指每秒鐘發(fā)送的二進制碼元數(shù)6ISDN的含義是綜合業(yè)務數(shù)據(jù)網7物理層的四個特性是機械，電氣，功能，規(guī)程。8Internet中的URL是指 ，IP地址1

2、54的網絡號是 。統(tǒng)一資源定位器，118716899在OSI的管理體系中，定義了五個管理功能，它們是配置管理，故障管理，性能管理，記帳管理，安全管理10對于路由選擇算法而言，固定路由選擇屬于靜態(tài)路由選擇策略，分布路由選擇屬于動態(tài)路由選擇策略。 11ISDN的含義是綜合業(yè)務數(shù)據(jù)網。 12調制解調器采用的數(shù)字調制技術有三種基本方式，即振幅調制（ASK）、頻率調制(FSK)和相位調制（PSK）。 13計算機網絡的定義是自主互連的計算機集合14數(shù)據(jù)鏈路層的基本功能是向高層用戶提供透明的，可靠的的數(shù)據(jù)傳輸基本服務。 15Internet中的SNMP是指簡單的網絡管理協(xié)議，PPP是指點

3、對點協(xié)議。16計算機網絡系統(tǒng)由通信子網和資源子網組成。17抽象語法是對數(shù)據(jù)描述和編碼的描述。18ISP是專業(yè)從事于Interne服務提供的商業(yè)機構。19當數(shù)據(jù)報在物理網絡中進行傳輸時，IP地址被轉換成物理/MAC地址。20局域網協(xié)議把OSI的數(shù)據(jù)鏈路層分為MAC子層和LLC子層。 21計算機通信網中常用的三種有線傳輸介質是同軸電纜，雙絞線，光纖。 22根據(jù)ASN.1的編碼規(guī)則，Integer 48的編碼是00000010000000010011000023ARP的作用是實現(xiàn)目標主機IP地址到目標主機MAC地址的轉換24網絡協(xié)議的三要素為語法，語義和定時（時序、同步）25對稱加密體制與公鑰加密體

4、制的主要差別在于加解密所用的密鑰是否相同二、選擇題1在計算機網絡中，互相連接的結點之間賴以互相通信和交換數(shù)據(jù)的基礎是 B 。 A.網絡語言 B.網絡協(xié)議 C.網絡接口 D.網絡標準2想要組成一個網絡，對于服務器的要求，正確的說法是 D 。 A.必須有服務器 B.可有可無 C.不需要服務器 D.根據(jù)網絡類型的要求而定 3計算機網絡通信采用同步和異步兩種方式，但傳送效率最高的是 A 。 A.同步方式 B.異步方式 C.同步與異步方式傳送效率相同 D.無法比較4電纜可以按照其物理結構類型分類，目前計算機網絡使用最普遍的電纜類型有同軸電纜、雙絞線和 5 / 5C 。 A.電話線 B.輸電線 C.光纖

5、D.天線 5關于OSI參考模型陳述正確的是 B 。 A.每層之間相互直接通訊 B.物理層直接傳輸數(shù)據(jù) C.數(shù)據(jù)總是由應用層傳輸?shù)轿锢韺?D.數(shù)據(jù)總是由物理層傳輸?shù)綉脤?在TCP/IP協(xié)議集中， B 協(xié)議是每個應用程序必須使用的。A.TCP（傳輸控制協(xié)議） B.IP（Internet協(xié)議）C.UDP（用戶數(shù)據(jù)報協(xié)議） D.ARP（地址解析協(xié)議） 7Ethernet LAN采用的媒體訪問控制方法為 D 。 A.CSMA B.CSMA/CA C.CDMA D.CSMA/CD 8ISDN的基速接口提供了 B 。 A.1B+D B.2B+D C.23B+D D.64B+D 9網絡協(xié)議主要要素為 C A

6、.數(shù)據(jù)格式、編碼、信號電平 B.數(shù)據(jù)格式、控制信息、速度匹配C.語法、語義、同步 D.編碼、控制信息、同步 10SNMP是 D 協(xié)議的一部分，用來監(jiān)視和檢修網絡的運行情況。 A.IPX/SPX B.TCP C.UDP D.TCP/IP11下面不屬于網絡拓樸結構的是 C 。 A.星形結構 B.總線結構 C.層次結構 D.網狀結構 12兩臺計算機利用電話線傳輸數(shù)據(jù)信號，其必備的設備是 C 。 A.網卡 B.中繼器 C.調制解調器 D.同軸電纜13通過改變載波信號的相位值來表示數(shù)字信號1、0的方法叫 B 。 A.ASK B.PSK C.FSK D.ATM14關于以太網網卡地址的說法正確的是 A 。

7、A.在世界范圍內唯一 B.在世界范圍內不唯一 C.在一定范圍內唯一 D.在一定范圍內不唯一15物理層采用 D 手段來實現(xiàn)物理連接。 A.物理設備 B.物理媒體 C.傳輸差錯控制 D.物理層協(xié)議規(guī)定的四種特性16PCM調制中T1鏈路的標準速率是 A 。 A.1.544M B.3.096M C.2.048M D.8000K17在ATM網絡中，ATM結點 A 。A.只做信頭的CRC校驗，不做差錯控制 B.不做信頭的CRC校驗，不做差錯控制 C.既做信頭的CRC校驗，也做差錯控制 D.不做信頭的CRC校驗，只做差錯控制 18TCP/IP應用程序中 C 用于測試網絡中主機是否可達。 A.FTP B.TF

8、TP C.PING D.REXEC19一座大樓內的一個計算機網絡系統(tǒng)，屬于 B A.PAN B.LAN C.MAN D.WAN20計算機網絡中可以共享的資源包括 A A.硬件、軟件、數(shù)據(jù)、通信信道 B.主機、外設、軟件、通信信道 C.硬件、程序、數(shù)據(jù)、通信信道 D.主機、程序、數(shù)據(jù)、通信信道21在OSI七層結構模型中，處于數(shù)據(jù)鏈路層與運輸層之間的是 B A.物理層 B.網絡層 C.會話層 D.表示層22Intranet技術主要由一系列的組件和技術構成，Intranet的網絡協(xié)議核心是 C A.ISP/SPX B.PPP C.TCP/IP D.SLIP23數(shù)據(jù)鏈路層中的數(shù)據(jù)塊常被稱為 C A.信

9、息 B.分組 C.幀 D.比特流24DNA是 A 推出的網絡體系。 A.DEC B.IBM C.CCITT D.IEEE25數(shù)據(jù)鏈路層中的數(shù)據(jù)塊常被稱為 C 。 A.信息 B.分組 C.幀 D.比特流三、計算題1若采用生成多項式為x4+x2+x+1，信息位為1111101，求出循環(huán)冗余位，加在信息位后形成的碼字，若經HDLC（比特填充）發(fā)送，求發(fā)送序列。解： 0011，11111010011，1111100100112通信信道速率為1Gb/s，端到端時延為10ms。TCP的發(fā)送窗口為65535字節(jié)。試問：可能達到的最大吞吐量是多少？信道的利用率是什么？解：10ms×2=20ms每20

10、ms可以發(fā)送一個窗口大小的通信量，每秒50個窗口（1000ms÷20ms=50）。65535×8×50=26.214Mb/s26.214Mb/s÷1000Mb/s2.6%所以，最大吞吐量是26.214Mb/s，信道的利用率約為2.6%3在帶寬為64K的信道上，在任何時刻數(shù)字信號可取0、1、2和3四種電平之一，則最大的數(shù)據(jù)率是多少？解：C=2Hlog2L H=64Kbps, L=4 , 所以C2*64*log24= 256K4在10km長的令牌環(huán)局域網上，有100個站點，每站引入1位延遲，數(shù)據(jù)速率為10Mbps，信號傳播速度為200m/s,問該環(huán)的位長度為

11、多少？該環(huán)網的實際等效位長度為多少？解：延遲為10000200=50/s環(huán)的位長度5×10+1×100=600位，1位延遲相當于多少米電纜 1bit/10bit/s×200m/s=0.1s/位×200m/s=20m，環(huán)網的實際等效長度為 10Km+20m/站×100站=12km 5在帶寬為4K的信道上，采用16種狀態(tài)編碼，求出在以下兩種情況下的最大速率？ 理想信道； 信噪比為30dB； （請給出公式與計算步驟）解：（1）C=2Hlog2L=2*4*log216=2*4*4=32K （2）30=10lg(S/N) S/N=1000 C=Hlog2

12、(1+S/N) =4*log2(1+1000) 40K6一個ATM網絡使用令牌漏桶方案管制交通。每5微秒鐘放入漏桶一個新的令牌。試問最大的可持續(xù)的凈數(shù)據(jù)速率（即不包括頭位）是多少？解：在令牌漏桶算法中，漏桶可以保留令牌。由一個時鐘每隔T秒生成一個令牌，每傳送一個分組，就必須得到和消耗一個令牌。例如對于一個保留著3個令牌的桶，如果有5個分組等著傳送，那么5個分組中的3個可以被立即傳送出去，但其余2個必須等待新令牌的生成。每5微妙產生1個令牌，1秒=106微妙，1秒鐘可以發(fā)送2×105個信元。每個信元含有48個數(shù)據(jù)字節(jié)，即8×48=384個比特。384×2×

13、105=76.8×106bps，所以，最大的可持續(xù)的凈數(shù)據(jù)速率為76.8Mbps四、簡答題1簡述網絡層的功能；（1）為傳輸層提供電路交換、數(shù)據(jù)包交換和虛電路交換服務；（2）提供路由功能；（3）擁塞控制2分析PCM中的T1鏈路的的采樣頻率及復用線路數(shù)，并計算其速率。（1）采樣頻率是8000次/秒，或者是125微秒/次；（2）24條線路復用，27128級采樣；（3）速率是（24*8+1）*8000=1.544M3分析CSMA技術常采用的三種退讓算法；三種退讓算法分別是：不堅持CSMA，1-堅持CSMA，P-堅持CSMA。其中 非堅持CSMA(non-persistent CSM

14、A)：（1）監(jiān)聽到介質"閑"，則發(fā)送；（2）監(jiān)聽到介質"忙"，按一定退避算法延遲一段時間， 返回（1）。  優(yōu)點：采用隨機重傳時間減少碰撞概率；  缺點：延遲時間內可能會出現(xiàn)通道閑的情況，利用率不高。1-堅持CSMA：（1）當介質一旦"閑"，packet以概率為1的原則發(fā)送；（2）介質"忙",連續(xù)監(jiān)聽，直至監(jiān)聽到通道"閑",返回（1）。 優(yōu)點：提高信道利用率。  缺點：若有兩個或更多的站同時在監(jiān)聽信道，則一旦信道空閑就必然使這

15、些同時發(fā)送的packet互相沖突。P-堅持CSMA：（1）若介質"閑"，以0<p<1的概率發(fā)送，以概率(1-p)延遲一段時間再發(fā)送。（2）介質"忙"，則繼續(xù)偵聽到信道閑，返回（1）。這三種堅持各有優(yōu)缺點：    非堅持不能充分利用信道剛剛轉入空閑期的這段時間。1-堅持又容易在上述這段時間產生沖突。  p堅持可以在一定長度上克服這些缺點，但卻很難選擇一個能用于各種通信量強度的p值。4分析LAN中HUB的不足之處；沖突大，延遲長，效率低，對接入設備受限，無法并行5畫出用模擬信號傳輸數(shù)字信號的傳輸模

16、型；信源 調制器 傳輸介質 解調器 信宿 噪聲6試說明DDoS的攻擊原理和攻擊過程DDoS的原理是利用TCP連接的特點，消耗攻擊對象的資源，至到停止服務。過程是：（1）攻擊者利用工具軟件尋找網絡中其它計算機的漏洞；（2）在選擇的Agent對象上安裝并隱藏攻擊程序；（3）發(fā)布攻擊命令，對攻擊對象實施攻擊；7簡述56K調制解調器的主要特點和工作原理。（1）非對稱，上行33.6K，下行是56K； （2）主干線路的變化，使得目前的應用減少了一次A/D變換過程，提高了信噪比； （3）原理是采用了正交加速度調制，利用總卷積碼8簡述VLAN的原理和作用。安全性好、效率高、配置簡單、隔離廣播風暴， 原理是在交換機上利用硬件劃分子網。9比較面向連接和無連接服務的差異。面向連接和無連接就是虛電路子網和數(shù)據(jù)報子網的差別，無連接服務面向連接的服務延時分組傳輸延遲電路建立，分組傳輸延時路由選擇每個分組單獨選擇路由建立虛電路時選擇路由，以后