河北獅州市2016_2017學(xué)年高二物理下學(xué)期周練試題承智班521

1、2016-2017學(xué)年第二學(xué)期高二承智班物理周練試題（5.21） 一、選擇題1圖中ABCD是一條長(zhǎng)軌道，其中AB段是傾角為的斜面，CD段是水平的，BC是與AB和CD都相切的一小段圓弧，其長(zhǎng)度可以略去不計(jì)一質(zhì)量為m的小滑塊在A點(diǎn)從靜止?fàn)顟B(tài)釋放，沿軌道滑下，最后停在D點(diǎn)，A點(diǎn)和D點(diǎn)的位置如圖所示，現(xiàn)用一沿軌道方向的力推滑塊，使它緩緩地由D點(diǎn)推回到A點(diǎn)，設(shè)滑塊與軌道間的動(dòng)摩擦系數(shù)為，則推力對(duì)滑塊做的功等于（ ） AmghBmgh+mghcot+mgSCmg（S+h/sin）D4mgh2一矩形線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直于磁場(chǎng)的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，穿過線圈的磁通量隨時(shí)間變化的圖象如圖甲所示，則下列說法中正確的是 (

2、 ) A. t0時(shí)刻線圈平面與中性面垂直B. t0.01 s時(shí)刻，Ö的變化率達(dá)最大C. t0.02 s時(shí)刻，交流電動(dòng)勢(shì)達(dá)到最大D. 該線圈相應(yīng)的交流電動(dòng)勢(shì)圖象如圖乙所示3如圖所示，要使Q線圈產(chǎn)生圖示方向的電流，可采用的方法有（ ） A. 閉合電鍵K后，把R的滑片右移B. 閉合電鍵K后，把P中的鐵心從左邊抽出C. 閉合電鍵K后，把Q靠近PD. 無需閉合電鍵K，只要把Q靠近P即可4如果要測(cè)量國(guó)際單位制中規(guī)定的三個(gè)力學(xué)基本物理量，應(yīng)該選用的儀器是（ ）A米尺、彈簧測(cè)力計(jì)、秒表B量筒、天平、秒表C米、天平、秒表D米尺、電子測(cè)力計(jì)、打點(diǎn)計(jì)時(shí)器5如圖所示的圓a、b、c，其圓心均在地球自轉(zhuǎn)軸線上，

3、b、c的圓心與地心重合，圓b的平面與地球自轉(zhuǎn)軸垂直對(duì)環(huán)繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星而言,下列說法錯(cuò)誤的是 ( ) A. 衛(wèi)星的軌道可能為aB. 衛(wèi)星的軌道可能為bC. 衛(wèi)星的軌道可能為cD. 同步衛(wèi)星的軌道一定為與b在同一平面內(nèi)的b的同心圓6在人類對(duì)微觀世界進(jìn)行探索的過程中，科學(xué)實(shí)驗(yàn)起到了非常重要的作用，下列說法符合歷史事實(shí)的是（ ）A. 德布羅意大膽的把光的波粒二象性推廣到了實(shí)物粒子，提出實(shí)物粒子也具有波動(dòng)性的假設(shè)B. 貝克勒爾通過對(duì)天然放射性現(xiàn)象的研究，發(fā)現(xiàn)了原子中存在原子核C. 盧瑟福通過粒子散射實(shí)驗(yàn)，證實(shí)了在原子核內(nèi)存在質(zhì)子D. 湯姆孫通過陰極射線在電場(chǎng)和在磁場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)實(shí)驗(yàn)，發(fā)現(xiàn)了陰極射

4、線就是高速氦核流7下列關(guān)于電場(chǎng)線的說法正確的是A. 電場(chǎng)中任何兩條電場(chǎng)線都可以相交B. 沿電場(chǎng)線的方向，電場(chǎng)強(qiáng)度逐漸減小C. 電場(chǎng)線越密的地方電場(chǎng)強(qiáng)度越大D. 電場(chǎng)線一定與帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡重合8如圖，兩滑塊A、B在光滑水平面上沿同一直線相向運(yùn)動(dòng)，滑塊A的質(zhì)量為m，速度大小為2vo，方向向右，滑塊B的質(zhì)量為2m，速度大小為v0，方向向左，兩滑塊發(fā)生彈性碰撞后的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)是（ ） A. A和B都向左運(yùn)動(dòng) B. A和B都向右運(yùn)動(dòng)C. A向左運(yùn)動(dòng)，B向右運(yùn)動(dòng)D. A靜止，B向右運(yùn)動(dòng)9如圖所示電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻r閉合電鍵S，電壓表示數(shù)為U,電流表示數(shù)為I, 在滑動(dòng)變阻器R2的滑片P由a

5、端滑到b端的過程中（ ） AU先變大后變小BI先變大后變小CU與I的比值先變小后變大DU變化量與I變化量的比值不變10如圖所示，某同學(xué)用同一彈簧測(cè)力計(jì)按圖甲、乙兩種方式測(cè)量某小桶的重力，甲圖中系小桶的輕繩較長(zhǎng)。下列說法中正確的是（ ） A甲圖中彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)比乙圖中的大B兩圖中彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)一樣大C甲圖中繩的拉力比乙圖中的大D乙圖中繩的拉力比甲圖中的大11如圖所示，質(zhì)量為M、長(zhǎng)為L(zhǎng)的長(zhǎng)木板放在光滑水平面上，一個(gè)質(zhì)量也為M的物塊（視為質(zhì)點(diǎn)）以一定的初速度從左端沖上木板，如果長(zhǎng)木板是固定的，物塊恰好停在木板的右端，如果長(zhǎng)木板不固定，則物塊沖上后在木板上最多能滑行的距離為（ ） A. L B.

6、3L/4 C. L/4 D. L/212如圖所示，在x軸上方存在著垂直于紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一個(gè)不計(jì)重力的帶電粒子從坐標(biāo)原點(diǎn)O處以速度v進(jìn)入磁場(chǎng)，粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度方向垂直于磁場(chǎng)且與x軸正方向成120°角，若粒子穿過y軸正半軸后在磁場(chǎng)中到x軸的最大距離為a，則該粒子的比荷和所帶電荷的正負(fù)是（ ） A 正電荷B 正電荷C 負(fù)電荷D 負(fù)電荷13從高處跳到低處時(shí)，為了安全，一般都是讓腳尖著地，這樣做是為了（ ）A減小沖量B減小動(dòng)量的變化量C增大與地面的沖擊時(shí)間，從而減小沖力D增大人對(duì)地面的壓強(qiáng)，起到安全作用14在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，一矩形金屬線框繞與磁感線垂直的轉(zhuǎn)動(dòng)軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，如

7、圖甲所示產(chǎn)生的交變電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖乙所示則下列說法正確的是（ ） A. t=0.01s時(shí)穿過線框的磁通量最小B. 該交變電動(dòng)勢(shì)的有效值為22 VC. 該交變電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式為e=22 sin（100t）VD. 電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值為22V時(shí)，線圈平面與中性面的夾角為30°15如圖所示，水平地面上有一個(gè)坑，其豎直截面為半圓，O為圓心，AB為沿水平方向的直徑若在A點(diǎn)以初速度v1沿AB方向平拋一小球，小球?qū)糁锌颖谏系淖畹忘c(diǎn)D點(diǎn)；而在C點(diǎn)以初速度v2沿BA方向平拋的小球也能擊中D點(diǎn)。已知COD=60°，則兩小球初速度大小之比v1：v2（小球視為質(zhì)點(diǎn)） A. 1：2B. 1：

8、3C. ：3D. ：216用電高峰期，電燈往往會(huì)變暗，其原理可簡(jiǎn)化為如下模型如圖所示，理想變壓器的副線圈上，通過輸電線連接兩只相同的燈泡L1和L2，輸電線的等效電阻為R，原線圈輸入有效值恒定的交流電當(dāng)開關(guān)S閉合時(shí)，下列說法正確的是（ ） A. 燈泡L1兩端的電壓增大 B. 副線圈輸出電壓減小C. 電阻R上的電流增大 D. 原線圈輸入功率減小17如圖甲所示，傾角的光滑斜面固定在水平面上，自然伸長(zhǎng)的輕質(zhì)彈簧一端固定在斜面底端的擋板上一質(zhì)量為m的小球，從離彈簧上端一定距離的位置靜止釋放，接觸彈簧后繼續(xù)向下運(yùn)動(dòng)小球運(yùn)動(dòng)的v-t圖象如圖乙所示，其中OA段為直線，AB段是與OA相切于A點(diǎn)的平滑曲線，BC是

9、平滑曲線，不考慮空氣阻力，重力加速度為g關(guān)于小球的運(yùn)動(dòng)過程，下列說法正確的是 A. 小球在tB時(shí)刻所受彈簧彈力大于B. 小球在tC時(shí)刻的加速度大于C. 小球從tC時(shí)刻所在的位置由靜止釋放后，不能回到出發(fā)點(diǎn)D. 小球從tA時(shí)刻到tC時(shí)刻的過程中重力勢(shì)能的減少量等于彈簧彈性勢(shì)能的增加量18在圖所示的四個(gè)電路中，電源內(nèi)阻不計(jì)，兩燈泡的阻值相等并小于滑動(dòng)變阻器的最大阻值，當(dāng)分別閉合開關(guān)S，移動(dòng)滑動(dòng)變阻器觸頭從最左端移至最右端時(shí)，能使其中一個(gè)燈一直由暗變亮同時(shí)，另一個(gè)燈一直由亮變暗，則符合要求的電路是（ ） 19可視為質(zhì)點(diǎn)的甲、乙兩球質(zhì)量分別為m、2m，在甲球由靜止釋放的同時(shí)乙球豎直向上拋出，兩球相碰前

10、瞬間速度大小都是v0，碰撞時(shí)間極短，碰后兩球粘在一起不計(jì)空氣阻力，當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間，選豎直向下為正方向，則（ ）A. 從釋放甲球到兩球相碰前瞬間，甲球所受重力的沖量為mv0B. 從釋放甲球到兩球相碰前瞬間，乙球動(dòng)量變化量為-2mvoC. 甲、乙碰撞后繼續(xù)上升的高度為D. 甲、乙碰撞過程中損失的機(jī)械能為20用水平力拉一物體在水平地面上從靜止開始做勻加速運(yùn)動(dòng)，t1時(shí)刻撤去拉力F，物體做勻減速運(yùn)動(dòng)，到t2時(shí)刻停止其速度時(shí)間圖 象如圖所示，且若拉力F做的功為W1，平均功率為P1；物體克服摩擦阻力做的功為W2，平均功率為P2，則下列選項(xiàng)正確的是 （ ） A. W1W2B. W1 = W2C. P1P2

11、D. P1 = P2 二、實(shí)驗(yàn)題21、如圖所示為一正在測(cè)量中的多用電表表盤 （1）如果是用×10 擋測(cè)量電阻，則讀數(shù)為_（2）如果是用直流10 mA擋測(cè)量電流，則讀數(shù)為_mA（3）如果是用直流5 V擋測(cè)量電壓，則讀數(shù)為_V、在“用電流表和電壓表測(cè)定電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻”的實(shí)驗(yàn)中 （1）備有如下器材A干電池1節(jié)B滑動(dòng)變阻器（020 ）C滑動(dòng)變阻器（01 k）D電壓表（03 V）E電流表（006 A）F電流表（03 A）G開關(guān)、導(dǎo)線若干其中滑動(dòng)變阻器應(yīng)選_，電流表應(yīng)選_（只填器材前的序號(hào)）（2）某同學(xué)根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)畫出的UI圖象如圖所示，由圖象可得電池的電動(dòng)勢(shì)為_ V，內(nèi)電阻為_ 三、計(jì)算

12、題22如圖1所示為某農(nóng)莊灌溉工程的示意圖，地面與水面的距離為H。用水泵從水池抽水（抽水過程中H保持不變），龍頭離地面高h(yuǎn)，水管橫截面積為S，水的密度為，重力加速度為g，不計(jì)空氣阻力。 （1）水從管口以不變的速度源源不斷地沿水平方向噴出，水落地的位置到管口的水平距離為10h。設(shè)管口橫截面上各處水的速度都相同。求：a每秒內(nèi)從管口流出的水的質(zhì)量m0；b不計(jì)額外功的損失，水泵輸出的功率P。（2）在保證水管流量不變的前提下，在龍頭后接一噴頭，如圖2所示。讓水流豎直向下噴出，打在水平地面上不反彈，產(chǎn)生大小為F的沖擊力。由于水與地面作用時(shí)間很短，可忽略重力的影響。求水流落地前瞬間的速度大小v。參考答案1B【

13、解析】試題分析：緩慢推動(dòng)，可認(rèn)為速度為零，即根據(jù)動(dòng)能定理可得，解得，在下落過程中，根據(jù)動(dòng)能定理可得，即，所以，B正確；考點(diǎn)：考查了動(dòng)能定理的應(yīng)用【名師點(diǎn)睛】本題重點(diǎn)是抓住來回兩個(gè)過程摩擦力做功相等，理解緩緩?fù)频囊饬x，對(duì)來和會(huì)兩個(gè)過程應(yīng)用動(dòng)能定理即可求解2B【解析】試題分析：由甲圖知t=0時(shí)刻磁通量最大，線圈平面應(yīng)在中性面，故A錯(cuò)誤；t=001s時(shí)刻，磁通量等于零，但的變化率達(dá)最大，故B正確；t=002s時(shí)刻，磁通量最大，交流電動(dòng)勢(shì)為零，故C錯(cuò)誤；由甲圖知交流電動(dòng)勢(shì)的圖象應(yīng)為正弦圖象，故D錯(cuò)誤；故選B?？键c(diǎn)：交流電的產(chǎn)生及變化規(guī)律3C【解析】閉合電鍵K后，把R的滑片右移，Q中的磁場(chǎng)方向從左向右，

14、且在減小，根據(jù)楞次定律，左邊導(dǎo)線電流方向向上故A錯(cuò)誤閉合電鍵K后，將P中的鐵心從左邊抽出，Q中的磁場(chǎng)方向從左向右，且在減小，根據(jù)楞次定律，左邊導(dǎo)線電流方向向上故B錯(cuò)誤閉合電鍵，將Q靠近P，Q中的磁場(chǎng)方向從左向右，且在增強(qiáng)，根據(jù)楞次定律，左邊導(dǎo)線的電流向下故C正確 若K不閉合，則P線圈中無磁場(chǎng)，故Q中不會(huì)有電流產(chǎn)生，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選C.點(diǎn)睛：解決本題的關(guān)鍵掌握感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件，即當(dāng)通過閉合回路中的磁通量發(fā)生變化，就會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，以及會(huì)運(yùn)用楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向.【答案】C【解析】試題分析：國(guó)際單位制中規(guī)定的三個(gè)力學(xué)基本物理量是長(zhǎng)度、質(zhì)量和時(shí)間，其測(cè)量工具分別是米尺、天平、秒表，故選項(xiàng)C正

15、確。考點(diǎn)：力學(xué)單位制【名師點(diǎn)睛】國(guó)際單位制中三個(gè)力學(xué)基本物理量是長(zhǎng)度、質(zhì)量和時(shí)間，基本單位是米、千克、秒，是常識(shí)性問題。5A【解析】衛(wèi)星在運(yùn)動(dòng)過程中所需要的向心力由地球的萬有引力提供，故地球必定在衛(wèi)星軌道的中心，即地心為衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的圓心因此軌道a是不可能的，而軌道b、c均是可能的軌道；故A錯(cuò)誤，BC正確；同步衛(wèi)星由于其周期和地球的自轉(zhuǎn)周期相同，相對(duì)于地球靜止，其軌道一定在赤道的上空，一定與軌道b共面故D正確此題選擇錯(cuò)誤的選項(xiàng)，故選A.點(diǎn)睛：解決本題的關(guān)鍵知道衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，圓心即為地心以及同步衛(wèi)星的軌道在赤道上空6A【解析】德布羅意大膽的把光的波粒二象性推廣到了實(shí)物粒子，提出

16、實(shí)物粒子也具有波動(dòng)性的假設(shè)，選項(xiàng)A正確；貝克勒爾首先發(fā)現(xiàn)天然放射性現(xiàn)象，但沒有發(fā)現(xiàn)原子中存在原子核，選項(xiàng)B錯(cuò)誤； 盧瑟福通過á粒子散射實(shí)驗(yàn)的研究得到了原子的核式結(jié)構(gòu)理論，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；湯姆孫通過陰極射線在電場(chǎng)和在磁場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)實(shí)驗(yàn)，發(fā)現(xiàn)了陰極射線就是高速電子流，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選A.7C【解析】電場(chǎng)中任何兩條電場(chǎng)線都不可以相交，選項(xiàng)A錯(cuò)誤； 沿電場(chǎng)線的方向，電場(chǎng)強(qiáng)度不一定逐漸減小，選項(xiàng)B錯(cuò)誤； 電場(chǎng)線越密的地方電場(chǎng)強(qiáng)度越大，選項(xiàng)C正確； 電場(chǎng)線不一定與帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡重合，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選C.8C【解析】?jī)苫瑝K碰撞過程動(dòng)量守恒，以兩滑塊組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，取水平向右方向?yàn)檎较?/p>

17、，碰撞前，A、B的速度分別為：vA=2v0、vB=v0碰撞前系統(tǒng)總動(dòng)量：P=mAvA+mBvB=m×2v0+2m×（-v0）=0，P=0，系統(tǒng)總動(dòng)量為0，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，則碰撞前后系統(tǒng)總動(dòng)量都是0；由于碰撞是彈性碰撞，則碰撞后二者的速度不能等于0，運(yùn)動(dòng)的方向一定相反故C正確，ABD錯(cuò)誤9AD【解析】試題分析：由圖可知，滑動(dòng)變阻器上下兩部分并聯(lián)，當(dāng)滑片在中間位置時(shí)總電阻最大，則在滑動(dòng)變阻器R2的滑片P由a端滑到b端的過程中，滑動(dòng)變阻器R2的電阻先增大后減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知電流，即電流表示數(shù)先減小后增大，故B錯(cuò)誤；又由，可知路端電壓先變大后變小；故A正確；U與I的比值就

18、是接入電路的R1的電阻與R2的電阻之和，所以U與I比值先變大后變小，故C錯(cuò)誤；因?yàn)?，所以，又由，所以U變化量與I變化量的比值不變，故D正確。所以AD正確，BC錯(cuò)誤。考點(diǎn)：閉合電路的歐姆定律、動(dòng)態(tài)電路【名師點(diǎn)睛】本題主要考查了閉合電路的歐姆定律、動(dòng)態(tài)電路?；瑒?dòng)變阻器上下兩部分并聯(lián)，當(dāng)滑片在中間位置時(shí)總電阻最大，則在滑動(dòng)變阻器R2的滑片P由a端滑到b端的過程中，滑動(dòng)變阻器R2的電阻先增大后減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知電流及電壓的變化情況，因?yàn)?，所以，又由，可知U變化量與I變化量的比值。10BD【解析】試題分析：由題意可知，彈簧秤是測(cè)量小桶的重力，而與繩子的長(zhǎng)短無關(guān)，故A錯(cuò)誤，B正確；當(dāng)一力進(jìn)行分

19、解時(shí)，當(dāng)夾角越小，分力越小，當(dāng)夾角越大時(shí)，分力也越大，甲圖中繩的拉力之間的夾角小于乙圖中的夾角，則甲圖中繩的拉力比乙圖中的小，故C錯(cuò)誤，D正確；故選BD考點(diǎn)：力的合成【名師點(diǎn)睛】考查彈簧秤的讀數(shù)與物體的重力的關(guān)系，掌握力的平行四邊形定則的內(nèi)容，注意力的分解時(shí)，夾角與分力關(guān)系，是解題的關(guān)鍵。11D【解析】小物塊所受合外力為滑動(dòng)摩擦力，設(shè)物塊受到的滑動(dòng)摩擦力為f，物塊的初速度v0；如果長(zhǎng)木板是固定的，物塊恰好停在木板的右端，對(duì)小滑塊的滑動(dòng)過程運(yùn)用動(dòng)能定理列出等式： 如果長(zhǎng)木板不固定，物塊沖上木板后，物塊向右減速的同時(shí)，木板要加速，最終兩者一起做勻速運(yùn)動(dòng)，該過程系統(tǒng)受外力的合力為零，動(dòng)量守恒，規(guī)定向

20、右為正方向，根據(jù)系統(tǒng)動(dòng)量守恒得：Mv0=（M+M）v對(duì)系統(tǒng)運(yùn)用能量守恒，有： 由以上各式解得：L=L故選D點(diǎn)睛：本題關(guān)鍵是明確木塊和木板的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，知道木板滑動(dòng)時(shí)，物塊和木板系統(tǒng)動(dòng)量守恒，掌握動(dòng)量守恒定律、動(dòng)能定理和能量的轉(zhuǎn)化與守恒定律的應(yīng)用，能量的轉(zhuǎn)化與守恒是本題的難點(diǎn)12D【解析】試題分析：由圖意可知粒子沿順時(shí)針方向運(yùn)動(dòng)，根據(jù)左手定則可得粒子帶負(fù)電 粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中虛線，紅色線段為圓的半徑，由已知得進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，半徑與x軸正方向的夾角為30°，所以有解得： ；洛倫茲力提供向心力，則有解得：，故選D考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)【名師點(diǎn)睛】本題考查帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，要

21、掌握住半徑公式、周期公式，畫出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡后，幾何關(guān)系就比較明顯了13C【解析】試題分析：人在和地面接觸時(shí)，人的速度減為零，由動(dòng)量定理可知：（F-mg）t=mv；而腳尖著地可以增加人著地的時(shí)間，由公式可知可以減小受到地面的沖擊力；故C正確，A、B、D錯(cuò)誤；故選：B?？键c(diǎn)：動(dòng)量定理14BC【解析】A. 由圖象知：t=0.01s時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零，則穿過線框的磁通量最大，故A錯(cuò)誤；B. 該交變電動(dòng)勢(shì)的最大值Em=V,該交變電動(dòng)勢(shì)的有效值為，故B正確；C. 由圖象得出周期T=0.02s,所以=2/T=100rad/s，當(dāng)t=0時(shí),電動(dòng)勢(shì)為零,線圈平面與磁場(chǎng)方向垂直,故該交變電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式為e

22、=sin(100t)V，故C正確；D. 電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值為22V時(shí),代入瞬時(shí)表達(dá)式,則有線圈平面與中性面的夾角正弦值，所以線圈平面與中性面的夾角為45°，故D錯(cuò)誤；故選：BC。【名師點(diǎn)睛】從圖象得出電動(dòng)勢(shì)最大值、周期，從而算出頻率、角速度；磁通量最大時(shí)電動(dòng)勢(shì)為零，磁通量為零時(shí)電動(dòng)勢(shì)最大；根據(jù)瞬時(shí)值及瞬時(shí)表達(dá)式求出線圈平面與中性面的夾角。15C【解析】小球從A點(diǎn)平拋，可得： ， 小球從C點(diǎn)平拋，可得： ， 聯(lián)立解得： ，故選項(xiàng)C正確。點(diǎn)睛：解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，掌握平拋運(yùn)動(dòng)的運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律。16C【解析】副線圈電壓由原線圈和匝數(shù)比決定

23、，而原線圈電壓和匝數(shù)比都沒有變，所以副線圈輸出電壓不變，故B錯(cuò)誤；開關(guān)S閉合后，負(fù)載電阻減小，而副線圈電壓不變，副線圈的電流增大，即通過電阻R的電流增大，R兩端的電壓增大，則燈泡L1兩端的電壓減小，故A錯(cuò)誤； C正確；原線圈的電壓不變，而電流增大，故原線圈的輸入功率增大，故D錯(cuò)誤故選C.點(diǎn)睛：本題主要考查了變壓器的原理，要知道開關(guān)S閉合后，副線圈的電流和功率都變大，難度不大，屬于基礎(chǔ)題17B【解析】由圖像可知，小球在tB時(shí)刻加速度大小為零，此時(shí) ，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；小球在tC時(shí)刻到達(dá)最低點(diǎn)，彈力達(dá)到最大值；小球在A點(diǎn)的加速度大小為，由圖像可知，在C點(diǎn)的切線的斜率大于在A點(diǎn)的切線的斜率，即小球在tC時(shí)

24、刻的加速度大于，選項(xiàng)B正確；由能量守恒定律可知，小球從tC時(shí)刻所在的位置由靜止釋放后，小球能回到出發(fā)點(diǎn)，選項(xiàng)C正確；小球從tA時(shí)刻到tC時(shí)刻的過程中重力勢(shì)能的減少量與動(dòng)能減小量之和等于彈簧彈性勢(shì)能的增加量，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選B.18C【解析】試題分析：對(duì)電路A，在變阻器由左向右滑動(dòng)時(shí)，燈泡L1逐漸變亮，對(duì)L2來說，當(dāng)P在最左端時(shí)，它與L1并聯(lián)的電阻會(huì)小于當(dāng)P在最右端時(shí)L2的電阻，故它也會(huì)變亮，A錯(cuò)誤；對(duì)電路B，當(dāng)P在最左端時(shí)，L1不發(fā)光，它會(huì)隨P向右移動(dòng)而發(fā)亮，當(dāng)P在最右端時(shí)電路中的總電阻與P在最左端時(shí)要小，故電流變大，L2也會(huì)變亮，B也錯(cuò)誤；對(duì)電路C，當(dāng)P在最左端時(shí)，L1不亮，L2亮，當(dāng)P在最右端時(shí)，L1亮，而L2不亮，故選項(xiàng)C正確；對(duì)電路D，當(dāng)P在最左端時(shí)，L1被短路，不亮，當(dāng)P向右滑動(dòng)時(shí)，L1始終被短路，故始終不亮，D錯(cuò)誤?？键c(diǎn)：動(dòng)態(tài)電路。19AD【解析】對(duì)甲球，根據(jù)動(dòng)量定理： ，所以A正確；乙球動(dòng)量的變化量，所以B錯(cuò)誤；設(shè)碰后的速度為v，根據(jù)動(dòng)量守恒： ，解得速度，設(shè)還能繼續(xù)上升的高度為h， 由可求：v=，故C錯(cuò)誤；損失的機(jī)械能，所以D正確。20BC【解析】試題分析：根據(jù)動(dòng)能定理得出拉力做功與物體克服阻力做功的大小關(guān)系，根據(jù)功率