《電勢能和電勢》訓練題(師)

1、1.（單選）在如圖所示的四個電場中，均有相互對稱分布的a、b兩點，其中a、b兩點電勢和場強都相同的是（）ABCD答案及解析：1.考點：電場強度；電勢.專題：電場力與電勢的性質專題分析：電場強度是矢量，既有大小又有方向，只有當大小均相同時，場強才相同電勢是標量，真空中點電荷電場的等勢線是以點電荷為球心的球面解答：解：A、ab兩點電勢相同，電場強度方向不同，場強不同故A錯誤 B、a點電場強度是由勻強電場與點電荷電場場強的合成，a點場強斜向右上方，b點場強斜向右下方，則兩點場強不同故B錯誤 C、根據對稱性，ab兩點場強相同，ab在同一等勢面上，電勢相同故C正確 D、a點場強方向向上，b點場強方向向下

2、，場強不同故D錯誤故選C點評：矢量要相同，只有大小和方向都相同才相同，相反當大小或方向之一變化時，矢量就變化2.（單選）如圖所示為某示波管內的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線則（）A場強EaEb，EbEcB電勢ab，cbC沿cba路徑移動質子與電子，電荷的電勢能改變是一樣的D沿bc方向直線射入的電子有可能做曲線運動答案及解析：2.考點：電勢；電場強度；電場線.專題：電場力與電勢的性質專題分析：沿電場線電勢降低，電場強度的大小與電場線的疏密的關系；沿著電場線方向電勢是降低的明確電荷在電場中的受力特點以及電場力做功情況，從而進一步判斷電勢能變化情況根據受力情況，分析電子的運動情況解答：解

3、：A、根據電場線的疏密表示電場強度的相對大小，可知EaEbEc故A正確B、沿著電場線方向電勢是降低的，同一等勢面上各點的電勢相等，則知cb=a故B錯誤C、沿cba路徑移動質子與電子，根據公式W=qU，知由于電子與質子的電性相反，電場力對質子做正功，對電子做負功，則質子的電勢能減小，電子的電勢能增大故C錯誤D、沿bc方向直線射入的電子，所受的電場力沿cb方向，電子做直線運動故D錯誤故選：A點評：本題關鍵是明確電場強度的大小看電場線的疏密程度，電場力做功看電荷的電性和電勢差，屬于基礎問題3.（多選）如圖所示，虛線a、b、c代表電場中的三個等勢面，相鄰等勢面之間的電勢差相等，即Uab=Ubc，實線為

4、一帶正電的質點僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點據此可知（）A三個等勢面中，a的電勢最高B帶電質點通過P點時的電勢能較Q點大C帶電質點通過P點時的動能較Q點大D帶電質點通過P點時的加速度較Q點大答案及解析：3.考點：等勢面；電勢能版權所有專題：電場力與電勢的性質專題分析：由于質點只受電場力作用，根據運動軌跡可知電場力指向運動軌跡的內側即斜向右下方，由于質點帶正電，因此電場線方向也指向右下方；電勢能變化可以通過電場力做功情況判斷；電場線和等勢線垂直，且等勢線密的地方電場線密，電場強度大解答：解：A、電荷所受電場力指向軌跡內側，由于電荷帶正電，因此電場線指向右下方，沿

5、電場線電勢降低，故c等勢線的電勢最高，a等勢線的電勢最低，故A錯誤；B、根據質點受力情況可知，從P到Q過程中電場力做正功，電勢能降低，故P點的電勢能大于Q點的電勢能，故B正確；C、從P到Q過程中電場力做正功，電勢能降低，動能增大，故P點的動能小于Q點的動能，故C錯誤；D、等勢線密的地方電場線密場強大，故P點位置電場強，電場力大，根據牛頓第二定律，加速度也大，故D正確故選BD點評：解決這類帶電粒子在電場中運動的思路是：根據運動軌跡判斷出所受電場力方向，然后進一步判斷電勢、電場強度、電勢能、動能等物理量的變化4.（單選）如圖所示，a、b、c為電場中同一條電場線上的三點，其中c為ab的中點已知a、b

6、兩點的電勢分別為a=3V，b=9V，則下列敘述正確的是（）A該電場在c點處的電勢一定為6VB正電荷從a點運動到b點的過程中電勢能一定增大Ca點處的場強Ea一定小于b點處的場強EbD正電荷只受電場力作用從a點運動到b點的過程中動能一定增大答案及解析：4.考點：電勢能；電場強度版權所有分析：題中是一條電場線，無法判斷該電場是否是勻強電場，不能確定c點處的電勢根據正電荷在電勢高處電勢能大，分析電勢能的關系由能量守恒分析動能關系解答：解：A、若該電場是勻強電場，則在c點處的電勢為c=V=6V，若該電場不是勻強電場，則在c點處的電勢為c6V故A錯誤BD、根據正電荷在電勢高處電勢能大，可知正電荷從a點運動

7、到b點的過程中電勢能一定增大，而由能量守恒得知，其動能一定減小故B正確，D錯誤C、一條電場線，無法判斷電場線的疏密，就無法判斷兩點場強的大小，所以a點處的場強Ea不一定小于b點處的場強Eb故C錯誤故選：B點評：電場線的疏密可表示電場強度的相對大小，但一條電場線，無法判斷電場線的疏密，就無法判斷兩點場強的大小但可根據電勢的高低判斷電勢能的大小5.（單選）用電場線能很直觀、很方便地比較電場中各點場強的強弱如圖甲是等量異種點電荷形成電場的電場線，圖乙是場中的一些點：O是電荷連線的中點，E、F是連線中垂線上相對O對稱的兩點，B、C和A、D也相對O對稱則（）AE、O、F三點比較，O點電勢最高BA、D兩點

8、場強大小相等，方向相反CE、O、F三點比較，O點場強最強DB、O、C三點比較，O點場強最強答案及解析：5.考點：電場的疊加；電場強度；電勢版權所有專題：電場力與電勢的性質專題分析：根據電場線的疏密判斷場強的大小，電場線越密，場強越大；電場線越疏，場強越小根據等量異種點電荷形成電場的電場線分布的對稱性分析對稱點場強的大小關系等量異種點電荷連線的中垂線是一條等勢線解答：解：A、等量異種點電荷連線的中垂線是一條等勢線E、O、F三點電勢為0故A錯誤B、根據對稱性看出，A、D兩處電場線疏密程度相同，則A、D兩點場強大小相同由圖看出，A、D兩點場強方向相同故B錯誤C、由圖看出，E、O、F三點比較，O點場強

9、最強故C正確D、由圖看出，B、O、C三點比較，O點場強最小故D錯誤故選：C點評：對于等量異種點電荷和等量同種點電荷的電場線、等勢線的分布是考試的熱點，要抓住對稱性進行記憶6.（單選）某電場的電場線分布如圖實線所示，一帶電粒子在電場力作用下經A點運動到B點，運動軌跡如虛線所示粒子重力不計，則粒子的加速度、動能、電勢能的變化情況是（）A若粒子帶正電，其加速度和動能都增大，電勢能減小B若粒子帶正電，其動能增大，加速度和電勢能都減小C若粒子帶負電，其加速度和動能都增大，電勢能減小D若粒子帶負電，其加速度和動能都減小，電勢能增大答案及解析：6.考點：電勢能；等勢面版權所有專題：電場力與電勢的性質專題分析

10、：解這類問題的思路是：根據帶電粒子運動軌跡判定電場力方向，然后根據電場力方向與電場線方向關系判斷帶電粒子的電性，根據電場力做功判斷電勢能和動能的變化解答：解：由粒子的運動軌跡彎曲方向可知，帶電粒子受電場力大致向右，與軌跡上每一點的切線方向即瞬時速度方向成銳角，則電場力對帶電粒子做正功，其電勢能減小，動能增大電場線越來越密，場強增大，粒子所受的電場力增大，加速度增大，這些結論與粒子的電性無關，故AC正確，BD錯誤故選AC點評：本題是軌跡問題，解決這類帶電粒子在電場中運動問題的關鍵是根據軌跡判斷出電場力方向，利用電場中有關規(guī)律求解7.（單選）如圖所示，A、B、C、D是真空中一正四面體的四個頂點現在

11、在A、B兩點分別固定兩個點電荷Q1和Q2，則關于C、D兩點的場強和電勢，下列說法正確的是( )A若Q1和Q2是等量異種電荷，則C、D兩點電場強度不同，電勢相同B若Q1和Q2是等量異種電荷，則C、D兩點電場強度和電勢均相同C若Q1和Q2是等量同種電荷，則C、D兩點電場強度和電勢均不相同D若Q1和Q2是等量同種電荷，則C、D兩點電場強度和電勢均相同答案及解析：7.BAB、若和是等量異種電荷，通過AB的中垂面是一等勢面，C、D在同一等勢面上，電勢相等C、D兩點的場強都與等勢面垂直，方向指向B一側，方向相同，根據對稱性可知，場強大小相等，故C、D兩點的場強、電勢均相同，故A錯誤，B正確；CD、若和是等

12、量同種電荷，由電場的分布情況和對稱性可知，C、D兩點電場強度大小相等，方向不同，則電場強度不同電勢相等，故CD錯誤。故選：B8.（單選）如圖所示，實線為方向未知的三條電場線，a、b兩帶電粒子從電場中的O點以相同的初速度飛入僅在電場力作用下，兩粒子的運動軌跡如圖中虛線所示，則（）Aa一定帶正電，b一定帶負電Ba加速度增大，b加速度增大Ca電勢能減小，b電勢能增大Da和b的動能一定都增大答案及解析：8.考點：電場線版權所有專題：電場力與電勢的性質專題分析：根據粒子軌跡的彎曲方向可判斷粒子所受電場力的方向，根據電場力方向與場強方向的關系判斷電性電場線越密，場強越大，電荷所受電場力越大，加速度越大；電

13、場線越疏，場強越小，電荷所受電場力越小，加速度越小根據電場力做功正負判斷電勢能和動能的變化解答：解：A、由圖，b粒子的軌跡向左彎曲，b粒子受到的電場力方向向左，如圖a的軌跡向右彎曲，b粒子受到的電場力方向向右，由于電場線未知，無法確定兩個粒子的電性故A錯誤；B、由圖看出，向右電場線越來越疏，場強越來越小，則a所受電場力減小，加速度減小，b所受電場力增大，加速度增大故B錯誤；C、D、由圖判斷電場力對兩個粒子都做正功，電勢能都減小，動能都增大故C錯誤，D正確故選：D點評：本題是軌跡問題，根據軌跡的彎曲方向判斷出電荷所受的電場力是關鍵基礎題，不應失分9.（多選）如圖所示，兩塊水平放置的帶電平行金屬板

14、間有豎直向上的勻強電場，一個質量為m，帶電量為q的油滴以初速度v0進入電場，并在電場中沿直線運動了一段時間，空氣阻力不計，則（）A該油滴帶正電B在這段時間內電場力所做的功等于油滴重力勢能的變化C在這段時間內油滴的機械能保持不變D在這段時間內油滴的動能保持不變答案及解析：9.考點：帶電粒子在勻強電場中的運動；動能定理的應用；電勢能版權所有專題：帶電粒子在電場中的運動專題分析：油滴受重力和電場力，由于油滴做直線運動，故合力不可能與速度不再同一條直線上，故合力為零，然后結合功的定義分析解答：解：A、滴受重力和電場力，由于油滴做直線運動，故合力不可能與速度不再同一條直線上，故合力為零，電場力與重力平衡

15、，電場力向上，與場強同方向，故帶正電，故A正確；B、由于電場力和重力是一對平衡力，電場力做的功等于克服重力做的功，而克服重力做的功等于重力勢能的增加量，故B正確；C、由于除重力外電場力做正功，故機械能增加，故C錯誤；D、由于受力平衡，做勻速直線運動故動能不變，故D正確；故選ABD點評：本題關鍵是對物體受力分析后結合運動情況得到電場力和重力平衡，再結合功的定義分析10.（單選）在絕緣粗糙的斜面上A點處固定一點電荷甲，將一帶電小物塊乙從斜面上B點處由靜止釋放，乙沿斜面運動到C點時靜止則（）A甲、乙一定帶異種電荷BB點的電勢一定高于C點的電勢C從B到C的過程中，乙的電勢能一定減少D從B到C的過程中，

16、乙的機械能的損失量一定等于克服摩擦力做的功答案及解析：10.考點：電勢差與電場強度的關系；電勢；電勢能版權所有專題：電場力與電勢的性質專題分析：根據乙沿斜面運動到C點時靜止，甲乙間的距離增大，庫侖力減小，即可判斷它們電性的關系根據電場線的方向判斷B、C間電勢關系；根據庫侖力做功的正負判斷電勢能的變化根據功能關系分析能量如何轉化解答：解：A、甲、乙之間的距離增大，而電量都不變，根據庫侖定律可知乙所受的庫侖力逐漸減小若兩者是異種電荷，乙下滑的加速度將增大，不可能到C處靜止，所以得知甲一定帶同種電荷故A錯誤B、由于電荷甲的電性未知，電場線方向未知，無法判斷B、C電勢的高低故B錯誤C、由于電場力對物塊

17、乙做正功，乙的電勢能一定減小故C正確D、從B到C的過程中，庫侖力對乙做正功，摩擦力做負功，重力做正功，根據功能關系可知：乙的機械能的損失量與系統(tǒng)電勢能的損失量之和等于克服摩擦力做的功故D錯誤故選：C點評：本題關鍵能運用假設法確定出甲乙電性的關系，再根據由電場力做功正負判斷電勢能的變化，由功能分析各力做功的關系11.（2014秋鹽湖區(qū)期中）將一電荷量為+Q的小球放在不帶電的金屬球附近，所形成的電場線分布如圖所示，金屬球表面的電勢處處相等 a、b為電場中的兩點，則（）Aa點的電場強度比b點的小Ba點的電勢比b點的高C帶負電的電荷q在a點的電勢能比在b點的大D帶負電的電荷q從a點移到b點的過程中，電

18、場力做正功答案及解析：11.B解：A：電場線的疏密表示場強的大小，由圖象知a點的電場強度比b點大，故A錯誤；B：a點所在的電場線從Q出發(fā)到不帶電的金屬球終止，所以a點的電勢高于金屬球的電勢，而b點所在處的電場線從金屬球發(fā)出到無窮遠，所以金屬球的電勢高于b點的電勢，即a點的電勢比b點的高故B正確；C：電勢越高的地方，負電荷具有的電勢能越小，即負電荷在a點的電勢能較b點小，故C錯誤；D：由上知，q在a點的電勢能較b點小，則把q電荷從電勢能小的a點移動到電勢能大的b點，電勢能增大，電場力做負功故D錯誤故選：B12.（單選）如圖所示，AC、BD為圓的兩條互相垂直的直徑，圓心為O，半徑為R電荷量均為Q的

19、正、負點電荷放在圓周上，它們的位置關于AC對稱，+Q與O點的連線和OC間夾角為30°下列說法正確的是（）AO點的場強大小為BO點的場強大小為CB、D兩點的電勢關系是：BDD電荷量為+q的點電荷在A點的電勢能小于在C點的電勢能答案及解析：12.考點：電場強度；電勢；電勢能.專題：電場力與電勢的性質專題分析：根據點電荷的電場E=k和電場疊加原理可求解O點的場強大小兩個等電量正負點電荷產生的電場等勢線與電場線具有對稱性，作出AC間的電場線，根據順著電場線電勢降低和對稱性，分析B與D電勢的高低，判斷電場力做功情況，可知A點和C電電勢能的大小，解答：解：A、根據點電荷的電場E=k可得：+Q在O

20、點產生的場強大小等于k，方向沿+Q到0；Q在O點產生的場強大小等于k，方向沿O到Q，兩個場強方向的夾角為120°，由電場疊加原理得知O點的場強大小k，故A、B錯誤；C、根據順著電場線電勢降低和對稱性，BD故C正確D、A點與C點的電勢相等，其電勢差為零，則電荷q從A點運動到C點，電場力做功為零，A點的電勢能等于在C點的電勢能，故D錯誤故選：C點評：本題關鍵要掌握點電荷場強公式，能運用電場的疊加原理求解空間任一點的場強分析時抓住電場線與等勢線的對稱性，知道AC是一條等勢線13.（單選）如圖所示，實線為不知方向的三條電場線，從電場中M點以相同速度垂直于電場線方向飛出a、b兩個帶電粒子，僅在

21、電場力作用下的運動軌跡如圖中虛線所示則（）Aa一定帶正電，b一定帶負電Ba的速度將減小，b的速度將增加Ca的加速度將減小，b的加速度將增加D兩個粒子的動能，一個增加一個減小答案及解析：13.考點：電場線；電勢能.專題：電場力與電勢的性質專題分析：電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小物體做曲線運動，所受力的方向指向軌道的內側根據電場力做功來判斷動能的變化解答：解：A、物體做曲線運動，所受力的方向指向軌道的內側，由于電場線的方向不知，所以粒子帶電性質不定，故A錯誤；B、物體做曲線運動，所受力的方向指向軌道的內側，從圖中軌道變化來看速度與力方向的夾角小于90°，所以電場力

22、都做正功，動能都增大，速度都增大，故B錯誤，D錯誤C、電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，所以a受力減小，加速度減小，b受力增大，加速度增大，故C正確故選C點評：加強基礎知識的學習，掌握住電場線的特點，即可解決本題14.（單選）如圖所示的電場線，可判定（）A該電場一定是勻強電場B負電荷放在B點所受電場力方向向右CA點的電勢一定低于B點電勢D負電荷放在B點的電勢能比放在A點的電勢能大答案及解析：14.考點：電場線；電勢；電勢能版權所有專題：電場力與電勢的性質專題分析：勻強電場的電場線為等間距的平行直線，沿電場線方向電勢逐漸降低，負電荷所受電場力方向與電場強度方向相反，根據電場

23、力做功判斷電勢能的變化解答：解：A、由于一根電場線無法知道電場線的疏密，故不能判定是勻強電場故A錯誤B、負電荷在B點所受電場力方向水平向左故B錯誤C、沿著電場線方向電勢逐漸降低，則A點的電勢高于B點的電勢故C錯誤D、負電荷從A點移動到B點，電場力做負功，電勢能增加，所以負電荷放在B點的電勢能比A點的電勢能大故D正確故選：D點評：解決本題的關鍵知道正電荷所受電場力方向與電場強度方向相同，負電荷所受電場力方向與電場強度方向相反以及知道電場線的疏密表示場強的強弱，沿著電場線方向電勢逐漸降低15.（單選）如圖所示，菱形ABCD的對角線相交于O點，兩個等量異種點電荷分別固定在AC連線上的M點與N點，且O

24、M =ON，則（ ）A.A、C兩處電勢、場強均相同 BB、D兩處電勢、場強均相同 CA、C兩處電勢、場強均不相同 DB、D兩處電勢、場強均不相同答案及解析：15.B根據等量異種點電荷的電場的分布特點和疊加原理可知,選項A錯誤，B正確；因為a、b、c三點所在直線平行于兩電荷的連線，且a與c關于MN對稱，a、b兩點的電勢差等于b、c兩點間的電勢差，選項C正確；根據等量異種點電荷的電場的分布特點，a點的電勢高于c點的電勢，所以試探電荷+q在a點的電勢能大于在c點的電勢能，選項D錯誤。16.（多選）一帶正電的粒子僅在電場力作用下從A點經B、C點運動到D點，其vt圖象如圖所示，則下列說法中正確的是（）A

25、A點的電場強度一定大于B點的電場強度B粒子在A點的電勢能一定大于在B點的電勢能CCD間各點電場強度和電勢都為零DAB兩點間的電勢差大于CB兩點間的電勢差答案及解析：16.考點：電勢差；電場強度版權所有專題：電場力與電勢的性質專題分析：從圖象可以看出，粒子做的是非勻變速直線運動，可得出受到的電場力不恒定，由帶正電的粒子僅在電場力作用，有圖線斜率代表加速度，有牛頓第二定律得知電場力的大小關系，從而得到電場強度德大小關系由運動過程中，動能增加，勢能減少，所以可判斷出粒子在AB兩點的電勢能大小，有電場力做功的公式可得AB兩點間的電勢差與CB兩點間的電勢差的大小關系解答：解：A、由運動的速度時間圖象可看

26、出，帶正電的粒子的加速度在A點時較大，有牛頓第二定律得知在A點的電場力大，故A點的電場強度一定大于B點的電場強度，故A正確；B、由A到B的過程中，速度越來越大，說明是電場力做正功，電勢能轉化為動能，由功能關系可知，此過程中電勢能減少，正電荷在A點是電勢能大于在B時的電勢能，所以A點的電勢能高于B點的電勢能，故B正確C、從C到D，粒子速度一直不變，故電場力做功為零，可知CD間各點電場強度為零，但電勢不一定為零，故C錯誤；D、A、C兩點的速度相等，故粒子的動能相同，因此從A到B和從B到C電場力做功的絕對值相同，AB兩點間的電勢差等于CB兩點間的電勢差，故D錯誤故選：AB點評：本題考察到了電場力做功

27、的計算和電場力做功與電勢能的關系，其關系為：電場力對電荷做正功時，電荷的電勢能減少；電荷克服電場力做功，電荷的電勢能增加，電勢能變化的數值等于電場力做功的數值這常是判斷電荷電勢能如何變化的依據還考察了對于勻變速直線運動的圖象分析電荷在電場中移動時，電場力做的功與移動的路徑無關，只取決于起止位置的電勢差和電荷的電量，這一點與重力做功和高度差的關系相似17.（多選）如圖所示，在一條直線上有兩個相距0.4m的點電荷A、B，A帶電荷量為+Q，B帶電荷量為9Q現引入第三個點電荷C，恰好使三個點電荷處于平衡狀態(tài)，則下列判斷正確的是（）A在AB連線的延長線上B點右邊，距B點0.2m處放一個正電荷B在AB連線

28、的延長線上A點左邊，距A點0.2m處放一個負電荷C在AB連線的延長線上A點左邊，距A點0.2m處放一個正電荷D在AB連線之間，無論在什么地方、放什么電荷，都不可能使三個點電荷處于平衡狀態(tài)答案及解析：17.考點：庫侖定律版權所有專題：電場力與電勢的性質專題分析：A、B、C三個點電荷都處于靜止狀態(tài)，對電荷受力分析，每個電荷都處于受力平衡狀態(tài)，故根據庫侖定律可分別對任意兩球進行分析列出平衡方程即可求得結果解答：解：A、B、C三個電荷要平衡，必須三個電荷的一條直線，外側二個電荷相互排斥，中間電荷吸引外側兩個電荷，所以外側兩個電荷距離大，要平衡中間電荷的拉力，必須外側電荷電量大，中間電荷電量小，所以C必

29、須為負電，在A的左側設C所在位置與A的距離為r，則C所在位置與B的距離為L+r，要能處于平衡狀態(tài)，所以A對C的電場力大小等于B對C的電場力大小，設C的電量為q則有：=解得：r=0.2m對點電荷A，其受力也平衡，則有：=解得：q=，故AC錯誤，B正確；D、由上分析，結合同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引，故D正確故選：BD點評：我們可以去嘗試假設C帶正電或負電，它應該放在什么地方，能不能使整個系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)不行再繼續(xù)判斷18.（單選）如圖所示，兩段等長細線將質量分別為2m、m的小球A、B懸掛在O點，小球A受到水平向右的恒力4F的作用、小球B受到水平向左的恒力F的作用，當系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)時，可能

30、出現的狀態(tài)應是（）ABCD答案及解析：18.考點：電勢差與電場強度的關系；庫侖定律專題：電場力與電勢的性質專題分析：運用整體法研究OA繩與豎直方向的夾角，再隔離B研究，分析AB繩與豎直方向的夾角，得到兩夾角的關系，判斷系統(tǒng)平衡狀態(tài)解答：解：A受到4F水平向右的力，B受到F的水平向左的力以整體為研究對象，分析受力如圖設OA繩與豎直方向的夾角為，則由平衡條件得 tan=以B球為研究對象，受力如圖設AB繩與豎直方向的夾角為，則由平衡條件得 tan=得到=故選：B點評：本題采用隔離法和整體法，由平衡條件分析物體的狀態(tài)，考查靈活選擇研究對象的能力19.有一帶電量q=3×106C的點電荷，從電場

31、中的A點移到B點時，克服電場力做功6×104J從 B點移到C點時電場力做功9×104J問：（1）AB、BC、CA間電勢差各為多少？（2）如以B點電勢為零，則A、C兩點的電勢各為多少？電荷在A、C兩點的電勢能各為多少？答案及解析：19.考點：電勢能；電勢版權所有專題：電場力與電勢的性質專題分析：負電荷從A移到B點的過程，電荷克服電場力做功，A點的電勢高于B點的電勢從B點移到C點，電場力對電荷做正功，B點的電勢低于C點的電勢根據電勢差公式U=，分別求出A、B間與B、C間的電勢差，再求出A、C間的電勢差，并分析A、C兩點電勢的高低解答：解：（1）負電荷從A移到B點的過程，電荷克服電場力做功，可見負電荷從電勢高處移至電勢低處即AB 電勢差UAB=V 負電荷從B移至C，電場力做正功，可見負電荷從電勢低處移至電勢高處，即CB 電勢差UBC=300 V 而電勢差UAC=AC=AB+BC=UAB+UBC=100 V故CA間電勢差 UCA=UAC=100V（2）因B點為0電勢點，則A=UAB=200V，C=UCB