廣西壯族自治區(qū)玉林市陸川縣中學分校2019年高三物理聯(lián)考試題含解析

1、廣西壯族自治區(qū)玉林市陸川縣中學分校2019年高三物理聯(lián)考試題含解析一、 選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分每小題只有一個選項符合題意1. 在物理學理論建立的過程中，有許多偉大的科學家做出了貢獻。關于科學家和他們的貢獻，下列說法正確的是a. 伽利略發(fā)現(xiàn)了行星運動的規(guī)律b. 卡文迪許通過實驗測出了萬有引力常量c牛頓最早指出力不是維持物體運動的原因d安培提出了分子電流假說，并在磁場與電流的相互作用方面做出了杰出的貢獻參考答案：bd2. 如圖所示，兩根相距為l的平行直導軌ab、cd，b、d間連有一固定電阻r，導軌電阻可忽略不計，mn為放在ab和cd上的一導體桿，與ab垂直，其電阻也為r，整個

2、裝置處于勻強磁場中，磁感應強度的大小為b，磁場方向垂直于導軌所在平面（指向圖中紙面內(nèi)）現(xiàn)對mn施力使它沿導軌方向以v（如圖）做勻速運動，令u表示mn兩端電壓的大小，則（     ） a、u=vbl，流過固定電阻r的感應電流由b到db、u=vbl，流過固定電阻r的感應電流由d到bc、u=vbl，流過固定電阻r的感應電流由b到dd、u=vbl，流過固定電阻r的感應電流由d到b參考答案：答案：a3. 在一個光滑傾斜絕緣板的上方，有垂直板面的等距離的a、b、c三條邊界線隔成了i、兩區(qū)，i區(qū)加向外的勻強磁場、區(qū)加向里的勻強磁場，磁感應強度大小均為b。另有

3、一導體圓環(huán)從上方某處開始自由向下滾動，一直加速著穿過該磁場區(qū)，已知環(huán)的直徑等于每一磁場區(qū)的寬度，下列分析不正確的是a環(huán)中感應電流方向先順時針又逆時針再順時針b環(huán)直徑在a、c兩邊界時感應電流大小相等，都小于直徑在b處時的電流c環(huán)直徑在c處時運動的加速度小于在a處時的加速度d運動過程中，重力勢能的減少等于動能增加量與產(chǎn)生熱能的和參考答案：b4. （多選題）研究大氣現(xiàn)象時可把溫度、壓強相同的一部分氣體叫做氣團。氣團直徑達幾千米，邊緣部分與外界的熱交換對整個氣團沒有明顯影響，氣團在上升過程中可看成是一定質量理想氣體的絕熱膨脹，設氣團在上升過程中，由狀態(tài)(p1、v1、t1)絕熱膨脹到狀態(tài)(p2、v2、t

4、2) 。則（          ）ap1>p2                    bp1<p2                   ct1>t2  

5、            dt1<t2參考答案：ac5. 空間存在一個勻強磁場b，其方向垂直紙面向里，還有一點電荷q的電場，如圖所示，一帶電粒子q以初速度v0從圖示位置垂直于電場、磁場入射，初位置到點電荷q的距離為r，則粒子在電、磁場中的運動軌跡不可能為    ()a以點電荷q為圓心，以r為半徑，在紙平面內(nèi)的圓周b初階段在紙面內(nèi)向右偏的曲線c初階段在紙面內(nèi)向左偏的曲線d沿初速度v0方向的直線參考答案：d二、 填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6. 如圖

6、所示，一自行車上連接踏腳板的連桿長r120cm，由踏腳板帶動半徑為r1的大齒盤，通過鏈條與半徑為r2的后輪齒盤連接，帶動半徑為r230cm的后輪轉動。若踏腳大齒盤與后輪齒盤的齒數(shù)分別為48和24。當騎車人以n=2r/s的轉速蹬踏腳板時，自行車的前進速度為_m/s。若車勻速前進，則騎車人蹬踏腳板的平均作用力與車所受平均阻力之比為_。參考答案：2.4=7.54，3:1   7. 將1ml的純油酸配成500ml的油酸酒精溶液，待均勻溶解后，用滴管取1ml油酸酒精溶液，讓其自然滴出，共200滴，則每滴油酸酒精溶液的體積為_ml。現(xiàn)在讓其中一滴落到盛水的淺盤內(nèi)，待油膜充分展開后，測得

7、油膜的面積為200cm2，則估算油酸分子的直徑是_m（保留一位有效數(shù)字）。參考答案：0.005ml   m8. 如圖所示是兩列相干波的干涉圖樣，實線表示波峰，虛線表示波谷，兩列波的振幅都為10cm，波速和波長分別為1m/s和0.2m，c點為ab連線的中點。則圖示時刻c點的振動方向_（選填“向上”或“向下”），從圖示時刻再經(jīng)過0.25s時，a點經(jīng)過的路程為_cm。參考答案：向下，1009. 沿x軸負方向傳播的簡諧波，t=0時刻的波形圖如圖所示，已知波速為10m/s，質點p的平衡位置為x=17m，p點振動頻率為_hz，則p點至少再經(jīng)_s可達波峰。參考答案：0.5hz 

8、       1.3s10. a.動能相等的兩物體a、b在光滑水平面上沿同一直線相向而行，它們的速度大小之比va:vb=2: 1，則動量大小之比pa:pb=   ;兩者碰后粘在一起運動，其總動量與a原來動量大小之比p:pa=   。參考答案：1:2；1:1根據(jù)動量與動能的關系：【考點】動能和速度的關系：va:vb=2: 1，可知兩者質量之比1:4，所以動量的關系為：1:2；兩者碰撞遵循動量守恒，其總動量與a的動量等大反向，所以碰后的總動量與a原來的動量之比為1:1。 11. 用歐姆表測

9、電阻時，如發(fā)現(xiàn)指針偏轉角度太小，為了使讀數(shù)的精度提高，應使選擇開關撥到較       （選填“大”或“小”）的倍率檔，重新測量，測量前必須先要進行          。如圖所示為使用多用表進行測量時，指針在刻度盤上停留的位置，若選擇旋鈕在“50ma”位置，則所測量電流的值為        ma。參考答案：大；調零；22.012. 如圖所示，質量為50g的小球以12m/s的水平速

10、度拋出，恰好與傾角為37o的斜面垂直碰撞，則此過程中重力的功為     j，重力的沖量為      n·s。參考答案：  6.4   0.8 小球做平拋運動，只有重力做功，與斜面碰撞時的速度，故；與斜面碰撞時的豎直分速度，代入題給數(shù)據(jù)即可解答。13. 某同學利用豎直上拋小球的頻閃照片驗證機械能守恒定律頻閃儀每隔0.05s閃光一次，如圖中所標數(shù)據(jù)為實際距離，該同學通過計算得到不同時刻的速度如下表（當?shù)刂亓铀俣热?0m/s2，小球質量m=0.2kg，結果保留三位有效數(shù)

11、字）：時刻t2t3t4t5速度（m/s）5.595.084.58 （1）由頻閃照片上的數(shù)據(jù)計算t5時刻小球的速度v5=   m/s（2）從t2到t5時間內(nèi)，重力勢能增量ep=  j，動能減少量ek=  j（3）在誤差允許的范圍內(nèi)，若ep與ek近似相等，從而驗證了機械能守恒定律由上述計算得ep   ek（選填“”“”或“=”），造成這種結果的主要原因是               參考答案

12、：解：（1）在勻變速直線運動中，中間時刻的瞬時速度等于該過程中的平均速度，所以有：v5=4.08 m/s（2）根據(jù)重力做功和重力勢能的關系有：ep=mg（h2+h3+h4）=0.2×10×（26.68+24.16+21.66）×102 j=1.45j在勻變速直線運動中，中間時刻的瞬時速度等于該過程中的平均速度，所以有：v2=5.59 m/sek=m（v22v52）=×0.2×（5.59）2（4.08）2j=1.46 j（3）由上述計算得epek，由于紙帶和打點計時器的摩擦以及空氣阻力的存在，導致動能減小量沒有全部轉化為重力勢能故答案為：（1）4

13、.08（2）1.45，1.46（3），由于紙帶和打點計時器的摩擦以及空氣阻力的存在三、 簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14. （2014?宿遷三模）學?？萍脊?jié)上，同學發(fā)明了一個用彈簧槍擊打目標的裝置，原理如圖甲，ac段是水平放置的同一木板；cd段是豎直放置的光滑半圓弧軌道，圓心為o，半徑r=0.2m；mn是與o點處在同一水平面的平臺；彈簧的左端固定，右端放一可視為質點、質量m=0.05kg的彈珠p，它緊貼在彈簧的原長處b點；對彈珠p施加一水平外力f，緩慢壓縮彈簧，在這一過程中，所用外力f與彈簧壓縮量x的關系如圖乙所示已知bc段長l=1.2m，eo間的距離s=0.8m計算時g取1

14、0m/s2，滑動摩擦力等于最大靜摩擦力壓縮彈簧釋放彈珠p后，求：（1）彈珠p通過d點時的最小速度vd；（2）彈珠p能準確擊中平臺mn上的目標e點，它通過c點時的速度vc；（3）當緩慢壓縮彈簧到壓縮量為x0時所用的外力為8.3n，釋放后彈珠p能準確擊中平臺mn上的目標e點，求壓縮量x0參考答案：（1）彈珠p通過d點時的最小速度為 ；（2）通過c點時的速度為 m/s；（3）壓縮量為0.18m考點：動能定理的應用；機械能守恒定律專題：動能定理的應用專題分析：（1）根據(jù)d點所受彈力為零，通過牛頓第二定律求出d點的最小速度；（2）根據(jù)平拋運動的規(guī)律求出d點的速度，通過機械能守恒定律求出通過c點的速度（3

15、）當外力為0.1n時，壓縮量為零，知摩擦力大小為0.1n，對b的壓縮位置到c點的過程運用動能定理求出彈簧的壓縮量解答：解：（1）當彈珠做圓周運動到d點且只受重力時速度最小，根據(jù)牛頓第二定律有：mg=解得 v=m/s（2）彈珠從d點到e點做平拋運動，設此時它通過d點的速度為v，則s=vtr=gt從c點到d點，彈珠機械能守恒，有：聯(lián)立解得 v=代入數(shù)據(jù)得，v=2m/s（3）由圖乙知彈珠受到的摩擦力f=0.1n，根據(jù)動能定理得， 且f1=0.1n，f2=8.3n得 x=代入數(shù)據(jù)解得x0=0.18m答：（1）彈珠p通過d點時的最小速度為 ；（2）通過c點時的速度為 m/s；（3）壓縮量為0.18m點評

16、：本題考查了動能定理、機械能守恒定律、牛頓第二定律的綜合，涉及到圓周運動和平拋運動，知道圓周運動向心力的來源，以及平拋運動在豎直方向和水平方向上的運動規(guī)律是解決本題的關鍵15. （選修3-4模塊）（4分）如圖所示是一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在t = 0時刻的波形圖，已知波的傳播速度v = 2m/s試回答下列問題：寫出x = 1.0 m處質點的振動函數(shù)表達式；求出x = 2.5m處質點在0 4.5s內(nèi)通過的路程及t = 4.5s時的位移參考答案：  解析：波長 = 2.0m，周期t = /v = 1.0s，振幅a = 5cm，則y = 5sin(2t)  cm （2分）

17、  n = t/t = 4.5，則4.5s內(nèi)路程s = 4na = 90cm；x = 2.5m質點在t = 0時位移為y =5cm，則經(jīng)過4個周期后與初始時刻相同，經(jīng)4.5個周期后該質點位移y =   5cm（2分）四、計算題：本題共3小題，共計47分16. 如圖所示，已知豎直桿o1o2長為1.0m，水平桿長l1=0.2米，用長l2=0.2米的細繩懸掛小球，整個裝置可繞豎直桿o1o2轉動，當該裝置以某一角速度轉動時，繩子與豎直方向成45°角，取g=10m/s2求：（1）該裝置轉動的角速度；（2）如果運動到距離桿最遠時刻懸掛小球的細繩突然斷了，小球將做平拋運動求小球

18、落地點與豎直桿在地面上點o2的距離s（答案可用根式表示）參考答案：（1）5rad/s（2） 試題分析：(1) 小球做勻速圓周運動，靠重力和拉力的合力提供向心力，結合牛頓第二定律求出該裝置轉動的角速度；(2) 根據(jù)平拋運動的規(guī)律求出小球在水平方向的位移的大小，然后結合平行四邊形定則求出小球落地點與豎直桿在地面上點o2的距離。解：(1) 小球轉動的軌道半徑為：r=l1+l2sin45°=0.2+對小球進行受力分析如圖，根據(jù)牛頓第二定律得：mgtan45°=mr2解得：=5 rad/s；(2) 小球的線速度為：v=r=5×0.4=2m/s小球做平拋運動的開始時的高度為：

19、h=o1o2-l2cos45°=1.0- 小球做平拋運動的時間為： 小球做平拋運動的水平方向的位移為：x=vt=2×0.4=0.8m當小球從距離桿最遠時刻開始做平拋運動時，小球沿水平方向的速度方向與小球到桿的方向相互垂直，所以小球的落地到o2的距離為：。17. 如圖所示，光滑的水平面上有兩塊相同的長木板a和b，長均為=0.5m，在b的右端有一個可以看作質點的小鐵塊c，三者的質量都為m，c與a、b間的動摩擦因數(shù)都為?，F(xiàn)在a以速度0=6m/s向右運動并與b相碰，撞擊時間極短，碰后a、b粘在一起運動，而c可以在a、b上滑動，問：如果=0.5，則c會不會掉下地面？（g=10m/s2

20、）參考答案：不會掉下來設a、b碰撞后速度為v1，若c不滑下來，a、b、c相對靜止時速度為v2，c在ab上滑行的距離為s，由動量守恒得                                     （2分）  &

21、#160;                                  （2分）有能量守恒得        s=0.6m       

22、  （4分）     因為s<2l    所以c不會掉下去                              （2分）18. （12分）風洞實驗室中可以產(chǎn)生水平方向的、大小可調節(jié)的風力，現(xiàn)將一套有小球的細直桿放入風洞

23、實驗室，小球孔徑略大于細桿直徑。（1）當桿在水平方向上固定時，調節(jié)風力的大小，使小球在桿上作勻速運動，這時小球所受的風力為小球所受重力的0.5倍，求小球與桿間的滑動摩擦因數(shù)。（2）保持小球所受風力不變，使桿與水平方向間夾角為37°并固定，則小球從靜止出發(fā)在細桿上滑下距離s所需時間為多少？（sin37°=0.6，cos37°=0.8）參考答案：解析：（1）設小球所受的風力為f，小球質量為               &

24、#160;                             （2）設桿對小球的支持力為n，摩擦力為 沿桿方向        垂直于桿方向