【名師解析】江蘇省南京市、鹽城市2015屆高三第二次模擬考試物理試題資料

1、2015年江蘇省南京市、鹽城市高考物理二模試卷一、單項選擇題：本題共 5小題，每小題 3分，共計15分.每小題只有一個選項符合題意.1 . （3分）（2015?鹽城二模）下列圖片顯示的技術(shù)中，屬于防范靜電危害的是（）b.靜電噴涂c.避雷針d.電除塵靜【考點】：*靜電的利用和防止.【專題】：電場力與電勢的性質(zhì)專題.【分析】：物體帶電的本質(zhì)是電荷的轉(zhuǎn)移，出現(xiàn)多余的電荷從而帶電，所以靜電的產(chǎn)生有利有弊.【解析】： 解：a、復(fù)印機復(fù)印文件資料，就是利用靜電墨粉成在鼓上.故 a屬于靜電的利用；b、靜電噴涂是利用異種電荷間的吸引力來工作的，故b屬于靜電的利用；c、下雨天，云層帶電打雷，往往在屋頂安裝避雷針

2、，是導(dǎo)走靜電，防止觸電.故c屬于靜電防范；d、靜電除塵時除塵器中的空氣被電離，煙霧顆粒吸附電子而帶負電，顆粒向電源正極運動，屬 于靜電應(yīng)用； 故選：c【點評】：在生活中靜電無處不在，有的我們需要，有的我們不需要.所以我們要學(xué)會基本常識，提高我們的很生活質(zhì)量.2. （3分）（2015?鹽城二模）目前，我市每個社區(qū)均已配備了公共體育健身器材.圖示器材為一秋千，用兩根等長輕繩將一座椅懸掛在豎直支架上等高的兩點.由于長期使用，導(dǎo)致兩根支架向內(nèi)發(fā)生了稍小傾斜，如圖中虛線所示，但兩懸掛點仍等高.座椅靜止時用f表示所受合力的大小，fi表示單根輕繩對座椅拉力的大小，與傾斜前相比（）a .f不變，fi變小b.

3、f不變，fi變大 c. f變小，fi變小 d. f變大，fi變大【考點】： 【專題】： 【分析】： 分析即可.【解析】：共點力平衡的條件及其應(yīng)用；物體的彈性和彈力.共點力作用下物體平衡專題.木板靜止時，受重力和兩個拉力而平衡，根據(jù)共點力平衡條件并結(jié)合正交分解法列式解：木板靜止時，受重力和兩個拉力而平衡，故三個力的合力為零，即:根據(jù)共點力平衡條件，有：2ficos 0 =mg解得：fg一上一2cos98角減小了，故f不變，fi減小;關(guān)鍵是受力分析后運用圖示法分析，不難.3. （3 分）（2015?鹽城二模）圖甲是小型交流發(fā)電機的示意圖，在勻強磁場中，一矩形金屬線圈繞與磁場方向垂直的軸勻速轉(zhuǎn)動，機

4、線圈內(nèi)阻為10q,外接一只電阻為產(chǎn)生的電動勢隨時間變化的正弦規(guī)律圖象如圖乙所示.發(fā)電90q的燈泡，不計電路的其他電阻，則（a .b.c.圖甲t=0時刻線圈平面與中性面垂直每秒鐘內(nèi)電流方向改變i00次燈泡兩端的電壓為 22v00.0is時間內(nèi)通過燈泡的電量為圖乙由于長期使用，導(dǎo)致兩根支架向內(nèi)發(fā)生了稍小傾斜，故圖中的交流發(fā)電機及其產(chǎn)生正弦式電流的原理；正弦式電流的圖象和三角函數(shù)表達式. 交流電專題.【分析】：當線框經(jīng)過中性面時通過線圈的磁通量最大.感應(yīng)電動勢最小為零.由題圖乙可知交流電電動勢的周期，即可求解角速度.線框每轉(zhuǎn)一周，電流方向改變兩次.【解析】：解：a、由圖象乙可知t=0時感應(yīng)電動勢為零

5、，處于中性面上，故 a錯誤；b、由題圖乙可知周期 t=0.02s,線框每轉(zhuǎn)一周，電流方向改變兩次，每秒電流方向改變100次,故b正確；ec、由題圖乙可知交流電電動勢的最大值是em=31.1v,有效值為：過二 422丫，根據(jù)閉合電路v2的分壓特點得電壓表的示數(shù)為:90+10故 c 錯誤;d、根據(jù)q=-代入數(shù)據(jù) 故選：b.【點評】：吧得：00.01s時間內(nèi)通過燈泡的電量為r+r聯(lián)立得：q=0.00198c ,故d錯誤；本題是準確理解感應(yīng)電動勢與磁通量的變化,q喘e辟3心平i。成知道磁通量最大時，感應(yīng)電動勢反而最小.明確線框每轉(zhuǎn)一周，電流方向改變兩次.能從圖象讀取有效信息4. （3分）（2015?鹽

6、城二模）如圖甲所示，x軸上固定兩個點電荷 q1、q2 （q2位于坐標原點 o）, 其上有m、n、p三點，間距mn=np .qi、q2在軸上產(chǎn)生的電勢 ？隨*變化關(guān)系如圖乙.則（ ）圖甲圖乙a. m點電場場強大小為零b. n點電場場強大小為零c. m、n之間電場方向沿 x軸負方向d . 一正試探電荷從 p移到m過程中，電場力做功 wpn|=|wnm |【考點】：電勢差與電場強度的關(guān)系；電場強度.【專題】：電場力與電勢的性質(zhì)專題.【分析】：（t x圖線的切線斜率表示電場強度的大小，在 4- x圖象中可以直接判斷各點電勢的 大小，并可根據(jù)電勢大小關(guān)系確定電場強度的方向，根據(jù)沿電場線方向電勢降低，由w

7、=qu判斷做功；【解析】： 解：a、4-x圖線的切線斜率表示電場強度的大小，就知道n處場強為零，m處的場強不為零，故 a錯誤，b正確；c、m點的電勢為零，mp電勢小于零，因沿電場線方向電勢降低，故在 mp間電場方向由 m指 向p,沿x軸正方向，故c錯誤；d、由圖象可知，umnunp,故電場力做功 qu mn qunp,從p移到m過程中，電場力做負功， 故|wpn|0）.現(xiàn)已有針對某些電磁波設(shè)計制作的人工材料，其折射率可以為負值（n10 19; 4.8 10 19【點評】：解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)的條件，以及光電效應(yīng)方程ekm=hrw0.注意光的入射頻率決定光電子最大初動能，而光的強度不影響光

8、電子的最大初動能.20. (2015?鹽城二模)一枚火箭搭載著衛(wèi)星以速率v0進入太空預(yù)定位置，由控制系統(tǒng)使箭體與衛(wèi)星分離.已知前部分的衛(wèi)星質(zhì)量為m1,后部分的箭體質(zhì)量為m2,分離后箭體以速率 v2沿火箭原方向飛行，若忽略空氣阻力及分離前后系統(tǒng)質(zhì)量的變化，則分離后衛(wèi)星的速率v1是多大. ， id wl d【考點】：動量守恒定律.【專題】：動量定理應(yīng)用專題.【分析】：火箭和衛(wèi)星組成的系統(tǒng)在分離時水平方向上動量守恒，規(guī)定正方向，結(jié)合動量守恒定律求出分離后衛(wèi)星的速率.【解析】：解：火箭和衛(wèi)星組成的系統(tǒng)在分離時水平方向上動量守恒，規(guī)定初速度的方向為正方向，有：(m1+m2)v0=m2v2+m1v1解得：

9、v1 = v0 + (v 口 卡2) .答：分離后衛(wèi)星的速率是爐二串口+ ( vn vo) 1 u 叫 u e【點評】： 解決本題的關(guān)鍵知道火箭和衛(wèi)星組成的系統(tǒng)在水平方向上動量守恒，運用動量守恒 定律進行求解，知動量守恒定律的表達式為矢量式，注意速度的方向.四、計算題：本題共 3小題，共計47分.解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟.只寫出最后答案的不能得分.有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位.21. ( 15分)(2015?鹽城二模)如圖所示，在勻強磁場中有一足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌，與水平面間的夾角 0=30：間距l(xiāng)=0.5m ,上端接有阻值 r=0.3q的電阻，勻

10、強磁場的磁感應(yīng)強度大小b=0.4t ,磁場方向垂直導(dǎo)軌平面向上.一質(zhì)量 m=0.2kg ,電阻r=0.1 q的導(dǎo)體棒 mn在平行于導(dǎo)軌的外力f作用下，由靜止開始向上做勻加速運動，運動過程中導(dǎo)體棒始終與導(dǎo)軌垂直，且接觸良好，當棒的位移d=9m時電阻r上的消耗的功率為 p=2.7w .其它電阻不計，g取10m/s2.求:(1)此時通過電阻 r上的電流；(2)這一過程通過電阻 r上電電荷量q；(3)此時作用于導(dǎo)體棒上的外力f的大小.【考點】：導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢.【專題】：電磁感應(yīng)與電路結(jié)合.【分析】：(1)根據(jù)p=i2r求解電阻r上的電流；(2)根據(jù)公式： 行上二求解r(3)由(1)中電流

11、求出此時的速度，再根據(jù)勻變速運動: 定律求解外力f .v2=2ax,求出加速度，結(jié)合牛頓第二解：(1)根據(jù)熱功率:p=i2r,解得:(2)回路中產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動勢：e=-,由歐姆定律得：1=工,atra電流和電量之間關(guān)系式:4xq 5x9r+r = r+r= 0. 3+ojl 3+0.2 x104=2n ,答：(1)通過電阻r上的電流3a;(2)通過電阻r上電電荷量q為4.5c;(3)導(dǎo)體棒上的外力 f的大小為2n.【點評】：本題考查電功率， 電量表達式及電磁感應(yīng)電動勢表達式結(jié)合牛頓第二定律求解即可, 難度不大，本題中加速度的求解是重點.y軸右側(cè)空間存在范圍足夠大的勻p點的坐標為(-2l,

12、0) , qi、q20)處的c點固定一平行于 y軸放22. ( 16分)(2015?鹽城二模)如圖所示的xoy坐標系中,強磁場，磁感應(yīng)強度大小為b,方向垂直于xoy平面向里.兩點的坐標分別為(0, l) , ( 0, - l).坐標為(il 3y方向分置的長為zl的絕緣彈性擋板，c為擋板中點，帶電粒子與彈性絕緣擋板碰撞前后，沿 3速度不變，沿x方向分速度反向，大小不變.帶負電的粒子質(zhì)量為m,電量為q,不計粒子所經(jīng)磁場運動后，求x軸的交點坐標；(3)只與擋板碰撞兩次并能回到解得： -1121r2r1受重力.若粒子在 p點沿pqi方向進入磁場, (1)從qi直接到達q2處的粒子初速度大小; (2)

13、從qi直接到達o點，粒子第一次經(jīng)過p點的粒子初速度大小.k x x xk x x xk x x x乂 x 戛 乂 工x x x x帶電粒子在勻強磁場中的運動；帶電粒子在勻強電場中的運動.帶電粒子在復(fù)合場中的運動專題.(1)作出粒子運動的軌跡圖，結(jié)合幾何關(guān)系求出粒子在磁場中運動的軌道半徑，根據(jù)半徑公式求出粒子的速度.(2)作出粒子運動的軌跡圖，根據(jù)幾何關(guān)系求出粒子運動的半徑，通過幾何關(guān)系求出第一次經(jīng)過x軸的交點坐標；(3)抓住與擋板碰撞兩次并能回到p點，作出軌跡圖，結(jié)合幾何關(guān)系，運用半徑公式進行求解.【解析】： 解：(1)由題意畫出粒子運動軌跡如圖(甲)所示，設(shè)pq1與x軸正方向夾角為 0,粒子

14、在磁場中做圓周運動的半徑大小為r1由幾何關(guān)系得：rcos 0 =l其中：,.-5粒子磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，有:（2）由題意畫出粒子運動軌跡如圖（乙）所示，設(shè)其與x軸交點為c,由幾何關(guān)系得：r2=4 l設(shè)c點橫坐標為xc,由幾何有關(guān)系得:x7則c點坐標為：（at , 0）.2l（3）由題意畫出粒子運動軌跡如圖（丙）所示，設(shè)pqi與x軸正方向夾角為 0,粒子在磁場中做圓周運動的半徑大小為r3,偏轉(zhuǎn)一次后在y負方向偏移量為兇1,由幾何關(guān)系得：yi=2r3cos g為保證粒子最終能回到 p,粒子與擋板碰撞后，速度方向應(yīng)與pqi連線平行，每碰撞一次，粒子進出磁場在y軸上這段距離 令2

15、 （如圖中a、e間距）可由題給條件， 士 力力有- 1 li/。得 ay21t當粒子只碰二次，其幾何條件是3ayi 2ay2=2l,解得：. 一一二a y2粒子磁場中做勻速圓周運動：.解得：/心加9m答：（1）從qi直接到達q2處的粒子初速度大小為 近典；2m（2）從qi直接到達o點，粒子第一次經(jīng)過 x軸的交點坐標為（工匚，0）;2（3）只與擋板碰撞兩次并能回到 p點的粒子初速度大小為 生國外.9m圖伸)【點評】： 本題考查了粒子在磁場中的運動，對于三小問，關(guān)鍵作出三種粒子的軌跡圖，結(jié)合 幾何關(guān)系，運用半徑公式進行求解，難度較大，對數(shù)學(xué)幾何的關(guān)系要求較高，需加強這方面的訓(xùn)練.23. ( 16分

16、)(2015?鹽城二模)如圖所示，一個質(zhì)量為 m長為l的圓管豎直放置，頂端塞有 一個質(zhì)量為 m的彈性小球，m=4m ,球和管間的滑動摩擦力和最大靜摩擦力大小均為4mg.管從下端離地面距離為 h處自由落下，運動過程中，管始終保持豎直，每次落地后向上彈起的速 度與落地時速度大小相等，不計空氣阻力，重力加速度為 g.求：(1)管第一次落地彈起時管和球的加速度；(2)管第一次落地彈起后，若球沒有從管中滑出，則球與管達到相同速度時，管的下端距地面 的高度；(3)管第二次彈起后球不致滑落，l應(yīng)滿足什么條件.【考點】： 牛頓第二定律；勻變速直線運動的速度與時間的關(guān)系.【專題】：牛頓運動定律綜合專題.2【分析

17、】：(1)根據(jù)v0 =2gh求出圓管底端落地前瞬間的速度.根據(jù)牛頓第二定律分別求出管 反彈后，球和管的加速度，從而得知球相對于管的加速度，以管為參考系，根據(jù)速度位移公式求出球相對于管靜止時的相對位移，即可求解.(2)根據(jù)管上升的加速度，以及相對加速度分別求出管從碰地到它彈到最高點所需時間和管從碰地到與球相對靜止所需的時間，比較兩個時間知道球與管的運動情況，再根據(jù)運動學(xué)公式求出管上升的最大高度.(3)根據(jù)運動學(xué)公式，即可求解【解析】： 解：(1)管第一次落地彈起時，管的加速度4嗯+4犍1 4m 6方向向下球的加速度方向向上2 in(2)取豎直向下為正方向.球與管第一次碰地時速度v0=v2gh5方向向下.碰地后管的速度 爐二-記春j，方向向上；球的速度 v2=v2gh,方向向下若球剛好沒有從管中滑出，設(shè)經(jīng)過時間ti,球管速度v相同，則有-vi+aiti=v2-2v02歷32t1 -1& +02又管從碰地到它彈到最高點所需時間t2,則：t22g因為t1t2,說明管在達到最高點前，球與管相對靜止，故管從彈起經(jīng)t1這段時間上升的高度為所求.得.25=25(3)球與管達到相對靜止后，將以速度v、加速度g豎直上升到最高點，由于故這個高度是二五二25h因此，管第一次落地彈起后上