2017年高考江蘇物理試題及答案解析(精編版)

1、2017 年普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試（江蘇卷）物理一、單項選擇題：本題共5 小題，每小題3 分，共15 分。每小題只有一個選項符合題意。1【 2017 年江蘇， 1， 4 分】如圖所示，兩個單匝線圈a 、 b 的半徑分別為 r 和 2r 。圓形勻強磁場B 的邊緣恰好與 a 線圈重合，則穿過a 、 b 兩線圈的磁通量之比為（）A 1:1B 1: 2C 1: 4D 4:1【答案】 A【解析】由于線圈平面與磁場方向垂直，故穿過該面的磁通量為：BS ，半徑為 r 的虛線范圍內有勻強磁場，所以磁場的區(qū)域面積為：Sr 2 結合圖可知，穿過兩個線圈的磁感線的條數是相等的，所以磁通量都是：Br2 。與線圈

2、的大小無關，故選A 。2【 2017 年江蘇， 2，4 分】如圖所示， A 、 B 兩小球從相同高度同時水平拋出，經過時間t 在空中相遇。若兩球的拋出速度都變?yōu)樵瓉淼? 倍，則兩球從拋出到相遇經過的時間為（）A tB 2C tD tt【答案】 C224【解析】兩球同時拋出，豎直方向上做自由落體運動，相等時間內下降的高度相同，始終在同一水平面上，根據x vA t vBt 知，當兩球的拋出速度都變?yōu)樵瓉淼? 倍，則兩球從拋出到相遇經過的時間為t ；故選 C。23【 2017 年江蘇， 3， 4 分】一小物塊沿斜面向上滑動，然后滑回到原處。物塊初動能為Ek0 ，與斜面間的動摩擦因數不變，則該過程中，

3、物塊的動能Ek 與位移 x 關系的圖線是（）A B CD【答案】 C【解析】設斜面的傾角為，物塊的質量為m ，去沿斜面向上為位移正方向；根據動能定理可得：上滑過程中：mgx sinmgx cosEkEk0， 所 以 EkEk0mg sinmg cos x； 下 滑 過 程 中 ：mgx sinmgx cosEk0 ，所以 Ekmg sinmg cosx ； 根據能量守恒定律可得，最后的總動能減小，故選C。4【2017 年江蘇， 4，4 分】如圖所示，三塊平行放置的帶電金屬薄板A 、 B 、 C 中央各有一小孔，小孔分別位于 O 、 M 、 P 點。由 O 點靜止釋放的電子恰好能運動到P 點?，F

4、將 C 板向右平移到P 點，則由 O 點靜止釋放的電子（）A 運動到 P 點返回B運動到 P 和 P 點之間返回C運動到 P 點返回D穿過 P 點【答案】 A【解析】設 AB 間電場強度為 E1 ， BC 間場強為 E2 ，根據題意由O 點釋放的電子恰好能運動到P 點，根據動能定理，有 eE1xOMeE2 xMP 00 ， BC 板電量不變，U 2QQ4 kQBC 板間的場強 E2CdSr Sdr4dkd，由知 BC 板間的場強不隨距離的變化而變化，當C 板向右平移到 P 時， BC 板間的場強不變，由知，電子仍然運動到P 點返回，故選A。5【 2017 年江蘇， 5， 4 分】如圖所示，一小

5、物塊被夾子夾緊，夾子通過輕繩懸掛在小環(huán)上，小環(huán)套在水平光滑細桿上。物塊質量為M ，到小環(huán)的距離為 L ，其兩側面與夾子間的最大靜摩擦力均為F 。小環(huán)和物塊以速度v 向右勻速運動，小環(huán)碰到桿上的釘子P 后立刻停止，物塊向上擺動。整個過程中，物塊在夾子中沒有滑動。小環(huán)和夾子的質量均不計，重力加速度為g 。下列說法正確的是 （）A 物塊向右勻速運動時，繩中的張力等于2F B 小環(huán)碰到釘子P 時，繩中的張力大于2F122F MgLC物塊上升的最大速度為2vD速度 v 不能超過gM【答案】 D【解析】 A 物塊向右勻速運動時，則夾子與物體M ，處于平衡狀態(tài)，那么繩中的張力等于Mg ，與2F 大小關系不確

6、定，故A 錯誤； B 小環(huán)碰到釘子P 時，物體 M 做圓周運動，依據最低點由拉力與重力的合力提供向心力，因此繩中的張力大于Mg ，而與2F 大小關系不確定，故B 錯誤； C依據機械能守恒定律，減小的動能轉化為重力勢能，則有： 1mv2mgh ，那么物塊上升的最大高度為hv2，故 C 錯誤；22gD 因夾子對物體 M 的最大靜摩擦力為2F ，依據牛頓第二定律， 結合向心力表達式， 對物體 M ，則有：2 F Mgvm2，解得 v2FMgLLM，故選 D 。二、多項選擇題：本題共4 小題，每小題4 分，共16 分。 每小題有多個選項符合題意。全部選對的得4 分，選對但不全的得2 分，錯選或不答的得

7、0 分 。6【2017 年江蘇， 6，4 分】 “天舟一號 ”貨運飛船于2017 年 4 月 20 日在文昌航天發(fā)射中心成功發(fā)射升空。與“天宮二號 ”空間實驗室對接前，“天舟一號 ”在距地面約 380km 的圓軌道上飛行，則其（）A 角速度小于地球自轉角速度B 線速度小于第一宇宙速度C周期小于地球自轉周期D 向心加速度小于地面的重力加速度【答案】 BCD【解析】 A 根據衛(wèi)星的速度公式vGM 和 vr得：GM3 。將 “天舟一號 ”與地球同步衛(wèi)星比較，由于rr“天舟一號 ”的軌道半徑小于地球同步衛(wèi)星的軌道半徑，所以 “天舟一號 ”的角速度大于地球同步衛(wèi)星的角速度，而地球同步衛(wèi)星的角速度等于地球

8、自轉角速度，所以其角速度大于地球自轉角速度故A錯誤 B第一宇宙速度是衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動最大的運行速度，知其線速度小于第一宇宙速度故B 正確 C由 T2知 “天舟一號 ”的周期于地球同步衛(wèi)星的周期，而地球同步衛(wèi)星的周期等于地球自2GM2 知，其向心加速度小于近地衛(wèi)轉周期，所以其周期小于地球自轉周期故C 正確 D由 avrr星的向心加速度， 而近地衛(wèi)星的向心加速度約等于地面的重力加速度，所以其向心加速度小于地面的重力加速度故D 正確，故選 BCD 。7【2017 年江蘇， 7，5 分】某音響電路的簡化電路圖如圖所示，輸入信號既有高頻成分，也有低頻成分，則（）A 電感 L1 的作用是通高頻B

9、電容 C2 的作用是通高頻C揚聲器甲用于輸出高頻成分D揚聲器乙用于輸出高頻成分【答案】 BD【解析】 A 電感 L1 的作用是通低頻，阻高頻，故A 錯誤 B電容 C2的作用是通高頻，阻低頻，故B 正確C電感 L1 的作用是通低頻， 阻高頻，而電容 C1 的作用是通高頻， 阻低頻，所以低頻部分通過揚聲器甲故C 錯誤 D電感 L1 的作用是通低頻， 阻高頻，所以揚聲器乙用于輸出高頻成分，故 D 正確，故選 BD 。8【 2017 年江蘇， 8， 5 分】在 x 軸上有兩個點電荷q1 、 q2 ，其靜電場的電勢在 x 軸上分布如圖所示。下列說法正確的有（）A q1 和 q2 帶有異種電荷B x1 處

10、的電場強度為零C負電荷從 x1 移到 x2 ，電勢能減小D負電荷從 x1 移到 x2 ，受到的電場力增大【答案】 AC【解析】 A 由圖可知：無窮遠處電勢為零，又有電勢為正的地方，故存在正電荷；又有電勢為負的地方，故也存在負電荷，所以，q1 和 q2 帶有異種電荷，故A 正確； B電場強度等于圖中曲線斜率，x1 處的斜率不為零， 故電場強度不為零， 故 B 錯誤； C負電荷從 x1 移到 x2 ，電勢增大， 電勢能減小， 故 C 正確；D 負電荷從 x1 移到 x2 ，曲線斜率減小，及電場強度減小，受到的電場力減小，故D 錯誤，故選 AC 。9【 2017 年江蘇， 9， 5 分】如圖所示，三

11、個小球A 、 B 、 C 的質量均為 m ， A 與 B 、 C 間通過鉸鏈用輕桿連接，桿長為L 。 B 、 C 置于水平地面上，用一輕質彈簧連接，彈簧處于原長。2現 A 由靜止釋放下降到最低點，兩輕桿間夾角由 60變?yōu)?120 。 A 、 B 、 C 在同一豎直平面內運動，彈簧在彈性限度內，忽略一切摩擦，重力加速度為g 。則此下降過程中（）A A 的動能達到最大前， B 受到地面的支持力小于3B 受到地面的支持力等于3mg B A 的動能最大時，mg22C彈簧的彈性勢能最大時，A 的加速度方向豎直向下D彈簧的彈性勢能最大值為3mgL2【答案】 AB【解析】 A 的動能最大時， 設 B 和 C

12、 受到地面支持力大小均為F ，此時整體在豎直方向受力平衡，可得 2 F3mg ，所以 F3 mg ；在 A 的動能達到最大前一直是加速下降，處于失重情況，所以B 受到地面的支持力小2于 3 mg ，故 A B 正確； C當 A 達到最低點時動能為零，此時彈簧的彈性勢能最大，A 的加速度方向2向上，故 C 錯誤； D A 下落的高度為：hL sin60 L sin30，根據功能關系可知，小球A 的機械能全部轉化為彈簧的彈性勢能， 即彈簧的彈性勢能最大值為EP31mghmgL ，故 D 錯誤，故選 AB 。2三、 簡答題：本題分必做題（第10、 11 題）和選做題（第12 題）兩部分，共計42 分

13、。請將解答填寫在答題卡相應的位置。10【 2017 年江蘇， 10， 8 分】利用如題10-1 圖所示的實驗裝置探究恒力做功與物體動能變化的關系。小車的質量為M200.0g ，鉤碼的質量為 m10.0g ，打點計時器的電源為 50Hz 的交流電。（ 1）掛鉤碼前，為了消除摩擦力的影響，應調節(jié)木板右側的高度，直至向左輕推小車觀察到 _。（ 2）掛上鉤碼，按實驗要求打出的一條紙帶如題10-2 圖所示。選擇某一點為O ，依次每隔 4 個計時點取一個計數點。用刻度尺量出相鄰計數點間的距離x ，記錄在紙帶上。計算打出各計數點時小車的速度 v ，其中打出計數點“1”小車的速度時v1_ m s。（ 3）將鉤

14、碼的重和視為小車受到的拉力，取g 9.80m2x 算出拉力s ，利用 W mg對小車做的功 W 。利用 Ek1Mv2 算出小車動能，并求出動能的變化量Ek 。計2算結果見下表。W /103 J2.452.923.353.814.26Ek /103 J2.312.733.123.614.00請根據表中的數據，在答題卡的方格紙上作出Ek W 圖象。（ 4）實驗結果表明，Ek 總是略小于 W 。某同學猜想是由于小車所受拉力小于鉤碼重力造成的。用題中小車和鉤碼質量的數據可算出小車受到的實際拉力F _ N ?！敬鸢浮浚?1）小車做勻速運動； （ 2） 0.228 ；（ 3）如圖；（ 4） 0.093【解

15、析】（ 1）掛鉤碼前，為了消除摩擦力的影響，應調節(jié)木板右側的高度，直至向左輕推小車觀察到小車做勻速運動，摩擦力達到平衡；（2）計數點 1 的瞬時速度 v1x022.062.5010 22T0.2m s 0.228m s 。（3）根據表格中的數據做出EkW 圖像如圖所示。（4）對整體分析，根據牛頓第二定律得，mg，則小車受到的實際拉力amMmg0.20.019.8M0.093N。F MaNM m0.2 0.01311【2017 年江蘇， 11， 10 分】某同學通過實驗制作一個簡易的溫控裝置，實驗原理電路圖如題11-1 圖所示，繼電器與熱敏電阻R1 、滑動變阻器 R 串聯接在電源 E 兩端，當繼

16、電器的電流超過15mA 時，銜鐵被吸合，加熱器停止加熱，實現溫控。繼電器的電阻約20 ，熱敏電阻的阻值Rt 與溫度 t的關系如下表所示。t / C30.040.050.060.070.080.0Rt /199.5145.4108.181.862.949.1（1）提供的實驗器材有： 電源 E1（ 3V ，內阻不計）、電源 E2（ 6V ，內阻不計）、滑動變阻器 R1（ 0 200 ）、滑動變阻器 R2（ 0 500）、熱敏電阻 Rt 、繼電器、電阻箱（0 999.9）、開關 S 、導線若干。為使該裝置實現對30 C 80 C 之間任一溫度的控制，電源E 應選用 _（選填 “”或 “”），滑動變阻

17、E1E2器 R 應選用 _ （選填 “R1”或 “R2”）。（ 2）實驗發(fā)現電路不工作。某同學為排查電路故障，用多用電表測量各接點間的電壓，則應將如題11-2 圖所示的選擇開關旋至 _（選填 “ ”、 “ ”、 “ ”或 “ ”）。ABCD（ 3）合上開關 S ，用調節(jié)好的多用電表進行排查。在題11-1 圖中，若只有 b 、 c 間斷路，則應發(fā)現表筆接入a 、b 時指針 _（選填 “偏轉 ”或 “不偏轉與），接入 a 、c 時指針 _（選填 “偏轉 ”或 “不偏轉 ”）。（ 4）排除故障后，欲使銜鐵在熱敏電阻為50 C 時被吸合，下列操作步驟的正確順序是_（選填寫各步驟前的序號）將熱敏電阻接入

18、電路；觀察到繼電器的銜鐵被吸合；斷開開關，將電阻箱從電路中移除；合上開關，調節(jié)滑動變阻器的阻值；斷開開關，用電阻箱替換熱敏電阻，將阻值調至108.1。【答案】（ 1） E2 ， R2 ；（ 2） C ；（3）不偏轉，偏轉； （4）【解析】（ 1）要想控制 30 時的情況， 熱敏電阻阻值約為200 ，需要的最小電動勢 E0.015 200 203.3V ；由于還要考慮滑動變阻器的阻值，因此 3V 的電源電動勢太小， 應選擇 6V的電源 E2 ；滑動變阻器采用限流接法，因此其阻值應約為熱敏電阻的幾倍左右，因此滑動變阻器應采用R2 。（ 2）要想測量電壓，應將旋鈕旋至電壓檔位上，因電動勢為6V ，因

19、此應選擇10V 量程，故旋至 C 點；（ 3）若只有 b 、 c 間斷路，則應發(fā)現表筆接入a 、 b 時電表與電源不連接，因此指針不偏轉；而接入a 、c 時，電表與電源直接連接，故指針發(fā)生偏轉；（ 4）要使 50 時被吸熱，由表格數據可知，電阻為108.1 ；為了使銜鐵在熱敏電阻為 50 時被吸合，應先電阻箱替換熱敏電阻，將阻值調至108.1；再合上開關，調節(jié)滑動變阻器的阻值，直到觀察到繼電器的銜鐵被吸合；此時再斷開開關將電阻箱取下，換下熱敏電阻即可實現實驗目的；故步驟為。12【 2017 年江蘇， 12， 12分】本題包括 A 、 B 、C 三小題，請選定其中兩小題，并在相應的答題區(qū)域內作答

20、。若多做，則按A 、 B 兩小題評分。A 【選修3-3】A 經過狀態(tài) B 變化到狀態(tài) C ，其 V T 圖象如題 12A-1 圖所示。（1）一定質量的理想氣體從狀態(tài)下列說法正確的有 _A A B 的過程中，氣體對外界做功B AB 的過程中，氣體放出熱量C BC 的過程中，氣體壓強不變D AB C 的過程中，氣體內能增加（ 2）題 12A-2 （甲）和（乙）圖是某同學從資料中查到的兩張記錄水中炭粒運動位置連線的圖片，記錄炭粒位置的時間間隔均為 30s ，兩方格紙每格表示的長度相同。比較兩張圖片可知：若水溫相同， _（選填 “甲 ”或 “乙 ”）中炭粒的顆粒較大；若炭粒大小相同， _（選填 “甲

21、”或 “乙 ”）中水分子的熱運動較劇烈。4（ 3）科學家可以運用無規(guī)則運動的規(guī)律來研究生物蛋白分子。資料顯示， 某種蛋白的摩爾質量為66kg mol ，其分子可視為半徑為3109m 的球，已知阿伏加德羅常數為6.01023mol1 。請估算該蛋白的密度。 （計算結果保留一位有效數字）【答案】（ 1） BC ；（ 2）甲，乙；（3） 1103 kg m3【解析】（ 1）A AB 的過程中，溫度不變，體積減小，可知外界對氣體做功，故A 錯誤 B AB 的過程中，溫度不變，內能不變，體積減小，外界對氣體做功，根據熱力學第一定律UWQ 知， W為正，則 Q 為負，即氣體放出熱量，故B 正確 C 因為

22、VT 圖線中， BC 段的圖線是過原點的傾斜直線，則程BC 的過程中，壓強不變，故C 正確 D A 到 B 的過程中，溫度不變，內能不變， B 到 C 的過程中，溫度降低，內能減小，則ABC 的過程中，氣體內能減小，故D 錯誤。故選 BC（2）布朗運動是懸浮在液體或氣體中的固體小顆粒的永不停息地做無規(guī)則運動，布朗運動是由于液體分子對小顆粒的撞擊不平衡造成的；顆粒越小，液體分子對顆粒的撞擊越不平衡，布朗運動越明顯 由圖可知，乙圖中顆粒的布朗運動更明顯，所以若水溫相同，甲中炭粒的顆粒較大；溫度越高，布朗運動越激烈，所以若炭粒大小相同，乙中水分子的熱運動較劇烈。（3）摩爾體積 V4r 3 N A （

23、或 V2r3M，解得3M（或M），N A ，由密度43NA3N A3Vr8r代入數據得1103 kg m3 （或5102 kgm3 ， 5102 1103 kg m3都算對）。B【選修 3-4】（ 1）接近光速飛行的飛船和地球上各有一只相同的艷原子鐘，飛船和地球上的人觀測這兩只鐘的快慢，下列說法正確的有 _A 飛船上的人觀測到飛船上的鐘較快B 飛船上的人觀測到飛船上的鐘較慢C地球上的人觀測到地球上的鐘較快D 地球上的人觀測到地球上的鐘較慢（ 2）野生大象群也有自己的“語言 ”。研究人員錄下象群“語言 ”交流時發(fā)出的聲音，發(fā)現以2 倍速度快速播放錄音時，能聽到比正常播放時更多的聲音。播放速度變?yōu)?/p>

24、原來的2 倍時，播出聲波的_（選填“周期 ”或 “頻率 ”）與也變?yōu)樵瓉淼? 倍，聲波傳播速度_（選填 “變大 ”、 “變小 ”或“不變 ”）。（ 3）人的眼球可簡化為如圖所示的模型。折射率相同、半徑不同的兩個球體共軸。平行光束寬度為 D ，對稱地沿軸線方向射入半徑為R 的小球，會聚在軸線上的P 點。取球體的折射率為2 ，且 D2R 。求光線的會聚角。（示意圖未按比例畫出）【答案】（ 1） AC ；（ 2）頻率，不變；（3） 30【解析】（ 1）飛船上的人是以飛船為參考系，故地球是高速運動的，根據愛因斯坦質能方程的運動延時效應，飛船上的人觀測到地球上的鐘較慢，即飛船上的人觀測到飛船上的鐘較快，

25、故 A 正確， B 錯誤； CD 地球上的人以地球為參考系，認為飛船高速運動，同樣根據愛因斯坦質能方程的運動延時效應，飛船上的鐘較慢，故地球上的人觀測到地球上的鐘較快，故 C正確， D 錯誤；故選 AC 。（2）波經過錄制再次播放，并不改變波的波長、頻率等特性；現播放速度變?yōu)樵瓉淼? 倍時，又有波的傳播過程中，波長不變，那么周期T12 倍； 又有波的傳播速度只與2vT ，則頻率變?yōu)樵瓉淼?波的形式和介質有關，故只改變播放速度，波的傳播速度不變。（3）由幾何關系 sin iD 解得 i45則由折射定律sin i，且 i，解得30 。n 解得302 Rsin2C【選修 3-5】（ 1）原子核的比結

26、合能曲線如圖所示。根據該曲線， 下列判斷正確的有 _A 24 He 核的結合能約為 14MeVB 24 He 核比 63 Li 核更穩(wěn)定C兩個 21 H 核結合成24 He 核時釋放能量D 23592 U 核中核子的平均結合能比3689 Kr 核中的大（ 2）質子（ 11 H ）和 粒子（ 24 He ）被加速到相同動能時，質子的動量_（選填 “大于 ”、“小于 ”或 “等于 ”） 粒子的動量， 質子和粒子的德布羅意波波長之比為_。（ 3）甲、乙兩運動員在做花樣滑冰表演，沿同一直線相向運動，速度大小都是1m s 。甲、乙相遇時用力推5對方，此后都沿各自原方向的反方向運動，速度大小分別為1m s

27、 和2m s 。求甲、乙兩運動員的質量之比?！敬鸢浮浚?1） BC ；（ 2）小于， 2:1 ；（ 3） 32【解析】（ 1） A 由圖可知，氦核的結合能大約為7MeV ，氦核的核子數為4，則氦核的結合能大約為28MeV ，故 A 錯誤 B 比結合能越大，原子核越穩(wěn)定，由圖可知，氦核的比結合能大，則24 He 核比 36 Li 核更穩(wěn)定，故B 正確。 C兩個 21 H 核結合成24 He 核時有質量虧損，釋放能量，故C 正確。 D由圖可知， 23592 U 核中核子的平均結合能比3689 Kr 核中的小，故D 錯誤。故選 BC 。（2）動能與動量的關系為：P2mEK，物質波的波長：hh1，聯立

28、得到：2mEK，質pm子 11 H和粒子24 He 質量之比為 1: 4，故物質波的波長之比為2:1 。（3）動量守恒mvm vmvm v2 解得m1v2v2，代入數據得m13。1 12 21 1 2m2v1v1m22四、計算題：本題共3 小題，共計47 分。解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟。只寫出最后答案的不能得分。有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位。13【2017 年江蘇， 13，15 分】如圖所示，兩條相距d 的平行金屬導軌位于同一水平面內，其右端接一阻值為R 的電阻。質量為m 的金屬桿靜置在導軌上，其左側的矩形勻強磁場區(qū)域MNPQ 的磁感應強度大小為B 方向

29、豎直向下。當該磁場區(qū)域以速度v0 勻速地向右掃過金屬桿后，金屬桿的速度變?yōu)関 。導軌和金屬桿的電阻不計， 導軌光滑且足夠長， 桿在運動過程中始終與導軌垂直且兩端與導軌保持良好接觸。求：（ 1） MN 剛掃過金屬桿時，桿中感應電流的大小I ；（ 2） MN 剛掃過金屬桿時，桿的加速度大小a；（ 3） PQ 剛要離開金屬桿時，感應電流的功率P 。解：（ 1） MN 剛掃過金屬桿式，桿上產生的感應電動勢為：EBdv0，感應電流 IE ，解得 IBdv0。RB2 d 2v0R（ 2） MN 剛掃過金屬桿式，桿受到的安培力FBId ，牛頓第二定律 Fma ，解得。amR（ 3） PQ 剛要離開金屬桿時，金屬桿切割磁感線的速度vv0 v ，則感應電動勢EBdv0v ，E2B 2d 2v0 v2。電功率 p，解得 PRR14【 2017 年江蘇， 14，16分】如圖所示，兩個半圓柱A、 B 緊靠著靜置于水平地面上，其上有一光滑圓柱C ，三者半徑均為 R 。 C 的質量為 m ， A、 B 的質量都為 m ，與地面A ，使 A 緩慢移動，直至2間的動摩擦因數均為。現用水平向右的力拉C 恰好降到地面。整個過程中B 保持靜止。設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g 。求：（ 1）未拉 A 時， C 受到 B 作用力的大