2019年全國(guó)統(tǒng)一高考物理模擬試卷(全國(guó)卷Ⅰ)(十一)

1、2019 年全國(guó)統(tǒng)一高考物理模擬試卷（全國(guó)卷）（十一）副標(biāo)題題號(hào)一二三四總分得分一、單選題（本大題共5 小題，共30.0 分）1.一質(zhì)量為0.6kg 的籃球，以8m/s 的速度水平撞擊籃板，被籃板反彈后以6m/s 的速度水平反向彈回，在空中飛行0.5s 后以 7m/s 的速度被運(yùn)動(dòng)員接住，取g=10m/s2，不計(jì)空氣阻力，則下列說(shuō)法正確的是（）A. 與籃板碰撞前后籃球的動(dòng)量變化大小為8.4kg?m/sB. 被籃板彈回到被運(yùn)動(dòng)員接住的過(guò)程中籃球的動(dòng)量變化大小為0.6kg?m/sC. 籃板對(duì)籃球的作用力大小約為15.6ND. 被籃板彈回到被運(yùn)動(dòng)員接住的過(guò)程中籃球的重力產(chǎn)生的沖量大小為7N?s2.

2、如圖所示，細(xì)繩一端系在小球 O 上，另一端固定在天花板上 A 點(diǎn)，輕質(zhì)彈簧一端與小球連接， 另一端固定在豎直墻上B 點(diǎn)，小球處于靜止?fàn)顟B(tài)。將細(xì)繩燒斷的瞬間，小球的加速度方向（）A. 沿 BO方向B. 沿OB方向C. 豎直向下D. 沿 AO方向3. 真空中的點(diǎn)電荷在其周?chē)a(chǎn)生電場(chǎng)，電場(chǎng)中某點(diǎn)的電勢(shì)與點(diǎn)電荷的電量成正比， 與該點(diǎn)到點(diǎn)電荷的距離成反比，即 =k 在某真空中有一如圖所示的正六邊形ABCDEF ，O 為中心， A、C、E 三個(gè)頂點(diǎn)各固定一點(diǎn)電荷，其中 A、C 兩點(diǎn)電荷量為 q，E 點(diǎn)電荷量為 -q，EB 、Eo 分別表示 B、O 點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的大小， B、 O 分別表示 B、 O 點(diǎn)的電勢(shì)，則

3、以下關(guān)系中正確的是（）A. EB Eo B OB. EB Eo B OC. E =E D.E EBo B=OBo B =O4. 如圖所示，在垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度B=2 T 的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，有一長(zhǎng)度L=5m 的細(xì)圓筒，繞其一端 O 在紙面內(nèi)沿逆時(shí)針?lè)较蜃鼋撬俣?60rad /s 的勻速圓周運(yùn)動(dòng)。另端有一粒子源，能連續(xù)不斷相對(duì)粒子源沿半徑向外發(fā)射速度為=400m/s 的帶正電粒子。已知帶電粒子的電量 q=2.5 10-6C，質(zhì)量 m=310-8 kg，不計(jì)粒子間相互作用及重力， 打在圓筒上的粒子均不被吸收， 則帶電粒子在紙面內(nèi)所能到達(dá)的范圍面積S是（）A. 48m2B. 9m2C. 49 m2D

4、. 16 m2第1頁(yè)，共 19頁(yè)5. 如圖所示，水平桌面上放著一對(duì)平行金屬導(dǎo)軌，左端與一電源相連，中間還串有一開(kāi)關(guān) K 導(dǎo)軌上放著一根金屬棒ab，空間存在著垂直導(dǎo)軌平面向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)已知兩導(dǎo)軌間距為d，電源電動(dòng)勢(shì)為E，導(dǎo)軌電阻及電源內(nèi)阻均不計(jì)，ab 棒的電阻為R，質(zhì)量為 m，棒與導(dǎo)軌間摩擦不計(jì)閉合開(kāi)關(guān)K， ab 棒向右運(yùn)動(dòng)并從桌邊水平飛出，已知桌面離地高度為h，金屬棒落地點(diǎn)的水平位移為s下面的結(jié)論中正確 （）A. 開(kāi)始時(shí) ab 棒離導(dǎo)軌右端的距離L=B. 磁場(chǎng)力對(duì) ab 棒所做的功w=C. 磁場(chǎng)力對(duì) ab 棒的沖量大小I=msD. ab 棒在導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)時(shí)間t=二、多選題（本大題共5 小題，共2

5、8.0 分）6. 如圖所示，光滑水平面 OB 與足夠長(zhǎng)的粗糙斜面 BC 交于 B 點(diǎn)。輕彈簧左端固定于豎直墻面?，F(xiàn)將質(zhì)量為 m1 的滑塊壓縮彈簧至 D 點(diǎn)，然后由靜止釋放，滑塊脫離彈簧后經(jīng) B 點(diǎn)滑上斜面，上升到最大高度，并靜止在斜面上，不計(jì)滑塊在B 點(diǎn)的機(jī)械能損失。換用相同材料質(zhì)量為m2 的滑塊（ m2 m1）壓縮彈簧到相同位置， 然后由靜止釋放， 下列對(duì)兩滑塊說(shuō)法不正確的是（ ）A. 兩滑塊到達(dá)B 點(diǎn)的速度相同B. 兩滑塊上升到最高點(diǎn)過(guò)程的加速度相同C. 兩滑塊沿斜面上升的最大高度相同D. 兩滑塊上升到最高點(diǎn)過(guò)程機(jī)械能損失不相同7. 如圖所示， a 為放在地球赤道上隨地球一起轉(zhuǎn)動(dòng)的物體，

6、b、 c、d 為在圓軌道上運(yùn)行的衛(wèi)星，軌道平面均在地球赤道面上， 其中 b 是近地衛(wèi)星， c 是地球同步衛(wèi)星。若 a、b、c、d 的質(zhì)量相同，地球表面附近的重力加速度為g，則下列說(shuō)法中不正確的是（）A. b 衛(wèi)星轉(zhuǎn)動(dòng)的線(xiàn)速度大于7.9 km/sB. a、b、 c、 d 的周期大小關(guān)系為T(mén)a Tb Tc TdC. a 和 b 的向心加速度都等于重力加速度gD. 在 b、 c、 d 中， b 的動(dòng)能最大， d 的機(jī)械能最大8. 一個(gè)細(xì)小金屬圓環(huán)， 在范圍足夠大的磁場(chǎng)中豎直下落， 磁感線(xiàn)的分布情況如圖， 其中沿圓環(huán)軸線(xiàn)的磁場(chǎng)方向始終豎直向上。開(kāi)始時(shí)圓環(huán)的磁通量為 0，圓環(huán)磁通量隨下落高度 y 變化關(guān)

7、系為 =0（ 1+ ky）（ k 為比例常數(shù)， k0）。金屬圓環(huán)在下落過(guò)程中的環(huán)面始終保持水平， 速度越來(lái)越大， 最終穩(wěn)定為某一數(shù)值， 稱(chēng)為收尾速度。 該金屬環(huán)的收尾速度為v，第2頁(yè)，共 19頁(yè)已知金屬圓環(huán)的電阻為 R，忽略空氣阻力， 關(guān)于該情景， 以下結(jié)論正確的有 （）A. 金屬圓環(huán)速度穩(wěn)定后，tk0v 時(shí)間內(nèi)， 金屬圓環(huán)產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為B. 金屬圓環(huán)速度穩(wěn)定后金屬圓環(huán)的熱功率P=C. 金屬圓環(huán)的質(zhì)量 m=D. 金屬圓環(huán)速度穩(wěn)定后金屬圓環(huán)的熱功率P=9. 下列說(shuō)法正確的是（）A. 擴(kuò)散現(xiàn)象是由物質(zhì)分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)引起的B. 只要知道某種物質(zhì)的摩爾質(zhì)量和密度，一走可以求出該物質(zhì)的分子體

8、積C. 布朗運(yùn)動(dòng)不是分子運(yùn)動(dòng)，但可以反映液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)D. 水蒸汽凝結(jié)成水珠的過(guò)程中，分子間斥力減小，引力增大E. 一定質(zhì)量的某種理想氣體在等壓膨脹過(guò)程中，內(nèi)能一定增加10. 2018 年 1 月 31 日，天空中上演了一場(chǎng)萬(wàn)眾矚目、被稱(chēng)為“超級(jí)滿(mǎn)月、藍(lán)月亮、紅月亮”的月全食大戲， 這次月全食歷時(shí)近 5 小時(shí)。 最精彩之處是在發(fā)生月全食階段月亮呈現(xiàn)紅色，下列有關(guān)月食的說(shuō)法，其中正確的是（）A. 當(dāng)?shù)厍蛱幱谔?yáng)和月亮中間時(shí)才會(huì)出現(xiàn)月食現(xiàn)象B. 當(dāng)月亮處于太附和地球中間時(shí)才會(huì)出現(xiàn)月食現(xiàn)象C. 月食可能是太陽(yáng)光經(jīng)月亮反射到地球大氣層時(shí)發(fā)生全反射形成的D. 出現(xiàn)月食現(xiàn)象，是因?yàn)樵铝撂幱诘厍虻摹坝?/p>

9、子”中E. “紅月亮”是太陽(yáng)光中的紅光經(jīng)地球大氣層折射到月球時(shí)形成的三、實(shí)驗(yàn)題探究題（本大題共2 小題，共15.0 分）11.為了測(cè)量小滑塊與水平桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，某小組設(shè)計(jì)了如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置，其中擋板可固定在桌面上，輕彈簧左端與擋板相連，圖中桌面高為h，O1、O2、A、B、C 點(diǎn)在同一水平直線(xiàn)上已知重力加速度為g，空氣阻力可忽略不計(jì)實(shí)驗(yàn)過(guò)程一：擋板固定在O1 點(diǎn)，推動(dòng)滑塊壓縮彈簧，滑塊移到A 處，測(cè)量O1A 的距離，如圖甲所示 滑塊由靜止釋放，落在水平面上的P 點(diǎn)，測(cè)出 P 點(diǎn)到桌面右端的水平距離為x1 ；實(shí)驗(yàn)過(guò)程二：將擋板的固定點(diǎn)移到距O1 點(diǎn)距離為d 的 O2 點(diǎn)，如圖乙所示，推動(dòng)

10、滑塊壓縮彈簧， 滑塊移到 C 處，使 O2C 的距離與 O1 A 的距離相等 滑塊由靜止釋放，落在水平面上的 Q 點(diǎn)，測(cè)出 Q 點(diǎn)到桌面右端的水平距離為 x2（ 1）為完成本實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法中正確的是_（填序號(hào)）A必須測(cè)出小滑塊的質(zhì)量B必須測(cè)出彈簧的勁度系數(shù)C彈簧的壓縮量不能太小D必須測(cè)出彈簧的原長(zhǎng)（ 2）寫(xiě)出動(dòng)摩擦因數(shù)的表達(dá)式=_（用題中所給物理量的符號(hào)表示）（ 3）小紅在進(jìn)行實(shí)驗(yàn)過(guò)程二時(shí)，發(fā)現(xiàn)滑塊未能滑出桌面為了測(cè)量小滑塊與水平桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，還需測(cè)量出 _第3頁(yè)，共 19頁(yè)12.如圖所示， 在“測(cè)繪小燈泡的伏安特性曲線(xiàn)”的實(shí)驗(yàn)中，用導(dǎo)線(xiàn)將a、b、c、d、e、f、g 和 h 按圖甲所示方

11、式連接好電路，電路中所有元器件都完好，且電壓表和電流表已調(diào)零（ 1）實(shí)驗(yàn)小組的同學(xué)首先測(cè)量并描繪出電源的路端電壓U 隨電流 I 變化的圖線(xiàn)如圖乙中直線(xiàn)， 則電源的電動(dòng)勢(shì)E=_V，內(nèi)阻 r =_（保留兩位有效數(shù)字）；（ 2）閉合開(kāi)關(guān)后，若不管怎樣調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，小燈泡亮度都能發(fā)生變化，但電壓表、電流表的示數(shù)總不能為零，則可能是 _導(dǎo)線(xiàn)斷路，某同學(xué)排除故障后測(cè)繪出小燈泡的 U -I 特性曲線(xiàn)為如圖乙所示曲線(xiàn)，小燈泡的電阻隨溫度的上升而_；（ 3）將與上面相同的兩個(gè)小燈泡并聯(lián)后接到上面的電源上，如圖丙所示，每一只小燈泡的實(shí)際電功率是_W（保留兩位有效數(shù)字）四、計(jì)算題（本大題共4 小題，共52.0 分

12、）13. 如圖所示，在光滑水平面上靜止有一長(zhǎng)木板A，在木板的左端靜止有一物塊B，物塊的質(zhì)量為 m，長(zhǎng)木板的質(zhì)量為2m，現(xiàn)給長(zhǎng)木板 A 和物塊 B 分別同時(shí)施加向左和向右的恒力 F1 和 F 2，當(dāng) F2=mg，F(xiàn)1=0.5mg 時(shí)，物塊和長(zhǎng)木板剛好不發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，且物塊和長(zhǎng)木板一起向右做勻加速運(yùn)動(dòng)，已知最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，物塊的大小忽略不計(jì)，重力加速度為g，求：（ 1）物塊和長(zhǎng)木板的加速度；（ 2）物塊和長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)。14. 如圖所示， MN 、 PQ 為兩條平行的光滑金屬直導(dǎo)軌，導(dǎo)軌平面與水平面成 =30，M、P 之間接有電阻箱 R，導(dǎo)軌所在空間存在垂直于導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，

13、 磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為 B，質(zhì)量為 m 的金屬桿 ab 水平放置在軌道上，其接入電路的電阻值為 r ，現(xiàn)從靜止釋放金屬桿 ab，測(cè)得最后的最大速度為 v1，已知軌道間距為 L，重力加速度取 g，軌道足夠長(zhǎng)且電阻不計(jì)，求：（ 1）電阻箱接入電路的電阻多大？第4頁(yè)，共 19頁(yè)（ 2）若當(dāng)金屬棒下滑的距離為 s 時(shí)，金屬棒的加速度大小為 a，則此時(shí)金屬棒運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為多少？（ 3）當(dāng)金屬棒沿導(dǎo)軌勻速下滑時(shí)，將電阻箱的電阻瞬間增大為，此后金屬棒再向下滑動(dòng)d 的距離時(shí)，導(dǎo)體棒再次達(dá)到最大速度，求下滑d 的距離過(guò)程中，回路中產(chǎn)生的焦耳熱。15. 如圖所示，兩豎直且正對(duì)放置的導(dǎo)熱氣缸底部由細(xì)管道（體積忽略不

14、計(jì)） 連通， 兩活塞 a、b 用剛性杠桿相連， 可在兩氣缸內(nèi)無(wú)摩擦地移動(dòng)。上下兩活塞（厚度不計(jì)）的橫截面積分別為S1=10cm2、 S2=20cm2，兩活塞總質(zhì)量為 M=5kg，兩氣缸高度均為 H=10cm。氣缸內(nèi)封有一定質(zhì)量的理想氣體，系統(tǒng)平衡時(shí)活塞 a、b 到氣缸底的距離均為 L=5cm（圖中未標(biāo)出），已知大氣壓強(qiáng)為 p0=1.0 105Pa，環(huán)境溫度為 T0=300 K，重力加速度 g取 10m/s2求：（ 1）若緩慢升高環(huán)境溫度，使活塞緩慢移到一側(cè)氣缸的底部，求此時(shí)環(huán)境溫度；（ 2）若保持溫度不變，用豎直向下的力緩慢推活塞 b，在活塞 b 由開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到氣缸底部過(guò)程中，求向下推力的最大值

15、。16.一列沿 x 軸傳播的簡(jiǎn)諧橫波在t=0 時(shí)刻的波形如圖所示，介質(zhì)中x=6m 處的質(zhì)點(diǎn)P沿 y 軸方向做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式為y=0.2cos4 t（ m）。求：（ i）該波的傳播速度；（ ）從 t=0 時(shí)刻起，介質(zhì)中 x=10m 處的質(zhì)點(diǎn) Q 第一次到達(dá)波谷經(jīng)過(guò)的時(shí)間。第5頁(yè)，共 19頁(yè)第6頁(yè)，共 19頁(yè)答案和解析1.【答案】 A【解析】解：A 、以被籃板反彈后的速度方向 為正方向，與籃板碰撞前后 籃球的動(dòng)量變化大小為：p1=mv 2-（-mv 1）=m（v2+v1）=0.6 （8+6）kg?m/s=8.4kg?m/s，故 A 正確；B、據(jù)動(dòng)量定理，被籃板彈回到被運(yùn) 動(dòng)員接住的過(guò)程中籃球的動(dòng)

16、量變化大小為：p2=mgt=0.6 100.5 kg?m/s=3kg?m/s，故B 錯(cuò)誤；C、根據(jù)動(dòng)量定理：Ft=p1，因作用時(shí)間 t 未知，則無(wú)法確定 籃板對(duì)籃球的作用力大小，故 C 錯(cuò)誤；D、被籃板彈回到被運(yùn) 動(dòng)員接住的過(guò)程中籃球的重力 產(chǎn)生的沖量大小 為I G=p2=3 kg?m/s=3N?s，故D 錯(cuò)誤 。故選：A。根據(jù)動(dòng)量的定義分析動(dòng)量的變化，根據(jù)沖量的定義求出重力的沖量。考查沖量與動(dòng)量定理，對(duì)于矢量的運(yùn)算要確定好方向。2.【答案】 D【解析】解：小球靜止時(shí)，受到重力、彈簧的彈力和細(xì)繩的拉力，由平衡條件知，彈簧的彈力和重力的合力方向與 細(xì)繩拉力的方向相反，即沿 AO 方向。將細(xì)繩燒斷

17、的瞬間，小球受到重力和彈簧的彈力，而彈簧的彈力不變，所以小球重力和彈力的合力沿 AO 方向，加速度方向即沿 AO 方向。故 ABC 錯(cuò)誤，D 正確。故選：D。小球靜止 時(shí)，分析其受力情況，由平衡條件確定 彈簧的彈力和重力的合力方向。細(xì)繩燒斷瞬間彈簧的彈力不變，則小球所受的合力與 燒斷前細(xì)繩拉力的大小相等、方向相反，即可分析加速度的方向。本題中小球先 處于平衡狀 態(tài)，由平衡條件分析重力和 彈力的合力方向是關(guān) 鍵。燒斷細(xì)繩瞬間，要抓住彈簧的彈力不能突 變。第7頁(yè)，共 19頁(yè)3.【答案】 B【解析】解：A 、C 兩點(diǎn)電荷量為 q，E 點(diǎn)電荷量為-q，A 、C 兩點(diǎn)電荷為等量同種點(diǎn) 電荷，由幾何關(guān)系可

18、知， B 與 O 在 A 、C 的垂直平分 線(xiàn)上，B 與 O 到 A 、C 的距離都是相等的，所以 A 、C 兩個(gè)點(diǎn)電荷在 B 點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng) 度大小相等，B 點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)的方向向上，而 O 點(diǎn)合場(chǎng)強(qiáng)的方向向下；E 點(diǎn)帶負(fù)電，-q 在 B 與 O 產(chǎn)生的電場(chǎng)的方向都向下，所以 -q 與 A 、C 在 O 點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)的方向相同，而 -q 與 A 、C 在 B 點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)的方向相反，所以 O 點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小一定大于B 點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，即 EBEo；B 與 O 到 C 的距離相等，根據(jù)公式 =k 可知，C 處的點(diǎn)電荷 q 在 B 與 O 處產(chǎn)生的電場(chǎng)的電勢(shì)是相等的；A 與 E 處的兩個(gè)電荷是一 對(duì)

19、等量異種點(diǎn) 電荷，F(xiàn)OC 為 AE 的垂直平分 線(xiàn)，在等量異種點(diǎn) 電荷的垂直平分 線(xiàn)上，各點(diǎn)的電勢(shì)與無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)是相等的；靠近正電荷處的電場(chǎng)中各點(diǎn)的 電勢(shì)大于 0，所以A 與 E 處的一對(duì)等量異種點(diǎn) 電荷在 B 處的電勢(shì)高于在 O 點(diǎn)處的電勢(shì)；綜上可知，B 點(diǎn)的電勢(shì)要高于 O 點(diǎn)的電勢(shì)，即 。BO故 B 正確，ACD 錯(cuò)誤 。故選：B。由于三個(gè)點(diǎn) 電荷的電量大小是相等的，可以借助于等量同種點(diǎn) 電荷的電場(chǎng)特點(diǎn)與等量異種點(diǎn) 電荷的電場(chǎng)特點(diǎn)，以及庫(kù)侖定律分析 B 點(diǎn)與 O 點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)的關(guān)系。該題考查電場(chǎng)的合成與疊加，由于 電場(chǎng)強(qiáng)度是矢量，所以應(yīng)用庫(kù)侖定律分別求出三個(gè)點(diǎn) 電荷在 B 與 O

20、點(diǎn)的電場(chǎng)后，要使用矢量合成的方法球合 場(chǎng)強(qiáng)，該方法非常麻 煩，還容易出現(xiàn)錯(cuò)誤，而結(jié)合等量同種點(diǎn) 電荷的電場(chǎng)特點(diǎn)與等量異種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)特點(diǎn)分析 較為簡(jiǎn)潔 。第8頁(yè)，共 19頁(yè)4.【答案】 A【解析】發(fā)時(shí)，粒子沿半徑方向的速度為v=400m/s，粒子隨解： 射粒子細(xì)圓筒做圓周運(yùn)動(dòng)，垂直半徑方向的速度 為 L=300m/s；故粒子速度 為 v=500m/s，粒子速度方向與徑向成；粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)倫茲力做向心力，故有：，洛動(dòng)半徑為：；所以，運(yùn)根據(jù)左手定則圓動(dòng)也是沿逆時(shí)針?lè)较蜻\(yùn)動(dòng)；可知：粒子做周運(yùn)根據(jù)幾何關(guān)系，粒子做 圓周運(yùn)動(dòng)的圓心到 O 的距離為 s=4m故帶電粒子在紙面內(nèi)所能到達(dá)的范 圍為

21、內(nèi)徑為 s-R=1m，外徑為 s+R=7m 的環(huán)形區(qū)域；帶電紙圍積為2222故粒子在面內(nèi)所能到達(dá)的范面：S=（7）（）（m ）=48m，故-1A 正確，BCD 錯(cuò)誤；故選：A。由勻速圓周運(yùn)動(dòng)規(guī)律得到粒子 發(fā)射時(shí)切向速度，從而根據(jù)速度的合成求得粒子運(yùn)動(dòng)速度，然后根據(jù)洛倫茲力做向心力求得 軌道半徑，即可根據(jù)幾何關(guān)系求得粒子出 現(xiàn)的范圍，進(jìn)而求得面 積。帶電粒子在磁 場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力做向心力，故常根據(jù)速度及磁感 應(yīng)強(qiáng)度求得半徑，然后根據(jù)幾何關(guān)系求得運(yùn) 動(dòng)軌跡；或反過(guò)來(lái)由軌跡根據(jù)幾何關(guān)系求解半徑，進(jìn)而求得速度、磁感 應(yīng)強(qiáng)度。5.【答案】 C【解析】解：A 、ab受到的安培力 F=BId=；ab棒離開(kāi)

22、桌面后做平拋運(yùn) 動(dòng)，水平方向s=vt，豎直方向 h=gt2；解得：v=s；對(duì)于加速過(guò)程由動(dòng)能定理可知：W=Fx=mv2；解得：x=；故A 錯(cuò)誤；第9頁(yè)，共 19頁(yè)B、安培力做的功 W=mv2=；故B 錯(cuò)誤；動(dòng)；故C 正確；C、由 量定理可知，沖量 I=mv=msD、I=Ft，解得 t= =；故D 錯(cuò)誤；故選：C。由閉合電路歐姆定律可求得 電流，再由安培力公式可求得安培力；根據(jù) ab 棒的平拋運(yùn) 動(dòng)規(guī)律可求得 ab棒離開(kāi)桌面的速度；再 對(duì)棒加速過(guò)程分別由動(dòng)能定理和動(dòng)量定理列式求解即可本題考查安培力、動(dòng)量定理及 動(dòng)能定理的 應(yīng)用，要注意正確分析 過(guò)程，明確各過(guò)程對(duì)應(yīng)的物理規(guī)律，即可求解6.【答案】

23、 ACD【解析】解：A、彈簧釋放的過(guò)程，彈簧的彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為滑塊的動(dòng)能，兩次彈性勢(shì)能相同，則兩滑塊到 B 點(diǎn)的動(dòng)能相同，但質(zhì)量不同，則速度不同，故 A 不正確；塊過(guò)程中的加速度 a=gsin + gcos，由于材料B、滑 上升相同，所以動(dòng)摩擦因數(shù)相同，與質(zhì)量無(wú)關(guān)，故兩滑塊上升到最高點(diǎn) 過(guò)程的加速度相同，故 B 正確；C、兩滑塊在斜面上運(yùn) 動(dòng)時(shí) 加速度相同，由于初速度不同，故上升的最大高度不同，故 C 不正確；D、兩滑塊上升到最高點(diǎn) 過(guò)程克服重力做的功 為 mgh，由能量守恒定律得：彈簧的彈性勢(shì)能 Ep=mgh+ mgcos，所以mgh=，故兩滑塊上升到最高點(diǎn)過(guò)程克服重力做的功相同。 損失的機(jī)械

24、能等于克服摩擦力做的功，則E 損 = mgcos= mghcot，、mgh相同，則機(jī)械能損失相同，故 D 不正確。本題選說(shuō)法不正確的，故選：ACD 。整個(gè)過(guò)程中，先是彈簧的彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為滑塊的動(dòng)塊動(dòng)的能，滑 沖上斜面運(yùn)過(guò)程中，機(jī)械能損失變?yōu)槟Σ辽鸁?，由能量守恒定律可得，?dòng)能的減少等于第10 頁(yè)，共 19頁(yè)重力勢(shì)能的增加量與摩擦 產(chǎn)生的熱量之和。解決本 題的關(guān)鍵是會(huì)應(yīng)用能量守恒定律解決 問(wèn)題，通過(guò)列式進(jìn)行半定量分析，要注意數(shù)學(xué)推理能力的培養(yǎng)。7.【答案】 ABC【解析】解：A 、7.9 km/s 是第一宇宙速度，是 衛(wèi)星繞地球做勻速 圓周運(yùn)動(dòng)最大的運(yùn)行速度，所以 b 衛(wèi)星轉(zhuǎn)動(dòng)的線(xiàn)速度小于 7.9

25、 km/s，故A 錯(cuò)誤 。B、對(duì)于 b、c、d 三顆衛(wèi)星，由開(kāi)普勒第三定律=k，知 TbTc Td，地球同步衛(wèi)星的周期與地球自 轉(zhuǎn)周期相同，則有 Ta=Tc因此有 TbTa=T cTd，故B 錯(cuò)誤。C、b 衛(wèi)星由重力提供向心力，其向心加速度等于重力加速度g，而a 由重力和支持力的合力提供向心力， 則 a 的向心加速度小于重力加速度g，故C 錯(cuò)誤 。D、對(duì)于 b、c、d 三顆衛(wèi)星，根據(jù)萬(wàn)有引力提供 圓周運(yùn)動(dòng)向心力，有：G=m衛(wèi)動(dòng)為2能Ek = mv =，所以 b 的動(dòng)能最大，若要將衛(wèi)星的軌， 星的道半徑增大，衛(wèi)星必須加速，機(jī)械能增大，所以 d 的機(jī)械能最大，故 D 正確。本題選不正確的，故選：A

26、BC。7.9km/s 是第一宇宙速度，是 衛(wèi)星繞地球做勻速 圓周運(yùn)動(dòng)最大的運(yùn)行速度。地球同步衛(wèi)星的周期、角速度與地球自 轉(zhuǎn)周期、角速度相等，根據(jù)開(kāi)普勒第三定律分析周期關(guān)系。 衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)萬(wàn)有引力提供向心力， 應(yīng)用萬(wàn)有引力公式與牛頓第二定律求出向心加速度和線(xiàn)速度的表達(dá)式，然后分析答 題。對(duì)于衛(wèi)星問(wèn)題，要建立物理模型，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力列式分析各量之間的關(guān)系，并且要知道地球同步 衛(wèi)星的條件和特點(diǎn)。8.【答案】 AD【解析】第11 頁(yè)，共 19頁(yè)解：A 、開(kāi)始時(shí)：0=B0S收尾速度 為 v，以v 運(yùn)動(dòng)t 時(shí)間內(nèi)磁通量的 變化為：=BS=B kyS=B kSvt= kv t000由法拉第 電磁感

27、應(yīng)定律，金屬圓環(huán)產(chǎn)生的平均感 應(yīng)電動(dòng)勢(shì) 大?。篍=k0v，故A 正確；圓環(huán)速度穩(wěn)定后金屬圓環(huán)的熱功率：P=，故B錯(cuò)誤，D 正確；BD 、環(huán)環(huán)受到的安培力與重力大小相等C、由于 的大小是未知的，所以不能根據(jù)求出環(huán)的重力，就不能求出 環(huán)的質(zhì)量。故 C 錯(cuò)誤 。故選：AD 。根據(jù)磁場(chǎng)的變化規(guī)律可以確定磁通量的 變化情況；由法拉第電磁感應(yīng)定律求出電動(dòng)勢(shì)；由電功率的表達(dá)式求出 熱功率；當(dāng)圓環(huán)所受的重力與安培力相等時(shí)，達(dá)到收尾速度。解決本題的關(guān)鍵掌握楞次定律判斷感 應(yīng)電流的方向，以及掌握法拉第 電磁感應(yīng)定律，能夠結(jié)合能量守恒定律求出收尾速度。9.【答案】 ACE【解析】擴(kuò)現(xiàn)象是由物質(zhì)分子無(wú)規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的

28、分子遷移現(xiàn)象，可以在固解：A、 散產(chǎn)擴(kuò)質(zhì)的種類(lèi)有關(guān)，故 A 正確；體、液體、氣體中 生， 散速度與溫度和物時(shí)固態(tài)和液態(tài)時(shí)，先根據(jù)物質(zhì)的摩爾質(zhì)量和密度求出摩爾體積，B、當(dāng)物體然后利用公式可求出每個(gè)分子的分子體積為：；當(dāng)物體是氣態(tài)時(shí)，利用公式計(jì)升， 算的是每個(gè)氣體分子所占據(jù)的空間體積，而不是每個(gè)氣體分子的分子體 積。故 B 錯(cuò)誤；動(dòng)形成的原因是由于液體分子對(duì)懸浮微粒無(wú)規(guī)則撞擊不平衡C、布朗運(yùn)所引起的，所以布朗運(yùn) 動(dòng)是周?chē)后w分子無(wú) 規(guī)則運(yùn)動(dòng)的反映，但不是液體分子的運(yùn)動(dòng) 。故C 正確；第12 頁(yè)，共 19頁(yè)D、水蒸氣凝結(jié)成水珠的 過(guò)程中，水分子之間的距離減小，水分子 間的引力增大，斥力也增大，并且斥

29、力比引力增加的快。故D 錯(cuò)誤；E、根據(jù)理想氣體的狀 態(tài)方程，可知一定量的某種理想氣體在等 壓膨脹過(guò)程中，氣體的溫度升高；又因?yàn)橐欢ㄙ|(zhì)量理想氣體的內(nèi)能大小只與溫度有關(guān)，與體積無(wú)關(guān)，所以?xún)?nèi)能一定增加。故 E 正確。故選：ACE。擴(kuò)散現(xiàn)象是由于分子 熱運(yùn)動(dòng)而產(chǎn)生的質(zhì)量遷移現(xiàn)象，是分子不停地做無(wú) 規(guī)則的運(yùn)動(dòng)引起的；計(jì)算物質(zhì)的分子體 積，必須根據(jù)狀態(tài)和阿伏伽德 羅常數(shù)進(jìn)行微觀量運(yùn)算；布朗運(yùn)動(dòng)是指懸浮在液體中微粒的無(wú) 規(guī)則運(yùn)動(dòng)，而不是分子的運(yùn)動(dòng)；水蒸汽凝結(jié)成水珠的 過(guò)程中，分子引力與分子斥力都隨距離的減小而增大；根據(jù)理想氣體狀 態(tài)方程和熱力學(xué)第一定律可判斷氣體內(nèi)能的變化情況。本題比較全面地考 查了分子運(yùn)

30、動(dòng)論、布朗運(yùn)動(dòng)、分子間的相互作用力、對(duì)微觀量的運(yùn)算、理想氣體狀 態(tài)方程以及 熱力學(xué)第一定律等知 識(shí)的掌握情況，對(duì)于這些知識(shí)要通過(guò)熟記的基礎(chǔ)上加深理解和 應(yīng)用。10.【答案】 ADE【解析】解：當(dāng)太陽(yáng)、地球和月亮處在同一條直 線(xiàn)上，且地球處于太陽(yáng)和月亮中 間時(shí)，如左圖，如果月球全部處在地球的陰影區(qū)，那么在地球上的人們就看不到月亮，這種現(xiàn)象就是月全食；若月球有一部分 處在地球的陰影區(qū)，另一部分 處在有光線(xiàn)的區(qū)域，如右圖，那么在地球上的人 們就看到部分月亮，這種現(xiàn)象就是月偏食，因此，月食的產(chǎn)生是由于月亮 處在地球的陰影區(qū)而形成的；第13 頁(yè)，共 19頁(yè)而 “紅 月亮 ”是太陽(yáng)光中的 紅光經(jīng)地球大氣

31、層折射到月球 時(shí)形成的，同理“藍(lán)月亮 ”是太陽(yáng)光中的 藍(lán)光經(jīng)地球大氣 層折射到月球 時(shí)形成的。故 ADE 正確、BC 錯(cuò)誤。故選：ADE。當(dāng)太陽(yáng)、地球和月亮 處在同一條直 線(xiàn)上，若月球處在地球的陰影區(qū)，則會(huì)出現(xiàn)月食；若地球處在月球的陰影去，則會(huì)出現(xiàn)日食；這些現(xiàn)象的形成都是因 為光在直線(xiàn)傳播時(shí)遇到障礙物形成陰影所致。本題考查的知識(shí)點(diǎn)是：月食和紅月亮形成的原因，要知道形成月食和日食的條件差異；要求在平時(shí)的學(xué)習(xí)中要及時(shí)積累和總結(jié)。11.【答案】 C滑塊停止滑動(dòng)的位置到B 點(diǎn)的距離【解析】解：（1）滑塊離開(kāi)桌面后做平拋運(yùn) 動(dòng)，平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：t=滑塊水平方向做勻速直 線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，飛行的距離：x=v?t所

32、以甲圖滑塊第 1 次離開(kāi)桌面 時(shí)的速度為：乙圖滑塊第 2 次離開(kāi)桌面 時(shí)的速度為：第14 頁(yè)，共 19頁(yè)滑塊第 1 次滑動(dòng)的過(guò)程中，彈簧的彈力和摩擦力做功，設(shè)彈簧做的功是 W 1，AB 之間的距離是 x，則：滑塊第 2 次滑動(dòng)的過(guò)程中有：解得：=可知，要測(cè)定動(dòng)摩擦因數(shù)，與彈簧的長(zhǎng)度、彈簧的勁度系數(shù)、以及滑塊的質(zhì)量都無(wú)關(guān)要想讓滑塊順利畫(huà)出桌面，彈簧的壓縮量不能太小，故選 C；（2）由（1）分析知?jiǎng)幽Σ烈驍?shù)的表達(dá)式=；（3）在進(jìn)行實(shí)驗(yàn)過(guò)程二時(shí)，發(fā)現(xiàn)滑塊未能滑出桌面，則可以認(rèn)為滑塊的末速度為測(cè)量小滑塊與水平桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，還需要測(cè)量出滑塊停止滑是0 了動(dòng)的位置到 B 點(diǎn)的距離故答案為：（1）C；

33、（2）；（3）滑塊停止滑動(dòng)的位置到 B 點(diǎn)的距離從實(shí)驗(yàn)操作的步 驟可知，兩種情況下彈簧做的功相等，物塊滑出桌面 時(shí)的動(dòng)能是彈簧做功與摩擦力做功的和；求出滑塊 滑過(guò)不同距離下的摩擦力做的功，即可求出摩擦力的大小與摩擦因數(shù)的大小解決本實(shí)驗(yàn)的問(wèn)題關(guān)鍵要掌握該實(shí)驗(yàn)原理，了解實(shí)驗(yàn)的操作步 驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項(xiàng)時(shí)要熟練應(yīng)用所學(xué)基本規(guī)律解決實(shí)驗(yàn)問(wèn)題，同12.【答案】 3.01.0g 增大1.0【解析】解：（1）由圖可知，縱截距表示了 電源電動(dòng)勢(shì)，有：E=3.0V，圖線(xiàn)斜率的絕對(duì)值表示了電源的內(nèi)阻，電源內(nèi)阻：r=1.0 ；（2）調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，小燈泡的亮度 發(fā)生變化，但電流表、電壓表示數(shù)始 終不能為零，說(shuō)

34、明滑動(dòng)變阻器不能起到分 壓作用，所以第15 頁(yè)，共 19頁(yè)是 g 斷路，所繪曲線(xiàn)如下圖所示，圖線(xiàn)斜率逐漸增大，即小燈泡的電阻隨溫度的上升而增大；（3）當(dāng)兩個(gè)小燈泡并聯(lián)接到電源兩端時(shí)，流過(guò)每個(gè)燈泡的 電流為 I ，電路總電流為 2I，所以電源路端電壓隨全電路電流變化是 U=E-2Ir ，作出其 U-I 圖線(xiàn)如下圖中的虛線(xiàn)，與燈泡 U-I 圖線(xiàn)交點(diǎn)大致 為 U=1.1V ，I=0.93A，所以一只燈泡的實(shí)際功率約：P=UI=1.10.93 1.0W；故答案為：（1）3.0；1.0；（2）g；增大；3（）1.0（1）根據(jù)電源 U-I 圖象求出電源的電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻（2）滑動(dòng)變阻器采用分 壓接法時(shí)電壓表與

35、電流表示數(shù)可以從零開(kāi)始 變化；分析圖示圖象分析答 題（3）在坐標(biāo)系內(nèi)作出 圖象，求出燈泡兩端的 電壓與通過(guò)燈泡的電流，然后求出功率本題考查了求電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻、實(shí)驗(yàn)電路分析、求燈泡電功率問(wèn)題，要掌握應(yīng)用圖象法處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)的方法；電源 U-I 圖象與縱軸交點(diǎn)坐標(biāo)值是電源電動(dòng)勢(shì)，圖象斜率的 絕對(duì)值是電源內(nèi)阻13.【答案】 解：（ 1）由題意可知，對(duì)AB 整體研究，有：F 1-F 2=3ma，解得：（ 2）對(duì) B 研究，有： F 2-mg=ma，解得：答：（ 1）物塊和長(zhǎng)木板的加速度是；（ 2）物塊和長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)是?！窘馕觥浚?）對(duì) AB 整體，根據(jù)牛頓第二定律求出整體加速度；（2）再對(duì) B

36、 受力分析，根據(jù)牛頓第二定律求解物 塊和長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)。第16 頁(yè)，共 19頁(yè)本題考查了運(yùn)動(dòng)學(xué)基本公式和牛 頓第二定律的 綜合運(yùn)用，知道加速度是 聯(lián)系力學(xué)和運(yùn) 動(dòng)學(xué)的橋梁，要求同學(xué)們能正確分析物體受力情況， 難度適中。14.【答案】 解：（1）設(shè)電阻箱接入電路的電阻為R1，當(dāng)金屬桿以最大速度下滑時(shí)根據(jù)平衡可得： mgsin =BIL根據(jù)閉合電路歐姆定律可得：導(dǎo)體棒切割磁感線(xiàn)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：E=BLv1聯(lián)立解得：（ 2）設(shè)金屬棒下滑的距離為s 時(shí)，金屬棒的速度為v2，根據(jù)牛頓第二定律可得：解得：根據(jù)動(dòng)量定理有：整體過(guò)程中：設(shè)整個(gè)過(guò)程的時(shí)間：t=t，整個(gè)過(guò)程的速度變化量：v=v2，整個(gè)過(guò)程的位移vt=s，代入可得：解得：（ 3）當(dāng)電阻箱的電阻瞬間增大為后，電路中的電流減小，導(dǎo)體棒向下做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)速度再次增大為最大速度時(shí)，根據(jù)平衡可得：解得：根據(jù)能量守恒可得此過(guò)程中回路總產(chǎn)生的總的焦耳熱：答：（ 1）電阻箱接入電路的電阻為（ 2）若當(dāng)金屬棒下滑的距離為s 時(shí)，金屬棒的加速度大小為a，此時(shí)金屬棒運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為；（ 3）下滑 d 的距離過(guò)程中，回路中產(chǎn)生的焦耳熱為?！窘馕觥浚?）根據(jù)受力平衡結(jié)合閉合電路歐姆定律以及公式E=BLv ，聯(lián)立即可求出 電阻箱接入 電