2019春河北省保定市定州市高一(下)期末物理試卷

1、2019 春河北省保定市定州市高一（下）期末物理試卷一、單選題（本大題共 8小題，共 32.0 分）1.關(guān)于機(jī)械能守恒，下列說(shuō)法正確的是（）A. 機(jī)械能守恒的物體,一定只受到重力的作用B. 做變速運(yùn)動(dòng)的物體,機(jī)械能不可能守恒C. 除受到重力外還受到其他力作用的物體,機(jī)械能不可能守恒D. 外力對(duì)物體做負(fù)功時(shí) ,物體的機(jī)械能也可能守恒2.a b下列表述正確的是 （）如圖關(guān)于 、 兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小及方向，A.C.；方向相同；方向相同B.D.；方向不同；方向不同3.如圖所示，兩根完全相同的絕緣細(xì)線，把兩個(gè)質(zhì)量相等的小球懸掛在同一點(diǎn)O 上，甲球的電荷量大于乙球的電荷量，則（）A. 甲、乙兩球都一定帶

2、正電B. 甲、乙兩球都一定帶負(fù)電C. 甲球受到的靜電力大于乙球受到的靜電力D. 甲、乙兩球受到的靜電力大小相等4.兩個(gè)相同的金屬球，分別帶有+2Q 和 -4Q 的電荷量，兩球相隔一定距離時(shí)，相互作用力的大小為F，若把它接觸后再放回原處，兩球相互作用力的大小變?yōu)椋ǎ〢.B.C.D.5.2019 年 5 月 17 日，我國(guó)成功發(fā)射第45 顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星， “北斗二號(hào)”系統(tǒng)定位精度由10 米提升至 6米若在北斗衛(wèi)星中有a、b 兩衛(wèi)星，它們均環(huán)繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，且 a 的軌跡半徑比b 的軌跡半徑小，則 ( )A. a 的周期小于 b 的周期B. a 的線速度小于b 的線速度C. a 的加速度小于

3、b 的加速度D. a 的角速度小于b 的角速度6.在 x 軸的原點(diǎn) O 和軸上的 P 點(diǎn)，分別固定同種電荷Q1 和 Q2，已知 Q1 Q2，OP 距離為 2d，則場(chǎng)強(qiáng)為零的坐標(biāo) x 區(qū)間為（）A.B.C.dD.d7. a、 b、c、 d 是勻強(qiáng)電場(chǎng)中的四個(gè)點(diǎn)，它們正好是一個(gè)平行四邊形的四個(gè)頂點(diǎn)，電場(chǎng)線與平行四邊形所在平面平行。已知 a 點(diǎn)的電勢(shì)為20V，b 點(diǎn)的電勢(shì)為24V，c 點(diǎn)的電勢(shì)為 16V，如圖所示。由此可知d 點(diǎn)的電勢(shì)為（）A. 8VB. 16VC. 20VD. 12V8. 有一種餐桌，其中心是一個(gè)可以勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的、半徑為R 的圓盤(pán)，如圖所示。圓盤(pán)與餐桌在同一水平面內(nèi)且兩者之間的間隙可

4、忽略不計(jì)，放置在圓盤(pán)邊緣的小物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）與圓盤(pán)間的動(dòng)摩擦因數(shù)是其與餐桌間動(dòng)摩擦因數(shù)的兩倍，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力?，F(xiàn)緩慢增大圓盤(pán)的轉(zhuǎn)速，直到小物塊恰好從圓盤(pán)邊緣滑出，結(jié)果小物塊恰好滑到餐桌的邊緣，則餐桌的半徑為（）A.B. 2RC.D.二、多選題（本大題共4 小題，共 16.0 分）9. 滑滑梯是小朋友們喜愛(ài)的娛樂(lè)項(xiàng)目之一。如圖所示， 一小孩在公園中的粗糙滑梯上由靜止加速滑下。關(guān)于小孩下滑的過(guò)程，下列說(shuō)法正確的是（）A. 滑梯對(duì)小孩的摩擦力做負(fù)功B. 滑梯對(duì)小孩的支持力做正功第1頁(yè)，共 11頁(yè)C. 小孩所受重力的功率減小D. 小孩增加的動(dòng)能小于減少的重力勢(shì)能10. 小船在靜水中的航

5、速為 2m/s，河水的流速為 1.5m/s。若小船渡河的最短時(shí)間為 100s。下列說(shuō)法正確的是（）A. 河的寬度為 200mB. 當(dāng)小船以最短時(shí)間渡河時(shí) ,小船到達(dá)對(duì)岸的位置與出發(fā)點(diǎn)間的距離為250mC. 小船船頭方向與河岸成某一角度進(jìn)行渡河時(shí),船的實(shí)際速度可以達(dá)到D. 小船船頭方向與河岸成角渡河時(shí) ,渡河的時(shí)間為 200s11. 如圖所示， 地球衛(wèi)星開(kāi)始在圓形低軌道1 運(yùn)行， 在 P 處點(diǎn)火后， 地球衛(wèi)星沿橢圓軌道 2 運(yùn)行，在遠(yuǎn)地點(diǎn)Q 再次點(diǎn)火，將地球衛(wèi)星送入更高的圓形軌道3若地球衛(wèi)星在 1、3 軌道上運(yùn)行的速率分別為動(dòng)v1 、v3，在 2 軌道上經(jīng)過(guò)P、Q 處的速率分別為v2P、v2Q，

6、則（）A.B.C.D.12. 如圖所示，豎直平面內(nèi)有一圓心為 O、半徑為 R 的固定半圓槽，質(zhì)量相等的兩個(gè)小球 A、B 分別從圖示位置以不同的速度水平拋出，結(jié)果均落到半圓槽上的 P 點(diǎn)（ O、P 兩點(diǎn)連線與水平半徑 OD 的夾角 =30）。已知 A 的初位置在 C 點(diǎn)正上方且到 C 點(diǎn)高度為 R，B 的初位置在 C 點(diǎn)，空氣阻力不計(jì)，重力加速度大小為 g，則（）A. A 在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為B. B 被拋出時(shí)的速度大小為C. A、B 被拋出時(shí)的速度大小之比為： 1D. A、B 落到 P 點(diǎn)前瞬間所受重力的功率之比為： 1三、填空題（本大題共1 小題，共 6.0 分）13. 圖甲是“研究平拋物體的

7、運(yùn)動(dòng)”的實(shí)驗(yàn)裝置圖，實(shí)驗(yàn)前，應(yīng)對(duì)實(shí)驗(yàn)裝置反復(fù)調(diào)節(jié)，直到斜槽末端切線水平。取 g=9.8m/s2，計(jì)算結(jié)果均保留三位有效數(shù)字。（ 1）實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，每次讓小球從同一位置由靜止釋放，其目的是_（ 2）圖乙是根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)所得的平拋運(yùn)動(dòng)的曲線，其中O 為拋出點(diǎn)，則小球做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度大小 v=_m/s。四、實(shí)驗(yàn)題（本大題共1 小題，共9.0分）14. 某物理興趣小組利用圖甲所示裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮間。（ 1）下列做法可減小實(shí)驗(yàn)誤差的是_（填字母序號(hào)）。A先松開(kāi)紙帶后接通電源B用電火花計(jì)時(shí)器替代電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器C在鋁錘和鐵錘中，選擇鋁錘作為重錘（ 2）在實(shí)驗(yàn)中，質(zhì)量為 m 的重錘

8、自由下落，帶動(dòng)紙帶，紙帶上打出的一系列點(diǎn)，如圖乙所示，O 是重錘剛下落時(shí)打下的點(diǎn)。已知L 打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打點(diǎn)的頻率為f，則從打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下O 點(diǎn)到打下B 點(diǎn)的第2頁(yè)，共 11頁(yè)過(guò)程中，重錘的重力勢(shì)能的減少量為_(kāi)，動(dòng)能的增加量為_(kāi)；若在實(shí)驗(yàn)誤差允許的范圍內(nèi)滿足等式 _ ，則機(jī)械能守恒定律得到驗(yàn)證。五、計(jì)算題（本大題共2 小題，共25.0 分）15. 如圖所示，空間存在一勻強(qiáng)電場(chǎng)，其電場(chǎng)強(qiáng)度E=100V/m，該電場(chǎng)中有 A、 B 兩點(diǎn)，相距L=10cm，且 A、B 連線與電場(chǎng)線的夾角 =60。（ 1）求 A、B 兩點(diǎn)間的電勢(shì)差 UAB；（ 2）若將一電荷量 q=1.6 10-6 C 的帶正電粒子從 A

9、 點(diǎn)移到 B 點(diǎn)，只考慮帶電粒子所受的電場(chǎng)力，求該過(guò)程中帶電粒子動(dòng)能的變化Ek。16. 將一根長(zhǎng)為 L 的光滑細(xì)鋼絲 ABCDE 制成如圖所示的形狀，并固定在豎直平面內(nèi)其中 AD 段豎直， DE 段為 圓弧，圓心為 O，E 為圓弧最高點(diǎn)， C 與 E、D 與 O 分別等高， BC= AC將質(zhì)量為 m 的小珠套在鋼絲上由靜止釋放，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g（ 1）小珠由C 點(diǎn)釋放，求到達(dá)E 點(diǎn)的速度大小v1；（ 2）小珠由 B 點(diǎn)釋放，從 E 點(diǎn)滑出后恰好撞到D 點(diǎn)，求圓弧的半徑R；（ 3）欲使小珠到達(dá) E 點(diǎn)與鋼絲間的彈力超過(guò) ，求釋放小珠的位置范圍六、綜合題（本大題共1 小題，共12.0

10、分）17. 月球具有可供人類開(kāi)發(fā)和利用的各種獨(dú)特資源，月球上特有的礦產(chǎn)和能源，是對(duì)地球資源的重要補(bǔ)充和儲(chǔ)備，將對(duì)人類社會(huì)的可持續(xù)發(fā)展產(chǎn)生深遠(yuǎn)影響。將地球和月球均視為質(zhì)量分布均勻的球體（球的體積公式為V= r3，其中 r 為球的半徑），已知地球的質(zhì)量為M，月球的半徑為R，地球與月球的半第3頁(yè)，共 11頁(yè)徑之比為a，地球表面和月球表面的重力加速度大小之比為b，求月球的密度。第4頁(yè)，共 11頁(yè)答案和解析1.【答案】 D【解析】解： A、機(jī)械能守恒的物體，一定只有重力做功，不一定只受到重力的作用，故A 錯(cuò)誤。B、做變速運(yùn)動(dòng)的物體，機(jī)械能可能守恒，如平拋運(yùn)動(dòng)的物體做變速運(yùn)動(dòng)，其機(jī)械能守恒，故B 錯(cuò)誤。C

11、、除受到重力外還受到其他力作用的物體，若其他力對(duì)物體不做功，或做功代數(shù)和為零，物體的機(jī)械能守恒，故 C 錯(cuò)誤。D、外力對(duì)物體做負(fù)功時(shí)，若外力就是重力，則物體的機(jī)械能守恒，故D 正確。故選： D。根據(jù)機(jī)械能守恒的條件是只有重力或彈簧的彈力做功，根據(jù)各個(gè)力做功情況，分析機(jī)械能是否守恒。此題考查對(duì)機(jī)械能守恒條件的理解，要掌握機(jī)械能守恒的條件，能根據(jù)題意進(jìn)行分析即可正確解題。要注意如果物體只有重力或彈力做功， 物體的機(jī)械能一定守恒， 除重力與彈力外， 如果物體還受其它力的作用，但其它力不做功或其它力所做功的代數(shù)和為零，則系統(tǒng)機(jī)械能也守恒。2.【答案】 B【解析】解：電場(chǎng)線密的地方電場(chǎng)強(qiáng)度大，電場(chǎng)線稀疏

12、的地方電場(chǎng)強(qiáng)度小，由圖象可知Ea Eb，電場(chǎng)線的切線方向表示該點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的方向，所以ab 兩點(diǎn)方向不同。故B 正確。故選： B。為了形象的描述電場(chǎng)中各點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小和方向， 引入了電場(chǎng)線的概念， 電場(chǎng)線密的地方電場(chǎng)強(qiáng)度大，電場(chǎng)線稀疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度小，因此依據(jù)電場(chǎng)線的疏密即可解決本題電場(chǎng)線是電場(chǎng)中的重要概念，要根據(jù)電場(chǎng)線的分布正確判斷電勢(shì)的高低和電場(chǎng)強(qiáng)度的強(qiáng)弱3.【答案】 D【解析】解： AB、依據(jù)圖中可知，電荷之間相互排斥，因此它們帶同種電荷，可以是都帶正電，也可以是都帶負(fù)電，究竟帶何種電荷不能確定，故AB 錯(cuò)誤。CD、兩球之間的庫(kù)侖力屬于作用力和反作用力，大小相等，方向相反，故C 錯(cuò)誤， D

13、 正確；故選： D。同種電荷相斥， 異種電荷相吸； 兩球之間的庫(kù)侖力屬于作用力和反作用力，它們是大小相等， 方向相反的。本題切入點(diǎn)在兩球之間的庫(kù)侖力屬于作用力和反作用力，等大、反向；突破口在利用平衡條件確定拉力方向。4.【答案】 C【解析】解：由庫(kù)侖定律可得：F=k兩相同金屬小球帶異種電荷時(shí)，開(kāi)始時(shí)的庫(kù)侖力：F 1=兩者相互接觸后再放回原來(lái)的位置上，它們的電荷量都是：Q=-Q庫(kù)侖力： F 2=所以庫(kù)侖力是原來(lái)的，故 C 正確， ABD 錯(cuò)誤。故選： C。兩電荷間存在庫(kù)侖力，其大小可由庫(kù)侖定律求出。當(dāng)兩電荷相互接觸后再放回原處，電荷量相互中和后平分，所以庫(kù)侖力的變化是由電荷量變化導(dǎo)致的。第5頁(yè)，

14、共 11頁(yè)本題考查庫(kù)侖定律的同時(shí)，利用了控制變量法。當(dāng)控制距離不變時(shí)，去改變電荷量，從而確定庫(kù)侖力的變化。當(dāng)然也可控制電荷量不變，去改變間距，從而得出庫(kù)侖力的變化。5.【答案】 A【解析】解：北斗衛(wèi)星繞地球勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力有可得：A.周期 T=， a 的軌道半徑小，故其周期小，故A 正確；B.線速度 v=， a 的軌道半徑小，故其線速度大，故B 錯(cuò)誤；C.加速度 a=， a 的軌道半徑小，故其加速度大，故C 錯(cuò)誤；D.角速度，a 的軌道半徑小，故其角速度大，故D 錯(cuò)誤。故選 A。衛(wèi)星繞地球圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力，根據(jù)軌道半徑關(guān)系分析描述圓周運(yùn)動(dòng)物理量的大小

15、關(guān)系。衛(wèi)星繞地球圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力提供向心力，掌握萬(wàn)有引力及向心力的表達(dá)式并能相互表示，這是正確解題的關(guān)鍵。6.【答案】 B【解析】解：因同種電荷Q1 和 Q2，由點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度的公式E=，可知，場(chǎng)強(qiáng)為零的坐標(biāo)x 區(qū)間在兩固定的電荷之間；又已知 Q1 Q2，因此零電場(chǎng)強(qiáng)度的位置偏離點(diǎn)電荷Q2，偏向點(diǎn)電荷Q1，則場(chǎng)強(qiáng)為零的坐標(biāo)x 區(qū)間為： 0 x d；故 B 正確， ACD 錯(cuò)誤；故選： B。根據(jù)庫(kù)侖定律，結(jié)合點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度的公式，依據(jù)矢量的合成法則，即可求解考查點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度的公式應(yīng)用，理解矢量合成法則，掌握庫(kù)侖定律的內(nèi)容，注意電場(chǎng)強(qiáng)度的矢量性7.【答案】 D【解析】解：在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，每前進(jìn)相

16、同的距離，電勢(shì)的降落相等，故：ca d=b-代入數(shù)據(jù)，有： 20-d=24-16ABC 錯(cuò)誤；解得： d=12V，故 D 正確，故選： D。在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，平行等距離兩點(diǎn)電勢(shì)的降落相等。根據(jù)該結(jié)論列式求解即可。本題關(guān)鍵是記住“勻強(qiáng)電場(chǎng)中每前進(jìn)相同的距離電勢(shì)的降落相等”的結(jié)論，所以可知?jiǎng)驈?qiáng)電場(chǎng)中平行且相等的線段兩端電勢(shì)差相等。8.【答案】 C【解析】解：為使物體不從圓盤(pán)上滑出，向心力不能大于最大靜摩擦力，故，解得物體從圓盤(pán)上滑出時(shí)的速度為第6頁(yè)，共 11頁(yè)物體滑到餐桌邊緣速度減小到0 時(shí)，恰好不滑落到地面，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律可得滑過(guò)的位移：，故餐桌最小半徑：故 ABD 錯(cuò)誤， C 正確故選：

17、C。最大靜摩擦力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律求得最大角速度；從圓環(huán)脫離后在餐桌面上做勻減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求得通過(guò)的位移，利用幾何關(guān)系求得餐桌的最小半徑。本題主要考查了圓周運(yùn)動(dòng)，明確最大靜摩擦力提供向心力，然后物體在餐桌上做勻減速運(yùn)動(dòng)，利用好幾何關(guān)系即可判斷。9.【答案】 AD【解析】解：A、滑梯對(duì)小孩的摩擦力與運(yùn)動(dòng)方向相反，故摩擦力做負(fù)功，故A 正確；B、支持力和運(yùn)動(dòng)方向相互垂直，故支持力不做功，故B 錯(cuò)誤；C、小孩加速滑下，豎直分速度一直增大，故功率增大，故C 錯(cuò)誤；D、小孩在下滑過(guò)程中與滑梯摩擦生熱，一部分機(jī)械能轉(zhuǎn)化成內(nèi)能，故小孩增加的動(dòng)能小于減少的重力勢(shì)能，故 D 正確。故選： A

18、D 。根據(jù)功的性質(zhì)確定各力做功情況，再根據(jù)功率公式確定重力的功率變化情況；根據(jù)摩擦力做功分析動(dòng)能和重力勢(shì)能大小間的關(guān)系。本題考查功能關(guān)系以及功的公式應(yīng)用，要注意明確重力之外的其他力做功量度機(jī)械能的變化。10.【答案】 ABD【解析】解： A、當(dāng)靜水速的方向與河岸垂直時(shí)，渡河時(shí)間最短，t=，那么河寬d=vct=2100m=200m，故A 正確；B、當(dāng)小船以最短時(shí)間渡河時(shí)，小船沿著水流方向的距離為s=vst=1.5 100=150m，那么到達(dá)對(duì)岸的位置與出發(fā)點(diǎn)間的距離x=250m，故 B 正確；C、船在靜水中的航速為 2m/s，河水的流速為 1.5m/s，那么當(dāng)小船船頭方向與河岸成某一角度進(jìn)行渡河

19、時(shí)，船的實(shí)際速度最大值不大于 3.5m/s，故 C 錯(cuò)誤；D、當(dāng)船船頭方向與河岸成30角渡河時(shí)，船渡河的時(shí)間：t =100 s，故 D 正確；故選： ABD。當(dāng)靜水速的方向與河岸垂直時(shí)，渡河時(shí)間最短；因?yàn)殪o水速小于水流速，合速度方向不可能垂直于河岸，即不可能垂直渡河，當(dāng)合速度的方向與靜水速的方向垂直時(shí)，渡河位移最短。解決本題的關(guān)鍵知道合運(yùn)動(dòng)與分運(yùn)動(dòng)具有等時(shí)性，以及知道靜水速與河岸垂直時(shí)，渡河時(shí)間最短。若靜水速大于水流速，合速度方向與河岸垂直時(shí)，渡河位移最短；若靜水速小于水流速，則合速度方向與靜水速方向垂直時(shí)，渡河位移最短。11.【答案】 AC【解析】解： A、據(jù)可得 v=，軌道 3 的軌道半徑

20、大，所以 v3 v1 故 A 正確；B、在橢圓軌道上運(yùn)動(dòng)，近地點(diǎn)速率大于遠(yuǎn)地點(diǎn)速率，故v2p v2Q，故 B 錯(cuò)誤；C、衛(wèi)星在軌道2上經(jīng)過(guò) Q 點(diǎn)時(shí)，點(diǎn)火加速進(jìn)入圓軌道3，所以 v3 v2Q，故 C 正確；D、衛(wèi)星在軌道1上經(jīng)過(guò) P 點(diǎn)時(shí)，點(diǎn)火加速進(jìn)入橢圓軌道2，所以 v2 Pv1，故 D 錯(cuò)誤。故選： AC。第7頁(yè)，共 11頁(yè)在軌道 1 和軌道 3 上圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，萬(wàn)有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力，由軌道半徑大小確認(rèn)線速度大小情況，在橢圓軌道上，遠(yuǎn)地點(diǎn)速度小近地點(diǎn)速度大，根據(jù)變軌原理確定圓軌道與橢圓軌道線速度關(guān)系即可。衛(wèi)星在圓軌道上運(yùn)動(dòng)滿足萬(wàn)有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力，變軌時(shí)在軌道上加速做離心運(yùn)動(dòng)而抬

21、高衛(wèi)星軌道。12.【答案】 BD【解析】解：ABC由圖可知A 球下落的高度為：A 球與 B 球在水平方向的位移均為：B 球下落的高度為：根據(jù)豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)可得時(shí)間為：所以 A 球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：B 球在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：由水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，可得B 球的初速度為：A 球的初速度為：所以兩球的初速度大小之比為：，故 AC 錯(cuò)誤， B 正確；D兩小落在P 點(diǎn)時(shí)， A 球在豎直方向的分速度為vAy=gtA， B 球在豎直方向的分速度為vBy=gtB，根據(jù)P=Fvcos =mgvy 可得兩球重力的瞬時(shí)功率之比為：，故 D 正確。故選： BD 。A、 B 兩球做平拋運(yùn)動(dòng)，先由題意結(jié)合幾何關(guān)

22、系得出兩小球做平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移與豎直位移，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律求出兩的運(yùn)動(dòng)時(shí)間、初速度的大小及初速度的大小之比；根據(jù)豎直方向都做自由落體運(yùn)動(dòng)求出落在 P 點(diǎn)時(shí)，兩球的豎直分速度，根據(jù) P=Fvcos=mgvy 分析兩小球落在 P 點(diǎn)前瞬間重力做功的功率之比。對(duì)于平拋運(yùn)動(dòng)，關(guān)鍵是抓住其兩個(gè)分運(yùn)動(dòng)的性質(zhì)及其運(yùn)動(dòng)規(guī)律；在求解瞬時(shí)功率時(shí)，一定要注意公式的選取，公式一般是用來(lái)求解平均功率的；注意幾何關(guān)系的應(yīng)用。13.【答案】使小球做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度相同1.60【解析】解：（1）每次讓小球從同一位置由靜止釋放，目的是保證小球平拋運(yùn)動(dòng)的初速度相同。（ 2）根據(jù) y= gt2 得： t=0.2s小球平拋運(yùn)動(dòng)的初

23、速度為：v= =1.60 m/s。故答案為：（1）使小球做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度相同；（2） 1.60（ 1）為了保證小球每次平拋運(yùn)動(dòng)的初速度相同，讓小球每次從斜槽的同一位置由靜止釋放。（ 2）根據(jù)豎直位移求出平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，結(jié)合水平位移和時(shí)間求出初速度。解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和推論靈活求解。14.gh2=【答案】 B mgh2第8頁(yè)，共 11頁(yè)【解析】解：（ 1）A應(yīng)該先接通電源，再釋放紙帶，故A 錯(cuò)誤；B用電火花計(jì)時(shí)器替代電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，從而更能減小重物下落過(guò)程中受到空氣阻力，故B 正確；C為減小重物下落過(guò)程中受到空氣阻力，應(yīng)該選體積小些，密度

24、大一些的重物，故C 錯(cuò)誤；故選： B；（ 2）利用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論，B 點(diǎn)的速度為： vB= =，從 O 點(diǎn)到 B 點(diǎn)重力勢(shì)能的減少量為EP=mgh=mgh2，動(dòng)能的增加量為 Ek= m=，若在誤差允許范圍內(nèi)，等式gh2=成立，則可以驗(yàn)證機(jī)械能守恒。故答案為：（ 1） B；（ 2）mgh2； gh2 =。（ 1）根據(jù)操作步驟與實(shí)驗(yàn)誤差的主要來(lái)源進(jìn)行分析；（ 2）通過(guò)某段時(shí)間內(nèi)的平均速度表示瞬時(shí)速度，求出“ B”點(diǎn)的速度，從而求出動(dòng)能，根據(jù)下降的距離，結(jié)合 EP=mgh，求出重力勢(shì)能的減小量，要驗(yàn)證的是重力勢(shì)能的減小量與動(dòng)能的增加量是否相等。解決本題的關(guān)鍵掌握驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)的原理，

25、知道需要測(cè)量哪些量，需要哪些器材，知道實(shí)驗(yàn)的原理，驗(yàn)證重力勢(shì)能的減小量與動(dòng)能的增加量是否相等。以及知道通過(guò)求某段時(shí)間內(nèi)的平均速度表示瞬時(shí)速度。15.1） A、B 兩點(diǎn)間沿著電場(chǎng)方向的距離為d=Lcos ，【答案】解：（由電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)差之間的關(guān)系，可知，U AB=Ed；解得： UAB=5V（ 2）在將帶正電的粒子從 A 點(diǎn)移到 B 點(diǎn)過(guò)程中， W=Ek。由功的計(jì)算式，則有： W=qUAB，代入數(shù)據(jù)，解得： Ek=8.0 10-6J答：（ 1）A、 B 兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為5V。（ 2）若將一電荷量 q=1.6 10-4 C 的帶正電子從 A 點(diǎn)移到 B 點(diǎn)，該過(guò)程中帶電粒子動(dòng)能的變化Ek為 8.0

26、 10-6J。【解析】（ 1）已知?jiǎng)驈?qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)為E， A、B 兩點(diǎn)間的距離為L(zhǎng) 及 AB 連線與電場(chǎng)方向的夾角為，根據(jù)公式 U=Ed，求出兩點(diǎn)沿電場(chǎng)方向的距離d，再求解電勢(shì)差 U。（ 2）由公式動(dòng)能定理和W=qUAB，即可求解。本題首先要想到勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差與場(chǎng)強(qiáng)的關(guān)系式U =Ed，其次要正確理解d 的含義：兩點(diǎn)沿電場(chǎng)方向的距離，并掌握 W=qU AB 的應(yīng)用。1O點(diǎn)為0勢(shì)能點(diǎn)，C點(diǎn)與E點(diǎn)相對(duì)于O的高度都是RC點(diǎn)釋放后，小16.【答案】解：（ ）選??；小珠由球的機(jī)械能守恒，則：所以： v1=0；（ 2）小珠從E 點(diǎn)滑出后做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向：R=所以： t=水平方向： R=v2t所以：B 相對(duì)于