福建省20182019學(xué)年龍巖市一級(jí)達(dá)標(biāo)校高二上期末物理試卷

1、2018-2019 學(xué)年福建省龍巖市一級(jí)達(dá)標(biāo)校高二（上）期末物理試卷一、選擇題（ 12 小題,每小題 4 分,共 48 分。在每小題給出的 4 個(gè)選項(xiàng)中 ,第 1-8 題只有一項(xiàng)符合題目要求 ,第 9-12 題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)得 4 分,選對(duì)但不全的得 2 分,有選錯(cuò)或不選的得 0 分。 )1（4 分）發(fā)現(xiàn)電流磁效應(yīng)的物理學(xué)家是（ ）A 奧斯特 B法拉第 C庫(kù)侖 D安培2（4 分）兩個(gè)分別帶有電荷量 Q 和+3Q 的相同金屬小球（均可視為點(diǎn)電荷），固定在相距為 r 的兩處， 它們間的庫(kù)侖力的大小為 F兩小球相互接觸后將其固定在原處， 則兩球間庫(kù)侖力的大小為（ ）A B3F C D2

2、F3（4 分）如圖所示， M 、N 為兩個(gè)帶電量相等的正點(diǎn)電荷，在其連線的中垂線上有一點(diǎn) P（規(guī)定無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為零，下列說(shuō)法中正確的是（ ）A P 點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度方向水平向右BP 點(diǎn)到 O 點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小可能先增大后減小CP 點(diǎn)的電勢(shì)大于 O 點(diǎn)的電勢(shì)D一個(gè)帶負(fù)電的點(diǎn)電荷在 P點(diǎn)的電勢(shì)能小于在 O 點(diǎn)的電勢(shì)能4（4 分）如圖所示，兩塊較大的平行金屬板 A、B 水平放置，并通過(guò)電阻 R 與電源相連，電源的電動(dòng)勢(shì)為 E，閉合電鍵 S，兩板間有一帶電油滴處于靜止?fàn)顟B(tài)。 下列說(shuō)法正確的是（ ）A 油滴帶負(fù)電BA 、B 兩板電壓小于 EC若將 A 板向上平移一小段距離，則油滴向下加速D若將 B 板向左平移

3、一小段位移，則油滴向下加速5（4 分）M 、N 和 P 是以 MN 為直徑的半圓弧上的三點(diǎn)， O 為半圓弧的圓心， MOP 90 在甲圖中， M 、N 處各有一條長(zhǎng)直導(dǎo)線垂直穿過(guò)紙面，在乙圖中 M 、P 處各有一條長(zhǎng)直導(dǎo)線垂直穿過(guò)紙面。導(dǎo)線中電流方向如圖所示，電流強(qiáng)度大小相等。則甲、乙兩圖 中 圓 心 處 的 磁 感 應(yīng) 強(qiáng) 度 的 大 小 之 比 為 （ ）A B1 C D26（4 分）如圖所示，邊長(zhǎng)為 L 的等邊三角形閉合金屬線框 abc 處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)垂直線框平面向里， 磁感應(yīng)強(qiáng)度為 B當(dāng)線框中通入順時(shí)針?lè)较螂娏?I 時(shí)， 下列說(shuō)法正確的是（ ）A bc 邊受到的安培力方向垂直于

4、bc 邊向上Bab 邊受到的安培力大小為 BILCab 邊與 bc 邊受到的安培力的合力大于 ac 邊受到的安培力D整個(gè)線框所受的安培力的合力為零7（4 分）如圖所示，電動(dòng)機(jī) M 與電阻 R 串聯(lián)后兩端接在電壓恒為 U 電源上，電動(dòng)機(jī) M的線圈電阻 r 與電阻 R 阻值相等，電動(dòng)機(jī)正常工作，下列判斷正確的是（ ）A 流過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流小于流過(guò)電阻 R 的電流B電動(dòng)機(jī)兩端電壓大于電阻 R 兩端電壓C電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功率大于電阻 R 的發(fā)熱功率D電動(dòng)機(jī)的總功率等于電阻的功率8（4 分）如圖是根據(jù)某次測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)記錄的數(shù)據(jù)作出的路端電壓 U與干路電流 l 的圖線，下列說(shuō)法正確的是（ ）A

5、路端電壓 U 越大，干路電流 I 越大B橫軸截距表示短路電流，即 I00.4AC此電源的內(nèi)阻為 5D此電源的最大輸出功率為 0.5W9（4 分）在如圖所示電路中， L1、L2、L3 是三只小燈泡，電源電動(dòng)勢(shì)為 E，內(nèi)阻為 0，三只燈泡原來(lái)都能發(fā)光， 當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭 P 向左移動(dòng)時(shí)， 下列說(shuō)法正確的是 （ ）A L1 變亮， L2 亮度不變， L3 變暗BL1 和 L2 變亮， L3 變暗CL1 的電壓變化的絕對(duì)值等于 L 3 的電壓變化的絕對(duì)值D通過(guò) L1 的電流變化的絕對(duì)值等于通過(guò) L2 的電流變化的絕對(duì)值10（ 4 分）在地面附近有一豎直向下勻強(qiáng)電場(chǎng) E，一帶電油滴以某初速度從 a

6、 處運(yùn)動(dòng)到 b處，其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中曲線所示，不計(jì)空氣阻力，此過(guò)程中對(duì)油滴描述正確的是（ ）A 油滴帶正電B油滴的動(dòng)能減小C油滴的電勢(shì)能減小D油滴的動(dòng)能和電勢(shì)能之和減小11（4 分）如圖所示，兩平行金屬板水平放置，使上板帶上一定量正電荷，下板帶上等量的負(fù)電荷，并在兩板之間加上垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一個(gè)帶正電粒子以初速度 v0 沿垂直于電場(chǎng)和磁場(chǎng)的方向，從兩金屬板左端中央水平射入后恰能做直線運(yùn)動(dòng)。粒子重力不計(jì)，則下列判斷正確的是（ ）A 若只減小粒子的初速度，粒子不能做直線運(yùn)動(dòng)B若只改變粒子的電性，粒子不能做直線運(yùn)動(dòng)C若只改變粒子的電量，粒子仍能做直線運(yùn)動(dòng)D若只將粒子的初速度反向，從兩板右端射入

7、，粒子仍能做直線運(yùn)動(dòng)12（ 4 分）如圖，圓心為 O、半徑為 r 的圓形區(qū)域外存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直于紙面向外，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為 BP 是圓外一點(diǎn)， OP3r。一質(zhì)量為 m、電荷量為 qq0 的粒子從 P 點(diǎn)在紙面內(nèi)垂直于 OP 射出。已知粒子運(yùn)動(dòng)軌跡經(jīng)過(guò)圓心 O，不計(jì)重力。則下列判斷正確的是（ ）A 粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)軌跡的圓心位于線段 OP 的中點(diǎn)B粒子以垂直于 OP 連線的方向通過(guò) O 點(diǎn)C粒子的速度小于D粒子從 P 點(diǎn)到 O 點(diǎn)的時(shí)間大于二、實(shí)驗(yàn)題（共 16 分）13（ 6 分）某同學(xué)要做描繪小燈泡的伏安特性曲線實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)室提供了以下器材：A 待測(cè)小燈泡（額定電壓 2.5V，額

8、定電流 0.5A）B電流表（量程 3A，內(nèi)阻約為 0.1Q）C電流表（量程 0.6A，內(nèi)阻約為 0.5）D電壓表（量程 3.0V，內(nèi)阻約為 10k）E電壓表（量程 150V，內(nèi)阻約為 50k）F滑動(dòng)變阻器（最大阻值為 100額定電流 50mA ）G滑動(dòng)變阻器（最大阻值為 10Q，額定電流 1.0A）H電源（電動(dòng)勢(shì)為 3.0V，內(nèi)阻不計(jì)）。電鍵及導(dǎo)線等。（1）為了順利完成實(shí)驗(yàn)并能減小實(shí)驗(yàn)誤差， 電流表應(yīng)選用 、電壓表選用 、滑動(dòng)變阻器選用 （均填寫(xiě)實(shí)驗(yàn)器材前的字母）（2）該同學(xué)根據(jù)實(shí)驗(yàn)要求選用了合適的器材，并完成部分電路的連接，如圖所示，請(qǐng)你幫他完成其余部分的線路連接（用黑色水筆畫(huà)線表示對(duì)應(yīng)的導(dǎo)

9、線）閉合電鍵前，應(yīng)將滑動(dòng)變阻器的滑片 P 移到 端（填“右”或“左”）。14（ 10 分）圖 a 為某同學(xué)組裝的簡(jiǎn)易多用電表的電路圖，圖中 E 是電池， R1、R2、R3、R4 和 R5 是定值電阻， R6 是可變電阻； 是表頭，虛線方框內(nèi)為選擇開(kāi)關(guān)， A 端和 B 端分別與兩表筆相連。該多用電表的選擇開(kāi)關(guān)有 5 個(gè)擋位，分別為：直流電壓 1V 擋和 5V擋，直流電流 10mA 擋和 25mA 擋，歐姆 100擋。（1）圖 a 中的 B 端應(yīng)與 （選填“紅”或“黑”）色表筆相連接。（2）選擇開(kāi)關(guān)接“ 1”時(shí)，對(duì)應(yīng)的擋位是 。A 直流電流 10mA 擋B直流電流 25mA 擋（3）在某次測(cè)量中，

10、將選擇開(kāi)關(guān)接“ 3”，該多用電表指針位置如圖 b 所示，則多用電表讀數(shù)為 。（4）該同學(xué)為了較精確地測(cè)量另一定值電阻的阻值 Rx，采用如圖 c 所示的電路， 電源電壓 U 恒定，利用多用電表的電流檔（內(nèi)阻不計(jì)）測(cè)電路電流。閉合電鍵，多次改變電阻箱阻值 R，記錄相應(yīng)的 R 和多用電表讀數(shù) I，得到 R 的關(guān)系圖線，如圖 d 所示。則Rx ， 電 源 電 壓 U V 三、計(jì)算題 (本題有 4 小題,共 36 分。解答時(shí)請(qǐng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式、重要的演算步驟和答案 ,只寫(xiě)最后答案的不能得分。 )15（ 7 分）如圖所示的閉合電路中，電源電動(dòng)勢(shì) E6V ，燈泡 A 標(biāo)有“ 4.5V，3W”，燈泡

11、 B 標(biāo)有“ 3V，3W”。當(dāng)開(kāi)關(guān) S 閉合時(shí) A、B 兩燈均 正常發(fā)光。求（1）R 的阻值；（2）電源的內(nèi)阻 r。16（8 分）如圖所示，兩平行金屬導(dǎo)軌間的距離 L 0.4m，金屬導(dǎo)軌所在的平面與水平面夾角 37 ，在導(dǎo)軌所在空間內(nèi)，分布著磁感應(yīng)強(qiáng)度 B0.5T、方向垂直于導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。 金屬導(dǎo)軌的一端接有電動(dòng)勢(shì) E6.0V 、內(nèi)阻 r0.5 的直流電源。 現(xiàn)把一個(gè)質(zhì)量 m0.05kg 的導(dǎo)體棒 ab 垂直放在金屬導(dǎo)軌上，導(dǎo)體棒靜止。 導(dǎo)體棒與金屬導(dǎo)軌接觸的2兩點(diǎn)間的電阻 R02.5，金屬導(dǎo)軌電阻不計(jì)， g 取 10m/s 已知 sin37 0.6，cos370.8，求：（1）導(dǎo)體棒受

12、到的安培力大??；（2）導(dǎo)體棒受到金屬導(dǎo)軌的摩擦力大?。?）若僅將磁場(chǎng)方向改為豎直向上，求導(dǎo)體棒受到金屬導(dǎo)軌的支持力大小。17（9 分）如圖所示，傾角為 37 的絕緣斜面 AB 和絕緣水平面 BC 平滑連接，斜面與水平面的動(dòng)摩擦因數(shù)均為 0.5，斜面 AB 長(zhǎng) L4m，空間存在著平行于斜面向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，3 3電場(chǎng)強(qiáng)度為 10 10N/c。現(xiàn)有質(zhì)量為 m1kg，帶電量為 +20 10 c 的滑塊從 A 點(diǎn)以初速度 6m/s 沿斜面下滑。 g 取 10m/s2，求：（1）滑塊在斜面 AB 運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；（2）滑塊在水平面 BC 運(yùn)動(dòng)的最大位移。18（ 12 分）如圖所示，在 xOy 坐標(biāo)平面內(nèi)， x

13、0 的區(qū)域存在沿 y 軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在第一象限與 y 軸夾角為 30 的傾斜直線 OM 下方和第四象限內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一個(gè)質(zhì)量為 m，帶電量為 q 的粒子在電場(chǎng)中的 P 點(diǎn)以初速度 v0 沿 x 軸正方向射出，恰好經(jīng)過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn) O 進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)。已知 P 點(diǎn)坐標(biāo)為（ L、 L），磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度 B ，不計(jì)粒子重力。求：（1）勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大?。唬?）粒子第二次經(jīng)過(guò) y 軸時(shí)的坐標(biāo)；（3）粒子從開(kāi)始到第二次經(jīng)過(guò) y 軸所經(jīng)歷的時(shí)間。2018-2019 學(xué)年福建省龍巖市一級(jí)達(dá)標(biāo)校高二（上）期末物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題（ 12 小題,每小題 4 分,共 48 分。在

14、每小題給出的 4 個(gè)選項(xiàng)中 ,第 1-8 題只有一項(xiàng)符合題目要求 ,第 9-12 題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)得 4 分,選對(duì)但不全的得 2 分,有選錯(cuò)或不選的得 0 分。 )1（4 分）發(fā)現(xiàn)電流磁效應(yīng)的物理學(xué)家是（ ）A 奧斯特 B法拉第 C庫(kù)侖 D安培【分析】 根據(jù)我們對(duì)于法拉第、奧斯特、安培、歐姆這四位科學(xué)家對(duì)于物理所作貢獻(xiàn)的了解來(lái)作答?！窘獯稹?解：奧斯特發(fā)現(xiàn)了通電導(dǎo)體周?chē)嬖诖艌?chǎng)，是第一個(gè)發(fā)現(xiàn)電流磁效應(yīng)的科學(xué)家；故 A 正確， BCD 錯(cuò)誤。故選： A 。【點(diǎn)評(píng)】 多了解物理學(xué)史，了解科學(xué)家的貢獻(xiàn)，有利于對(duì)培養(yǎng)學(xué)習(xí)物理的興趣。2（4 分）兩個(gè)分別帶有電荷量 Q 和+3Q 的相同金屬

15、小球（均可視為點(diǎn)電荷），固定在相距為 r 的兩處， 它們間的庫(kù)侖力的大小為 F兩小球相互接觸后將其固定在原處， 則兩球間庫(kù)侖力的大小為（ ）A B3F C D2F【分析】 清楚兩小球相互接觸后，其所帶電量先中和后均分再根據(jù)庫(kù)侖定律的內(nèi)容，根據(jù)變化量和不變量求出問(wèn)題【解答】 解：接觸前兩個(gè)點(diǎn)電荷之間的庫(kù)侖力大小為 Fk ，兩個(gè)相同的金屬球各自帶電，接觸后再分開(kāi)，其所帶電量先中和后均分，所以兩球分開(kāi)后各自帶點(diǎn)為 +Q，距離仍不變，則庫(kù)侖力為 F k ，所以兩球間庫(kù)侖力的大小為 F。故選： C?！军c(diǎn)評(píng)】 本題考查庫(kù)侖定律及帶電題電量的轉(zhuǎn)移問(wèn)題，注意接觸后，間距沒(méi)有變化是解題的關(guān)鍵3（4 分）如圖所示

16、， M 、N 為兩個(gè)帶電量相等的正點(diǎn)電荷，在其連線的中垂線上有一點(diǎn) P（規(guī)定無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為零，下列說(shuō)法中正確的是（ ）A P 點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度方向水平向右BP 點(diǎn)到 O 點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小可能先增大后減小CP 點(diǎn)的電勢(shì)大于 O 點(diǎn)的電勢(shì)D一個(gè)帶負(fù)電的點(diǎn)電荷在 P點(diǎn)的電勢(shì)能小于在 O 點(diǎn)的電勢(shì)能【分析】M 、N 為兩個(gè)等量的正點(diǎn)電荷， 在 O 上方，其連線中垂線上電場(chǎng)強(qiáng)度方向 OP，由于電場(chǎng)線的疏密情況不確定，電場(chǎng)強(qiáng)度大小變化情況不確定，根據(jù)沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)是降低的，電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)無(wú)關(guān)。【解答】 解：A、在 O 上方，在等量同種電荷連線中垂線上電場(chǎng)強(qiáng)度方向 OP，故 A 錯(cuò)誤；B、由于電場(chǎng)線的疏密情況

17、不確定，電場(chǎng)強(qiáng)度大小變化情況不確定，因此 P 點(diǎn)到 O 點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小可能先增大后減小，也可能一直減小，故 B 正確；C、依據(jù)沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)是降低的，因此 P 點(diǎn)的電勢(shì)小于 O 點(diǎn)的電勢(shì)，故 C 錯(cuò)誤；D、P 點(diǎn)的電勢(shì)小于 O 點(diǎn)的電勢(shì)， 帶負(fù)電的點(diǎn)電荷在 P 點(diǎn)的電勢(shì)能大于在 O 點(diǎn)的電勢(shì)能，故 D 錯(cuò)誤。故選： B?！军c(diǎn)評(píng)】 本題的關(guān)鍵要掌握等量異種電荷電場(chǎng)線的分布情況及特點(diǎn)，要抓住電場(chǎng)線的對(duì)稱(chēng)性，要注意在電場(chǎng)線分布情況不確定時(shí)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小也不確定。4（4 分）如圖所示，兩塊較大的平行金屬板 A、B 水平放置，并通過(guò)電阻 R 與電源相連，電源的電動(dòng)勢(shì)為 E，閉合電鍵 S，兩板間有一帶

18、電油滴處于靜止?fàn)顟B(tài)。 下列說(shuō)法正確的是（ ）A 油滴帶負(fù)電BA 、B 兩板電壓小于 EC若將 A 板向上平移一小段距離，則油滴向下加速D若將 B 板向左平移一小段位移，則油滴向下加速【分析】 根據(jù)電場(chǎng)力與重力平衡，則可確定油滴的電性，因電容器與直流電源（內(nèi)阻不計(jì)）連接，電壓不變，即為 E，A 極板豎直向上平移一小段距離，依據(jù)電容的定義式 C ，分析電容變化，再結(jié)合 C ，并由 E ，分析板間場(chǎng)強(qiáng)變化，從而即可分析該點(diǎn)油滴的運(yùn)動(dòng)情況?！窘獯稹?解： A、下極板 B 帶正電，而電場(chǎng)力與重力平衡，則油滴帶正電，故 A 錯(cuò)誤；B、電容器與直流電源（內(nèi)阻不計(jì)）連接，電壓即等于 E，故 B 錯(cuò)誤；C、由于

19、電壓不變，若將 A 板向上平移一小段距離，即板間距離增大，場(chǎng)強(qiáng)減小，油滴受到的電場(chǎng)力減小，帶點(diǎn)油滴向下加速運(yùn)動(dòng)，故 C 正確；D、若將 B 板向左平移一小段位移，依據(jù)電容的定義式 C ，再結(jié)合 C ，并由 E ，則由電場(chǎng)強(qiáng)度公式 E ，可知，電場(chǎng)強(qiáng)度增強(qiáng)，則電場(chǎng)力增大，則油滴向上加速，故 D 錯(cuò)誤。故選： C?！军c(diǎn)評(píng)】 本題是電容器動(dòng)態(tài)變化分析問(wèn)題，考查分析和判斷能力，掌握電容的定義式與決定式的區(qū)別，注意理解電容器的電壓不變與電量不變的情況。5（4 分）M 、N 和 P 是以 MN 為直徑的半圓弧上的三點(diǎn)， O 為半圓弧的圓心， MOP 90 在甲圖中， M 、N 處各有一條長(zhǎng)直導(dǎo)線垂直穿過(guò)紙

20、面，在乙圖中 M 、P 處各有一條長(zhǎng)直導(dǎo)線垂直穿過(guò)紙面。導(dǎo)線中電流方向如圖所示，電流強(qiáng)度大小相等。則甲、乙兩圖 中 圓 心 處 的 磁 感 應(yīng) 強(qiáng) 度 的 大 小 之 比 為 （ ）A B1 C D2【分析】 由磁場(chǎng)的疊加可知每根導(dǎo)線在 O 點(diǎn)產(chǎn)生的磁感強(qiáng)度大小，移動(dòng)之后距 O 點(diǎn)的距離不變，故磁感強(qiáng)度大小不變，根據(jù)矢量的合成法則，及數(shù)學(xué)知識(shí)，即可求解?！窘獯稹?解：設(shè)兩導(dǎo)線在 O 點(diǎn)各自形成的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為 B0則根據(jù)幾何關(guān)系可知，甲圖兩導(dǎo)線形成的合磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為 2B0，那么乙圖中，兩導(dǎo)線在圓心處的磁場(chǎng)夾角為 90 ，大小不變，根據(jù)矢量的合成法則，則其在圓心處的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為 B0

21、，因此甲、乙兩圖中圓心處的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小之比 ，故 C 正確， ABD 錯(cuò)誤。故選： C?！军c(diǎn)評(píng)】 磁感強(qiáng)度為矢量，在求合磁感強(qiáng)度時(shí)應(yīng)先分別求得各導(dǎo)線 O 點(diǎn)的磁感強(qiáng)度再由矢量的合成方法平行四邊形求得總的磁感強(qiáng)度。6（4 分）如圖所示，邊長(zhǎng)為 L 的等邊三角形閉合金屬線框 abc 處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)垂直線框平面向里， 磁感應(yīng)強(qiáng)度為 B當(dāng)線框中通入順時(shí)針?lè)较螂娏?I 時(shí)， 下列說(shuō)法正確的是（ ）A bc 邊受到的安培力方向垂直于 bc 邊向上Bab 邊受到的安培力大小為 BILCab 邊與 bc 邊受到的安培力的合力大于 ac 邊受到的安培力D整個(gè)線框所受的安培力的合力為零【分析】 根據(jù)左手

22、定則判斷安培力的方向， 根據(jù)安培力的計(jì)算公式 FBIL 計(jì)算安培力的大小?！窘獯稹?解： A、根據(jù)左手定則可知 bc 邊受到的安培力方向垂直于 bc 邊向下，故 A 錯(cuò)誤；B、ab 邊受到的安培力大小為 FBIL ，故 B 錯(cuò)誤；CD、三條邊構(gòu)成閉合的三角形，三邊受到的安培力的合力為零，故 ab 邊與 bc 邊受到的安培力的合力等于 ac 邊受到的安培力，故 C 錯(cuò)誤， D 正確。故選： D?！军c(diǎn)評(píng)】 本題主要是考查安培力的計(jì)算，牢記安培力的計(jì)算公式是解答本題的關(guān)鍵。7（4 分）如圖所示，電動(dòng)機(jī) M 與電阻 R 串聯(lián)后兩端接在電壓恒為 U 電源上，電動(dòng)機(jī) M的線圈電阻 r 與電阻 R 阻值相等

23、，電動(dòng)機(jī)正常工作，下列判斷正確的是（ ）A 流過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流小于流過(guò)電阻 R 的電流B電動(dòng)機(jī)兩端電壓大于電阻 R 兩端電壓C電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功率大于電阻 R 的發(fā)熱功率D電動(dòng)機(jī)的總功率等于電阻的功率【分析】 電動(dòng)機(jī) M 與電阻 R 串聯(lián)，電流相等，根據(jù)焦耳定律分析放出的熱量關(guān)系。 R 是純電阻電路，電動(dòng)機(jī)是非純電阻電路，根據(jù)歐姆定律分析 R 的電壓與電流的關(guān)系，判斷電動(dòng)機(jī)兩端電壓的關(guān)系。根據(jù)能量守恒定律分析消耗的功率關(guān)系?！窘獯稹?解： A、電動(dòng)機(jī) M 與電阻 R 串聯(lián)，電流相等，故 A 錯(cuò)誤；B、設(shè)電動(dòng)機(jī) M 線圈電阻與電阻 R 的電阻均為 R，電路中電流為 I，根據(jù)歐姆定律得： 電阻兩端的電壓

24、 URIR，電動(dòng)機(jī)是非純電阻電路，其電壓 UMIR，則有 UM UR，所以電阻兩端電壓小于電動(dòng)機(jī)兩端電壓，故 B 正確。2C、電阻相等，根據(jù) PI R 可知，電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功率等于電爐的發(fā)熱功率，故 C 錯(cuò)誤；D、電動(dòng)機(jī)消耗的功率 PM UMI，電阻消耗的功率 PRURI，UMUR，則 PM UR，即電動(dòng)機(jī)消耗的功率大于電爐消耗的功率，故 D 錯(cuò)誤；故選： B?！军c(diǎn)評(píng)】 本題中電爐是純電阻電路，電動(dòng)機(jī)是非純電阻電路，兩個(gè)電路焦耳定律都適用，但歐姆定律只適用于電爐，不適用于電動(dòng)機(jī)。8（4 分）如圖是根據(jù)某次測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)記錄的數(shù)據(jù)作出的路端電壓 U與干路電流 l 的圖線，下列說(shuō)法正確

25、的是（ ）A 路端電壓 U 越大，干路電流 I 越大B橫軸截距表示短路電流，即 I00.4AC此電源的內(nèi)阻為 5D此電源的最大輸出功率為 0.5W【分析】 由閉合電路歐姆定律可得出路端電壓與電流的關(guān)系，由數(shù)學(xué)知識(shí)可得出電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻。當(dāng)外電路電阻為零，外電路短路?！窘獯稹?解： A、根據(jù) I 知，U 越大，電流越小，故 A 錯(cuò)誤；B、由圖示圖象可知， 外電路電壓為 1.2V 時(shí)，電路電流為 0.4A ，橫軸截距不是短路電流，故 B 錯(cuò)誤；C、圖象的斜率的絕對(duì)值等于電源的內(nèi)阻， 電源內(nèi)阻 r 2，故 C 錯(cuò)誤；D、圖象與縱軸截距的坐標(biāo)值是電源電動(dòng)勢(shì)，由圖象可知，電源電動(dòng)勢(shì) E2V，最大輸出

26、功率為 Pm 0.5W ，故 D 正確；故選： D?！军c(diǎn)評(píng)】 本題在測(cè)定電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻實(shí)驗(yàn)中，作為數(shù)據(jù)處理的方法，是實(shí)驗(yàn)重點(diǎn)考查內(nèi)容，應(yīng)結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)進(jìn)行理解，此題要注意縱坐標(biāo)的起始坐標(biāo)不為零。9（4 分）在如圖所示電路中， L1、L2、L3 是三只小燈泡，電源電動(dòng)勢(shì)為 E，內(nèi)阻為 0，三只燈泡原來(lái)都能發(fā)光， 當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭 P 向左移動(dòng)時(shí)， 下列說(shuō)法正確的是 （ ）A L1 變亮， L2 亮度不變， L3 變暗BL1 和 L2 變亮， L3 變暗CL1 的電壓變化的絕對(duì)值等于 L 3 的電壓變化的絕對(duì)值D通過(guò) L1 的電流變化的絕對(duì)值等于通過(guò) L2 的電流變化的絕對(duì)值【分析】 由圖可知

27、 L 3 與 R 串聯(lián)后與 L2 并聯(lián)，再與 R0、L 1 串聯(lián)；由滑片的移動(dòng)可知滑動(dòng)變阻器接入電阻的變化，則可知總電阻的變化；由閉合電路的歐姆定律可知電路中電流的變化，即可知 L1 亮度的變化；將 R0、L1 作為內(nèi)電阻處理，由 UEIr 可知并聯(lián)部分電壓的變化，由歐姆定律可得出兩燈亮度的變化；因兩燈電阻均為定值，則可由歐姆定律得出電壓變化值的大小關(guān)系。【解答】 解：A、B 當(dāng)滑片左移時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知電路中總電流增大，故 L 1 變亮；電路中總電流增大，故內(nèi)電壓及 R0、L 1 兩端的電壓增大，而電動(dòng)勢(shì)不變，故并聯(lián)部分的電壓減小，故 L2

28、 變暗；因 L2 中電流減小，干路電流增大，故流過(guò) L 3 的電流增大，故 L 3 變亮；故 A 錯(cuò)誤；B、L2 電壓變化量大小與 L1 電流變化量大小比值即為電源的內(nèi)阻，電阻 R0 及燈泡 L1 的電阻之和，因此比值不變， B 正確；C、因 L1 中電流增大， L3 中電流增大，而 L2 中電流減?。婚_(kāi)始時(shí)有： I1I2+I3，故 I1電流的變化值一定小于 L3 中電流的變化值；故 C 正確；D、因并聯(lián)部分的電壓與 L 1、R0 及內(nèi)電阻上的總電壓等于電源的電動(dòng)勢(shì)； L2 兩端的電壓減小， L1、R0 及內(nèi)阻 r 兩端的電壓增大，而電動(dòng)勢(shì)不變，故 L 1 上電壓變化值小于 L 2 上的電壓變

29、化值，故 D 錯(cuò)誤；故選： BC?！军c(diǎn)評(píng)】 本題不但考查電路中各量的變化方向， 還考查了各電阻中電流及電壓的變化值，題目較為新穎， 要求學(xué)生能靈活應(yīng)用串并聯(lián)電路的電流電壓規(guī)律及閉合電路的歐姆定律。10（ 4 分）在地面附近有一豎直向下勻強(qiáng)電場(chǎng) E，一帶電油滴以某初速度從 a 處運(yùn)動(dòng)到 b處，其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中曲線所示，不計(jì)空氣阻力，此過(guò)程中對(duì)油滴描述正確的是（ ）A 油滴帶正電B油滴的動(dòng)能減小C油滴的電勢(shì)能減小D油滴的動(dòng)能和電勢(shì)能之和減小【分析】 根據(jù)軌跡的凹向確定合力的方向，從而得出帶電液滴所受合外力情況，進(jìn)而根據(jù)牛頓第二定律判斷產(chǎn)生的加速度；根據(jù)產(chǎn)生的加速度和速度的關(guān)系，即可判斷物體的運(yùn)動(dòng)形

30、式；根據(jù)能量守恒得出機(jī)械能、重力勢(shì)能和電勢(shì)能之和的變化?！窘獯稹?解： A、根據(jù)軌跡的凹向確定合力的方向?yàn)橄蛏?，故油滴帶?fù)電，故 A 錯(cuò)誤；B、由軌跡可知，合力做正功，則動(dòng)能增加，故 B 錯(cuò)誤；C、根據(jù)能量守恒知，機(jī)械能和電勢(shì)能之和不變，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，故 C 正確；D、根據(jù)能量守恒知，重力勢(shì)能增加，則動(dòng)能和電勢(shì)能之和減小，故 D 正確；故選： CD ?！军c(diǎn)評(píng)】 解決本題的關(guān)鍵知道合力大致指向軌跡的凹向，知道合力做功與動(dòng)能的關(guān)系，以及電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能的關(guān)系。11（4 分）如圖所示，兩平行金屬板水平放置，使上板帶上一定量正電荷，下板帶上等量的負(fù)電荷，并在兩板之間加上垂直紙面向里的勻強(qiáng)

31、磁場(chǎng)，一個(gè)帶正電粒子以初速度 v0 沿垂直于電場(chǎng)和磁場(chǎng)的方向，從兩金屬板左端中央水平射入后恰能做直線運(yùn)動(dòng)。粒子重力不計(jì)，則下列判斷正確的是（ ）A 若只減小粒子的初速度，粒子不能做直線運(yùn)動(dòng)B若只改變粒子的電性，粒子不能做直線運(yùn)動(dòng)C若只改變粒子的電量，粒子仍能做直線運(yùn)動(dòng)D若只將粒子的初速度反向，從兩板右端射入，粒子仍能做直線運(yùn)動(dòng)【分析】 帶電粒子原來(lái)做直線運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力與洛倫茲力二力平衡，當(dāng)粒子的速度、電性、電量變化時(shí)將改變洛倫茲力，分析洛倫茲力的變化，判斷粒子的運(yùn)動(dòng)情況。【解答】 解：帶電粒子原來(lái)做直線運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力與洛倫茲力二力平衡，有 qv0BqE帶電粒子所受的洛倫茲力方向向上，電場(chǎng)力方向向下

32、，A 、若只減小粒子的初速度，電場(chǎng)力不變，有 qv0BqE，粒子將向下偏轉(zhuǎn)，粒子不能做直線運(yùn)動(dòng)，故 A 正確；B、若只改變粒子的電性，電場(chǎng)力與洛倫茲力的方向都改變，但大小不變，仍然平衡，粒子仍然做做直線運(yùn)動(dòng)，故 B 錯(cuò)誤；C、若只改變粒子的電量，電場(chǎng)力與洛倫茲力仍然滿足二力平衡，粒子仍能做直線運(yùn)動(dòng)，故 C 正確；D、若只將粒子的初速度反向， 從兩板右端射入， 電場(chǎng)力和洛倫茲力的方向都向上，不能做直線運(yùn)動(dòng)，故 D 錯(cuò)誤；故選： AC ?！军c(diǎn)評(píng)】 帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)共存區(qū)域內(nèi)運(yùn)動(dòng)時(shí)， 往往既要受到電場(chǎng)力作用，又要受到洛侖茲力作用。這兩個(gè)力的特點(diǎn)是，電場(chǎng)力是恒力，而洛侖茲力的大小、方向隨速

33、度變化。若二力平衡，則粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng)。若二力不平衡，則帶電粒子所受合外力不可能為恒力，因此帶電粒子將做復(fù)雜曲線運(yùn)動(dòng)。12（ 4 分）如圖，圓心為 O、半徑為 r 的圓形區(qū)域外存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直于紙面向外，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為 BP 是圓外一點(diǎn)， OP3r。一質(zhì)量為 m、電荷量為 qq0 的粒子從 P 點(diǎn)在紙面內(nèi)垂直于 OP 射出。已知粒子運(yùn)動(dòng)軌跡經(jīng)過(guò)圓心 O，不計(jì)重力。則下列判斷正確的是（ ）A 粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)軌跡的圓心位于線段 OP 的中點(diǎn)B粒子以垂直于 OP連線的方向通過(guò)O 點(diǎn)C粒子的速度小于D粒子從 P 點(diǎn)到 O 點(diǎn)的時(shí)間大于【分析】 畫(huà)出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，根據(jù)幾何關(guān)系求出

34、軌跡半徑；以此討論各個(gè)選項(xiàng)即可?！窘獯稹?解： A、根據(jù)題意，畫(huà)出粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡，如圖所示，設(shè)粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為R，由幾何關(guān)系有：（ 3rR） 2R2+r2解得： R ，不是 OP 的中點(diǎn)，故 A錯(cuò)誤；B、由圖得： tan ， 37，所以粒子與 OP連線的夾角為9037 53，故 B錯(cuò)誤；C、由 R ，又 R ，得 v ，故 C 正確；D、粒子在圓形區(qū)域內(nèi)運(yùn)動(dòng)到 O 點(diǎn)的位移為r，在圓形區(qū)域內(nèi) 角對(duì)應(yīng)的弧長(zhǎng)x解得： x 0.8rr，所以粒子從 P 點(diǎn)到 O 點(diǎn)的時(shí)間大于 ，故 D 正確。故選： CD ?！军c(diǎn)評(píng)】 本題考查帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，知道洛倫茲力提供粒子勻速圓周運(yùn)

35、動(dòng)的向心力，關(guān)鍵是畫(huà)軌跡，確定圓心和半徑，再結(jié)合幾何關(guān)系即可求解。二、實(shí)驗(yàn)題（共 16 分）13（ 6 分）某同學(xué)要做描繪小燈泡的伏安特性曲線實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)室提供了以下器材：A 待測(cè)小燈泡（額定電壓 2.5V，額定電流 0.5A）B電流表（量程 3A，內(nèi)阻約為 0.1Q）C電流表（量程 0.6A，內(nèi)阻約為 0.5）D電壓表（量程 3.0V，內(nèi)阻約為 10k）E電壓表（量程 150V，內(nèi)阻約為 50k）F滑動(dòng)變阻器（最大阻值為 100額定電流 50mA ）G滑動(dòng)變阻器（最大阻值為 10Q，額定電流 1.0A）H電源（電動(dòng)勢(shì)為 3.0V，內(nèi)阻不計(jì)）。電鍵及導(dǎo)線等。（1）為了順利完成實(shí)驗(yàn)并能減小實(shí)驗(yàn)誤差

36、，電流表應(yīng)選用 C 、電壓表選用 D 、滑動(dòng)變阻器選用 G （均填寫(xiě)實(shí)驗(yàn)器材前的字母）（2）該同學(xué)根據(jù)實(shí)驗(yàn)要求選用了合適的器材，并完成部分電路的連接，如圖所示，請(qǐng)你幫他完成其余部分的線路連接（用黑色水筆畫(huà)線表示對(duì)應(yīng)的導(dǎo)線）閉合電鍵前，應(yīng)將滑動(dòng)變阻器的滑片 P 移到 左 端（填“右”或“左”）?！痉治觥?（1）根據(jù)燈泡額定電流選擇電流表，根據(jù)燈泡額定電壓選擇電壓表，為方便實(shí)驗(yàn)操作應(yīng)選擇最大阻值較小的滑動(dòng)變阻器。（2）滑動(dòng)變阻器采用分壓接法時(shí)，為保護(hù)電路，閉合開(kāi)關(guān)前滑片要置于分壓電路分壓為零的位置?！窘獯稹?解：（ 1）燈泡額定電流為 0.5A，電流表應(yīng)選擇 C；燈泡額定電壓為 2.5V，電壓表應(yīng)

37、選擇 D；為方便實(shí)驗(yàn)操作，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇 G；（2）描繪小燈泡的伏安特性曲線，測(cè)量范圍較大，滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，小燈泡的阻值相對(duì)于電流表內(nèi)阻來(lái)說(shuō)很小，電流表應(yīng)采用外接法，據(jù)此完善電路圖如圖所示：由圖示電路圖可知，滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，為保護(hù)電路，閉合開(kāi)關(guān)前滑片應(yīng)置于左端。故答案為：（ 1）C D G；（2）如圖所示，左?！军c(diǎn)評(píng)】 本題考查了實(shí)驗(yàn)器材的選擇、實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)與實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理；要掌握實(shí)驗(yàn)器材的選擇原則：安全性原則、精確性原則、方便實(shí)驗(yàn)操作原則；滑動(dòng)變阻器采用分壓接法時(shí)，為保護(hù)電路，閉合開(kāi)關(guān)前滑片要置于分壓電路分壓為零的位置。14（ 10 分）圖 a 為某同學(xué)組裝的簡(jiǎn)易多用電表的電

38、路圖，圖中 E 是電池， R1、R2、R3、R4 和 R5 是定值電阻， R6 是可變電阻； 是表頭，虛線方框內(nèi)為選擇開(kāi)關(guān)， A 端和 B 端分別與兩表筆相連。該多用電表的選擇開(kāi)關(guān)有 5 個(gè)擋位，分別為：直流電壓 1V 擋和 5V擋，直流電流 10mA 擋和 25mA 擋，歐姆 100擋。（1）圖 a 中的 B 端應(yīng)與 紅 （選填“紅”或“黑”）色表筆相連接。（2）選擇開(kāi)關(guān)接“ 1”時(shí)，對(duì)應(yīng)的擋位是 B 。A 直流電流 10mA 擋B直流電流 25mA 擋（3）在某次測(cè)量中，將選擇開(kāi)關(guān)接“ 3”，該多用電表指針位置如圖 b 所示，則多用電3表讀數(shù)為 1.1 10 。（4）該同學(xué)為了較精確地測(cè)量

39、另一定值電阻的阻值 Rx，采用如圖 c所示的電路， 電源電壓 U 恒定，利用多用電表的電流檔（內(nèi)阻不計(jì)）測(cè)電路電流。閉合電鍵，多次改變電阻箱阻值 R，記錄相應(yīng)的 R 和多用電表讀數(shù) I，得到 R 的關(guān)系圖線，如圖 d 所示。則Rx 200 ， 電 源 電 壓 U 8V 【分析】 （1）歐姆表內(nèi)置電源的正極與黑表筆相連，紅表筆與負(fù)極相連，分析圖示電路圖答題。（2）表頭與分流電阻并聯(lián)可以改裝成電流表，分流電阻阻值越大，電流表量程越小。（3）根據(jù)多用電表所測(cè)量的量與量程確定其分度值，然后根據(jù)指針位置讀出其示數(shù)。（4）由閉合電路的歐姆定律求得到 R 的關(guān)系式，據(jù)圖線結(jié)合關(guān)系式求各量值。【解答】 解：（

40、 1）由圖（ a）所示電路圖可知， B 與歐姆表內(nèi)置電源的負(fù)極相連， B 為紅表筆。（2）由圖（ a）所示電路圖可知，開(kāi)關(guān) S 接位置 1 時(shí)，分流電阻較小，此時(shí)電流擋的量大程；即 B 正確，3（3）接 1 時(shí)為歐姆檔，讀數(shù)為： 1.1 10，（4）由閉合電路歐姆定律得： UI（Rx+R） 得 R Rx圖線的斜率為 U 8v，截距為 Rx200故答案為：（ 1）紅（2）B3（3）1.10 10（4）200， 8【點(diǎn)評(píng)】 會(huì)規(guī)范使用多用電表，能正確讀出多用電表的示數(shù)，是解決本題的關(guān)鍵，在平時(shí)實(shí)驗(yàn)訓(xùn)練過(guò)程中要多加注意規(guī)范操作和正確使用，多用電表的讀數(shù)，重點(diǎn)是分清測(cè)量的物理量不同，讀數(shù)方法不同，電壓

41、、電流對(duì)應(yīng)量程、電阻是倍率；要特別注意。三、計(jì)算題 (本題有 4 小題,共 36 分。解答時(shí)請(qǐng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式、重要的演算步驟和答案 ,只寫(xiě)最后答案的不能得分。 )15（ 7 分）如圖所示的閉合電路中，電源電動(dòng)勢(shì) E6V ，燈泡 A 標(biāo)有“ 4.5V，3W”，燈泡 B 標(biāo)有“ 3V，3W”。當(dāng)開(kāi)關(guān) S 閉合時(shí) A、B 兩燈均 正常發(fā)光。求（1）R 的阻值；（2）電源的內(nèi)阻 r。【分析】 明確電路結(jié)構(gòu)，由 B 燈正常發(fā)光可得電流 IB，由歐姆定律可得 R 的電壓從而得出 A 燈的電壓由歐姆定律即可求得 R 的阻值，根據(jù) A 燈求出 A 在的之路的電流，從而知總電流，由全電路歐姆定律求得

42、 r 的阻值?！窘獯稹?解：流過(guò) R 及 B 燈的電流 IB A1A所以 R 1.5流過(guò) A 燈的電流 IA A A由閉合電路歐姆定律： EUA +（IA+I B）r解得： r0.9答：（ 1）R 的阻值為 1.5；（2）電源的內(nèi)阻 r 為 0.9。【點(diǎn)評(píng)】 對(duì)于直流電路的計(jì)算問(wèn)題，往往先求出局部的電阻，再求出外電路總電阻，根據(jù)歐姆定律求出路端電壓和總電流，再計(jì)算各部分電路的電壓和電流。16（8 分）如圖所示，兩平行金屬導(dǎo)軌間的距離 L 0.4m，金屬導(dǎo)軌所在的平面與水平面夾角 37 ，在導(dǎo)軌所在空間內(nèi)，分布著磁感應(yīng)強(qiáng)度 B0.5T、方向垂直于導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。 金屬導(dǎo)軌的一端接有電動(dòng)勢(shì) E

43、6.0V 、內(nèi)阻 r0.5 的直流電源。 現(xiàn)把一個(gè)質(zhì)量 m0.05kg 的導(dǎo)體棒 ab 垂直放在金屬導(dǎo)軌上，導(dǎo)體棒靜止。 導(dǎo)體棒與金屬導(dǎo)軌接觸的2兩點(diǎn)間的電阻 R02.5，金屬導(dǎo)軌電阻不計(jì)， g 取 10m/s 已知 sin37 0.6，cos370.8，求：（1）導(dǎo)體棒受到的安培力大??；（2）導(dǎo)體棒受到金屬導(dǎo)軌的摩擦力大小（3）若僅將磁場(chǎng)方向改為豎直向上，求導(dǎo)體棒受到金屬導(dǎo)軌的支持力大小?！痉治觥?（1）根據(jù)閉合電路歐姆定律求解電流強(qiáng)度，根據(jù)安培力的計(jì)算公式求解；（2）畫(huà)出導(dǎo)體棒受力示意圖， 將重力正交分解， 根據(jù)平衡條件求解摩擦力的大小和方向；（3）若將磁場(chǎng)方向改為豎直向上，根據(jù)平衡條件進(jìn)行解答?！窘獯稹?解：（ 1）根據(jù)閉合電路歐姆定律有： I 2A導(dǎo)體棒受到的安培力：F 安BIL 0.40N（2）導(dǎo)體棒所受重力沿斜面向下的分力F1mgsin37 0.3N由于 F1 小于 F安，故導(dǎo)體棒受沿斜面向下的摩擦力 f，受力如圖。根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件 mg sin37 +fF安f0.1N（3）對(duì)導(dǎo)體棒受力分析如圖，受豎直向下的重力 mg、水平向右的安培力 BIL 和垂直導(dǎo)軌向上的支持力 N由正交分解得：Nmgcos