2013年安徽省高考物理試卷

1、2013 年安徽省高考物理試卷一、每題 6 分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的1（6 分）如圖所示，細(xì)線的一端系一質(zhì)量為 m 的小球，另一端固定在傾角為 的光滑斜面體頂端， 細(xì)線與斜面平行 在斜面體以加速度 a 水平向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的過程中， 小球始終靜止在斜面上， 小球受到細(xì)線的拉力 T 和斜面的支持力 FN 分別為（重力加速度為g）（）AT=m（gsin +acos ）FN=m（gcos asin ）BT=m（gsin +acos ）FN=m（gsin acos ）CT=m（acos gsin ）FN=m（gcos +asin ）DT=m（asin gcos ）FN

2、=m（gsin +acos ）2（6 分）圖中 a、 b、 c、 d 為四根與紙面垂直的長直導(dǎo)線，其橫截面位于正方形的四個(gè)頂點(diǎn)上， 導(dǎo)線中通有大小相同的電流， 方向如圖所示 一帶正電的粒子從正方形中心 O 點(diǎn)沿垂直于紙面的方向向外運(yùn)動(dòng)，它所受洛倫茲力的方向是（）A向上B向下C向左D向右3（ 6 分）如圖所示，足夠長平行金屬導(dǎo)軌傾斜放置， 傾角為 37，寬度為 0.5m，電阻忽略不計(jì)，其上端接一小燈泡， 電阻為 1一導(dǎo)體棒 MN 垂直于導(dǎo)軌放置，質(zhì)量為 0.2kg，接入電路的電阻為 1，兩端與導(dǎo)軌接觸良好，與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為 0.5在導(dǎo)軌間存在著垂直于導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場， 磁感應(yīng)強(qiáng)度為 0.

3、8T將導(dǎo)體棒 MN 由靜止釋放， 運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后， 小燈泡穩(wěn)定發(fā)光， 此后導(dǎo)體棒 MN 的運(yùn)動(dòng)速度以及小燈泡消耗的電功率分別為 （重力加速度 g 取 10m/s2，sin37 =0.6）第1頁（共 22頁）（）A2.5m/s1W B5m/s1WC 7.5m/s9W D15m/s9W4（6 分）質(zhì)量為m 的人造地球衛(wèi)星與地心的距離為r 時(shí)，引力勢能可表示為Ep=，其中 G 為引力常量， M 為地球質(zhì)量該衛(wèi)星原來在半徑為R1 的軌道上繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)， 由于受到極稀薄空氣的摩擦作用，飛行一段時(shí)間后其圓周運(yùn)動(dòng)的半徑變?yōu)?R2，此過程中因摩擦而產(chǎn)生的熱量為（）AGMm（）BGMm（）C（）D（）5

4、（ 6 分）由消防水龍帶的噴嘴噴出水的流量是0.28m3/min ，水離開噴口時(shí)的速度大小為 16 m/s，方向與水平面夾角為 60，在最高處正好到達(dá)著火位置，忽略空氣阻力，則空中水柱的高度和水量分別是 （重力加速度 g 取 10m/s 2）（）A28.8m1.12 10 2m3B28.8m 0.672m3C38.4m1.29 10 2m3D38.4m 0.776m36（6 分）用圖示的電路可以測量電阻的阻值圖中Rx 是待測電阻， R0 是定值，G 是靈敏度很高的電流表， MN 是一段均勻的電阻絲閉合開關(guān)，改變滑動(dòng)頭P的位置，當(dāng)通過電流表 G 的電流為零時(shí)，測得 MP=l1，PN=l2，則 R

5、x 的阻值為（）ABCD7（6 分）如圖所示， xOy 平面是無窮大導(dǎo)體的表面，該導(dǎo)體充滿z0 的空間，z0 的空間為真空。將電荷為+q 的點(diǎn)電荷置于z 軸上 z=h 處，則在 xOy 平面上第2頁（共 22頁）會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電荷?？臻g任意一點(diǎn)處的電場皆是由點(diǎn)電荷q 和導(dǎo)體表面上的感應(yīng)電荷共同激發(fā)的。 已知靜電平衡時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部場強(qiáng)處處為零，則在z 軸上 z= 處的場強(qiáng)大小為（ k 為靜電力常量）（）AkBkC kD k二、解答題（共6 小題，滿分 68 分）8（ 5 分）根據(jù)單擺周期公式，可以通過實(shí)驗(yàn)測量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣热鐖D 1 所示，將細(xì)線的上端固定在鐵架臺(tái)上，下端系一小鋼球，就做成了單擺（ 1）

6、用游標(biāo)卡尺測量小鋼球直徑，示數(shù)如圖2 所示，讀數(shù)為mm（ 2）以下是實(shí)驗(yàn)過程中的一些做法，其中正確的有a擺線要選擇細(xì)些的、伸縮性小些的，并且盡可能長一些b擺球盡量選擇質(zhì)量大些、體積小些的c為了使擺的周期大一些，以方便測量，開始時(shí)拉開擺球，使擺線相距平衡位置有較大的角度d拉開擺球，使擺線偏離平衡位置大于5，在釋放擺球的同時(shí)開始計(jì)時(shí)，當(dāng)擺球回到開始位置時(shí)停止計(jì)時(shí)，此時(shí)間間隔t 即為單擺周期 Te拉開擺球，使擺線偏離平衡位置不大于5，釋放擺球，當(dāng)擺球振動(dòng)穩(wěn)定后，從平衡位置開始計(jì)時(shí)，記下擺球做 50 次全振動(dòng)所用的時(shí)間 t ，則單擺周期 T=9（6 分）（1）在測定一根粗細(xì)均勻合金絲電阻率的實(shí)驗(yàn)中，利

7、用螺旋測微器測第3頁（共 22頁）定合金絲直徑的過程如圖1 所示，校零時(shí)的讀數(shù)為mm ，合金絲的直徑為mm（ 2）為了精確測量合金絲的電阻 Rx，設(shè)計(jì)出如圖 2 所示的實(shí)驗(yàn)電路圖，按照該電路圖完成圖 3 中的實(shí)物電路連接10（ 7 分）根據(jù)閉合電路歐姆定律，用圖1 所示電路可以測定電池的電動(dòng)勢和內(nèi)電阻圖中 R0 兩端的對(duì)應(yīng)電壓為U12，對(duì)測得的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)進(jìn)行處理，就可以實(shí)現(xiàn)測量目的根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系中描出坐標(biāo)點(diǎn)，如圖2 所示已知R0=150，請(qǐng)完成以下數(shù)據(jù)分析和處理（ 1）圖 2 中電阻為的數(shù)據(jù)點(diǎn)應(yīng)剔除；（ 2）在坐標(biāo)紙上畫出關(guān)系圖線；（ 3）圖線的斜率是（v1 1），由此可得電池電動(dòng)勢 Ex

8、=?V11（ 14 分）一物體放在水平地面上，如圖 1 所示，已知物體所受水平拉力F 隨時(shí)間 t 的變化情況如圖2 所示，物體相應(yīng)的速度 v 隨時(shí)間 t 的變化關(guān)系如圖3所示求：第4頁（共 22頁）（ 1） 0 8s 時(shí)間內(nèi)拉力的沖量；（ 2） 0 6s 時(shí)間內(nèi)物體的位移；（ 3） 0 10s 時(shí)間內(nèi)，物體克服摩擦力所做的功12（ 16 分）如圖所示的平面直角坐標(biāo)系 xOy，在第象限內(nèi)有平行于 y 軸的勻強(qiáng)電場，方向沿 y 正方向；在第象限的正三角形 abc 區(qū)域內(nèi)有勻強(qiáng)磁場，方向垂直于 xOy 平面向里，正三角形邊長為 L，且 ab 邊與 y 軸平行一質(zhì)量為 m、電荷量為 q 的粒子，從 y

9、 軸上的 P（ 0，h）點(diǎn)，以大小為 v0 的速度沿 x 軸正方向射入電場，通過電場后從x 軸上的 a（2h，0）點(diǎn)進(jìn)入第象限，又經(jīng)過磁場從y軸上的某點(diǎn)進(jìn)入第象限，且速度與y 軸負(fù)方向成45角，不計(jì)粒子所受的重力求：（ 1）電場強(qiáng)度 E 的大??；（ 2）粒子到達(dá) a 點(diǎn)時(shí)速度的大小和方向；（ 3） abc 區(qū)域內(nèi)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度 B 的最小值13（ 20 分）如圖所示，質(zhì)量為 M 、傾角為 的斜面體（斜面光滑且足夠長）放在粗糙的水平地面上，底部與地面的動(dòng)摩擦因數(shù)為 ，斜面頂端與勁度系數(shù)為 k、自然長度為 l 的輕質(zhì)彈簧相連， 彈簧的另一端連接著質(zhì)量為 m 的物塊壓縮彈簧使其長度為 l 時(shí)將物塊

10、由靜止開始釋放，且物塊在以后的運(yùn)動(dòng)中，斜面體始終處于靜止?fàn)顟B(tài)重力加速度為g（ 1）求物塊處于平衡位置時(shí)彈簧的長度；（ 2）選物塊的平衡位置為坐標(biāo)原點(diǎn)，沿斜面向下為正方向建立坐標(biāo)軸，用x 表第5頁（共 22頁）示物塊相對(duì)于平衡位置的位移，證明物塊做簡諧運(yùn)動(dòng)；（ 3）求彈簧的最大伸長量；（ 4）為使斜面始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，動(dòng)摩擦因數(shù) 應(yīng)滿足什么條件（假設(shè)滑動(dòng)摩擦力等于最大靜摩擦力）？第6頁（共 22頁）2013 年安徽省高考物理試卷參考答案與試題解析一、每題 6 分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的1（6 分）如圖所示，細(xì)線的一端系一質(zhì)量為 m 的小球，另一端固定在傾角為 的光滑斜

11、面體頂端， 細(xì)線與斜面平行 在斜面體以加速度 a 水平向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的過程中， 小球始終靜止在斜面上， 小球受到細(xì)線的拉力 T 和斜面的支持力 FN 分別為（重力加速度為g）（）AT=m（gsin +acos ）FN=m（gcos asin ）BT=m（gsin +acos ）FN=m（gsin acos ）CT=m（acos gsin ）FN=m（gcos +asin ）DT=m（asin gcos ）FN=m（gsin +acos ）【分析】小球始終靜止在斜面上，說明斜面體加速度很小，且未脫離斜面，對(duì)小球受力分析，利用牛頓第二定律列式求解即可【解答】解：當(dāng)加速度 a 較小時(shí)，小球與斜

12、面一起運(yùn)動(dòng)，此時(shí)小球受重力、繩子拉力和斜面的支持力，繩子平行于斜面；小球的受力如圖：水平方向上由牛頓第二定律得： TcosFN=masin豎直方向上由平衡得： Tsin +FNcos =mg聯(lián)立得： FN （asin）（）故A正確，BCD=m gcosT=m gsin +acos錯(cuò)誤。故選： A。第7頁（共 22頁）【點(diǎn)評(píng)】此題最難解決的問題是小球是否飛離了斜面，我們可以用假設(shè)法判斷出臨界加速度來進(jìn)行比較2（6 分）圖中 a、 b、 c、 d 為四根與紙面垂直的長直導(dǎo)線，其橫截面位于正方形的四個(gè)頂點(diǎn)上， 導(dǎo)線中通有大小相同的電流， 方向如圖所示 一帶正電的粒子從正方形中心 O 點(diǎn)沿垂直于紙面的

13、方向向外運(yùn)動(dòng)，它所受洛倫茲力的方向是（）A向上B向下C向左D向右【分析】 根據(jù)等距下電流所產(chǎn)生的 B 的大小與電流成正比，得出各電流在O 點(diǎn)所產(chǎn)生的 B 的大小關(guān)系，由安培定則確定出方向，再利用矢量合成法則求得B的合矢量的方向【解答】解：根據(jù)題意，由右手螺旋定則知 b 與 d 導(dǎo)線電流產(chǎn)生磁場正好相互抵消，而 a 與 c 導(dǎo)線產(chǎn)生磁場正好相互疊加，由右手螺旋定則，則得磁場方向水平向左，當(dāng)一帶正電的粒子從正方形中心 O 點(diǎn)沿垂直于紙面的方向向外運(yùn)動(dòng)，根據(jù)左手定則可知，它所受洛倫茲力的方向向下。故 B 正確， ACD錯(cuò)誤。故選： B?！军c(diǎn)評(píng)】考查磁感應(yīng)強(qiáng)度 B 的矢量合成法則， 會(huì)進(jìn)行 B 的合成

14、，從而確定磁場的大小與方向3（ 6 分）如圖所示，足夠長平行金屬導(dǎo)軌傾斜放置， 傾角為 37，寬度為 0.5m，電阻忽略不計(jì)，其上端接一小燈泡， 電阻為 1一導(dǎo)體棒 MN 垂直于導(dǎo)軌放置，質(zhì)量為 0.2kg，接入電路的電阻為 1，兩端與導(dǎo)軌接觸良好，與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為 0.5在導(dǎo)軌間存在著垂直于導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場， 磁感應(yīng)強(qiáng)度為 0.8T將導(dǎo)體棒 MN 由靜止釋放， 運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后， 小燈泡穩(wěn)定發(fā)光， 此后導(dǎo)體棒 MN 的運(yùn)動(dòng)速度以及小燈泡消耗的電功率分別為 （重力加速度 g 取 10m/s2，sin37 =0.6）（）第8頁（共 22頁）A2.5m/s1W B5m/s1WC 7.5m/s

15、9W D15m/s9W【分析】當(dāng)導(dǎo)體棒所受合力為零時(shí)， 導(dǎo)體棒做勻速直線運(yùn)動(dòng)， 由平衡條件可以求出導(dǎo)體棒的速度； 由 E=BLv求出導(dǎo)體棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢， 然后由閉合電路歐姆定律及電功率公式求出燈泡消耗的功率【解答】解： 導(dǎo)體 棒做 勻速 直線運(yùn) 動(dòng)，處于平 衡狀態(tài)，由平衡條 件得：mgsin37 = mgcos37+，解得 v=5m/s；導(dǎo)體棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢E=BLv，電路電流 I=，燈泡消耗的功率P=I2R，解得P=1W；故選： B。【點(diǎn)評(píng)】本題難度不大，由平衡條件即可求出導(dǎo)體棒的速度，應(yīng)用公式 E=BLv求出感應(yīng)電動(dòng)勢，然后應(yīng)用歐姆定律及電功率公式即可求出燈泡功率4（6 分）質(zhì)量為m

16、 的人造地球衛(wèi)星與地心的距離為r 時(shí)，引力勢能可表示為Ep=，其中 G 為引力常量， M 為地球質(zhì)量該衛(wèi)星原來在半徑為R1 的軌道上繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)， 由于受到極稀薄空氣的摩擦作用，飛行一段時(shí)間后其圓周運(yùn)動(dòng)的半徑變?yōu)镽2，此過程中因摩擦而產(chǎn)生的熱量為（）AGMm（）BGMm（）C（）D（）【分析】 求出衛(wèi)星在半徑為 R1 圓形軌道和半徑為 R2 的圓形軌道上的動(dòng)能，從而得知?jiǎng)幽艿臏p小量， 通過引力勢能公式求出勢能的增加量， 根據(jù)能量守恒求出熱量【解答】 解：衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由地球的萬有引力提供向心力，則軌道半徑為 R1 時(shí)G=，衛(wèi)星的引力勢能為EP1=第9頁（共 22頁）軌道半徑為 R

17、2 時(shí) G=m，衛(wèi)星的引力勢能為EP2=設(shè)摩擦而產(chǎn)生的熱量為Q，根據(jù)能量守恒定律得：+EP1=+EP2+Q聯(lián)立得 Q=（）故選： C?！军c(diǎn)評(píng)】本題是信息題，要讀懂引力勢能的含義，建立衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)的模型，根據(jù)萬有引力定律和圓周運(yùn)動(dòng)的知識(shí)、能量守恒定律結(jié)合求解5（ 6 分）由消防水龍帶的噴嘴噴出水的流量是0.28m3/min ，水離開噴口時(shí)的速度大小為 16m/s，方向與水平面夾角為60，在最高處正好到達(dá)著火位置，忽略空氣阻力，則空中水柱的高度和水量分別是 （重力加速度 g 取 10m/s 2）（）A28.8m2m3B28.8m0.672m31.12 10C38.4m2m3D38.4m0.776m31

18、.29 10【分析】將水的運(yùn)動(dòng)分解為水平方向和豎直方向， 在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上做豎直上拋運(yùn)動(dòng)【解答】 解：水在豎直方向上的分速度。則空中水柱的高度h=。則 t=。則空中水柱的水量Q=0.28m3=1.12102m3故 A 正確， B、C、D 錯(cuò)誤。故選： A?！军c(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵掌握處理斜拋運(yùn)動(dòng)的方法， 理清斜拋運(yùn)動(dòng)在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式進(jìn)行求解6（6 分）用圖示的電路可以測量電阻的阻值圖中x 是待測電阻， R0 是定值，RG 是靈敏度很高的電流表，MN 是一段均勻的電阻絲閉合開關(guān)，改變滑動(dòng)頭P第 10 頁（共 22 頁）的位置，當(dāng)通過電流表 G

19、 的電流為零時(shí)，測得 MP=l1，PN=l2，則 Rx 的阻值為（）ABCD【分析】 閉合開關(guān)，改變滑動(dòng)頭P 的位置，當(dāng)通過電流表G 的電流為零時(shí)，說明通過電阻絲兩側(cè)的電流是相等的，而總電流一定，故通過R0 和 Rx 的電流也相等；并聯(lián)電路電壓相等，故電阻絲 MP 段與 PN段電壓之比等于 R0 和 Rx 的電壓比；再結(jié)合歐姆定律列式求解即可【解答】 解：電阻絲MP 段與PN 段電壓之比等于R0 和 Rx 的電壓比，即；通過電流表 G 的電流為零，說明通過電阻絲兩側(cè)的電流是相等的，故通過R0 和Rx 的電流也相等，所以有：；根據(jù)電阻定律公式有：有：；故解得：故選： C。【點(diǎn)評(píng)】本題是串并聯(lián)電路

20、中電流、 電壓關(guān)系和電阻定律、 歐姆定律的綜合運(yùn)用問題，設(shè)計(jì)思路巧妙，考查了分析問題和解決問題的能力，不難第 11 頁（共 22 頁）7（6 分）如圖所示， xOy 平面是無窮大導(dǎo)體的表面，該導(dǎo)體充滿z0 的空間，z0 的空間為真空。將電荷為+q 的點(diǎn)電荷置于z 軸上 z=h 處，則在 xOy 平面上會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電荷?？臻g任意一點(diǎn)處的電場皆是由點(diǎn)電荷q 和導(dǎo)體表面上的感應(yīng)電荷共同激發(fā)的。 已知靜電平衡時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部場強(qiáng)處處為零，則在z 軸上 z= 處的場強(qiáng)大小為（ k 為靜電力常量）（）AkBkC kD k【分析】根據(jù)對(duì)稱性，感應(yīng)電荷在導(dǎo)體內(nèi)外兩側(cè)空間產(chǎn)生的電場強(qiáng)度的大小相等，方向相反；而內(nèi)部一點(diǎn)的

21、電場強(qiáng)度為 q 和感應(yīng)電荷產(chǎn)生的電場強(qiáng)度的合矢量?！窘獯稹拷猓涸?z 軸上 處，合場強(qiáng)為零，該點(diǎn)場強(qiáng)為 q 和導(dǎo)體近端感應(yīng)電荷產(chǎn)生電場的場強(qiáng)的矢量和；q 在處產(chǎn)生的場強(qiáng)為：E1=k=；由于導(dǎo)體遠(yuǎn)端離處很遠(yuǎn)，影響可以忽略不計(jì)，故導(dǎo)體在處產(chǎn)生場強(qiáng)近似等于近端在處產(chǎn)生的場強(qiáng)； 處合場強(qiáng)為 0，故導(dǎo)體在處產(chǎn)生場強(qiáng)大小 E2 1，方向向上。=E =根據(jù)對(duì)稱性，導(dǎo)體近端在處產(chǎn)生的場強(qiáng)也為E2=，方向向下。電荷 q 在處產(chǎn)生的場強(qiáng)為： E3=，方向向下。=k故在處的合場強(qiáng)為： E=E2+E3+=，方向向下。=故選： B。第 12 頁（共 22 頁）【點(diǎn)評(píng)】本題要掌握靜電平衡的導(dǎo)體特點(diǎn)： 內(nèi)部場強(qiáng)處處為零，

22、運(yùn)用場強(qiáng)的疊加原理進(jìn)行分析求解，關(guān)鍵要結(jié)合對(duì)稱性進(jìn)行合理的近似。二、解答題（共6 小題，滿分 68 分）8（ 5 分）根據(jù)單擺周期公式，可以通過實(shí)驗(yàn)測量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣热鐖D 1 所示，將細(xì)線的上端固定在鐵架臺(tái)上，下端系一小鋼球，就做成了單擺（ 1）用游標(biāo)卡尺測量小鋼球直徑，示數(shù)如圖2 所示，讀數(shù)為18.6mm（ 2）以下是實(shí)驗(yàn)過程中的一些做法，其中正確的有abea擺線要選擇細(xì)些的、伸縮性小些的，并且盡可能長一些b擺球盡量選擇質(zhì)量大些、體積小些的c為了使擺的周期大一些，以方便測量，開始時(shí)拉開擺球，使擺線相距平衡位置有較大的角度d拉開擺球，使擺線偏離平衡位置大于5，在釋放擺球的同時(shí)開始計(jì)時(shí)，當(dāng)擺球

23、回到開始位置時(shí)停止計(jì)時(shí)，此時(shí)間間隔t 即為單擺周期 Te拉開擺球，使擺線偏離平衡位置不大于5，釋放擺球，當(dāng)擺球振動(dòng)穩(wěn)定后，從平衡位置開始計(jì)時(shí)，記下擺球做 50 次全振動(dòng)所用的時(shí)間 t ，則單擺周期 T=【分析】（1）游標(biāo)卡尺的讀數(shù)方法是先讀出主尺上的刻度， 再看游標(biāo)尺上的哪一刻度與固定的刻度對(duì)齊；（ 2）擺線要選擇細(xì)些的、伸縮性小些的；擺球盡量選擇質(zhì)量大些、體積小些的擺球；振動(dòng)穩(wěn)定后，從平衡位置開始計(jì)時(shí)；擺線偏離平衡位置不大于5【解答】 解：（1）游標(biāo)卡尺的讀數(shù)方法是先讀出主尺上的刻度，大小：18mm，再看游標(biāo)尺上的哪一刻度與固定的刻度對(duì)齊：第6 刻度與上方刻度對(duì)齊，讀數(shù)：0.16=0.6mm

24、，總讀數(shù)： L=18+0.6=18.6mm第 13 頁（共 22 頁）（ 2）該實(shí)驗(yàn)中，要選擇細(xì)些的、伸縮性小些的擺線，長度要適當(dāng)長一些；和選擇體積比較小，密度較大的小球故 ab 是正確的擺球的周期與擺線的長短有關(guān)，與擺角無關(guān)，故c 錯(cuò)誤；拉開擺球，使擺線偏離平衡位置不大于5，故 d 錯(cuò)誤；釋放擺球，當(dāng)擺球振動(dòng)穩(wěn)定后，從平衡位置開始計(jì)時(shí)；要測量多個(gè)周期的時(shí)間，然后求平均值故 e 正確故選： abe故答案為：（ 1） 18.6 （ 2） abe【點(diǎn)評(píng)】該題考查游標(biāo)卡尺的讀數(shù)方法與用單擺測量重力加速度實(shí)驗(yàn)中的幾個(gè)注意事項(xiàng)，所以記憶性的知識(shí)，要求對(duì)該部分知識(shí)有準(zhǔn)確的記憶屬于簡單題9（6 分）（1）在

25、測定一根粗細(xì)均勻合金絲電阻率的實(shí)驗(yàn)中，利用螺旋測微器測定合金絲直徑的過程如圖1 所示，校零時(shí)的讀數(shù)為0.007mm，合金絲的直徑為0.638mm（ 2）為了精確測量合金絲的電阻 Rx，設(shè)計(jì)出如圖 2 所示的實(shí)驗(yàn)電路圖，按照該電路圖完成圖 3 中的實(shí)物電路連接【分析】（1）螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀；（ 2）先將電源、電鍵與變阻器電阻絲兩端連接，然后再連接測量電路即可【解答】 解：（ 1）圖1 中，旋測微器的固定刻度為0，可動(dòng)刻度為0.010.7mm=0.007mm，所以最終讀數(shù)為0.007mm；圖 2 旋測微器的固定刻度為 0.5mm，可動(dòng)刻度

26、為 0.01 14.5mm=0.145mm，所以最終讀數(shù)為 0.645mm；故合金絲的直徑為 0.645mm 0.007mm=0.638mm；（ 2）根據(jù)電路圖可知，電流表是外接法，滑動(dòng)變阻器是分壓式接法，連線實(shí)物第 14 頁（共 22 頁）圖如圖故答案為：（ 1） 0.007， 0.638； （2）如圖所示【點(diǎn)評(píng)】（1）螺旋測微器的讀數(shù)方法，固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀；（ 2）連接實(shí)物圖時(shí)一般是從電源的正極出發(fā)依次連接，注意變阻器分壓式的連接方法，連接測量電路時(shí)，先連主干路，最后再連解并聯(lián)電路，注意電表正負(fù)極和量程10（ 7 分）根據(jù)閉合電路歐姆定律，用圖1 所示

27、電路可以測定電池的電動(dòng)勢和內(nèi)電阻圖中 R0 兩端的對(duì)應(yīng)電壓為U12，對(duì)測得的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)進(jìn)行處理，就可以實(shí)現(xiàn)測量目的根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系中描出坐標(biāo)點(diǎn)，如圖2 所示已知R0=150，請(qǐng)完成以下數(shù)據(jù)分析和處理（ 1）圖 2 中電阻為80.0 的數(shù)據(jù)點(diǎn)應(yīng)剔除；（ 2）在坐標(biāo)紙上畫出關(guān)系圖線；（ 3）圖線的斜率是0.0045 （v1 1），由此可得電池電動(dòng)勢 Ex= 1.48?V【分析】（1）（ 2）用描點(diǎn)法作圖時(shí)，為減小偶然誤差，應(yīng)該用一條直線通過多數(shù)第 15 頁（共 22 頁）點(diǎn)，剔除遠(yuǎn)離直線的點(diǎn)，不在線上的點(diǎn)大致均勻地分布于直線的兩側(cè)；（ 3）根據(jù)閉合電路歐姆定律列式，得出關(guān)系的函數(shù)表達(dá)式，結(jié)合圖象

28、分析斜率和截距的含義即可【解答】 解：（1）第 4 個(gè)點(diǎn)明顯和其余點(diǎn)不在一條直線上，故應(yīng)該剔除；（ 2）如圖所示；（3）根據(jù)閉合電路歐姆定律，有：E=U12+，變形得：；斜率為：；故：E=；故答案為：（ 1） 80.0； （2）如圖所示；（3）0.0045，1.48【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵明確實(shí)驗(yàn)原理， 根據(jù)閉合電路歐姆定律推導(dǎo)出線性關(guān)系的表達(dá)式，然后結(jié)合圖象分析，不難11（ 14 分）一物體放在水平地面上，如圖 1 所示，已知物體所受水平拉力 F 隨時(shí)間 t 的變化情況如圖 2 所示，物體相應(yīng)的速度 v 隨時(shí)間 t 的變化關(guān)系如圖 3 所示求：第 16 頁（共 22 頁）（ 1） 0 8s 時(shí)間內(nèi)拉

29、力的沖量；（ 2） 0 6s 時(shí)間內(nèi)物體的位移；（ 3） 0 10s 時(shí)間內(nèi)，物體克服摩擦力所做的功【分析】（1）沖量是力對(duì)時(shí)間的積累，根據(jù)I=Ft 分段求即可；（ 2）根據(jù) vt 圖象求出物體運(yùn)動(dòng)特征，根據(jù)運(yùn)動(dòng)運(yùn)動(dòng)學(xué)知識(shí)求位移；（ 3）滑動(dòng)摩擦力為恒力，根據(jù) W=Fs求摩擦力做功【解答】 解：（1）由圖象知，力 F 的方向恒定，故力 F 在 08s 內(nèi)的沖量 I=F1t 1+F2t2+F3t 3=12+34+2 2N?s=18N?s；方向向右（ 2）由圖 3 知，物體在 0 2s 內(nèi)靜止，26s 內(nèi)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)， 初速度為 0，末速度為 3m/s所以物體在0 6s 內(nèi)的位移即為2 6s

30、內(nèi)勻加速運(yùn)動(dòng)的位移=；（ 3）由圖 3 知物體在 68s 內(nèi)做勻直線運(yùn)動(dòng)，此時(shí)摩擦力與拉力平衡即 f=F=2N；物體在 6 8s 內(nèi)做勻速直線運(yùn)動(dòng)位移 x2=vt=32m=6m物體在 8 10s 內(nèi)做勻減速運(yùn)動(dòng)位移=所以物體在 010s 內(nèi)的總位移 x=x1+x2+x3=15m摩擦力做功 Wf = fx= 215J=30J即物體克服摩擦力做功30J答：（ 1） 0 8s 時(shí)間內(nèi)拉力的沖量為18N?s；方向向右（ 2） 0 6s 時(shí)間內(nèi)物體的位移為 6m；（ 3） 0 10s 時(shí)間內(nèi)，物體克服摩擦力所做的功為 30J【點(diǎn)評(píng)】 此題考查了學(xué)生對(duì)圖象問題的分析能力，能從圖象中得出相關(guān)的信息，然后結(jié)合

31、功和功率的計(jì)算公式進(jìn)行計(jì)算求解，是高考的熱點(diǎn)考題第 17 頁（共 22 頁）12（ 16 分）如圖所示的平面直角坐標(biāo)系 xOy，在第象限內(nèi)有平行于 y 軸的勻強(qiáng)電場，方向沿 y 正方向；在第象限的正三角形 abc 區(qū)域內(nèi)有勻強(qiáng)磁場，方向垂直于 xOy 平面向里，正三角形邊長為 L，且 ab 邊與 y 軸平行一質(zhì)量為 m、電荷量為 q 的粒子，從 y 軸上的 P（ 0，h）點(diǎn)，以大小為 v0 的速度沿 x 軸正方向射入電場，通過電場后從 x 軸上的 a（2h，0）點(diǎn)進(jìn)入第象限，又經(jīng)過磁場從 y 軸上的某點(diǎn)進(jìn)入第象限，且速度與 y 軸負(fù)方向成 45角，不計(jì)粒子所受的重力求：（ 1）電場強(qiáng)度 E 的

32、大小；（ 2）粒子到達(dá) a 點(diǎn)時(shí)速度的大小和方向；（ 3） abc 區(qū)域內(nèi)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度 B 的最小值【分析】（1）粒子在電場中做類平拋運(yùn)動(dòng)，水平位移和豎直位移均已知，由牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，運(yùn)用運(yùn)動(dòng)的分解法可求出場強(qiáng)大小E（ 2）由速度的合成法求出粒子到達(dá) a 點(diǎn)時(shí)速度大小和方向，由幾何知識(shí)確定粒子經(jīng)過 a 點(diǎn)時(shí)的方向（ 3）三角形區(qū)域內(nèi)的磁場方向垂直紙面向里， 當(dāng)粒子剛好與 BC邊相切時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度最小， 作出軌跡，由幾何知識(shí)求出最大半徑， 由牛頓第二定律即可求出磁感應(yīng)強(qiáng)度的最小值【解答】解：粒子在第象限內(nèi)做類平拋運(yùn)動(dòng)， 設(shè)在第象限內(nèi)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為 t 1，則水平方向有： 2h=v0t

33、1 豎直方向有： 式聯(lián)立得：（ 2）設(shè)粒子到達(dá) a 點(diǎn)時(shí)時(shí)豎直方向的速度vy第 18 頁（共 22 頁）則有： 聯(lián)立得： vy=v0所以粒子到達(dá) a 點(diǎn)時(shí)速度大小為與 x 軸的夾角為 ，由幾何關(guān)系得：，所以 =45；（ 3）經(jīng)分析，當(dāng)粒子從b 點(diǎn)出磁場時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度最小；由幾何關(guān)系得： L=r解得：由洛倫茲力提供向心力得：聯(lián)立得：即磁感應(yīng)強(qiáng)度的最小值答：（ 1）電場強(qiáng)度 E 的大小（ 2） v=v0 ，與 x 軸正方向成 45角斜向右下方（ 3）磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B 的最小值【點(diǎn)評(píng)】該題考查了有邊界電磁場的問題， 在電場中的偏轉(zhuǎn)， 利用平拋運(yùn)動(dòng)的知識(shí)求解；粒子在有邊界的勻強(qiáng)磁場中運(yùn)動(dòng)， 利用幾何關(guān)系求解運(yùn)動(dòng)半徑和轉(zhuǎn)過的圓心角是解決問題的關(guān)鍵13（ 20 分）如圖所