浙江大學(xué)附中高三物理上學(xué)期期中試題（含解析）新人教版.doc

物理試卷一單選題（每題3分，共24分）1（3分）下列說法正確的是（）a速度變化越快的物體慣性越小b物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件是所受合力與速度既不垂直也不在同一直線上c吊扇工作時(shí)向下壓迫空氣，空氣對(duì)吊扇產(chǎn)生豎直向上的托力，減輕了吊桿對(duì)電扇的拉力d用彈簧連接的兩個(gè)小球a和b，其中彈簧對(duì)a的力和彈簧對(duì)b的力是作用力和反作用力考點(diǎn)：牛頓第三定律.分析：物體的慣性與運(yùn)動(dòng)的狀態(tài)無關(guān)；物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件是所受合力與速度不在同一直線上；吊扇工作時(shí)向下壓迫空氣，空氣對(duì)吊扇產(chǎn)生豎直向上反作用力；彈簧對(duì)a的力和彈簧對(duì)b的力都是彈簧的彈力解答：解：a、物體的慣性與運(yùn)動(dòng)的狀態(tài)無關(guān)；故a錯(cuò)誤；b、物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件是所受合力與速度不在同一直線上，可以相互垂直；故b錯(cuò)誤；c、吊扇工作時(shí)向下壓迫空氣，使空氣向下運(yùn)動(dòng)，空氣對(duì)吊扇產(chǎn)生豎直向上反作用力的托力，減輕了吊桿對(duì)電扇的拉力；故c正確；d、彈簧對(duì)a的力和a物體對(duì)彈簧拉力是作用力與反作用力故d錯(cuò)誤故選：c點(diǎn)評(píng)：該題考查慣性、物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件、作用力與反作用力等知識(shí)點(diǎn)，都是力學(xué)中的基礎(chǔ)概念，要加強(qiáng)對(duì)它們的理解、2（3分）物體從靜止開始做直線運(yùn)動(dòng)，vt圖象如圖所示，則該物體（）a在第8s末相對(duì)于起點(diǎn)的位移最大b在第4s末相對(duì)于起點(diǎn)的位移最大c在第2s末到第4s末這段時(shí)間內(nèi)的加速度最大d在第4s末和第8s末在同一位置上考點(diǎn)：勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度與時(shí)間的關(guān)系.專題：運(yùn)動(dòng)學(xué)中的圖像專題分析：vt圖象中圖象中圖象中的點(diǎn)表示物體的速度，圖象的斜率表示物體的加速度，圖象與時(shí)間軸圍成的面積表示物體通過的位移解答：解：a、b、由圖可知，6s內(nèi)物體一直沿正方向運(yùn)動(dòng)，68s時(shí)物體反向運(yùn)動(dòng)，故6s時(shí)相對(duì)于起點(diǎn)的位移最大，故a錯(cuò)誤，b錯(cuò)誤；c、圖象的斜率表示物體的加速度，由圖可知，48s的加速度最大，故c錯(cuò)誤；d、46s內(nèi)和68s內(nèi)物體的位移大小方向，故8s時(shí)物體回到4s所在的位置，故d正確；故選：d點(diǎn)評(píng)：本題考查vt圖象的性質(zhì)，要注意明確圖象中點(diǎn)、線及面的含義，并能熟練應(yīng)用3（3分）某變速箱中有甲、乙、丙三個(gè)齒輪，如圖所示，其半徑分別為r1、r2、r3，若甲輪的角速度為，則丙輪邊緣上某點(diǎn)的向心加速度為（）abcd考點(diǎn)：常見的傳動(dòng)裝置；向心加速度.專題：勻速圓周運(yùn)動(dòng)專題分析：甲乙丙三個(gè)輪子的線速度相等，根據(jù)a=求出丙輪邊緣上某點(diǎn)的向心加速度解答：解：甲丙的線速度大小相等，根據(jù)a=知甲丙的向心加速度之比為r3：r1，甲的向心加速度，則故a正確，b、c、d錯(cuò)誤故選a點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵知道甲乙丙三個(gè)輪子具有相同的線速度大小，根據(jù)a=可求出它們的向心加速度之比4（3分）（2013寧波二模）如圖所示，小方塊代表一些相同質(zhì)量的鉤碼，圖中o為輕繩之間聯(lián)結(jié)的節(jié)點(diǎn)，圖中光滑的滑輪跨在輕繩上懸掛鉤碼，兩裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)將圖中的b滑輪或圖中的端點(diǎn)b沿虛線稍稍上移一些，則關(guān)于角變化說法正確的是（）a圖、圖中角均增大b圖、圖中角均不變c圖中增大、圖中角不變化d圖中不變、圖中角變大考點(diǎn)：合力的大小與分力間夾角的關(guān)系.專題：平行四邊形法則圖解法專題分析：根據(jù)力的平行四邊形定則，結(jié)合幾何關(guān)系，即可求解解答：解：圖1中，根據(jù)鉤碼個(gè)數(shù)，三個(gè)力正好構(gòu)成直角三角形，若端點(diǎn)b沿虛線稍稍上移一些，三力大小不變，根據(jù)力的合成法則，可知，方向不變，即夾角不變圖2中，因光滑的滑輪，且繩子中的張力相等，則a、b的力總是相等的，因此合力平分a、b繩的夾角，即使稍上移，繩子張力大小仍不變，則根據(jù)力的合成法則，可知，ab夾角也不變 故選：b點(diǎn)評(píng)：本題解題關(guān)鍵是抓住動(dòng)滑輪繩子的張力大小相等的特點(diǎn)，以及合力與分力的關(guān)系：合力大小不變，夾角增大時(shí)，合力減小進(jìn)行分析5（3分）（2014大慶二模）如圖所示是傾角為45的斜坡，在斜坡底端p點(diǎn)正上方某一位置q處以速度v0水平向左拋出一個(gè)小球a，小球恰好能垂直落在斜坡上，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t1小球b從同一點(diǎn)q處自由下落，下落至p點(diǎn)的時(shí)間為t2不計(jì)空氣阻力，則t1：t2=（）a1：2b1：c1：3d1：考點(diǎn)：平拋運(yùn)動(dòng)；自由落體運(yùn)動(dòng).專題：平拋運(yùn)動(dòng)專題分析：小球做平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)分位移公式求出豎直分位移和水平分位移之比，然后根據(jù)幾何關(guān)系求解出的自由落體運(yùn)動(dòng)的位移并求出時(shí)間解答：解：小球a恰好能垂直落在斜坡上，如圖由幾何關(guān)系可知，小球豎直方向的速度增量vy=gt1=v0 水平位移s=v0t1 豎直位移hq=g 由得到：由幾何關(guān)系可知小球b作自由下落的高度為：hq+sg 聯(lián)立以上各式解得：故選：d點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵是明確小球q的運(yùn)動(dòng)是平拋運(yùn)動(dòng)，然后根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的分位移和分速度公式聯(lián)立求解出運(yùn)動(dòng)時(shí)間，再根據(jù)幾何關(guān)系得到自由落體的位移，從而進(jìn)一步求得時(shí)間，最后得到比值6（3分）（2012南寧模擬）a、b是一條電場線上的兩個(gè)點(diǎn)，一帶負(fù)電的微粒僅在電場力作用下以一定初速度從a點(diǎn)沿電場線運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)，其速度時(shí)間圖象如圖所示則這一電場可能是下圖中的（）abcd考點(diǎn)：勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像；電場線.分析：（1）速度時(shí)間圖象中，圖象的斜率表示加速度；（2）電場線分布密集的地方電場強(qiáng)度大，分布稀疏的地方，電場強(qiáng)度?。唬?）負(fù)電荷受電場力的方向與電場強(qiáng)度方向相反；（4）對(duì)只受電場力作用的帶電微粒，電場力越大，加速度越大，也就是電場強(qiáng)度越大，加速度越大解答：解：由圖象可知，速度在逐漸減小，圖象的斜率在逐漸增大，故此帶負(fù)電的微粒做加速度越來越大的減速直線運(yùn)動(dòng)，所受電場力越來越大，受力方向與運(yùn)動(dòng)方向相反故選：a點(diǎn)評(píng)：本題考查了速度時(shí)間圖象的應(yīng)用和電場線的相關(guān)知識(shí)，要明確斜率的含義，要能根據(jù)圖象判斷物體的運(yùn)動(dòng)情況，進(jìn)而分析受力情況能根據(jù)電場線的分布判斷電場強(qiáng)度的大小難度適中7（3分）如圖所示，a、b兩小球分別連在彈簧兩端，b端用細(xì)線固定在傾角為30的光滑斜面上a、b兩小球的質(zhì)量分別為ma、mb，重力加速度為g，若不計(jì)彈簧質(zhì)量，在線被剪斷瞬間，a、b兩球的加速度分別為（）a都等于b和0c和0d0和g考點(diǎn)：牛頓第二定律.專題：牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題分析：當(dāng)兩球處于靜止時(shí)，根據(jù)共點(diǎn)力平衡求出彈簧的彈力，剪斷細(xì)線的瞬間，彈簧的彈力不變，根據(jù)牛頓第二定律分別求出a、b的加速度大小解答：解：對(duì)a球分析，開始處于靜止，則彈簧的彈力f=magsin30，剪斷細(xì)線的瞬間，彈簧的彈力不變，對(duì)a，所受的合力為零，則a的加速度為0，對(duì)b，根據(jù)牛頓第二定律得，=g故選：d點(diǎn)評(píng)：本題考查牛頓第二定律的瞬時(shí)問題，抓住剪斷細(xì)線的瞬間，彈簧的彈力不變，結(jié)合牛頓第二定律進(jìn)行求解8（3分）一物塊沿傾角為的斜坡向上滑動(dòng)當(dāng)物塊的初速度為v時(shí)，上升的最大高度為h，如圖所示；當(dāng)物塊的初速度為時(shí)，上升的最大高度記為h重力加速度大小為g物塊與斜坡間的動(dòng)摩擦因數(shù)和h分別為（）atan和b（1）tan和ctan和d（1）tan和考點(diǎn)：牛頓第二定律.專題：牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題分析：兩次上滑過程中，利用動(dòng)能定理列式求的即可；解答：解：以速度v上升過程中，由動(dòng)能定理可知以速度上升過程中，由動(dòng)能定理可知聯(lián)立解得，h=故d正確故選：d點(diǎn)評(píng)：本題主要考查了動(dòng)能定理，注意過程的選取是關(guān)鍵；二多選題（每題4分，共16分）9（4分）關(guān)于物理學(xué)研究中使用的主要方法，以下說法正確的是（）a在用實(shí)驗(yàn)探究加速度、力和質(zhì)量三者之間的關(guān)系時(shí)，應(yīng)用了控制變量法b在利用速度時(shí)間圖象推導(dǎo)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移公式時(shí)，使用的是微元法c用點(diǎn)電荷代替帶電體，應(yīng)用的是理想化模型法d伽利略在利用理想實(shí)驗(yàn)探究力和運(yùn)動(dòng)的關(guān)系時(shí)，使用的是實(shí)驗(yàn)歸納法考點(diǎn)：伽利略研究自由落體運(yùn)動(dòng)的實(shí)驗(yàn)和推理方法.分析：物理學(xué)的發(fā)展離不開科學(xué)的思維方法，要明確各種科學(xué)方法在物理中的應(yīng)用，如控制變量法、理想實(shí)驗(yàn)、理想化模型、極限思想等解答：解：a、在用實(shí)驗(yàn)探究加速度、力和質(zhì)量三者之間的關(guān)系時(shí)，由于涉及物理量較多，因此采用控制變量法進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，故a正確；b、在利用速度時(shí)間圖象推導(dǎo)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移公式時(shí)，采用極限思想，把時(shí)間軸無限分割，得出面積大小等于物體位移的結(jié)論，故b正確；c、點(diǎn)電荷是高中所涉及的重要的理想化模型，都是抓住問題的主要因素，忽略次要因素，故c正確；d、理想斜面實(shí)驗(yàn)探究力和運(yùn)動(dòng)的關(guān)系時(shí)，采用的是理想斜面實(shí)驗(yàn)法和將試驗(yàn)結(jié)論外推的方法，故d錯(cuò)誤故選：abc點(diǎn)評(píng)：本題考查了常見的研究物理問題的方法的具體應(yīng)用，要通過練習(xí)體會(huì)這些方法的重要性，培養(yǎng)學(xué)科思想10（4分）如圖所示，水平放置的平行板電容器，上板帶負(fù)電，下板帶正電，帶電小球以速度v0水平射入電場，且沿下板邊緣飛出若下板不動(dòng)，將上板上移一小段距離，小球仍以相同的速度v0從原處飛入，則帶電小球（）a將打在下板中央b仍沿原軌跡由下板邊緣飛出c不發(fā)生偏轉(zhuǎn)，沿直線運(yùn)動(dòng)d若上板不動(dòng)，將下板上移一段距離，小球可能打在下板的中央考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動(dòng)；電容器的動(dòng)態(tài)分析.專題：帶電粒子在電場中的運(yùn)動(dòng)專題分析：將電容器上板向下移動(dòng)一段距離，電容器所帶的電量q不變，根據(jù)電容器的定義式導(dǎo)出電場強(qiáng)度的變化，判斷粒子的運(yùn)動(dòng)情況解答：解：abc、將電容器上板向下移動(dòng)一段距離，電容器所帶的電量q不變，由于：e=，由公式可知當(dāng)d減小時(shí)，場強(qiáng)e不變，以相同的速度入射的小球仍按原來的軌跡運(yùn)動(dòng)，故a錯(cuò)誤，b正確，c錯(cuò)誤d、若上板不動(dòng)，將下板上移一段距離時(shí)，根據(jù)推論可知，板間電場強(qiáng)度不變，粒子所受的電場力不變，粒子軌跡不變，小球可能打在下板的中央，故d正確故選：bd點(diǎn)評(píng)：注意當(dāng)電容器與電源斷開時(shí)，電容器所帶的電量是定值不變，當(dāng)電容器與電源相連時(shí)，電容器兩端電壓為定值11（4分）如圖所示，a、c和b、c是兩個(gè)固定的斜面，斜面的頂端a、b在同一豎直線上甲、乙兩個(gè)小物體在同一豎直線上甲、乙兩個(gè)小物塊分別從斜面ac和bc頂端由靜止開始下滑，質(zhì)量分別是m1、m2（m1m2），與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為若甲、乙滑至底端c的過程中克服摩擦力做的功分別是w1、w2，所需時(shí)間分別是t1、t2甲、乙滑至底端c時(shí)速度分別是v1、v2，動(dòng)能分別是ek1、ek2，則（）aek1ek2bv1v2cw1w2dt1t2考點(diǎn)：動(dòng)能定理的應(yīng)用.專題：動(dòng)能定理的應(yīng)用專題分析：應(yīng)用動(dòng)能定理求出物體到達(dá)底端的動(dòng)能，然后比較動(dòng)能大小，根據(jù)動(dòng)能的計(jì)算公式求出物體的速度，然后比較大??；由功的計(jì)算公式求出克服摩擦力所做的功，然后比較功的大??；由牛頓第二定律與運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出物體的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，然后比較時(shí)間大小解答：解：a、設(shè)斜面的傾角為，斜面水平長度為l，由動(dòng)能定理得：mgltanmgcos=ek10，ek1=mgl（tan），m1m2，12，無法判斷兩物體動(dòng)能大小，故a錯(cuò)誤；b、ek1=mgl（tan）=mv2，v=，12，v1v2，故b正確；c、克服摩擦力做的功w=mgcos=mgl，m1m2，w1w2，故c正確；d、由牛頓第二定律得：mgsinmgcos=ma，=at2，t=，其中：tan=，sin是增函數(shù)，角越大，sin越大，由于12，則sin（21）sin（22），分母越大，分?jǐn)?shù)的值越小，因此：t1t2，故d正確；故選：bcd點(diǎn)評(píng)：熟練應(yīng)用動(dòng)能定理、功的計(jì)算公式、牛頓第二定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)公式即可正確解題12（4分）（2014普陀區(qū)二模）某家用桶裝純凈水手壓式飲水器如圖，在手連續(xù)穩(wěn)定的按壓下，出水速度為v，供水系統(tǒng)的效率為，現(xiàn)測量出桶底到出水管之間的高度差h，出水口傾斜，其離出水管的高度差可忽略，出水口的橫截面積為s，水的密度為，重力加速度為g，則下列說法正確的是（）a出水口單位時(shí)間內(nèi)的出水體積q=vsb出水口所出水落地時(shí)的速度c出水后，手連續(xù)穩(wěn)定按壓的功率為+d手按壓輸入的功率等于單位時(shí)間內(nèi)所出水的動(dòng)能和重力勢能之和考點(diǎn)：功率、平均功率和瞬時(shí)功率；功能關(guān)系.分析：出水口的體積v=sl，再除以時(shí)間即為位時(shí)間內(nèi)的出水體積，水從出水平流出后做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)高度求出落地時(shí)豎直方向的速度，再根據(jù)幾何關(guān)系求出出水口所出水落地時(shí)的速度，在時(shí)間t內(nèi)，流過出水口的水的質(zhì)量m=svt，手連續(xù)穩(wěn)定按壓使水具有初動(dòng)能和重力勢能，根據(jù)勢能和動(dòng)能的表達(dá)式及供水系統(tǒng)的效率求出手連續(xù)穩(wěn)定按壓做的功，再根據(jù)求解功率即可解答：解：a、出水口的體積v=sl，則單位時(shí)間內(nèi)的出水體積q=，故a正確；b、水從出水平流出后做平拋運(yùn)動(dòng)，則落地時(shí)速度方向速度，所以出水口所出水落地時(shí)的速度v=，故b錯(cuò)誤；c、手連續(xù)穩(wěn)定按壓使水具有初動(dòng)能和重力勢能，在時(shí)間t內(nèi)，流過出水口的水的質(zhì)量m=svt，則出水口的水具有的機(jī)械能e=，而供水系統(tǒng)的效率為，所以手連續(xù)穩(wěn)定按壓做的功為w=，則功率p=，故c正確；d、手按壓輸入的功率等于單位時(shí)間內(nèi)所出水的動(dòng)能和重力勢能之和除以供水系統(tǒng)的效率，故d錯(cuò)誤；故選：ac點(diǎn)評(píng)：解答本題要知道水從出水平流出后做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的基本規(guī)律求解，注意手連續(xù)穩(wěn)定按壓時(shí)做水做的功沒有全部轉(zhuǎn)化為水的機(jī)械能，注意供水系統(tǒng)的效率，難度適中三填空題（每題4分，共20分）13（4分）如圖所示，足夠長的斜面傾角=37，一物體以v0=24m/s的初速度從斜面上a點(diǎn)處沿斜面向上運(yùn)動(dòng)；加速度大小為a=8m/s2，g取10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8，則物體沿斜面上滑的最大距離x=9m，物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.25考點(diǎn)：牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系.專題：牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題分析：（1）根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度位移公式求出物體沿斜面上滑的最大距離（2）根據(jù)牛頓第二定律，結(jié)合沿斜面方向上產(chǎn)生加速度，垂直斜面方向上合力為零，求出動(dòng)摩擦因數(shù)的大小解答：解：（1）由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得：=36m（2）由牛頓第二定律得有：沿斜面方向上：mgsin+f=ma（1）垂直斜面方向上：mgcosn=0（2）又：f=n（3）由（1）（2）（3）得：=0.25 故答案為：9m0.25點(diǎn)評(píng)：本題考查了牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式的綜合運(yùn)用，知道加速度是聯(lián)系力學(xué)和運(yùn)動(dòng)學(xué)的橋梁14（4分）板長為l的平行金屬板與水平面成角放置，板間有勻強(qiáng)電場一個(gè)帶負(fù)電、電量為q、質(zhì)量為m的液滴，以速度v0垂直于電場方向射入兩板間，如圖所示，射入后液滴沿直線運(yùn)動(dòng)，兩極板間的電場強(qiáng)度e=液滴離開電場時(shí)的速度為（液滴的運(yùn)動(dòng)方向沒有改變）考點(diǎn)：帶電粒子在混合場中的運(yùn)動(dòng).專題：帶電粒子在復(fù)合場中的運(yùn)動(dòng)專題分析：粒子在電場中受到重力和電場力作用，重力方向豎直向下，電場力方向垂直于兩極板，兩個(gè)力不在同一條直線上，故合力不為零，物體沿直線運(yùn)動(dòng)，所以合力方向必定與物體的運(yùn)動(dòng)方向同向或者反向，很明顯在這合力應(yīng)與物體的運(yùn)動(dòng)方向反向電場力方向應(yīng)垂直于虛線向上，此過程中電場力不做功，由平行四邊形定則求解電場力，得到電場強(qiáng)度；由動(dòng)能定理可知，動(dòng)能的增量等于重力做功解答：解：由題液滴做直線運(yùn)動(dòng)，則電場力方向應(yīng)垂直于虛線向上，液滴所受的合力方向沿虛線向下，如圖所示，液滴做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，則：qe=mgcos解得：e=因電場力與位移方向垂直，不做功，故電勢能不變；根據(jù)動(dòng)能定理，液滴離開電場時(shí)動(dòng)能為：+mglsin液滴離開電場時(shí)的速度為：v=故答案為：，點(diǎn)評(píng)：本題是帶電體在復(fù)合場中運(yùn)動(dòng)的類型，分析液滴的受力情況，確定電場力的方向是解題的關(guān)鍵，要緊扣直線運(yùn)動(dòng)的條件進(jìn)行分析15（4分）（2013龍江縣三模）某學(xué)習(xí)小組利用自行車的運(yùn)動(dòng)“探究阻力做功與速度變化的關(guān)系”人騎自行車在平直的路面上運(yùn)動(dòng)，當(dāng)人停止蹬車后，由于受到阻力作用，自行車的速度會(huì)逐漸減小至零，如圖所示在此過程中，阻力做功使自行車的速度發(fā)生變化設(shè)自行車無動(dòng)力后受到的阻力恒定（1）在實(shí)驗(yàn)中使自行車在平直的公路上獲得某一速度后停止蹬車，需要測出人停止蹬車后自行車向前滑行的距離s，為了計(jì)算自行車的初速度v，還需要測量人停止蹬車后自行車滑行的時(shí)間t（填寫物理量的名稱及符號(hào)）（2）設(shè)自行車受到的阻力恒為f，計(jì)算出阻力做的功及自行車的初速度改變?nèi)送Ｖ沟跑嚂r(shí)自行車的速度，重復(fù)實(shí)驗(yàn)，可以得到多組測量值以阻力對(duì)自行車做功的大小為縱坐標(biāo)，自行車初速度為橫坐標(biāo)，作出w一v曲線分析這條曲線，就可以得到阻力做的功與自行車速度變化的定性關(guān)系在實(shí)驗(yàn)中作出w一v圖象如圖所示，其中符合實(shí)際情況的是c考點(diǎn)：探究功與速度變化的關(guān)系.專題：實(shí)驗(yàn)題分析：根據(jù)動(dòng)能定理得出人停止蹬車后，阻力做功與自行車速度的關(guān)系從而判斷w與v圖線解答：解：（1）人停止蹬車后，人和車組成的系統(tǒng)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，由勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律得：v2=2as；且有v=at，故需要測出人停止蹬車后自行車向前滑行的時(shí)間t；（2）根據(jù)動(dòng)能定理得：w=0mv2，故知w與v成二次函數(shù)關(guān)系，且拋物線開口向上故c正確故答案為：（1）人停止蹬車后自行車滑行的時(shí)間t；（2）c點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵根據(jù)動(dòng)能定理得出阻力做功與速度的關(guān)系16（4分）某人在一個(gè)以2.5m/s2的加速度勻加速下降的電梯里最多能舉起80kg的物體，在地面上最多能舉起60kg的物體；若此人在勻加速上升的電梯中最多能舉起40kg的物體，則此電梯上升的加速度為5m/s2考點(diǎn)：牛頓運(yùn)動(dòng)定律的應(yīng)用-超重和失重.專題：牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題分析：當(dāng)電梯以2.5m/s2的加速度勻加速下降時(shí)，以物體為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律求出人的最大舉力人的最大舉力是一定的，再求解在地面上最多舉起的物體質(zhì)量及電梯的加速度解答：解：設(shè)人的最大舉力為f以物體為研究對(duì)象根據(jù)牛頓第二定律得： 當(dāng)電梯以2.5m/s2的加速度勻加速下降時(shí)，m1gf=m1a1 解得f=600n 在地面上：人能舉起的物體的質(zhì)量m2=60kg 當(dāng)電梯勻加速上升時(shí)，fm3g=m3a3，代入解得 a3=5m/s2故答案為：60；5點(diǎn)評(píng)：本題應(yīng)用牛頓第二定律處理生活中問題，關(guān)鍵抓住人的最大舉力一定17（4分）質(zhì)量m=500t的機(jī)車，以恒定的功率從靜止出發(fā)，經(jīng)過時(shí)間t=5min在水平路面上行駛了s=2.25km，速度達(dá)到了最大值vm=54km/h，則機(jī)車的功率為3.75105w，機(jī)車運(yùn)動(dòng)中受到的平均阻力為2.5104n考點(diǎn)：功率、平均功率和瞬時(shí)功率.專題：功率的計(jì)算專題分析：汽車達(dá)到速度最大時(shí)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，牽引力做功為w=pt，運(yùn)用動(dòng)能定理求解機(jī)車的功率p根據(jù)勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度和功率，由p=fv求出此時(shí)牽引力，即可得到阻力解答：解：機(jī)車的最大速度為vm=54km/h=15m/s以機(jī)車為研究對(duì)象，機(jī)車從靜止出發(fā)至達(dá)速度最大值過程，根據(jù)動(dòng)能定理得 ptfx=當(dāng)機(jī)車達(dá)到最大速度時(shí)p=fvm=fvm由以上兩式得p=3.75105w機(jī)車勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，阻力為f=f=2.5104n故答案為：3.75105；2.5104點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵要清楚汽車啟動(dòng)的運(yùn)動(dòng)過程和物理量的變化，能夠運(yùn)用動(dòng)能定理和牛頓第二定律解決問題四計(jì)算題（每題10分，共40分）18（10分）小轎車以20m/s的速度在平直公路上勻速行駛，司機(jī)突然發(fā)現(xiàn)正前方有個(gè)收費(fèi)站，經(jīng)10s后司機(jī)才剎車，使車勻減速運(yùn)動(dòng)10s恰停在繳費(fèi)窗口，繳費(fèi)后勻加速到20m/s后繼續(xù)勻速前行已知小轎車剎車時(shí)的加速度為2m/s2，停車?yán)U費(fèi)所用時(shí)間為30s，啟動(dòng)時(shí)加速度為1m/s2（1）司機(jī)是在離收費(fèi)窗口多遠(yuǎn)處發(fā)現(xiàn)收費(fèi)站的（2）因國慶放假期間，全國高速路免費(fèi)通行，小轎車可以不停車通過收費(fèi)站，但要求轎車通過收費(fèi)窗口前9m區(qū)間速度不超過6m/s，則國慶期間該小轎車應(yīng)離收費(fèi)窗口至少多遠(yuǎn)處開始剎車？因不停車通過可以節(jié)約多少時(shí)間？考點(diǎn)：勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系.專題：直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律專題分析：（1）解出勻速運(yùn)動(dòng)的位移，再解出勻減速運(yùn)動(dòng)的位移，兩位移相加即為要求的距離（2）分段研究，收費(fèi)時(shí)總時(shí)間為：減速到0的時(shí)間，加上收費(fèi)的時(shí)間，再加上加速到20m/s的時(shí)間不收費(fèi)時(shí)的總時(shí)間為：減速到6m/s的時(shí)間，加上勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，加上加速到20m/s的時(shí)間，還要加上勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間上述時(shí)間的差值即為節(jié)約的時(shí)間解答：解：（1）根據(jù)題意，設(shè)司機(jī)勻速運(yùn)動(dòng)位移為 s1；減速運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t2，位移為s2s1=vt1=2010=200（m）減速的位移=，司機(jī)是在離收費(fèi)窗口的距離x=200+100m=300m（2）根據(jù)題意轎車應(yīng)該在收費(fèi)窗口前9m處速度減為6m/s，設(shè)車減速位移為s1，由，所以，轎車應(yīng)離收費(fèi)窗口91+9=100（m）處開始剎車設(shè)停車收費(fèi)后加速時(shí)間為t3，位移為s3，則有：若停車收費(fèi)經(jīng)過窗口前100m到窗后200m的總時(shí)間為：t1+t2+t3=10+30+20=60（s）若不停車收費(fèi)也是窗前100m開始剎車，時(shí)間為：，窗口前勻速時(shí)間：窗口后加速到20m/s所用時(shí)間為：加速運(yùn)動(dòng)的位移由：得，=182m，窗口后還有200182=18（m）勻速運(yùn)動(dòng)，其時(shí)間為：若不停車經(jīng)過窗口前100m到窗口后200m的總時(shí)間為：t4+t5+t6+t7=7+1.5+14+0.9=23.4（s）所以不停車通過可以節(jié)約時(shí)間為6023.4=36.6（s）的時(shí)間答：（1）司機(jī)是在離收費(fèi)窗口300m處發(fā)現(xiàn)收費(fèi)站的（2）國慶期間該小轎車應(yīng)離收費(fèi)窗口100m遠(yuǎn)處開始剎車，因不停車通過可以節(jié)約36.6s時(shí)間點(diǎn)評(píng)：此題運(yùn)動(dòng)的過程復(fù)雜，轎車經(jīng)歷減速、勻速、加速，加速度、位移、時(shí)間等都不一樣分析這樣的問題時(shí)，要能在草稿子上畫一畫運(yùn)動(dòng)的過程圖，找出空間關(guān)系，有助于解題此題有一定的難度，是一道好題19（10分）電學(xué)中有些儀器經(jīng)常用到下述電子運(yùn)動(dòng)的物理原理某一水平面內(nèi)有一直角坐標(biāo)系xoy，x=0和x=l=10cm的區(qū)間內(nèi)有一沿x軸負(fù)方向的有理想邊界的勻強(qiáng)電場e1=1.0104v/m，x=l和x=3l的區(qū)間內(nèi)有一沿y軸負(fù)方向的有理想邊界的勻強(qiáng)電場e2=1.0104v/m，一電子（為了計(jì)算簡單，比荷取=21011c/kg）從直角坐標(biāo)系xoy的坐標(biāo)原點(diǎn)o以很小的速度進(jìn)入勻強(qiáng)電場e1，計(jì)算時(shí)不計(jì)此速度且只考慮xoy平面內(nèi)的運(yùn)動(dòng)求：（1）電子從o點(diǎn)進(jìn)入到離開x=3l處的電場所需的時(shí)間；（2）電子離開x=3l處的電場時(shí)的y坐標(biāo)考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動(dòng).專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：（1）電子在e1中勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由速度時(shí)間公式求出在e1中運(yùn)動(dòng)時(shí)間t1，在e2做類平拋運(yùn)動(dòng)，由水平方向勻速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律求出運(yùn)動(dòng)時(shí)間t2，t=t1+t2；（2）電子在e2中做類平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向分運(yùn)動(dòng)為勻加速直線運(yùn)動(dòng)，位移時(shí)間公式求出豎直方向位移，即可得出y坐標(biāo)解答：解：（1）設(shè)電子離開x=l的位置為p點(diǎn)，離開x=3l的位置為q點(diǎn)，則：vp=代入數(shù)據(jù)得：vp=2107m/s電子從o點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到p點(diǎn)：代入數(shù)據(jù)得：t1=108s電子從p點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到q點(diǎn)：t2=108s所以總時(shí)間為t=t1+t2=2108s （2）電子運(yùn)動(dòng)到q點(diǎn)時(shí)：yq=代入數(shù)據(jù)得：yq=0.1m 答：（1）電子從o點(diǎn)進(jìn)入到離開x=3l處的電場所需的時(shí)間是2108s；（2）電子離開x=3l處的電場時(shí)的y坐標(biāo)是0.1m點(diǎn)評(píng)：本題考查了帶電粒子在電場中運(yùn)動(dòng)的兩種情況：加速和偏轉(zhuǎn)，加速過程也由牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解，偏轉(zhuǎn)時(shí)做由類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律求解，這是高考的熱點(diǎn)和難點(diǎn)20（10分）如圖所示，長l=1.5m，高h(yuǎn)=0.45m，質(zhì)量m=10kg的長方體木箱，在水平面上向右做直線運(yùn)動(dòng)當(dāng)木箱的速度v0=3.6m/s時(shí)，對(duì)木箱施加一個(gè)方向水平向左的恒力f=50n，并同時(shí)將一個(gè)質(zhì)量m=1kg的小球輕放在距木箱右端的p點(diǎn)（小球可視為質(zhì)點(diǎn)，放在p點(diǎn)時(shí)相對(duì)于地面的速度為零），經(jīng)過一段時(shí)間，小球脫離木箱落到地面木箱與地面的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2，其他摩擦均不計(jì)取，求：（1）小球從離開木箱開始至落到地面所用的時(shí)間；（2）小球放上p點(diǎn)后，木箱向右運(yùn)動(dòng)的最大位移；（3）小球離開木箱時(shí)木箱的速度考點(diǎn)：牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度與位移的關(guān)系；自由落體運(yùn)動(dòng).專題：壓軸題；牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題分析：（1）小球離開木箱后做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系可以求得時(shí)間；（2）對(duì)木箱受力分析，求出加速度，可以根據(jù)速度時(shí)間關(guān)系公式和位移時(shí)間關(guān)系公式分別求出位移和時(shí)間；（3）先對(duì)木箱受力分析，根據(jù)牛頓第二定律求得加速度，然后可以先根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系公式求得時(shí)間，再根據(jù)速度時(shí)間公式求末速度，也可以直接根據(jù)速度位移關(guān)系公式求末速度解答：解：（1）木箱上表面的摩擦不計(jì)，因此小球在離開木箱前相對(duì)地面處于靜止?fàn)顟B(tài)，離開木箱后將作自由落體運(yùn)動(dòng)由，得小球從離開木箱開始至落到地面所用的時(shí)間為0.3s（2）小球放到木箱后，木箱的加速度為：木箱向右運(yùn)動(dòng)的最大位移為：小球放上p點(diǎn)后，木箱向右運(yùn)動(dòng)的最大位移為0.9m（3）x1小于1m，所以小球不會(huì)從木箱的左端掉下木箱向左運(yùn)動(dòng)的加速度為設(shè)木箱向左運(yùn)動(dòng)的距離為x2時(shí)