2019-2020學(xué)年高二物理下學(xué)期零診模擬試題(含解析).doc

2019-2020學(xué)年高二物理下學(xué)期零診模擬試題(含解析)一、選擇題1. 用中子（ ）轟擊鈾核()產(chǎn)生裂變反應(yīng)，會(huì)產(chǎn)生鋇核（ ）和氪（ ）并釋放中子（），當(dāng)達(dá)到某些條件時(shí)可發(fā)生鏈?zhǔn)椒磻?yīng)，個(gè)鈾核()裂變時(shí)，釋放的能量約為200MeV（1eV= l.610-19J）.以下說法錯(cuò)誤確的是A. 的裂變方程為 B. 的裂變方程為C. 發(fā)生鏈?zhǔn)椒磻?yīng)的條件與鈾塊的體積有關(guān) D. 一個(gè)裂變時(shí)，質(zhì)量虧損約為3.610-28kg【答案】A【解析】鈾核在裂變過程中需要中子的轟擊，產(chǎn)生鏈?zhǔn)椒磻?yīng)，所以的裂變方程為故A錯(cuò)誤，B正確鏈?zhǔn)椒磻?yīng)在進(jìn)行過程中，還需要鈾塊達(dá)到臨界體積才能維持鏈?zhǔn)椒磻?yīng)持續(xù)不斷進(jìn)行下去，故C正確根據(jù)釋放出來的核能，結(jié)合質(zhì)能方程E=mc2可知，反應(yīng)過程中，虧損質(zhì)量為：故D正確故選BCD.點(diǎn)睛：解決本題的關(guān)鍵知道在核反應(yīng)過程中，電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，掌握愛因斯坦質(zhì)能方程，并能靈活運(yùn)用2. 一切物體的分子都在做永不停息的無規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)，但大量分子的運(yùn)動(dòng)卻有一定的統(tǒng)計(jì)規(guī)律。氧氣分子在 0C 或 100C 溫度下單位速率間隔的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比（以下簡稱占比）隨氣體分子速率的變化如圖中兩條曲線所示。對(duì)于圖線的分析，下列說法正確的是A. 溫度升高，所有分子的動(dòng)能都增大B. 100C 溫度下，速率在 200-300m/s 的那一部分分子占比較 0C 的占比多C. 由于分子之間的頻繁碰撞，經(jīng)過足夠長時(shí)間，各種溫度下的氧氣分子都將比現(xiàn)在速率更趨于一樣D. 如果同樣質(zhì)量的氧氣所占據(jù)體積不變，100C 溫度下氧氣分子在單位時(shí)間與單位面積器壁碰撞的次數(shù)較 0C 時(shí)更多【答案】D【解析】溫度升高，分子的平均動(dòng)能變大，并非所有分子的動(dòng)能都增大，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；實(shí)線對(duì)應(yīng)的最大比例的速率區(qū)間內(nèi)分子動(dòng)能大，說明實(shí)驗(yàn)對(duì)應(yīng)的溫度大，為100時(shí)的情形，由圖可知速率在 200-300m/s 的那一部分分子占比較 0C 的占比少，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；因速率較大的分子與速率較小的分子碰撞時(shí)只是交換速度，則即使分子之間的頻繁碰撞，經(jīng)過足夠長時(shí)間，各種速率的分子所占的比例不會(huì)發(fā)生變化，選項(xiàng)C錯(cuò)誤； 如果同樣質(zhì)量的氧氣所占據(jù)體積不變，100C 溫度下氧氣分子運(yùn)動(dòng)的平均速率較大，則在單位時(shí)間與單位面積器壁碰撞的次數(shù)較 0C 時(shí)更多，選項(xiàng)D正確；故選D.3. 如圖，某同學(xué)用繩子拉動(dòng)木箱，使它從靜止開始沿粗糙水平路面運(yùn)動(dòng)至具有某一速度，木箱獲得的動(dòng)能一定 A. 小于拉力所做的功 B. 等于拉力所做的功C. 等于克服摩擦力所做的功 D. 大于克服摩擦力所做的功【答案】A【解析】試題分析：受力分析，找到能影響動(dòng)能變化的是那幾個(gè)物理量，然后觀測這幾個(gè)物理量的變化即可。木箱受力如圖所示：木箱在移動(dòng)的過程中有兩個(gè)力做功，拉力做正功，摩擦力做負(fù)功，根據(jù)動(dòng)能定理可知即： ，所以動(dòng)能小于拉力做的功，故A正確；無法比較動(dòng)能與摩擦力做功的大小，CD錯(cuò)誤。故選A點(diǎn)睛：正確受力分析，知道木箱在運(yùn)動(dòng)過程中有那幾個(gè)力做功且分別做什么功，然后利用動(dòng)能定理求解末動(dòng)能的大小。4. 我國高分系列衛(wèi)星的高分辨對(duì)地觀察能力不斷提高今年5月9日發(fā)射的“高分五號(hào)”軌道高度約為705 km，之前已運(yùn)行的“高分四號(hào)”軌道高度約為36 000 km，它們都繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)與“高分四號(hào)冶相比，下列物理量中“高分五號(hào)”較小的是A. 周期 B. 角速度 C. 線速度 D. 向心加速度【答案】A.點(diǎn)睛：本題考查人造衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)，解題時(shí)要注意兩類軌道問題分析方法：一類是圓形軌道問題，利用萬有引力提供向心力，即求解；一類是橢圓形軌道問題，利用開普勒定律求解。5. 如圖所示，一質(zhì)量為的一塊橡皮泥自距小車上表面高處由靜止下落，恰好落入質(zhì)量為、速度為沿光滑水平地面運(yùn)動(dòng)的小車上，并與小車一起沿水平地面運(yùn)動(dòng)，取，不計(jì)空氣阻力，下列說法正確的是 A. 橡皮泥下落的時(shí)間為B. 橡皮泥與小車一起在水平地面上運(yùn)動(dòng)的速度大小為C. 橡皮泥落入小車的過程中，橡皮泥與小車組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒D. 整個(gè)過程中，橡皮泥與小車組成的系統(tǒng)損失的機(jī)械能為【答案】D【解析】A、橡皮泥下落的時(shí)間為：，故A錯(cuò)誤；B、橡皮泥與小車在水平方向的動(dòng)量守恒，選取向右為正方向，則有：，所以共同速度為：，故B錯(cuò)誤；C、橡皮泥落入小車的過程中，橡皮泥與小車組成的系統(tǒng)在水平方向的動(dòng)量守恒，但豎直方向的動(dòng)量不守恒，故C錯(cuò)誤；D、在整個(gè)的過程中，系統(tǒng)損失的機(jī)械能等于橡皮泥的重力勢能與二者損失的動(dòng)能，得：，代入數(shù)據(jù)可得：，故D正確；故選D?！军c(diǎn)睛】根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)的公式求出下落的時(shí)間；由水平方向的動(dòng)量守恒求出共同速度；由功能關(guān)系求出損失的機(jī)械能。6. 如圖所示，輕質(zhì)彈簧一端固定，另一端連接一小物塊，O點(diǎn)為彈簧在原長時(shí)物塊的位置物塊由A點(diǎn)靜止釋放，沿粗糙程度相同的水平面向右運(yùn)動(dòng)，最遠(yuǎn)到達(dá)B點(diǎn)在從A到B的過程中，物塊 A. 加速度先減小后增大B. 經(jīng)過O點(diǎn)時(shí)的速度最大C. 所受彈簧彈力始終做正功D. 所受彈簧彈力做的功等于克服摩擦力做的功【答案】AD【解析】本題考查力與運(yùn)動(dòng)的關(guān)系和功能關(guān)系，意在考查學(xué)生的綜合分析能力。物體從A點(diǎn)到O點(diǎn)過程，彈力逐漸減為零，剛開始彈簧彈力大于摩擦力，故可分為彈力大于摩擦力過程和彈力小于摩擦力過程：彈力大于摩擦力過程，合力向右，加速度也向右，由于彈力減小，摩擦力不變，小球所受合力減小加速度減小，彈力等于摩擦力時(shí)速度最大，此位置在A點(diǎn)與O點(diǎn)之間；彈力小于摩擦力過程，合力方向與運(yùn)動(dòng)方向相反，彈力減小，摩擦力大小不變，物體所受合力增大，物體的加速度隨彈簧形變量的減小而增加，物體作減速運(yùn)動(dòng)；從O點(diǎn)到B點(diǎn)的過程彈力增大，合力向左，加速度繼續(xù)增大，選項(xiàng)A正確、選項(xiàng)B錯(cuò)誤；從A點(diǎn)到O點(diǎn)過程，彈簧由壓縮恢復(fù)原長彈力做正功，從O點(diǎn)到B點(diǎn)的過程，彈簧伸長，彈力做負(fù)功，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；從A到B的過程中根據(jù)動(dòng)能定理彈簧彈力做的功等于物體克服摩擦力做的功，故選項(xiàng)D正確。點(diǎn)睛：本題以彈簧彈開物體的運(yùn)動(dòng)為背景考查力與運(yùn)動(dòng)的關(guān)系和功能關(guān)系，解題的關(guān)鍵是要分階段將物體的受力情況和運(yùn)動(dòng)情況綜合分析，另外還要弄清整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中的功能關(guān)系。7. 如圖甲所示，不計(jì)電阻的矩形金屬線框繞與磁感線垂直的轉(zhuǎn)軸在勻強(qiáng)磁場中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，輸出交流電的電動(dòng)勢圖象如圖乙所示，經(jīng)原副線圈匝數(shù)比為1:10的理想變壓器給一燈泡供電，燈泡上標(biāo)有“220V 22W”字樣，如圖丙所示，則 A. 燈泡中的電流方向每秒鐘改變100次 B. t=0.01s時(shí)刻穿過線框回路的磁通量為零C. 燈泡正常發(fā)光 D. 電流表示數(shù)為0.1A【答案】AC【解析】A項(xiàng)：由圖可知，交流電的周期為0.02s，頻率為，所以燈泡中的電流方向每秒鐘改變100次，故A正確；B項(xiàng)：由圖乙可知，當(dāng)0.01s時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢為零，則此時(shí)穿過線框回路的磁通量最大，故B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：由于交變電流電壓的有交值為，由公式解得：，所以燈泡正常發(fā)光，故C正確；D項(xiàng)：原線圈輸入電壓為有效值為22V，則副線圈的電壓為2210=220V；由P=UI可知，副線圈電流，則由公式，求得I1=1A，故D錯(cuò)誤。8. 如圖甲所示，左側(cè)接有定值電阻R=3的水平粗糙導(dǎo)軌處于垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=2T，導(dǎo)軌間距為L=1m。一質(zhì)量m=2kg、接入電路的阻值r=1的金屬棒在拉力F作用下由靜止開始從CD處沿導(dǎo)軌向右加速運(yùn)動(dòng)，金屬棒與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，金屬棒與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.5，g=10m/s2，金屬棒的vx圖象如圖乙所示，則從起點(diǎn)發(fā)生x=1m位移的過程中A. 拉力做的功為16J B. 通過電阻R的電荷量為0.25CC. 定值電阻R產(chǎn)生的焦耳熱為0.75J D. 所用的時(shí)間t一定大于1s【答案】CD【解析】A、根據(jù)圖像可以 ,金屬棒運(yùn)動(dòng)過程中受到的安培力 ，即安培力與x是線性函數(shù)，所以在此過程中平均安培力1N，根據(jù)功能關(guān)系 ，故A錯(cuò)，B、 ，故B錯(cuò)誤；C、克服安培力做的功轉(zhuǎn)化為回路中的焦耳熱，安培力做的功為 ，而R上的焦耳熱為 ,故C正確；D、v-x圖像中的斜率 ，所以 ，即隨著速度的增加，加速度也在增加，若導(dǎo)體棒做勻加速運(yùn)動(dòng)1m則需要的時(shí)間為 ，現(xiàn)在導(dǎo)體棒做加速度增加的加速運(yùn)動(dòng)，則移動(dòng)相同的位移用的時(shí)間大于1s，故D正確；故選CD點(diǎn)睛：由速度圖像得出v與x的關(guān)系式,由安培力公式得到與x的關(guān)系式,根據(jù)平均安培力求解克服安培力做的功,再根據(jù)動(dòng)能定理求解拉力做功;由感應(yīng)電荷量的經(jīng)驗(yàn)公式求出通過電阻R的感應(yīng)電量q;克服安培力做的功等于產(chǎn)生的總的焦耳熱,根據(jù)焦耳定律確定R上產(chǎn)生的熱量; 二、非選擇題（一）必考題（共129分）9. 用如圖所示的裝置可以驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律（1）實(shí)驗(yàn)中質(zhì)量為的入射小球和質(zhì)量為的被碰小球的質(zhì)量關(guān)系是_（選填“大于”、“等于”、“小于”）（2）圖中O點(diǎn)是小球拋出點(diǎn)在地面上的投影實(shí)驗(yàn)時(shí)，先讓入射小球多次從斜軌上S位置靜止釋放，找到其平均落地點(diǎn)的位置P，測量平拋射程OP然后，把被碰小球靜置于軌道的水平部分，再將入射小球從斜軌上S位置靜止釋放，與小球相碰，并多次重復(fù)本操作接下來要完成的必要步驟是_（填選項(xiàng)前的字母）A用天平測量兩個(gè)小球的質(zhì)量、 B測量小球開始釋放的高度hC測量拋出點(diǎn)距地面的高度H D分別通過畫最小的圓找到、相碰后平均落地點(diǎn)的位置M、NE測量平拋射程OM、ON（3）若兩球相碰前后的動(dòng)量守恒，其表達(dá)式可表示為_（用（2）中測量的量表示）；（4）經(jīng)過測定，=45.0g，=7.5g，小球落地的平均位置距O點(diǎn)的距離如圖所示若用長度代表速度，則兩球碰撞前“總動(dòng)量”之和為_gcm，兩球碰撞后“總動(dòng)量”之和為_gcm（5）用如圖裝置也可以驗(yàn)證碰撞中的動(dòng)量守恒，實(shí)驗(yàn)步驟與上述實(shí)驗(yàn)類似圖中D、E、F到拋出點(diǎn)B的距離分別為，若兩球相碰前后的動(dòng)量守恒，其表達(dá)式可表示為_A B C D【答案】 (1). 大于 (2). ADE (3). (4). xxm (5). xx (6). C【解析】（1）在“驗(yàn)證碰撞中的動(dòng)量守恒”實(shí)驗(yàn)中，為防止被碰球碰后反彈，入射球的質(zhì)量必須大于被碰球的質(zhì)量，（2）要驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律定律，即驗(yàn)證：，小球離開軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，它們拋出點(diǎn)的高度相等，在空中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t相等，上式兩邊同時(shí)乘以t得：，變形得：，因此實(shí)驗(yàn)需要測量：兩球的質(zhì)量、小球的水平位移，故選ADE（3）由（2）分析，可知守恒表達(dá)式可表示為，（4）碰前的動(dòng)量為，碰后的總動(dòng)量為；（5）碰撞前，小球落在圖中的E點(diǎn)，設(shè)其水平初速度為小球和發(fā)生碰撞后，的落點(diǎn)在圖中的D點(diǎn)，設(shè)其水平初速度為，的落點(diǎn)是圖中的F點(diǎn)，設(shè)其水平初速度為設(shè)斜面BC與水平面的傾角為，由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律得：，解得：，同理可解得：,，所以只要滿足，即：，故選C.【點(diǎn)睛】明確兩種裝置驗(yàn)證動(dòng)量守恒的原理，并根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理以及操作中的注意事項(xiàng)逐項(xiàng)分析，得出正確答案由動(dòng)量守恒定律求出需要驗(yàn)證的表達(dá)式，根據(jù)表達(dá)式確定需要測量的量；10. （1）小明用多用電表測量一小段2B鉛筆芯的電阻Rx，正確的操作順序是_（填字母）；A把選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到交流電壓最高檔B條件歐姆調(diào)零旋鈕使指針到歐姆零點(diǎn)C把紅黑表筆分別接在Rx兩端，然后讀數(shù)D把選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到合適的檔位，將紅、黑表筆接觸E把紅黑表筆分別插入多用電表“、-”插孔，用螺絲刀調(diào)節(jié)指針定位螺絲，使指針指0（2）小明正確操作后，多用電表的指針位置如圖所示，則Rx=_；（3）小張認(rèn)為用多用電表測量小電阻誤差太大，采用伏安法測量?，F(xiàn)有實(shí)驗(yàn)器材如下：電源（電動(dòng)勢3V，內(nèi)阻可忽略），電壓表（量程3V，內(nèi)阻約3k），多用電表（2.5mA檔；25mA檔和250mA檔，對(duì)應(yīng)的內(nèi)阻約40，4和0.4），滑動(dòng)變阻器RP（010），定值電阻R0（阻值10），開關(guān)及導(dǎo)線若干。測量鉛筆芯的電阻Rx，下列電路圖中最合適的是_（填字母），多用電表選擇開關(guān)應(yīng)置于_檔 ?！敬鸢浮?(1). EDBCA (2). 2.8-3.0 (3). B (4). 250mA【解析】（1）多用電表應(yīng)先進(jìn)行機(jī)械調(diào)零，再進(jìn)行歐姆調(diào)零，用完后再把電表檔位調(diào)整到交流電壓最高檔或OFF檔；E項(xiàng)是機(jī)械調(diào)零，DB是歐姆調(diào)零，C是測電阻，最后關(guān)閉是A，故答案為EDBCA。（2）由圖可知，檔位為，讀數(shù)為。（3）AB、 由于待測電阻較小，電流表電阻引起的誤差較大，所以采用外接法，故A錯(cuò)誤，B正確；C. 電壓表量程為3V，電源電動(dòng)勢為3V，C圖接法致使電壓表偏轉(zhuǎn)不明顯，故C錯(cuò)誤；D. 圖中電路圖電壓表測量的是電源的電壓，不會(huì)隨著滑動(dòng)變阻器變化而變化，故D錯(cuò)誤；故選B。用電源電動(dòng)勢除以總電阻，最大電流約為，所以選擇的量程。11. 如圖所示，光滑軌道ABCD由傾斜軌道AB和半圓軌道BCD組成。傾斜軌道AB與水平地面的夾角為，半圓軌道BCD的半徑為R，BD豎直且為直徑，B為最低點(diǎn)，O是BCD的圓心，C是與O等高的點(diǎn)。一個(gè)質(zhì)量為m的小球在斜面上某位置由靜止開始釋放，小球恰好可以通過半圓軌道最高點(diǎn)D。小球由傾斜軌道轉(zhuǎn)到圓軌道上時(shí)不損失機(jī)械能。重力加速度為g。求：（1）小球在D點(diǎn)時(shí)的速度大?。?）小球開始下滑時(shí)與水平地面的豎直高度與半圓半徑R的比值。（3）小球滑到斜軌道最低點(diǎn)B時(shí)（仍在斜軌道上），重力做功的瞬時(shí)功率【答案】（1） （2） （3）【解析】試題分析：本題中，小球經(jīng)歷了沿斜面向下的勻加速運(yùn)動(dòng)，還有平面內(nèi)的圓周運(yùn)動(dòng)?？疾榱藢W(xué)生利用已知物理模型，靈活處理實(shí)際問題的能力。題目中小球運(yùn)動(dòng)過程中，滿足機(jī)械能守恒。（1）小球恰好可以通過半圓軌道最高點(diǎn)D，則在最高點(diǎn)滿足：故小球在D點(diǎn)的速度=（2）設(shè)小球開始下滑時(shí)與水平地面的高度為h則從開始下滑，一直到圓弧軌道最高點(diǎn)D，根據(jù)動(dòng)能定理可知：解得：（3）設(shè)小球到達(dá)最低點(diǎn)B時(shí)的速度大小為，則滑到最低點(diǎn)B的過程中滿足方程： 解得所以在B點(diǎn)，小球重力的瞬時(shí)功率=【點(diǎn)睛】（1）小球恰好通過圓弧軌道的最高點(diǎn)，這是一個(gè)輕繩模型，由此可判斷，此時(shí)在D點(diǎn)，只有重力充當(dāng)向心力，可以求出小球在D點(diǎn)的速度。（2）確定好物理過程的初、末位置及狀態(tài)后，根據(jù)機(jī)械能守恒，或利用動(dòng)能定理，均可求解相關(guān)量；（3）重力的瞬時(shí)功率，應(yīng)等于重力與重力方向分速度的乘積。12. 如圖所示，固定的水平金屬環(huán)形軌道處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為、方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場中，長為r=1m、水平輕質(zhì)金屬桿OA的一端可繞過環(huán)心O的光滑豎直軸自由轉(zhuǎn)動(dòng)，另一端固定一質(zhì)量M=2kg、可視為質(zhì)點(diǎn)的金屬物塊。傾角=37、間距為L=1m的兩平行金屬導(dǎo)軌處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小也為、方向垂直兩導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場中，下端接一電阻R0，上端分別通過電刷與豎直軸、環(huán)形導(dǎo)軌相連。一質(zhì)量為m=1kg的金屬棒CD放在兩導(dǎo)軌上。已知桿OA、棒CD和R0的阻值均為R=1，其他電阻不計(jì)。棒CD始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力大小相等。取g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8。(1)若使桿OA不動(dòng)，棒CD由靜止釋放，最終以速率v=1m/s沿導(dǎo)軌勻速下滑，求棒CD中的最大電流I1以及棒CD與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)1。(2)若小猛同學(xué)給物塊某一初速度，使其繞環(huán)心O沿順時(shí)針方向（從上向下看）運(yùn)動(dòng)，此時(shí)棒CD由靜止釋放且棒CD中的電流是(1)問中的最大電流的4倍，當(dāng)物塊運(yùn)動(dòng)的路程為s=15m時(shí)棒CD恰好要下滑，已知物塊與環(huán)形軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)2=0.2，物塊在軌道上做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力均由桿OA的拉力提供，求棒CD處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)棒CD中產(chǎn)生的總焦耳熱Q1?！敬鸢浮浚?）A， （2）30J【解析】(1)電路中總電阻 棒CD切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢 根據(jù)閉合電路的歐姆定律 棒CD沿導(dǎo)軌勻速向下，受力平衡 解得：(2)物塊以初速v0沿順時(shí)針方向運(yùn)動(dòng)時(shí)，CD受安培力沿導(dǎo)軌向上所以棒CD處于靜止?fàn)顟B(tài)。電路中總電阻桿OA切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢根據(jù)閉合電路的歐姆定律 聯(lián)立解得：設(shè)棒CD恰好要下滑時(shí)，棒CD中電流為I，物塊速率為v。對(duì)棒CD有桿OA切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢根據(jù)閉合電路的歐姆定律聯(lián)立解得：物塊運(yùn)動(dòng)的速率從v0減為v的過程中，根據(jù)能量守恒定律有 根據(jù)焦耳定律有 聯(lián)立解得：【點(diǎn)睛】對(duì)于電磁感應(yīng)問題研究思路常常有兩條：一條從力的角度，重點(diǎn)是分析安培力作用下導(dǎo)體棒的平衡問題，根據(jù)平衡條件列出方程；另一條是能量，分析涉及電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的能量轉(zhuǎn)化問題，根據(jù)動(dòng)能定理、功能關(guān)系等列方程求解。物理選修3-313. 下列說法正確的是： A. 一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)過等容過程，吸收熱量，其內(nèi)能不一定增加B. 自然發(fā)生的熱傳遞過程是向著分子熱運(yùn)動(dòng)無序性增大的方向進(jìn)行的C. 一定質(zhì)量的理想氣體體積保持不變，單位體積內(nèi)分子數(shù)不變，溫度升高，單位時(shí)間內(nèi)撞擊單位面積上的分子數(shù)不變D. 食鹽晶體中的鈉、氯離子按一定規(guī)律分布，具有空間上的周期性E. 第二類永動(dòng)機(jī)雖不違背能量守恒定律，但也是不可能制成的【答案】BDE【解析】一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)過等容過程，吸收熱量，沒有對(duì)外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，其內(nèi)能一定增加，故A錯(cuò)誤；根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，自然發(fā)生的熱傳遞過程是向著分子熱運(yùn)動(dòng)無序性增大的方向進(jìn)行的，故B正確；一定質(zhì)量的理想氣體體積保持不變，單位體積內(nèi)分子數(shù)不變，溫度升高，分子的平均動(dòng)能增大，則平均速率增大，單位時(shí)間內(nèi)撞擊單位面積上的分子數(shù)增多，故C錯(cuò)誤；食鹽晶體中的鈉、氯離子按一定規(guī)律分布，具有空間上的周期性，故D正確；第二類永動(dòng)機(jī)雖不違背能量守恒定律，但違背熱力學(xué)第二定律，仍不可能制成，故E正確。14. 如圖所示，有一熱氣球，球的下端有口，使球內(nèi)外的空氣可以流通，以保持球內(nèi)外壓強(qiáng)相等，球內(nèi)有溫度調(diào)節(jié)器，以便調(diào)節(jié)球內(nèi)空氣的溫度，使氣球可以上升或下降。設(shè)氣球的總體積V0=300m3(球殼體積忽略不計(jì))，除球內(nèi)空氣外，氣球質(zhì)量M=120kg。已知地球表面大氣溫度T0=280K，密度0=1.20kg/m3，大氣可視為理想氣體。（1）當(dāng)球內(nèi)溫度為500K時(shí)，求氣球內(nèi)剩余氣體的質(zhì)量與原來的質(zhì)量之比；（2）為使氣球從地面飄起，球內(nèi)氣溫最低必須加熱到多少？【答案】（1） （2）420K【解析】（）對(duì)原來的氣體，壓強(qiáng)不變，則所以（