2019年高二物理上學(xué)期期末考試試題(含解析) (I).docVIP

2019年高二物理上學(xué)期期末考試試題(含解析) (I)一、單項選擇題:本題共8小題，每小題4分，共計32分. 每小題只有一個選項符合題意.1.關(guān)于電場強度、磁感應(yīng)強度，下列說法中正確的A. 電場強度的定義式適用于任何電場B. 由真空中點電荷的電場強度公式知，以點電荷為球心的同一球面上各處電場強度都相同C. 由公式知，磁感應(yīng)強度B的大小與檢驗電流的受力F的大小成正比D. 由可知，磁感應(yīng)強度B的大小與磁通量的大小成正比【答案】A【解析】【詳解】電場強度的定義式適用于任何電場，選項A正確；由真空中點電荷的電場強度公式知，以點電荷為球心的同一球面上各處電場強度大小都相同，但是方向不同，則場強不相同，選項B錯誤；磁感應(yīng)強度B的大小是由磁場本身決定的物理量，與檢驗電流的受力F的大小無關(guān)，選項C錯誤；磁感應(yīng)強度B的大小由磁場本身決定，與磁通量的大小無關(guān)，選項D錯誤；故選A.2.將一內(nèi)阻是3k電壓表的量程由03V擴大到015V，需要給它A. 并聯(lián)12k電阻 B. 并聯(lián)15k電阻C. 串聯(lián)12k電阻 D. 串聯(lián)15k電阻【答案】C【解析】【分析】把一個電壓表改裝為量程更大的電壓表需要串聯(lián)分壓電阻，應(yīng)用串聯(lián)電路特點可以求出串聯(lián)電阻阻值?！驹斀狻堪蚜砍虨?V的電壓表改裝成15V的電壓表需要串聯(lián)分壓電阻，由串聯(lián)電路特點可知，分壓電阻分壓為12V，是電壓表的4倍，串聯(lián)電路兩端電壓與電阻成正比，由此可知，串聯(lián)電阻阻值為電壓表內(nèi)阻的4倍，串聯(lián)電阻阻值為：3k4=12k，故C正確，ABD錯誤。故選C?！军c睛】題考查了電壓表的改裝，知道電壓表的改裝原理是解題的前提與關(guān)鍵，應(yīng)用串聯(lián)電路特點即可解題。3.圖為一塊長方體銅塊，將1和2、3和4分別接在一個恒壓源（輸出電壓保持不變）的兩端，通過銅塊的電流之比為 A. 1 B. c2a2 C. a2b2 D. b2c2【答案】B【解析】根據(jù)電阻定律R=Ls得，當(dāng)在1、2兩端加上恒定電壓U時，R12=abc，通過銅塊的電流I12=Ubca，當(dāng)在3、4兩端加上恒定的電壓時，R34=cab，通過銅塊的電流I34=Uabc，所以I12:I34=c2a2，故B正確，ACD錯誤；故選B。4.如圖所示，已知電流從電流表的右側(cè)接線柱流入，其指針向右偏轉(zhuǎn)當(dāng)條形磁鐵豎直向下落入線圈時，空氣阻力不計則A. 電流表指針向右偏轉(zhuǎn)B. 電流表指針向左偏轉(zhuǎn)C. 磁鐵加速度大于重力加速度D. 磁鐵加速度等于重力加速度【答案】B【解析】【分析】根據(jù)磁通量的變化，運用楞次定律判斷出感應(yīng)電流的方向，從而確定電流表指針的偏轉(zhuǎn)方向；根據(jù)楞次定律“來拒去留”確定磁鐵的受力情況?！驹斀狻慨?dāng)磁鐵向下插入線圈時，磁通量向下增大，根據(jù)楞次定律知，線圈中感應(yīng)電流由上端流入，下端流出，故感應(yīng)電流的方向從電流表的左接線柱流入，則電流表指針向左偏轉(zhuǎn)。故A錯誤，B正確；根據(jù)楞次定律可知，磁鐵受到向上的阻力，故加速度小于重力加速度，故CD錯誤。故選B?！军c睛】本題考查楞次定律的應(yīng)用，楞次定律是高考的熱點問題，解決本題的關(guān)鍵掌握楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向和受力情況。5.如圖所示，電表均為理想電表，當(dāng)滑動變阻器滑片P向a端移動過程中，下列說法正確的是A. 電壓表V的示數(shù)減小B. 電流表A的示數(shù)增大C. 電容器C的帶電量減少D. 電阻R1的功率減小【答案】D【解析】【分析】明確電路結(jié)構(gòu)，根據(jù)電阻的變化分析電路中電流的變化，從而確定路端電壓和各支路電流的變化，從而確定電容器的電量變化，根據(jù)功率公式確定電阻消耗功率的變化?！驹斀狻炕騛端移動時，滑動變阻器接入電阻增大，則可知總電阻變大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，總電流減小，電流表示數(shù)減??；內(nèi)電壓減小，路端電壓增大；電壓表示數(shù)增大；故AB錯誤；因總電流減小，則內(nèi)電壓和R1兩端的電壓減小，而路端電壓增大，故電容器兩端電壓增大，根據(jù)Q=CU可知其電量增大，故C錯誤；因電流減小，則由P=I2R可知，R1的功率減小，故D正確。故選D?！军c睛】本題考查閉合電路歐姆定律的動態(tài)分析問題，對于選擇題也可以直接根據(jù)“串反并同”的結(jié)論進行分析，得出結(jié)論。6.如圖甲，用電流天平測量勻強磁場的磁感應(yīng)強度掛在天平右臂下方的矩形線圈中通入如圖乙的電流，此時天平處于平衡狀態(tài)現(xiàn)保持邊長MN和電流大小、方向不變，將該矩形線圈改為梯形線圈并保持質(zhì)量不變，如圖丙所示則A. 天平仍處于平衡狀態(tài)B. 無法判斷天平如何傾斜C. 在左側(cè)托盤中適當(dāng)增加砝碼可使天平平衡D. 在右側(cè)托盤中適當(dāng)增加砝碼可使天平平衡【答案】C【解析】【分析】先根據(jù)左手定則判斷出安培力的方向，利用F=BIL判斷出安培力的大小，其中L為導(dǎo)線的有效長度；再結(jié)合線圈所受到的安培力與重力的合力大小，通過對比乙丙兩個圖，利用力矩平衡條件即可判斷出結(jié)論?！驹斀狻坑深}意可知，在乙圖中天平處于平衡狀態(tài)，此時線圈在磁場中受到的安培力大小為F=BIL，方向豎直向上，該安培力與線圈重力的合力大小等于左側(cè)物體的總重力，天平處于平衡；而當(dāng)在丙圖中，由于導(dǎo)體的有效長度變短，故受到的安培力減小且豎直向上，故將該矩形線圈改為梯形線圈，右側(cè)的重力與安培力的合力大于圖乙中右側(cè)的重力與安培力的合力，故天平將向右傾斜。要使天平重新平衡，在左側(cè)托盤中適當(dāng)增加砝碼即可，故C正確、ABD錯誤。故選C?！军c睛】本題主要考查了安培力大小的計算和方向的判斷以及力矩的平衡條件，要牢記在計算通電導(dǎo)體在磁場中受到的安培力時，公式中的L是指導(dǎo)體的有效長度。7.如圖所示，圓形區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面向里的勻強磁場，一個電子以速度v從A點沿直徑AOB方向射入磁場，經(jīng)過t時間從C點射出磁場，OC與OB成60角?，F(xiàn)將磁場的磁感應(yīng)強度大小改為原來的9倍，方向不變，將一正電子（質(zhì)量、電量與電子相同，電性相反）以速度3v從A點沿原方向射入磁場，不計重力，則粒子在磁場中的運動時間變?yōu)锳. 3t B. 9tC. 29t D. 19t【答案】C【解析】【分析】由于粒子在勻強磁場是做勻速圓周運動，運動周期與粒子速度大小無關(guān)，可見，要計算粒子在磁場中運動的時間，只要求得它在磁場中運動軌跡對應(yīng)的圓心角，就可得到所用的時間?！驹斀狻吭O(shè)圓形磁場區(qū)域的半徑是R，以速度v射入時，半徑r1=mveB，根據(jù)幾何關(guān)系可知，r1R=tan60，所以r1=3R，運動時間：t=2T=603602mqB=m3qB，磁感應(yīng)強度變?yōu)?倍，以速度3v射入時，半徑r2=3mvq9B=13r1=33R，設(shè)第二次射入時的圓心角為，根據(jù)幾何關(guān)系可知：tan2=Rr2=3，=120，第二次運動的時間為：t=360T=132mq9B=29t，故C正確，ABD錯誤；故選C?！军c睛】帶電粒子在磁場中運動的題目解題步驟為：定圓心、畫軌跡、求半徑，同時還利用圓弧的幾何關(guān)系來幫助解題。8.在操場上，兩同學(xué)相距L為10m左右，在東偏北、西偏南11的沿垂直于地磁場方向的兩個位置上，面對面將一銅芯導(dǎo)線，象甩跳繩一樣搖動，并將線的兩端分別接在靈敏電流表上銅芯導(dǎo)線和電流表等構(gòu)成的回路的總電阻R為2，繩搖動的頻率配合節(jié)拍器的節(jié)奏，保持f2Hz如果同學(xué)搖動繩子的最大圓半徑h1m，電流表的最大值I3mA則可估算此處地磁場的磁感應(yīng)強度B的數(shù)量級，若將兩人的位置改為與剛才方向垂直的兩點上，那么電流表的示數(shù)I將發(fā)生變化。下列結(jié)果正確的是A. B的數(shù)量級為10-5T，I0B. B的數(shù)量級為10-2T，I9mAC. B的數(shù)量級為10-5T，I9mAD. B的數(shù)量級為10-2T，I0【答案】A【解析】【分析】地球存在南北方向的磁場，當(dāng)閉合電路中的部分導(dǎo)體做切割磁感線運動時，電路中會產(chǎn)生感應(yīng)電流。根據(jù)閉合電路歐姆定律求出感應(yīng)電動勢，由E=BS求出B。若將兩人站立的位置改為與剛才方向垂直的兩點上，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生?！驹斀狻績赏瑢W(xué)在東偏北、西偏南11的沿垂直于地磁場方向的兩個位置上時，根據(jù)閉合電路歐姆定律得：E=IR；線圈在勻強磁場中產(chǎn)生的最大電動勢為：E=BS；又：=2f，ShL；聯(lián)立以上各式解得：B=IR2Lhf，其中 I=3mA=0.003A，L=10m，R=2，h=1m，f=2Hz，代入數(shù)據(jù)解得：B=510-5T，數(shù)量級為10-5T。若將兩人站立的位置，改為與剛才方向垂直的兩點上，繩與磁場平行，不切割磁感線，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，電流計的讀數(shù)I=0。故選A?！军c睛】解答本題時要了解地磁場的分布，建立物理模型是關(guān)鍵，并要掌握法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律等等電磁感應(yīng)基本知識。二多項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共計16分. 每小題有多個選項符合題意. 全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不答的得0分.9.傳感器是自動控制設(shè)備中不可缺少的元件，已經(jīng)滲透到宇宙開發(fā)、環(huán)境保護、交通運輸乃至家庭生活等多種領(lǐng)域。下圖為三種電容式傳感器下列說法中正確的有A. 圖甲是測定液面高度h的傳感器，液面高度h發(fā)生變化時，通過改變兩極板之間的的距離d而引起了電容C的變化B. 圖乙是測定壓力F的傳感器，壓力F發(fā)生變化時，通過改變兩極板之間的的距離d而引起了電容C的變化C. 圖丙是測定角度的傳感器，角度發(fā)生變化時，通過改變兩極板之間的正對面積S而引起了電容C的變化D. 三個圖都是通過改變兩極板之間的正對面積S而引起電容C的變化【答案】BC【解析】試題分析：由平行板電容器C=rS4kd判斷電容C的變化。圖甲中液面高度h發(fā)生變化時通過改變兩極板的正對面積而引起了電容C的變化，所以A選項錯誤；圖乙壓力F發(fā)生變化時，通過改變兩極板之間的距離d而引起了電容C的變化，所以B選項正確；圖丙角度發(fā)生變化時通過改變兩極板之間的正對面積S而引起了電容C的變化，所以C選項正確；綜上所述，D選項錯誤?？键c：影響電容器的因素 傳感器10.如圖，先后以速度v1和v2勻速把一矩形線圈拉出有界勻強磁場區(qū)域，v1：v22：1，在先后兩種情況下，正確的是A. 線圈中的感應(yīng)電流之比為I1I221B. 線圈中的感應(yīng)電流之比為I1I212C. 線圈中產(chǎn)生的焦耳熱之比Q1Q218D. 通過線圈某截面的電荷量之比q1q211【答案】AD【解析】【分析】根據(jù)E=BLv，求出線圈中的感應(yīng)電動勢之比，再求出感應(yīng)電流之比根據(jù)焦耳定律Q=I2Rt，求出線圈中產(chǎn)生的焦耳熱之比根據(jù)q=It=R，求出通過線圈某截面的電荷量之比【詳解】v1=2v2，根據(jù)E=BLv，知感應(yīng)電動勢之比2：1，感應(yīng)電流I=ER=BLvR，則感應(yīng)電流之比為2：1故A正確，B錯誤，v1=2v2，可知時間比為1：2，根據(jù)Q=I2Rt=B2L2v2R2RLv=B2L3vRv，線圈中產(chǎn)生的焦耳熱之比Q1：Q2=2：1，故C錯誤。電荷量：q=It=R=BL2R，與速度無關(guān)，可知通過某截面的電荷量之比為1：1，故D正確。故選AD?！军c睛】本題掌握電磁感應(yīng)的基本規(guī)律是關(guān)鍵采用比例法，用相同的物理量表示所求量，再求比例，是常用的方法記住求解電量的經(jīng)驗公式q=R.11.在如圖所示的電路中，A1和A2是兩個相同的燈泡線圈L的自感系數(shù)足夠大，電阻可以忽略不計下列說法正確的是A. 閉合開關(guān)S時，A1和A2同時亮B. 閉合開關(guān)S時，A2先亮，A1逐漸變亮C. 斷開開關(guān)S后的瞬間，A2閃亮一下再熄滅D. 斷開開關(guān)S后的瞬間，流過A2的電流方向向右【答案】BD【解析】【分析】當(dāng)電鍵S閉合時，通過線圈L的電流增大，穿過線圈的磁通量增大，根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電動勢的方向和作用，分析哪個燈先亮斷開瞬間也可以按照同樣的思路分析【詳解】當(dāng)電鍵S閉合時，燈A2立即發(fā)光。通過線圈L的電流增大，穿過線圈的磁通量增大，根據(jù)楞次定律線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢與原來電流方向相反，阻礙電流的增大，電路的電流只能逐漸增大，A1逐漸亮起來。所以A2比A1先亮。由于線圈直流電阻忽略不計，當(dāng)電流逐漸穩(wěn)定時，線圈不產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，兩燈電流相等，亮度相同。故A錯誤，B正確；穩(wěn)定后當(dāng)電鍵S斷開后，由于自感，線圈中的電流只能慢慢減小，其相當(dāng)于電源，與燈泡A1和A2串聯(lián)，兩燈電流相同，都過一會兒熄滅；電路穩(wěn)定時流過流過燈泡的電流是相等的，所以燈A2不會閃亮，流過A2的電流與開始時方向相反，方向向右；故C錯誤，D正確；故選BD。12.如圖所示，AB、CD是一個圓的兩條直徑，AOC是銳角，該圓處于勻強電場中，電場強度方向平行該圓所在平面。在圓周所在的平面內(nèi)將一個帶正電的粒子從A點先后以相同的速率v沿不同方向射向圓形區(qū)域，粒子將經(jīng)過圓周上的不同點，其中經(jīng)過C點時粒子的動能最小若不計粒子所受的重力和空氣阻力，則下列判斷中正確的是A. 電場強度方向由A指向BB. 電場強度方向由C指向DC. 粒子到達B點時速率一定大于A點射入時的速率D. 粒子經(jīng)過劣弧BD時的電勢能都小于A點的電勢能【答案】BCD【解析】【分析】帶正電微粒以相同的初動能沿著各個方向從A點進入圓形區(qū)域中，只在電場力作用下從圓周上不同點離開圓形區(qū)域，從C點離開圓形區(qū)域的帶電微粒的動能最小。則說明電場力做功最小，從而得出C點是沿電場強度方向離A點最近。電場力做功就是電量與兩點的電勢差的乘積?！驹斀狻績H在電場力作用下從A點進入，離開C點的動能最小，電勢能最大，所以電場線與過C的切線相垂直，由于帶電微粒是帶正電，故勻強電場的方向沿CD方向。故A錯誤，B正確；由圖可知，由A到B電場力電場力做正功，電勢能減小，動能增大，即粒子到達B點時速率一定大于A點射入時的速率，故C正確；沿著電場線方向，電勢逐漸降低，且電場線與等勢面垂直可知，劣弧BD上各點電勢都小于A點電勢，粒子帶正電，故粒子經(jīng)過劣弧BD時的電勢能都小于A點的電勢能，故D正確；故選BCD?！军c睛】C點是沿電場強度方向離A點最近，則電場線與過C的切線相垂直。同時還運用只有電場力做功，導(dǎo)致電勢能與動能相互轉(zhuǎn)化。并考查電勢能等于電量與電勢的乘積。三、填空題：本題共2小題，共計16分請把答案填在答題卡中對應(yīng)位置13.某同學(xué)測定金屬絲電阻率實驗的部分步驟如下：（1）用刻度尺正確測量金屬絲接入電路的長度后，再用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，當(dāng)測微螺桿與金屬絲將要接觸時，應(yīng)調(diào)節(jié)旋鈕_（選填“A”、“B”、“C”或“D”）直到發(fā)出“喀喀”聲時停止；測量結(jié)果如圖，讀數(shù)為_mm （2）用多用電表的電阻“1”擋粗測此金屬絲的電阻，表盤示數(shù)如圖所示，則該金屬絲的阻值約為_（3）用如下實驗器材進一步測其電阻，除待測金屬絲外，實驗室還備有：A電壓表V(量程03V) B電流表A(量程00.6A)C滑動變阻器R1(020、0.6A)D滑動變阻器R2(0xx、0.1A)E1.5V的干電池兩節(jié)，內(nèi)阻不計F開關(guān)S，導(dǎo)線若干為了測多組實驗數(shù)據(jù)，上述器材中的滑動變阻器應(yīng)選用_(選填“C”或“D”)（4）用正確選擇的滑動變阻器連接好電路如圖所示，閉合開關(guān)后，發(fā)現(xiàn)電流表示數(shù)幾乎為零，電壓表示數(shù)接近電源電動勢經(jīng)檢測導(dǎo)線和電表均完好，則發(fā)生故障的是_斷路（選填“待測金屬絲”、“滑動變阻器”或“開關(guān)”）【答案】 (1). D (2). 0.409-0.412mm (3). 8 (4). C (5). 待測金屬絲【解析】【分析】（1）用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，當(dāng)測微螺桿與金屬絲將要接觸時，應(yīng)調(diào)節(jié)微調(diào)旋鈕；螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器的示數(shù)。（2）歐姆表指針示數(shù)與擋位的乘積是歐姆表示數(shù)。（3）為方便實驗操作，應(yīng)選擇最大阻值較小的滑動變阻器。（4）常見的電路故障有斷路與短路兩種，根據(jù)電路故障現(xiàn)象分析電路故障原因?！驹斀狻浚?）用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，當(dāng)測微螺桿與金屬絲將要接觸時，應(yīng)調(diào)節(jié)旋鈕D發(fā)出“喀喀”聲時停止；由圖示螺旋測微器可知，其示數(shù)為：0mm+41.00.01mm=0.410mm；（2）用多用電表的電阻“1”擋粗測此金屬絲的電阻，由圖2所示可知，該電阻的阻值約為81=8；（3）為方便實驗操作，滑動變阻器應(yīng)選擇C。（4）閉合開關(guān)后，電流表示數(shù)為零，說明電路存在斷路；電壓表示數(shù)接近電源電動勢，說明電壓表與電源兩極相連，電壓表并聯(lián)電路之外電路不存在斷路，與電壓表并聯(lián)的電阻絲發(fā)生斷路?！军c睛】本題考查了螺旋測微器與歐姆表讀數(shù)、實驗器材選擇與電路故障分析，要掌握常用器材的使用及讀數(shù)方法，要掌握實驗器材的選擇原則：安全性原則、精確性原則、方便實驗操作原則。14.某同學(xué)利用如圖甲所示的實驗裝置測量一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻（1）調(diào)節(jié)滑動變阻器，電壓表和電流表的示數(shù)記錄如下：U(V)1.451.361.281.251.091.01I(A)0.120.180.240.300.360.42請根據(jù)表中的數(shù)據(jù)，在坐標(biāo)紙圖乙上作出UI圖線_（2）由圖線求得：電動勢E_V；內(nèi)阻r _（3）該電路中電阻的作用是_ （4）引起該實驗系統(tǒng)誤差的主要原因是_A電壓表的分流造成電流表讀數(shù)偏小 B電壓表的分流造成電流表讀數(shù)偏大C電流表的分壓造成電壓表讀數(shù)偏小 D電流表的分壓造成電壓表讀數(shù)偏大【答案】圖像如圖；1.63V（1.60-1.65都算對）1.48（1.40-1.56都算對）保護電路 A【解析】【分析】（1）根據(jù)表中實驗數(shù)據(jù)，應(yīng)用描點法作出圖線。（2）電源U-I圖象與縱軸交點坐標(biāo)值是電源電動勢，圖線斜率的絕對值等于電源內(nèi)阻，根據(jù)圖示圖象求出電源電動勢與內(nèi)阻。（3）分析圖示電路圖答題。（4）根據(jù)實驗電路圖分析實驗誤差來源，然后答題?！驹斀狻浚?）根據(jù)表中實驗數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系內(nèi)描出對應(yīng)點，然后作出圖象如圖所示：（2）由圖示U-I圖象可知，電源電動勢：E=1.62V電源內(nèi)阻：；（3）由圖示電路圖可知，定值電阻串聯(lián)在電路中，起保護電路的作用。（4）由圖示電路圖可知，電流表采用內(nèi)接法，由于電壓表的分流作用，電流的測量值偏小，這是造成實驗誤差的原因，故A正確，BCD錯誤；故選A。三、計算題：本題共3小題，共計36分請按題目的要求作答，解答時應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分，有數(shù)值計算的必須明確寫出數(shù)值和單位.15.如圖，電路中電源電動勢E=10 V，內(nèi)阻r = 1，小燈泡L額定電壓U = 8V，額定功率字跡模糊不清，電動機M的線圈電阻RM = 2閉合開關(guān)S后，燈泡恰好正常發(fā)光，電動機輸出機械功率P =3.5W求：（1）電源中電流I；（2）電動機線圈中電流IM；（3）小燈泡額定功率PL【答案】（1）2A （2）0.5A （3）12W【解析】【分析】（1）小燈泡正常發(fā)光，說明外電壓等于小燈泡的額定電壓，根據(jù)閉合電路歐姆定律列式求解通過電源的電流I；（2）電動機的總功率等于熱功率和機械功率之和，從而求解通過電動機的電流；（3）電源電流減去電動機的電流等于燈泡的電流，根據(jù)P=UI求解燈泡的功率【詳解】（1）電源的內(nèi)電壓 U內(nèi)=EU電源中電流 I=U內(nèi)r 解得：I=2A（2）電動機的總功率 PM=UIM電動機的熱功率 P熱=IM2R能量守恒 PM=P熱+P電動機中電流 IM=0.5A（3）通過燈泡的電流I燈=IIM小燈泡的額定功率 PL=UI燈=12W【點睛】對于電動機工作時，其電路是非純電阻電路，歐姆定律不成立，本題不能用歐姆定律求出通過電動機的電流16.如圖所示，矩形線圈abcd匝數(shù)n=100匝、面積S0.5m2、電阻不計，處于磁感應(yīng)強度B210T的勻強磁場中線圈通過金屬滑環(huán)E、F與理想變壓器原線圈相連，變壓器的副線圈接一只“10V，10W”燈泡接在矩形線圈和原線圈間的熔斷器的熔斷電流的有效值I =1.5A、電阻忽略不計，現(xiàn)使線圈abcd繞垂直于磁場方向的軸OO以角