黑龍江省伊春市第二中學(xué)2018_2019學(xué)年高二物理下學(xué)期試題（含解析）.docx

黑龍江省伊春市第二中學(xué)2018-2019學(xué)年第二學(xué)期高二物理試題一、選擇題（每小題3分，共17小題，共51分，選不全得2分，其中13-17題為多選）1.如圖所示，三個(gè)電阻R1、R2、R3的阻值相同，允許消耗的最大功率分別為10W、10W、4W，則此電路允許消耗的最大功率為（）A. 12WB. 15WC. 16WD. 24W【答案】B【解析】【詳解】由題意知R1=R2=R3=R，P1=10W，P2=10W，P3=4W，因?yàn)镽2與R3并聯(lián)，則兩端電壓相等，所以由公式知道R2與R3所消耗的功率一樣，所以R2、R3在電路中允許最大功率只能是4W，否則會(huì)超過(guò)R2的允許功率；把R2與R3看成一個(gè)并聯(lián)電阻R，則電路就是R1與R串聯(lián)，而串聯(lián)電路所流過(guò)的電流一樣，由知道，R1與R所消耗功率之比等于，所以R1上消耗的功率是并聯(lián)電阻R上的兩倍，如果R2、R3的功率都為4W，則R的功率就是4W+4W=8W，則R1的功率是28W=16W，這樣就大于10W，顯然不可以；所以只能是R1功率為10W，則R是R1的功率一半就是5W，而R2與R3的消耗功率一樣,所以R2與R3的消耗功率均是R的一半，為2.5W，最后計(jì)算R1功率為10W，則R2為2.5W，R3為2.5W，所以總功率最大為10W+2.5W+2.5W=15W，故B正確，A、C、D錯(cuò)誤；故選B。2. 如圖所示，長(zhǎng)方體玻璃水槽中盛有NaCl的水溶液，在水槽左、右側(cè)壁內(nèi)側(cè)各裝一導(dǎo)體片，使溶液中通入沿x軸正向的電流I，沿y軸正向加恒定的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B。圖中a、b是垂直于z軸方向上水槽的前后兩內(nèi)側(cè)面，則( )A. a處電勢(shì)高于b處電勢(shì)B. a處離子濃度大于b處離子濃度C. 溶液的上表面電勢(shì)高于下表面的電勢(shì)D. 溶液的上表面處的離子濃度大于下表面處的離子濃度【答案】B【解析】AB、溶液中的正負(fù)離子沿x軸正向移動(dòng)，由左手定則可知運(yùn)動(dòng)的正離子受到沿z軸正向的洛倫茲力，動(dòng)的負(fù)離子受到沿z軸負(fù)向的洛倫茲力，故正離子都會(huì)偏向a處，負(fù)離子都會(huì)偏向b處，a處電勢(shì)高于b處電勢(shì)， a處鈉離子濃度大于b處鈉離子濃度，故A錯(cuò)誤，B正確；CD、正離子都會(huì)偏向a處，負(fù)離子都會(huì)偏向b處，并沒(méi)有上下之分,所以溶液的上表面電勢(shì)等于下表面的電勢(shì)，溶液的上表面處的離子濃度也等于下表面處的離子濃度,故CD錯(cuò)誤；故選B?！军c(diǎn)睛】對(duì)于電解液,溶液中既有正離子,也有負(fù)離子,兩種離子都運(yùn)動(dòng),這是與導(dǎo)體導(dǎo)電不同的地方,在分析離子的受力的時(shí)候要注意離子的帶正電還是負(fù)電。3. 如圖所示，用粗細(xì)均勻的電阻絲折成平面梯形框架，ab、cd邊均與ad邊成60角，abbccdL，長(zhǎng)度為L(zhǎng)的電阻絲電阻為r，框架與一電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r的電源相連接，垂直于框架平面有磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，則框架受到的安培力的合力大小為()A. 0B. C. D. 【答案】C【解析】試題分析：根據(jù)左手定則判斷出各段受到的安培力的方向，如圖電路abcd上的電阻為3r，由幾何關(guān)系得，ad段的長(zhǎng)度為2L，所以ad上的電阻為2r，并聯(lián)部分的總電阻為：，電路中的總電流，路端電壓，abcd上的電流，abcd上各段的安培力，ad上的安培力，各段受到的力中，和在左右方向的分量大小相等，方向相反，相互抵消，所以線框受到的合外力，C正確；考點(diǎn)：考查了安培力的計(jì)算【名師點(diǎn)睛】該題中，各段時(shí)的電流的大小不相等，要使用閉合電路的歐姆定律分別計(jì)算出各段的電流的大小，然后計(jì)算安培力是解題的正確思路題目的難度中檔4.如圖所示為一列簡(jiǎn)諧波在某一時(shí)刻的波形，圖中已標(biāo)出D質(zhì)點(diǎn)此時(shí)的運(yùn)動(dòng)方向，下列說(shuō)法正確的是（ ）A. 波向右傳播B. 質(zhì)點(diǎn)E此時(shí)運(yùn)動(dòng)方向與D相同C. 此時(shí)A點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)方向向下D. 質(zhì)點(diǎn)C比質(zhì)點(diǎn)B先回到平衡位置【答案】D【解析】A、由圖中質(zhì)點(diǎn)D的運(yùn)動(dòng)方向沿y軸負(fù)方向，則波向左傳播，故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)波形的平移法可知：質(zhì)點(diǎn)D、F與E此時(shí)的速度方向相反，故B錯(cuò)誤；C、根據(jù)波形的平移法可知A點(diǎn)向上運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D、圖示時(shí)間質(zhì)點(diǎn)B沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)，它回到平衡位置的最短時(shí)間大于，而質(zhì)點(diǎn)C經(jīng)過(guò)回到平衡位置，則質(zhì)點(diǎn)C比B先回到平衡位置，故D正確。點(diǎn)睛：根據(jù)質(zhì)點(diǎn)D的運(yùn)動(dòng)方向，可判斷出波的傳播方向，根據(jù)質(zhì)點(diǎn)C和質(zhì)點(diǎn)B的位置和速度方向分析它們回到平衡位置的先后，在相鄰的兩個(gè)波峰與波谷間的各個(gè)質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向相同。5.水平方向振動(dòng)的彈簧振子做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期為T(mén)，則( )A. 若在時(shí)間t內(nèi)，彈力對(duì)振子做的功為零，則t一定是T/2的整數(shù)倍B. 若在時(shí)間t內(nèi)，彈力對(duì)振子做的功為零，則t可能小于T/2C. 若在時(shí)間t內(nèi)，彈簧振子的速度變化量為零，則t一定是T的整數(shù)倍D. 若在時(shí)間t內(nèi)，彈簧振子的速度變化量為零，則t可能小于T/4【答案】BD【解析】【分析】彈力對(duì)振子做功為零，根據(jù)動(dòng)能定理可知初速度與末速度大小相等；彈力對(duì)振子的沖量為零，根據(jù)動(dòng)量定理可知初速度與末速度相同；結(jié)合簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期性和運(yùn)動(dòng)過(guò)程進(jìn)行分析即可?！驹斀狻緼、水平方向振動(dòng)的彈簧振子，彈力對(duì)振子做功為零，根據(jù)動(dòng)能定理可知初速度與末速度大小相等，振子可能經(jīng)過(guò)同一位置，也可能經(jīng)過(guò)關(guān)于平衡位置對(duì)稱的位置，t不一定是的整數(shù)倍，可能小于，故A錯(cuò)誤，B正確；C、若在時(shí)間t內(nèi)，彈力對(duì)振子沖量為零，根據(jù)動(dòng)量定理可知在t時(shí)間內(nèi)初速度與末速度相同，t可能是T的整數(shù)倍，也可能振子經(jīng)過(guò)關(guān)于平衡位置對(duì)稱的位置，則t可能小于，故C錯(cuò)誤，D正確。故選：BD6.如圖所示，兩個(gè)小球A、B在光滑水平地面上相向運(yùn)動(dòng)，它們的質(zhì)量分別為mA=4kg，mB=2kg，速度分別是vA=3m/s（設(shè)為正方向），vB=-3m/s則它們發(fā)生正碰后，速度的可能值分別為（ ）A. vA=1 m/s，vB=1 m/sB. vA=4 m/s，vB=-5 m/sC. vA=2 m/s，vB=-1 m/sD. vA=-1 m/s，vB=-5 m/s【答案】A【解析】試題分析：兩球碰撞過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，碰撞過(guò)程中系統(tǒng)機(jī)械能不可能增加，碰撞后的系統(tǒng)總動(dòng)能應(yīng)該小于或等于碰撞前的系統(tǒng)總動(dòng)能；同時(shí)，碰撞后A球速度不大于B球的速度碰前系統(tǒng)總動(dòng)量為，碰前總動(dòng)能為；若，則系統(tǒng)動(dòng)量守恒，動(dòng)能3J，碰撞后A球速度不大于B球的速度，符合，故A可能；若，則系統(tǒng)動(dòng)量守恒，動(dòng)能大于碰撞前，不符合題意，故B不可能；若，則系統(tǒng)動(dòng)量守恒，但不符合碰撞后A球速度不大于B球的速度，故C不可能；若，則系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，D不可能?？键c(diǎn)：考查了動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用7.如圖所示為某一質(zhì)點(diǎn)在04s時(shí)間內(nèi)的振動(dòng)圖象，下列敘述中正確地是（ ）A. 該質(zhì)點(diǎn)2.5s時(shí)向正方向振動(dòng)B. 該質(zhì)點(diǎn)2.5s時(shí)加速度方向?yàn)樨?fù)方向C. 該質(zhì)點(diǎn)2s時(shí)加速度最大，且方向?yàn)樨?fù)方向D. 該質(zhì)點(diǎn)5s時(shí)加速度最大，且方向?yàn)樨?fù)方向【答案】D【解析】A、根據(jù)圖像質(zhì)點(diǎn)在時(shí)刻正向負(fù)的最大位移處運(yùn)動(dòng)，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B、根據(jù)回復(fù)力和牛頓第二定律：可知，該時(shí)刻該質(zhì)點(diǎn)的位移為負(fù)值，故此時(shí)加速度方向?yàn)檎较?，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C、根據(jù)回復(fù)力和牛頓第二定律：可知，質(zhì)點(diǎn)在時(shí)刻位移為零，故該時(shí)刻加速度為零，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D、根據(jù)回復(fù)力和牛頓第二定律：可知，質(zhì)點(diǎn)時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)處于正的最大位移處，故該時(shí)刻加速度為負(fù)方向最大值，故選項(xiàng)D正確。8.如圖所示，平行板電容器兩極板水平放置，現(xiàn)將其與二極管串聯(lián)接在電動(dòng)勢(shì)為E的直流電源上，電容器下極板接地，靜電計(jì)所帶電量可忽略，二極管具有單向?qū)щ娦?。閉合開(kāi)關(guān)S，一帶電油滴恰好靜止于兩板間的P點(diǎn)，現(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向下移動(dòng)一小段距離，則下列說(shuō)法正確的是A. 平行板電容器的電容將變大B. 靜電計(jì)指針張角變小C. 帶電油滴的電勢(shì)能將減少D. 油滴仍將保持靜止【答案】CD【解析】根據(jù) 知，d增大，則電容減小故A錯(cuò)誤靜電計(jì)測(cè)量的是電容器兩端的電勢(shì)差，因?yàn)殡娙萜麟娙轀p小，則電容器要放電，但是由于二極管的單向?qū)щ娦?，?dǎo)致電容器電量不變，故根據(jù)Q=CU可知，U變大，所以靜電計(jì)指針張角變大故B錯(cuò)誤因電容器電量不變，則當(dāng)d增大時(shí)，根據(jù),電場(chǎng)強(qiáng)度不變，P點(diǎn)與下極板的電勢(shì)差變大，則P點(diǎn)的電勢(shì)增大，因?yàn)樵撾姾蔀樨?fù)電荷，則電勢(shì)能減小故C正確因電場(chǎng)強(qiáng)度不變，則油滴所受電場(chǎng)力不變油滴仍將保持靜止，故D正確故選CD點(diǎn)睛：本題是電容器的動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題，關(guān)鍵抓住不變量，二極管的存在導(dǎo)致電容器不能放電，則電量不變；當(dāng)電容量電量不變時(shí)，兩板間的場(chǎng)強(qiáng)與兩板間距無(wú)關(guān).9.如圖甲所示，某均勻介質(zhì)中各質(zhì)點(diǎn)的平衡位置在同一條直線上，相鄰兩點(diǎn)間距離為質(zhì)點(diǎn)1開(kāi)始振動(dòng)時(shí)速度方向豎直向上，振動(dòng)由此開(kāi)始向右傳播經(jīng)過(guò)時(shí)間t，前13個(gè)質(zhì)點(diǎn)第一次形成如圖乙所示的波形關(guān)于該波的周期與波長(zhǎng)說(shuō)法正確的為A. 、9dB. 、8dC. 、9dD. 、8d【答案】D【解析】【詳解】根據(jù)振動(dòng)的周期性和波的傳播特點(diǎn)可知，質(zhì)點(diǎn)13此時(shí)的振動(dòng)方向向下，而波源的起振方向向上，所以從質(zhì)點(diǎn)13算起，需要再經(jīng)T/2振動(dòng)的方向才能向上，即與波源的起振方向相同，設(shè)周期為T(mén)，則t=3T/2+T/2=2T，即T=t/2；相鄰波峰（或波谷）間的距離等于波長(zhǎng)，由題意知波長(zhǎng)為8d，故D正確。故選D。10.如圖所示，光滑的水平桌面上放著兩個(gè)完全相同的金屬環(huán)a和b，當(dāng)一條形磁鐵的S極豎直向下迅速靠近兩環(huán)中間時(shí)，則() A. a、b互相遠(yuǎn)離B. a、b互相靠近C. a、b均靜止不動(dòng)D. a、b均向上跳起【答案】A【解析】【詳解】根據(jù)楞次定律可知：當(dāng)條形磁鐵沿軸線豎直向下迅速移動(dòng)時(shí)，閉合導(dǎo)體環(huán)內(nèi)的磁通量增大，因此兩線圈產(chǎn)生順時(shí)針感應(yīng)電流，由于兩線圈電流方向相反，所以a，b兩環(huán)互相排斥而相互遠(yuǎn)離，因此選項(xiàng)A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。11.一直升機(jī)停在南半球的地磁北極上空。該處地磁場(chǎng)的方向豎直向上,磁感應(yīng)強(qiáng)度為B。直升機(jī)螺旋槳葉片的長(zhǎng)度為L(zhǎng),螺旋槳轉(zhuǎn)動(dòng)的頻率為f,順著地磁場(chǎng)的方向看螺旋槳,螺旋槳順時(shí)針?lè)较蜣D(zhuǎn)動(dòng)。螺旋槳葉片的近軸端為a,遠(yuǎn)軸端為b。如果忽略a到轉(zhuǎn)軸中心線的距離,用E表示每個(gè)葉片中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì),如圖所示,則() A. E=2fL2B,且a點(diǎn)電勢(shì)低于b點(diǎn)電勢(shì)B. E=fL2B,且a點(diǎn)電勢(shì)低于b點(diǎn)電勢(shì)C. E=fL2B,且a點(diǎn)電勢(shì)高于b點(diǎn)電勢(shì)D. E=2fL2B,且a點(diǎn)電勢(shì)高于b點(diǎn)電勢(shì)【答案】A【解析】【詳解】每個(gè)葉片都切割磁感線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)右手定則知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)方向由a到b，則a點(diǎn)電勢(shì)低于b點(diǎn)電勢(shì)；b端的線速度大小為：v=L=2Lf，所以每個(gè)葉片中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：，故B正確，ACD錯(cuò)誤；故選B。12.如圖所示，質(zhì)量為m的金屬環(huán)用線懸掛起來(lái)金屬環(huán)有一半處于水平且與環(huán)面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中從某時(shí)刻開(kāi)始，磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻減小，則在磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻減小的過(guò)程中，關(guān)于線拉力的大小的下列說(shuō)法正確的是() A. 大于環(huán)的重力mg，并保持恒定B. 大于環(huán)的重力mg，并逐漸減小C. 小于環(huán)的重力mg，并保持恒定D. 始終等于環(huán)的重力mg【答案】B【解析】【詳解】磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻減小，穿過(guò)回路的磁通量均勻減小，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得知，回路中產(chǎn)生恒定的電動(dòng)勢(shì)，感應(yīng)電流也恒定不變。由楞次定律可知，感應(yīng)電流方向：順時(shí)針，再由左手定則可得，安培力的合力方向豎直向下。則半圓環(huán)所受的安培力F=2BIR，可知安培力F隨著磁感應(yīng)強(qiáng)度B的均勻減小而均勻減小；因拉力T=G+F，則拉力開(kāi)始時(shí)大于重力mg，并且逐漸減小；故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選B。13.如圖所示，用恒力F將閉合線圈自靜止開(kāi)始(不計(jì)摩擦)從圖示位置向左加速拉出有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，則在此過(guò)程中()A. 線圈向左做勻加速直線運(yùn)動(dòng)B. 線圈向左運(yùn)動(dòng)且加速度逐漸增大C. 線圈向左運(yùn)動(dòng)且加速度逐漸減小D. 線圈中感應(yīng)電流逐漸增大【答案】CD【解析】線圈向左運(yùn)動(dòng)時(shí)，ab邊做切割磁感線運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)，根據(jù)右手定則可知ab產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)方向從a向b，電動(dòng)勢(shì)的大小為E=BLv，通過(guò)ab的電流為I=，由左手定則可知ab邊受到的安培力方向向右，大小為F安=BIL；根據(jù)牛頓第二定律應(yīng)有F-F安=ma；聯(lián)立可得，可見(jiàn)，加速度a隨速度v的增大而減小，即線圈做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，所以AB錯(cuò)誤，C正確；線圈加速運(yùn)動(dòng)，產(chǎn)生的感應(yīng)電流應(yīng)逐漸增大，所以D正確故選CD.點(diǎn)睛：對(duì)電磁感應(yīng)問(wèn)題首先找出電源，然后根據(jù)楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律寫(xiě)出電動(dòng)勢(shì)大小和方向，若涉及到力學(xué)問(wèn)題，就進(jìn)行受力分析，再根據(jù)牛頓第二定律寫(xiě)出相應(yīng)的表達(dá)式，然后再討論即可14.如圖所示電路中，變壓器為理想變壓器，a、b接在電壓有效值不變的交流電源兩端，R0為定值電阻，R為滑動(dòng)變阻器現(xiàn)將變阻器的滑片從一個(gè)位置滑動(dòng)到另一位置，觀察到電流表A1的示數(shù)增大了0.2 A，電流表A2的示數(shù)增大了0.8 A，則下列說(shuō)法正確的是() A. 電壓表V2示數(shù)不變B. 電壓表V3示數(shù)增大C. 該變壓器起降壓作用D. 變阻器滑片是沿dc的方向滑動(dòng)【答案】BD【解析】【詳解】觀察到電流表A1的示數(shù)增大了0.2A，電流表A2的示數(shù)增大了0.8A，即副線圈電流增大，由于a、b接在電壓有效值不變的交流電流兩端，匝數(shù)比不變，所以副線圈電壓不變，即V1，V2示數(shù)不變，根據(jù)歐姆定律得負(fù)載電阻減小，所以變阻器滑片是沿cd的方向滑動(dòng)，故A正確，D錯(cuò)誤；由于電流表A2的示數(shù)增大，所以R0兩端電壓增大，所以滑動(dòng)變阻器R兩端電壓減小，即電壓表V3示數(shù)減小，故B錯(cuò)誤；觀察到電流表A1的示數(shù)增大了0.2A，電流表A2的示數(shù)增大了0.8A，即原線圈電流增大量小于副線圈電流增大量，根據(jù)電流與匝數(shù)成反比，所以該變壓器起降壓作用，故C正確；故選AC。15.如圖甲所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為41，b是原線圈的中心抽頭，圖中電表均為理想的交流電表，定值電阻R10 ，其余電阻均不計(jì)，從某時(shí)刻開(kāi)始在原線圈c、d兩端加上如圖乙所示的交變電壓，則下列說(shuō)法正確的是()A. 當(dāng)單刀雙擲開(kāi)關(guān)與a連接且t0.01 s時(shí)，電流表示數(shù)為零B. 當(dāng)單刀雙擲開(kāi)關(guān)與a連接時(shí)，電壓表的示數(shù)為55 VC. 當(dāng)單刀雙擲開(kāi)關(guān)由a撥向b時(shí)，原線圈的輸入功率增大D. 當(dāng)單刀雙擲開(kāi)關(guān)由a撥向b時(shí)，副線圈輸出電壓的頻率為25 Hz【答案】BC【解析】【詳解】當(dāng)單刀雙擲開(kāi)關(guān)與a連接時(shí)，電流表示數(shù)為電流的有效值，不隨時(shí)間的變化而變化，所以電流表的示數(shù)為不為零，故A錯(cuò)誤；交流電的有效值為220V，根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比可知，當(dāng)單刀雙擲開(kāi)關(guān)與a連接時(shí)，副線圈電壓為55V，則電壓表的示數(shù)為55 V，故B正確；當(dāng)單刀雙擲開(kāi)關(guān)由a撥向b時(shí)，原線圈的匝數(shù)變小，所以副線圈的輸出的電壓要變大，電阻R上消耗的功率變大，原線圈的輸入功率也要變大，故C正確。由圖象可知，交流電的周期為210-2s，所以交流電的頻率為f=50Hz，變壓器不能改變交流電的頻率，則D錯(cuò)誤；故選BC。16. 如圖所示，在線圈上端放置一盛有冷水的金屬杯，現(xiàn)接通交流電源，過(guò)了幾分鐘，杯內(nèi)的水沸騰起來(lái)。若要縮短上述加熱時(shí)間，下列措施可行的有（ ）A. 增加線圈的匝數(shù)B. 提高交流電源的頻率C. 將金屬杯換為瓷杯D. 取走線圈中的鐵芯【答案】AB【解析】試題分析：當(dāng)線圈中通以交變電流時(shí)，在金屬杯中將產(chǎn)生感應(yīng)電流，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，因此增加線圈的匝數(shù)可以提高感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，感應(yīng)電流的功率增大，使杯內(nèi)的水沸騰所需的時(shí)間縮短，提高交流電源的頻率，磁通變化率變大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)變大，感應(yīng)電流的功率增大，故選項(xiàng)A、B正確；取走線圈中的鐵芯則使得線圈周圍的磁場(chǎng)變?nèi)?，磁通量減小，磁通變化率亦減小，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)變小，從而使杯內(nèi)的水沸騰所需的時(shí)間反而邊長(zhǎng)，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤；將金屬杯換為瓷杯后，由于陶瓷不是導(dǎo)體，因此瓷杯中不能產(chǎn)生感應(yīng)電流，無(wú)法給水加熱，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤。考點(diǎn)：本題主要考查了對(duì)感應(yīng)電流產(chǎn)生條件、法拉第電磁感應(yīng)定律的理解與應(yīng)用問(wèn)題，屬于中檔題。17. 如圖所示，光滑水平面上存在有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，直徑與磁場(chǎng)寬度相同的金屬圓形線框以一定的初速度斜向勻速通過(guò)磁場(chǎng)。在必要的時(shí)間段內(nèi)施加必要的水平拉力保證其勻速運(yùn)動(dòng)，則A. 金屬框內(nèi)感應(yīng)電流方向先逆時(shí)針再順時(shí)針B. 金屬框內(nèi)感應(yīng)電流經(jīng)歷兩次先增大后減小C. 水平拉力方向與速度同向D. 水平拉力方向與速度方向有關(guān)【答案】AB【解析】【詳解】進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)，磁通量在增大，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较颉３龃艌?chǎng)時(shí)，磁通量減小，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針?lè)较颉９蔄正確。根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律知，進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)，磁通量的變化率先變快再變慢，則感應(yīng)電流的大小先變大后變小。出磁場(chǎng)時(shí)，磁通量的變化率先變快再變慢，則感應(yīng)電流大小先變大后變小。故B錯(cuò)誤。水平拉力和安培力平衡，方向相反，安培力的方向水平向左，則水平拉力的方向水平向右，與速度方向無(wú)關(guān)。故C錯(cuò)誤，D正確。故選AD。二、填空題：（共9分）18.如圖所示，一列簡(jiǎn)諧波向右傳播，波速為v，沿波的傳播方向上有相距為L(zhǎng)的P、Q兩質(zhì)點(diǎn)，某時(shí)刻P、Q兩質(zhì)點(diǎn)都處于平衡位置，且此刻P點(diǎn)速度向下，P、Q間僅有一個(gè)波峰，經(jīng)過(guò)時(shí)間t，Q點(diǎn)第一次達(dá)到波谷。此波的可能最大波速為_(kāi)?！敬鸢浮?【解析】根據(jù)題意可以知道，波形圖為：則，由題意：，則： ，根據(jù)公式： 。19.如圖所示，一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正向傳播，波傳到x=1m的P點(diǎn)時(shí)，P點(diǎn)開(kāi)始向下振動(dòng)，此時(shí)為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，已知在t=0.4s時(shí)PM間第一次形成圖示波形，此時(shí)x=4m的M點(diǎn)正好在波谷。當(dāng)M點(diǎn)開(kāi)始振動(dòng)時(shí)，P點(diǎn)正好在_，這列波的傳播速度是_。 【答案】 (1). 波峰 (2). 10m/s【解析】由題意，簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正向傳播，在時(shí)PM間第一次形成圖示波形，由于P振動(dòng)時(shí)間是半個(gè)周期的整數(shù)倍，則知時(shí)間內(nèi)振動(dòng)傳播了一個(gè)波長(zhǎng)，故波的周期為 根據(jù)圖像可知PM之間距離為，根據(jù)波形可知，當(dāng)M點(diǎn)開(kāi)始振動(dòng)時(shí)，由波形可知，P點(diǎn)在波峰，由圖知，波長(zhǎng) ，則波速。三、實(shí)驗(yàn)題（本題共2小題，共16分。)20.在伏安法測(cè)電阻的實(shí)驗(yàn)中，待測(cè)電阻Rx的阻值約為200 ，電壓表的內(nèi)阻約為2 k，電流表的內(nèi)阻約為10 ，測(cè)量電路中電流表的連接方式如圖(a)(b)所示，若將圖中測(cè)得的電阻值分別記為Rx1和Rx2，則_(填“Rx1”或“Rx2”)更接近待測(cè)電阻的真實(shí)值，且測(cè)量值Rx1_(填“大于”“等于”或“小于”)真實(shí)值，測(cè)量值Rx2_(填“大于”“等于”或“小于”)真實(shí)值【答案】 (1). Rx1 (2). 大于 (3). 小于【解析】【詳解】由題意可知：，則有：，故電流表應(yīng)采用內(nèi)接法時(shí)誤差較小，則Rx1更接近待測(cè)電阻的真實(shí)值，但由于電流表采用內(nèi)接法，電壓的測(cè)量值偏大，由歐姆定律可知電阻Rx1測(cè)量值大于真實(shí)值；圖(b)采用電流表外接法，由于電壓表的分流使電流表示數(shù)偏大，則由歐姆定律可知測(cè)量值Rx2小于真實(shí)值；21.在測(cè)定干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)中，備有下列器材：A待測(cè)干電池（1節(jié)）B電流表G（滿偏電流1mA，內(nèi)阻Rg=10）C電流表A（00.63A，內(nèi)阻未知）D滑動(dòng)變阻器R1（015，10A）E滑動(dòng)變阻器R2（0200，1A）F定值電阻R0（阻值1990）G開(kāi)關(guān)K與導(dǎo)線若干 (1)在實(shí)驗(yàn)中，為了操作方便且能夠準(zhǔn)確進(jìn)行測(cè)量，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用_（填“R1”或“R2”）；電流表的量程應(yīng)為_(kāi)A擋（填“0.6”或“3”）(2)根據(jù)題目提供的實(shí)驗(yàn)器材，請(qǐng)?jiān)O(shè)計(jì)出測(cè)量干電池電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的電路原理圖，并如圖畫(huà)在方框內(nèi)_(3)如圖為某同學(xué)利用上述設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路測(cè)出的數(shù)據(jù)繪出的I1I2圖線（I1為電流表G的示數(shù)，I2為電流表A的示數(shù)），則由此圖線可以得到被測(cè)干電池的電動(dòng)勢(shì)E=_V，內(nèi)阻r=_（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）【答案】 (1). R1 (2). 0.6 (3). (4). 1.5 (5). 1.0【解析】【詳解】解：(1)實(shí)驗(yàn)中電路中的電流應(yīng)較大，應(yīng)選總電阻較小的滑動(dòng)變阻器R1，測(cè)一節(jié)干電池電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻實(shí)驗(yàn)，電路最大電流較小，約為零點(diǎn)幾安，因此電流表應(yīng)選0.6A量程；(2)實(shí)驗(yàn)中沒(méi)有電壓表，可以用已知內(nèi)阻的電流表G與定值電阻R0串聯(lián)組成電壓表測(cè)路端電壓，電流表A測(cè)電路電流，實(shí)驗(yàn)電路圖如圖所示； (3)根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路圖，由閉合電路歐姆定律得：，I1I2圖線的函數(shù)表達(dá)式應(yīng)為：，由圖示圖象可知圖象的截距，圖象斜率的絕對(duì)值，解得電源電動(dòng)勢(shì)E=1.5V，內(nèi)阻r=1.0；三、計(jì)算題：（24分）22.如圖所示，在同一均勻介質(zhì)中有S1和S2兩個(gè)波源，這兩個(gè)波源的頻率、振動(dòng)方向均相同，且振動(dòng)的步調(diào)完全一致，S1與S2之間相距為4 m，若S1、S2振動(dòng)頻率均為5 Hz，兩列波的波速均為10 m/s，B點(diǎn)為S1和S2連線的中點(diǎn)，今以B點(diǎn)為圓心，以RBS1為半徑畫(huà)圓(1)該波的波長(zhǎng)為多少？(2)在S1、S2連線上振動(dòng)加強(qiáng)的點(diǎn)有幾個(gè)，它們距S1的距離為多少？(3)在該圓周上(S1和S2兩波源除外)共有幾個(gè)振動(dòng)加強(qiáng)的點(diǎn)？【答案】（1）2m；（2）3個(gè)，1m